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初中物理中考复习 2021年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理真题
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这是一份初中物理中考复习 2021年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理真题，共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2021年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 下列估测数据中，最符合实际情况的是( )
A. 中学生课桌的高度约为20cm B. 人的正常体温约为37℃
C. 中学生百米赛跑的成绩约为8s D. 一节新干电池的电压为2V
2. 疫情过后，小雨同学去音乐厅听一场音乐演奏会，当她听到优美动听的音乐时，联想到初中学习过的有关声现象的知识。下列说法正确的是( )
A. 小提琴发出的声音是由琴弦振动产生的
B. 听众可以通过音调分辨出不同乐器发出的声音
C. 悠扬的琴声在空气中的传播速度是3×108m/s
D. 音乐厅的门窗在演奏时关闭是为了防止噪声产生
3. 描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是( )
A. 立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B. 清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
C. 秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热
4. 下列现象中属于光沿直线传播的是( )
A. 左侧的黑板反光
B. 日食的形成
C. 叶脉通过露珠成放大的像
D. 雨后天空出现彩虹
5. 日常生活中有很多现象都与我们学习过的物理知识有关。下列说法正确的是( )
A. 自行车前后轮安装在滚动轴承上，可以增大摩擦
B. 投掷出去的铅球在空中飞行的过程中，运动员对铅球做了功
C. 短跑运动员在到达终点后不会立即停下来，是因为受到惯性的作用
D. 高压锅是利用液体的沸点随液面上方气压增大而升高的原理工作的
6. 下列物理现象中，说法正确的是( )
A. 连通器各部分中的液面高度总是相同的
B. 在医院的手术室、病房中经常用紫外线灯来灭菌
C. 悬挂着的吊灯受到的重力和吊灯对吊线的拉力是一对平衡力
D. 骆驼的脚掌宽大，能轻松地在沙漠中行走，是利用增大受力面积来减小压力
7. 如图所示的做法中符合安全原则的是( )
A. 雷雨天站在大树下避雨
B. 用手指触碰插座的插孔
C. 用湿抹布擦发光的灯泡
D. 将冰箱的金属外壳接地
8. 如图所示是一款带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光。以下四幅图能反映此现象原理的是( )
A.
B.
C.
D.
9. 在木棒的一端缠绕几圈细铜丝，制成一支简易液体密度计，将其先后放入盛有甲、乙两种液体的相同烧杯中，处于静止状态，且放入密度计后液面高度相同，如图所示。若密度计在甲、乙液体中所受浮力分别是F甲、F乙，甲、乙两种液体的密度分别是ρ甲、ρ乙，甲、乙两种液体对容器底部产生的压强分别是p甲、p乙，则( )
A. F甲F乙 C. ρ甲>ρ乙 D. p甲
A. 电流表示数减小，电压表示数增大
B. 电流表示数减小，电压表示数不变
C. 电路总电阻减小，电路总功率增大
D. 电流表示数不变，电压表示数不变
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
11. 光的世界丰富多彩，光学器件在我们的生活、学习中有着广泛的应用。你认为下面介绍符合实际的是( )
A. 借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应大于一倍焦距
B. 用照相机拍摄景物时，景物到镜头的距离应大于二倍焦距
C. 阳光通过凸透镜可形成一个很小很亮的光斑，是利用了凸透镜对光线有会聚作用
D. 近视眼镜是利用凹透镜对光线有发散作用来矫正近视的
12. 如图所示是一位同学组装的提升重物的装置，他用80N的力在10s内把重120N的物体匀速提升5m。则此过程中，下列说法正确的是( )
A. 他做的总功是1200J
B. 他做的有用功是800J
C. 他对滑轮组做功的功率是80W
D. 该滑轮组的机械效率是75%
13. 如图所示，电源电压4.5V保持不变，电压表选择“0～3V”量程，电流表选择“0～0.6A”量程，电阻R1阻值为10Ω，滑动变阻器R2规格为“20Ω 1A”，闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，移动滑片P的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表的变化范围是0.3A～0.6A
B. 电压表的变化范围是1.5V−3V
C. 滑动变阻器的阻值变化范围是5Ω～20Ω
D. 该电路的最大总功率是2.7W
三、填空题（本大题共10小题，共20.0分）
14. 小明上学前站在穿衣镜前1m处整理仪表，他与镜中自己像的距离是______ m。当小明向后退了50cm时，镜中所成像的大小______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)。
15. 端午节龙舟赛上，运动员用桨向后划水，龙舟就会向前行驶，说明力的作用是______ 。当2号龙舟超过5号龙舟时，它们是相对______ 的(选填“运动”或“静止”)。
16. 新冠疫情期间，某医院急诊室的一个氧气瓶充满氧气，在给急救病人供氧时用去了一半氧气，则氧气瓶中剩余氧气的质量______ ，密度______ (两空均选填“变大”、“不变”或“变小”)。
17. 如图所示，为了倡导绿色出行，某市投放了大量的共享单车，小明在水平路面上匀速骑行900m，所用时间为3min，他骑行时单车的平均速度是______ m/s，若人与车的总质量为70kg，每个轮胎与路面的接触面积约为0.001m2，当他骑行时共享单车对路面的压强是______ Pa。
18. 在水平地面上工人师傅沿水平方向推重300N的木箱做直线运动，木箱速度随时间变化的图像如图所示。已知在4s～8s内木箱受到的推力恒为100N，则在这段时间(4s～8s)内，木箱受到的推力的功率是______ W，8s～10s内木箱受到的摩擦力是______ N(忽略空气阻力)。
19. 杠杆是我们生活中一种常见的简单机械，如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点悬挂一个重为20N的物体，B点施加一个竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，且OB：AB=2：1。则F= ______ N，此杠杆是______ 杠杆。
20. 如图所示，试管中的水蒸气将塞子推出的过程中，水蒸气的______ 转化为塞子的机械能。四冲程汽油机在工作过程中，______ 冲程与上述能量转化过程相同。
21. 如图所示的电能表，在某段时间内转盘转了1800转，则此段时间内接在这个电能表上的用电器消耗的总电能是______ kW⋅h，此电能表允许接入用电器的最大总功率是______ W。
22. 如图所示的电路中，接通电源，通电一段时间后，______ 侧U形管液面高度的变化较大(选填“左”或“右”)。如果通过甲容器中电阻丝的电流是2A，则乙容器中电阻丝在1min内产生的热量是______ J。
23. 如图所示的电路中，L1标有“6V 3W”字样，L2标有“3V 3W”字样，闭合开关后，两灯均发光，此时两电压表示数之比为U1：U2= ______ ；若两灯并联后接入3V电路中，则L1、L2两灯的实际电功率之比为P1：P2= ______ (忽略温度对灯丝电阻的影响)。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
24. 图甲是小丽同学探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验装置图。
(1)如图乙所示，温度计的示数为______ ℃(不需要估读)。
(2)安装实验器材时，小丽应按照______ 的顺序进行(选填“从上到下”或“从下到上”)。
(3)她将冰熔化的过程绘制成如图丙所示的温度随时间变化的图像。分析图像数据可知，冰是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
(4)分析图丙可知，该物质在t1时刻的内能______ t2时刻的内能；CD段加热时间是AB段加热时间的2倍，则冰的比热容______ 水的比热容(两空均选填“大于”、“等于”或“小于”)。
(5)当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水______ 沸腾(选填“能”或“不能”)。
25. 为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小夏设计了如图所示实验(实验所用棉布比木板表面粗糙)。
(1)实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做______ 运动，根据______ 知识，可知滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
(2)在这四次实验中，滑动摩擦力最小的是______ (选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”)。
(3)比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与______ 是否有关；比较乙、丙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与______ 是否有关。
(4)比较甲、丁两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丁实验中弹簧测力计的示数，小夏由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是______ 的(选填“正确”或“错误”)，理由是______ 。
(5)小夏对实验装置进行改进后，如图戊所示，当他再进行实验时，发现效果更好。请你说出改进后的优点是______ (写出一条即可)。
26. 小君在做“测量定值电阻Rx的阻值”的实验时，老师为他提供的器材有：电源、未知阻值的定值电阻Rx、符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线，图乙是没有连接完整的实物电路图。
(1)请根据图甲用笔画线代替导线将实物电路图(图乙)连接完整(要求：向右移动滑动变阻器的滑片P使电流表示数变小；导线不交叉)。
(2)在连接电路时，开关必须______ ；实验前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于______ 端(选填“A”或“B”)。
(3)闭合开关后，无论怎样移动滑片P，发现电流表始终无示数，电压表有示数，其原因可能是______ 。
A.滑动变阻器断路
B.定值电阻断路
C.定值电阻短路
(4)排除故障后，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图丙所示，则定值电阻的阻值为______ Ω，定值电阻的电功率为______ W。
(5)完成上述实验后，小君同学又想测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率，但发现电流表已经损坏，于是他又找来了两个开关和一个阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁所示的电路。已知电源电压恒为U(U>U额)，请你完成下面的实验步骤。
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ ；
②闭合开关______ ，断开开关______ (填写S、S1、S2)，保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表示数为U1；
③小灯泡额定功率的表达式为P额= ______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共17.0分）
27. 如图为中国新一代通用型导弹驱逐舰169号(武汉舰)，它是052B型导弹驱逐舰。其满载时的排水量约为7×103t，当驱逐舰以72km/h的速度匀速直线航行时，受到的阻力是自身总重力的0.01倍。求：(海水密度近似取1.0×103kg/m3)
(1)在水面下3m深处，船体受到的海水的压强是多少？
(2)驱逐舰满载时，受到的浮力是多少？
(3)驱逐舰满载时，排开海水的体积是多少？
(4)驱逐舰满载时以72km/h的速度匀速航行，受到的牵引力是多少？
28. 父亲节到了，小明妈妈为爷爷买了一个电热足浴盆，内部由加热系统和按摩系统两部分组成，加热系统的加热电阻额定电压为220V，额定功率为605W。求：
(1)该电热足浴盆加热系统是利用电流的______ 工作的。
(2)小明帮爷爷泡脚前，向足浴盆中加入6kg初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40℃，则此加热过程中水吸收的热量是多少？(水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃))
(3)加热系统的加热电阻正常工作15min消耗的电能是多少？
(4)当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际电功率是多少？(忽略温度对电阻的影响)
六、综合题（本大题共2小题，共10.0分）
29. 随着生产和技术的发展，人们已经开始将太阳能转化为其它形式的能加以利用。目前直接利用太阳能的方式有两种，一种是用吸光性好的材料制成太阳能集热器，实现给水或其它介质加热；另一种是利用半导体材料制成太阳能电池，这种电池目前已用于人造地球卫星、太阳能汽车等。
太阳能作为一种新能源，具有来源丰富、不需运输、不会对环境造成污染等优点。但由于能量比较分散且受季节、气候和昼夜变化的影响很大，又给大规模利用太阳能带来新的技术课题。
如图是试验中的无人驾驶太阳能汽车，利用太阳能电池提供能源。
(1)太阳能电池工作时，是将太阳能转化为______ 。
(2)技术人员可以通过______ 远程操控汽车(选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”)。
(3)太阳能属于______ 能源(选填“可再生”或“不可再生”)。
(4)太阳能汽车的外形做成流线型，上表面弯曲，下表面比较平。汽车高速行驶时对地面的压力______ 汽车静止时对地面的压力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
(5)请你说出太阳能的一条优点：______ 。
30. 电给我们的生活带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害。所以，一定要学会安全用电，让电更好地为我们服务。如图所示的家庭电路中，如果同时使用的用电器总功率过大，可能会引发火灾。请你用所学过的电学知识来解释原因。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、课桌的高度约为80cm，故A错误；
B、人的正常体温约是37℃，符合实际，故B正确；
C、中学生百米赛跑的成绩约为15s，故C错误；
D、一节新干电池的电压为1.5V，故D错误．
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】A
【解析】解：A、琴弦的振动产生声音，故A正确；
B、由于不同乐器发出的声音音色不同，因此依据声音的音色可以分辨出不同乐器发出的声音，故B错误；
C、声在空气(15℃)中的传播速度是340m/s，故C错误；
D、音乐厅的门窗在演奏时关闭是为了在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是物体的振动产生的；
(2)声音的三个特性：音调、响度和音色。音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能辨别不同的发声体；
(3)声在空气中(15℃)的传播速度是340m/s；
(4)减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置--声源处、传播过程中、人耳处。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同；减弱噪声的途径是在三个不同的位置进行的。
3.【答案】C
【解析】解：A、大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现，故A错误；
B、雨的形成是水蒸气液化为小水滴，故B错误；
C、“丹桂小菊万径香”，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华吸热，故D错误。
故选：C。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(3)构成物质的分子总在不停地做无规则运动；
(4)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。另外明确生活中的扩散现象是由于分子无规则运动的结果；理解改变内能的两个方法。
4.【答案】B
【解析】解：
A、黑板反光是因为黑板太光滑，光照到上面发生了镜面反射，是由于光的反射形成的，故A错误；
B、日食是由于月亮转到了地球和太阳中间，即射向地球上的光线被月亮挡住了，故该现象说明光是沿直线传播的，故B正确；
C、露珠下的叶脉被放大，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故C错误；
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】D
【解析】解：
A、前后轮安装在滚动轴承上，通过变滑动摩擦为滚动摩擦来减小摩擦，故A错误；
B、做功包括两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的作用下通过的距离；铅球空中飞行是由于惯性，只有距离，没有力。故这种情况没有做功，故B错误；
C、短跑运动员在到达终点后不会立即停下来，是由于运动员具有惯性，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、高压锅的密封性强，使用时增大气压，提高水的沸点，食物在高温下，短时间内容易熟，故D正确。
故选：D。
(1)要减小摩擦就要减小压力；使接触面更光滑；变滑动摩擦为滚动摩擦；使接触面彼此分离等；
(2)做功包括两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的作用下通过的距离；
(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(4)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了减小摩擦的方法、做功的两个条件、惯性、沸点与气压的关系，属于基础题。
6.【答案】B
【解析】解：A、连通器中装同种液体静止时液面相平，故A错误。
B、紫外线能杀菌，医院的病房中用紫外线灯来灭菌，故B正确。
C、悬挂着的吊灯受到的重力的受力物体是吊灯，吊灯对吊线的拉力的受力物体是吊线，这两个力不是同一个受力物体，故这两个力不是平衡力，故C错误。
D、骆驼的脚掌宽大，是在压力一定时，增大受力面积来减小骆驼对地面的压强，故D错误。
故选：B。
(1)连通器原理：连通器中装同种液体静止时液面相平。
(2)紫外线能杀菌。
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
本题通过一些生活现象考查了紫外线、平衡力、减小压强的方法、连通器原理等，体现了物理在生活中的广泛应用。
7.【答案】D
【解析】解：A、打雷下雨时，站在大树下避雨，容易发生雷击现象，此做法不符合安全用电原则；
B、人体是导体，用手接触带电的插座时，会发生触电事故，此做法不符合安全用电原则；
C、湿抹布是导体，用湿抹布擦拭发光的灯泡时很容易触电，此做法不符合安全用电原则；
D、有金属外壳的电器，外壳必须接地，将冰箱的金属外壳接地，此做法符合安全用电原则；
故选：D。
(1)雷雨天不能站在大树下；
(2)人体是导体，接触插座的线头时，容易触电；
(3)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
(4)有金属外壳的电器，外壳必须接地。
本题考查了安全用电的常识，属于基础知识。
8.【答案】A
【解析】解：由题意可知，拖动书包使轮子滚动时，其内部没装电池，但嵌在轮子里的LED灯会发光，说明该过程中有电流产生，所以其原理应该是电磁感应现象；
A、图中闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故A符合题意；
B、图中是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图中给导体通电，导体会运动，说明通电导体受到磁场力的作用，这是电动机的原理图，故C不符合题意；
D、图中的实验是探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故D不符合题意。
故选：A。
电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；据此分析其工作原理和能量转化形式；
本题主要考查了电磁感应原理的应用和电能的计算，明确“书包轮”的工作原理是解答此题的关键。
9.【答案】C
【解析】解：AB、同一支密度计的重力G一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中所受浮力大小为：F甲=G，F乙=G，即F甲=F乙，故A、B错误；
C、如图所示，密度计排开液体的体积关系为：V排甲ρ乙，故C正确；
D、相同烧杯中放入密度计后液面高度相同时，即烧杯内液体深度相同，且液体密度ρ甲>ρ乙，由液体压强公式p=ρ液gh可知，
液体对烧杯底的压强p甲>p乙，故D错误。
故选：C。
(1)同一支密度计重力一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中，所受浮力大小等于密度计重力大小，从而确定密度计在两种液体中所受浮力的大小关系；
(2)如图所示，密度计在甲液体中排开液体的体积小，在乙液体中排开液体的体积大，由公式F浮=ρ液gV排可知，两种液体密度的大小关系，根据液体压强公式p=ρ液gh可知两种液体对容器底的压强大小关系。
本题考查物体漂浮条件及阿基米德原理的应用，涉及浮力、压强大小的比较，难度较大。
10.【答案】D
【解析】解：由图可知，R1和R2并联，电压表测量电源的电压；电流表测量R1的电流；
滑片向右移动时，由于电源电压不变，则电压表示数不变；因并联电路中各支路互不影响，所以通过R1的电流不变，即电流表示数不变，故D正确，AB错误；
当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，并联电路的总电阻变大；根据P=U2R可知，总功率变小，故C错误。
故选：D。
由图可知，R1和R2并联，电压表测量电源的电压；电流表测量R1的电流；
根据并联电路的特点分析电压表示数的变化、通过R1的电流变化；滑片向右移动时，根据滑动变阻器接入电路电阻的变化可知总电阻的变化；根据P=U2R分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意滑片移动时变阻器接入电路中电阻的变化。
11.【答案】BCD
【解析】解：A、由凸透镜成像的规律和应用可知，u
C、阳光通过凸透镜可形成一个很小很亮的光斑，是利用了凸透镜对光线有会聚作用，故C正确；
D、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，即近视眼镜是利用凹透镜对光线有发散作用来矫正近视的，故D正确。
故选：BCD。
(1)凸透镜成像的规律和应用：u>2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；f
此题考查了透镜对光线的作用，凸透镜成像规律及应用等，属于基础知识考查，难度不大。
12.【答案】CD
【解析】解：A、由图可知，动滑轮上绳子股数n=2，绳端移动的距离为：s=nh=2×5m=10m，该同学做的总功为：W总=Fs=80N×10m=800J，故A错误；
B、该同学做的有用功为：W有=Gh=120N×5m=600J，故B错误；
C、他对滑轮组做功的功率即做总功的功率为：P=W总t=800J10s=80W，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为：η=W有W总×100%=600J800J×100%=75%，故D正确。
故选：CD。
由图可知，动滑轮上绳子股数n=2，由公式W有=Gh求得有用功，由公式W总=Fs求得总功，由公式P=Wt求得做总功的功率；由公式η=W有W总×100%求得机械效率。
本题考查滑轮组中有用功、总功、功率、机械效率的计算，难度不大。
13.【答案】BC
【解析】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由于电压表的“0～3V”量程，当电压表示数为3V时，通过R1的电流为：
I1=U1R1=3V10Ω=0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流(即电流表的最大示数)为：Imax=11=0.3A；
由I=UR可得，最大总电阻：Rmin=UImax=4.5V0.3A=15Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值为：R2min=Rmin−R1=15Ω−10Ω=5Ω；
则滑动变阻器的阻值变化范围是5Ω～20Ω，故C正确；
该电路的最大功率：Pmax=UImax=4.5V×0.3A=1.35W，故D错误。
(2)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电路中电流最小，为：Imin=UR1+R2=4.5V10Ω+20Ω=0.15A，
则电流表的变化范围是0.15A～0.3A，故A错误；
由I=UR可得，电压表最小示数为：U1min=IminR1=0.15A×10Ω=1.5V，
则电压表的变化范围是1.5V−3V，故B正确；
故选：BC。
由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据电压表的量程可知，当电压表示数为3V时根据欧姆定律求出通过R1的电流，结合电流表的量程和滑动变阻器R2规格确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据P=UI求出该电路的最大功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电路中电流最小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出最小电流和电压表最小示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据电压表、电流表的量程和滑动变阻器允许的最大电流确定电路中的最大电流。
14.【答案】2 不变
【解析】解：(1)小明站在平面镜前1m处，小明的像和小明到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离是1m，则像到小明的距离为2m。
(2)当小明向后退了50cm时，小明像的大小跟小明的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小明的像大小不变。
故答案为：2；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。
15.【答案】相互的 运动
【解析】解：(1)端午节龙舟赛上，运动员用桨向后划水，桨给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，水给桨一个向前的力，推动船前进。
(2)当2号龙舟超过5号龙舟时，它们之间发生了位置的变化，故两个龙舟是相对运动的。
故答案为：相互的；运动。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)两个物体之间发生了位置的变化，两个物体之间发生了相对运动。
本题通过龙舟比赛考查了物体间力的作用是相互的、物体运动和静止的相对性等，体现了生活处处皆物理。
16.【答案】变小 变小
【解析】解：氧气瓶中氧气是气态的，用去一半后，其质量变小，体积不变，由密度公式ρ=mV可知氧气密度变小。
故答案为：变小；变小。
用去一半后，瓶中氧气质量减小，体积不变，由密度公式ρ=mV可知氧气密度的变化。
本题考查质量、密度的概念的理解，难度不大。
17.【答案】5 3.5×105
【解析】解：(1)在水平路面上匀速骑行900m，所用时间为：t=3min=180s，
则单车的平均速度为：
v=st=900m180s=5m/s；
(2)人和车受到的总重力：
G=mg=70kg×10N/kg=700N；
骑行时，单车对路面的压力：
F=G=700N，
受力面积：S=2×0.001m2=0.002m2，
骑行时，单车对路面的压强：
p=FS=700N0.002m2=3.5×105Pa。
故答案为：5；3.5×105。
(1)已知在水平路面上匀速骑行的路程和所用时间，根据v=st求出单车的平均速度；
(2)已知人与车总质量，根据G=mg求出人和车受到的总重力；骑行时，车对路面的压力等于人和自行车受到的总重力，求出受力面积(2个轮胎与地面的总接触面积)，利用p=FS求出骑行时车对路面的压强。
本题考查了速度公式、重力公式及压强公式的运用，注意受力面积为2个轮胎与地面的总接触面积。
18.【答案】100 100
【解析】解：
(1)由题知，在4s～8s内，推力F=100N；由图可知这段时间内木箱做匀速直线运动，且v=1m/s，
则推力做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=100N×1m/s=100W；
(2)由图知，在4s～8s内，木箱做匀速直线运动，忽略空气阻力，木箱受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，则木箱受到的摩擦力f=F=100N；
由图可知，木箱在8s～10s内做减速运动，由于压力大小、接触面的粗糙程度不变，则木箱受到滑动摩擦力的大小不变，还是100N。
故答案为：100；100。
(1)由题知，在4s～8s内木箱受到的推力大小；由图可知，这段时间内木箱做匀速直线运动的速度大小，利用P=Fv求推力做功的功率；
(2)由图知，在4s～8s内，木箱做匀速直线运动，木箱受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，可求此时木箱受到的摩擦力大小；
由图可知木箱在8s～10s内做减速运动，由于压力大小、接触面的粗糙程度不变，则木箱受到的滑动摩擦力不变。
本题考查了功率公式的应用以及影响滑动摩擦力大小的因素，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键。
19.【答案】30 费力
【解析】解：杠杆水平平衡时，A端受到的阻力大小FA=G物=20N，动力F的力臂为OB，阻力FA的力臂为OA，由杠杆平衡条件F1⋅L1=F2⋅L2可得：F⋅OB=FA⋅OA，因为OBFA，即杠杆为费力杠杆；
因为OB=2AB，所以OA=OB+AB=3AB，即OB：OA=2：3，由F⋅OB=FA⋅OA可得F的大小为：F=FA⋅OAOB=20N×32=30N。
故答案为：30；费力。
杠杆水平平衡时，A端受到的阻力大小FA=G物，动力F的力臂为OB，阻力FA的力臂为OA，由杠杆平衡条件F1⋅L1=F2⋅L2可得：F⋅OB=FA⋅OA，由图可知OBFA，即杠杆为费力杠杆；因为OB=2AB，所以OA=OB+AB=3AB，即OB：OA=2：3，由F⋅OB=FA⋅OA可求得F的大小。
本题考查杠杆平衡条件的应用，难度不大。
20.【答案】内能 做功
【解析】解：在试管内装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水蒸气会把软木塞冲出，在这个实验中，燃料的化学能转化为内能，传给水和水蒸气，水蒸气把塞子冲出去，内能转化为塞子的机械能，所以利用内能做功的实质是内能转化为其他形式能的过程；
四冲程汽油机在工作过程中，做功冲程，内能转化为动能。
故答案为：内能；做功。
利用内能做功的实质是内能转化为其他形式能的过程；
四冲程汽油机在工作过程中，做功冲程将内能转化为动能。
本题考察内燃机的四个冲程能量转化过程，要深刻掌握基础知识。
21.【答案】0.6 4400
【解析】解：(1)3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转过3000转，
所以，电能表转盘转1800转时，用电器消耗的电能：
W=18003000kW⋅h=0.6kW⋅h；
(2)由图可知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流是20A，
此电能表允许接入用电器的最大总功率：
P=UI=220V×20A=4400W；
故答案为：0.6；4400。
(1)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转过3000转，据此求出电能表转盘转1800转用电器消耗的电能；
(2)由电能表的参数可知，电能表的工作电压和平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求此电能表允许接入用电器的最大总功率。
本题考查了用电器消耗电能和电功率的计算，明白电能表参数的含义是关键。
22.【答案】左 300
【解析】解：如图，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，串联电路各处电流相等，所以右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右=I左，
两个5Ω的电阻并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，即I左=I内+I外，比较可知I左>I内；
两瓶中的电阻值相等(均为5Ω)，通电一段时间后，由于瓶中电阻相同、通电时间相同、I左>I内，所以根据焦耳定律Q=I2Rt可知，左瓶内电阻丝产生的热量多，则左侧U形管液面高度的变化较大；
并联电路各支路两端电压相等，两个5Ω的电阻并联，由欧姆定律可得I内=I外，则I内=12I左=12×2A=1A，
乙容器中电阻丝在1min内产生的热量：Q=I内2Rt=(1A)2×5Ω×60s=300J。
故答案为：左；300。
如图，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，根据并联电路电流规律可知通过甲乙容器内电阻丝的电流大小关系，根据焦耳定律判断哪侧容器内电阻丝产生的热量多，则这一侧的U形管液面高度的变化较大，根据焦耳定律的公式计算乙容器中电阻丝在1min内产生的热量。
本题考查了串并联电路的电流特点、焦耳定律的应用，注重了探究实验的考查，是中考物理的常见题型。
23.【答案】5：1 1：4
【解析】解：根据P=UI=U2R可知L1的电阻R1=UL12PL1=(6V)23W=12Ω，L2的电阻R2=UL22PL2=(3V)232=3Ω；
闭合开关后，两灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压，且串联电路中电流处处相等，
根据欧姆定律的变形式U=IR可知，此时两电压表示数之比为U1：U2=I(R1+R2)IR2=R1+R2R2=12Ω+3Ω3Ω=51=5：1；
若两灯并联后接入3V电路中，根据并联电路的电压特点可知两灯两端的电压都为3V，
根据P=UI=U2R可知L1、L2两灯的实际电功率之比为P1：P2=U2R1U2R2=R2R1=3Ω12Ω=14=1：4。
故答案为：5：1；1：4。
根据P=UI=U2R可知L1和L2的电阻；闭合开关后，两灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压，且串联电路中电流处处相等，
根据欧姆定律的变形式U=IR可得出两电压表示数之比；
若两灯并联后接入3V电路中，根据并联电路的电压特点可知两灯两端的电压都为3V，根据P=UI=U2R可得出L1、L2两灯的实际电功率之比。
本题考查电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。
24.【答案】−4 从下到上 晶体 小于 小于 不能
【解析】解：(1)观察温度计刻度盘，从下到上示数变小，说明是零下，则从0刻度处向下数为4格，则读数为−4℃；
(2)组装实验仪器的原则：从下到上，从左到右的顺序，酒精灯加热时用外焰加热，要先放酒精灯，根据外焰的高度确定石棉网的高度；再放烧杯，确定试管的高度，最后放入温度计，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或壁；
(3)由丙图可知，在t1−t2这段时间内，温度不变，具有一定的熔化温度，说明冰是晶体；
(4)t1−t2表示冰在熔化，熔化过程中，要持续吸热，内能增加，但是温度不变，所以t1时刻的内能小于t2时刻的内能；
质量相同的同种物质，处于不同状态时，升高相同的温度，加热时间越长，说明吸收的热量越多，比热容越大，所以冰的比热容小于水的比热容；
(5)烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
答案为：(1)−4；(2)从下到上；(3)晶体；(4)小于；小于；(5)不能。
(1)温度计读数时首先观察刻度值从下往上逐渐变小，说明是零下，则要从0刻度处向下数刻度；刻度值从下往上逐渐变大，说明是零上，则要从0刻度处向上数刻度；
(2)组装实验仪器的原则：从下到上，从左到右的顺序；
(3)在熔化时具有一定的熔化温度，这类固体叫做晶体，晶体在熔化时温度不变；
(4)t1−t2表示冰在熔化，熔化过程中，要持续吸热，内能增加，但是温度不变；质量相同的同种物质，处于不同状态时，升高相同的温度，加热时间越长，说明吸收的热量越多，比热容越大；
(5)烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
本题考查温度计的读数和熔化相关知识，属于基础知识考查和应用，难度不大。
25.【答案】匀速直线 二力平衡 丁 压力大小 接触面粗糙程度 错误 没有控制压力大小相等 不必控制木板做匀速直线运动，便于操作(或测力计的示数稳定，便于读数)
【解析】解：
(1)弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，根据二力平衡条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。
由题意可知，甲乙丁的接触面较光滑，并且丁的压力最小，故丁实验中木块受到的滑动摩擦力最小。
(3)甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，故甲、乙实验是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小是否有关；
乙、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，故乙、丙为了探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关。
(4)甲、丁两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，接触面积不同，即没有控制压力大小相等，无法探究滑动摩擦力跟接触面积的关系，故得到的结论是错误的。
(5)实验改进后，物体A相对于地面是静止的，物体A受到测力计的拉力和木板对物体A的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不必控制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)丁；(3)压力大小；接触面粗糙程度；(4)错误；没有控制压力大小相等；(5)不必控制木板做匀速直线运动，便于操作(或测力计的示数稳定，便于读数)。
(1)弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，木块受到平衡力作用，滑动摩擦力等于拉力大小。
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，从滑动摩擦力大小的影响因素进行分析。
(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，利用控制变量法探究滑动摩擦力跟影响因素之间的关系。
(4)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，探究滑动摩擦力跟接触面积的关系时，控制压力大小和接触面粗糙程度不变。
(5)物体A相对地面处于静止状态，物体A受到弹簧测力计的拉力和木板对物体A的滑动摩擦力，滑动摩擦力跟物体运动速度无关。
本题是探究滑动摩擦力大小与什么因素有关的实验，注意控制变量法的运用，难点是分析实验改进的优点。
26.【答案】断开 B B 8 0.72 U−U额 S、S2 S1 U额U1 R0
【解析】解：(1)向右移动滑动变阻器的滑片P使电流表示数变小，说明滑动变阻器的滑片P在向右移动过程中接入电路的有效电阻在增大，故应接A端；如图所示：
(2)在连接电路时，开关必须断开；实验前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处，即B端；
(3)分析电路可知为串联电路，电压表测Rx两端电压，发现电流表始终无示数，则一定发生断路故障；同时电压表有示数，说明此时电压表与电源连通，测电源电压，电压表与电源两端连接的地方无故障，故障一定是Rx断路；
(4)电流表接“0～0.6A”量程，指针指针0.3A处，则电流为0.3A，电阻R=UI=2.4V0.3A=8Ω；电功率P=UI=2.4V×0.3A=0.72W；
(5))①闭合开关S、S1，断开开关S2，灯L、R0、滑动变阻器R三者串联，此时电压表测R0和R串联的总电压，根据串联电路电压的特点，电压表的示数为U′=U−U额；
②要测小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电压U额，还需要测定小灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流处处相等的特点，可先测通过R0的电流，通过闭合开关S、S2，断开开关S1，此时电压表测R0两端电压示数为U1；
③则通过R0的电流为：I=U1R0，由于串联电路电路处处相等，则通过灯的电流大小等于通过R0的电流大小，根据P额=U额I=U额U1R0得到小灯泡的额定功率。
答案为：(1)；
(2)断开；B；
(3)B；
(4)8；0.72；
(5)①U−U额；②S、S2；S1；③U额U1R0。
(1)滑动变阻器“一上一下”接入电路，下接线柱接A或B要根据题目要求或与电路图一致的原则；
(2)在连接电路时，开关必须断开；实验前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处；
(3)电路故障判断，当电流表无示数，电压表有示数且示数为电源电压值，故障一定是断路故障，且电压表测谁的电压，即谁断路；
(4)根据R=UI计算电阻值，P=UI计算功率；
(5)①闭合开关S、S1，断开开关S2，灯L、R0、滑动变阻器R三者串联，此时电压表测R0和R串联的电压，根据串联电路电压的特点，电压表的示数为U′=U−U额；
②要测小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电压U额，还需要测定小灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流处处相等的特点，可先测通过R0的电流，通过闭合开关S、S2，断开开关S1，此时电压表测R0两端电压示数为U1；
③通过R0的电流I=U1R0，由于串联电路电路处处相等，则通过灯的电流大小等于通过R0的电流大小，再根据P额=U额I=U额U1R0得小灯泡的额定功率。
本题考查滑动变阻器的正确接线，借助实验考查电阻和电功率的计算，比较综合，难度也比较大。
27.【答案】解：(1)船体受到的海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa；
(2)满载时，驱逐舰受到浮力：
F浮=G排=m排g=7×103×103kg×10N/kg=7×107N；
(3)由F浮=ρ海水V排g驱逐舰排开海水的体积：
V排=F浮ρ海水g=7×107N1.0×103kg/m3×10N/kg=7×103m3；
(4)驱逐舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等。
驱逐舰的重力：
G=F浮=7×107N，
牵引力F=f=0.01G=0.01×7×107N=7×105N。
答：(1)在水面下3m深处，船体受到的海水的压强是3×104Pa；
(2)驱逐舰满载时，受到的浮力是7×107N；
(3)驱逐舰满载时，排开海水的体积是7×103m3；
(4)驱逐舰满载时以72km/h的速度匀速航行，受到的牵引力是7×105N。
【解析】(1)利用p=ρgh求船体受到的海水的压强；
(2)满载时，驱逐舰受到浮力等于排开海水的重力，利用F浮=G排=m排g求解；
(3)利用阿基米德原理F浮=ρ海水V排g求驱逐舰排开海水的体积；
(4)驱逐舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等。
则驱逐舰的重力等于受到的浮力，牵引力F=f=0.01G。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、二力平衡条件的应用，明确排水量的含义(排开水的质量)是本题的关键。
28.【答案】热效应
【解析】解：(1)电热足浴盆加热系统是利用电流的热效应工作的；
(2)水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg×(40℃−20℃)=5.04×105J；
(3)加热系统消耗电能为W=Pt=605W×900s=5.445×105J；
(4)由P=U2R可知加热电阻R=U2P=(220V)2605W=80Ω，
当实际电压为200V时，加热电阻的实际功率为P=(U实)2R=(200V)280Ω=500W。
答：(1)热效应；
(2)水吸收的热量是5.04×105J；
(3)加热系统的加热电阻正常工作15min消耗的电能是5.445×105J
(4)加热电阻工作的实际电功率是500W。
(1)电流有热效应、磁效应和化学效应；
(2)利用吸热公式直接计算即可；
(3)利用电能公式直接计算即可；
(4)先利用P=U2R计算出加热电阻，再利用P=(U实)2R可计算出其在200V下的实际电功率。
本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到吸热公式、电功公式和电功率公式的应用，熟练应用相关公式即可正确解题。
29.【答案】电能 电磁波 可再生 小于 来源丰富
【解析】解：(1)太阳能电池工作时，是将太阳能转化为电能；
(2)技术人员是通过电磁波远程操控汽车；
(3)太阳能是可以再生的，故它是可再生能源；
(4)太阳能汽车在水平路面上静止时，对地面的压力等于其重力。
太阳能汽车的外形做成流线型，上表面弯曲，下表面比较平，在水平路面上高速行驶时，流过上方的空气流速快，下方的流速慢，上方的压强小，下方的压强大，产生向上的压力差，减小对地面的压力，所以小轿车在水平路面高速行驶时对地面的压力小于静止时对地面的压力；
(5)太阳能作为一种新能源，具有来源丰富、不需运输、不会对环境造成污染等优点。据此可得答案：来源丰富、不需运输、不会对环境造成污染。
故答案为：(1)电能；(2)电磁波；(3)可再生；(4)小于；(5)来源丰富。
(1)判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量；
(2)电磁波能够传递信息，无线通信都是利用电磁波传递信息的；
(3)由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(4)由车的形状及流体的性质可知气体对车产生的压强变化，则可知车对地面的压力变化；
(5)根据材料分析解答。
此题以无人驾驶太阳能汽车为背景考查相关的物理知识，体现了物理来源于生活的理念，利于激发学生的学习兴趣，且难度适中，综合性强，是一道好题。
30.【答案】答：如图所示，电路中接入的用电器过多，造成电路总功率过大，由于家庭电路中电压一定，根据公式P=UI可知，干路电流会过大。根据焦耳定律Q=I2Rt可知，当电流过大时，相同时间内干路导线产生的热量越多，使导线温度升高，容易引起火灾。
【解析】家庭电路中，由电功率公式P=UI可知，家庭电路中的电压为220V，始终不变，可判断出总功率过大时，电流的变化情况，结合焦耳定律分析即可。
本题考查对家庭电路中电流过大原因的理解，同时考查学生对P=UI公式的掌握和对焦耳定律的理解。
2021年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 下列估测数据中，最符合实际情况的是( )
A. 中学生课桌的高度约为20cm B. 人的正常体温约为37℃
C. 中学生百米赛跑的成绩约为8s D. 一节新干电池的电压为2V
2. 疫情过后，小雨同学去音乐厅听一场音乐演奏会，当她听到优美动听的音乐时，联想到初中学习过的有关声现象的知识。下列说法正确的是( )
A. 小提琴发出的声音是由琴弦振动产生的
B. 听众可以通过音调分辨出不同乐器发出的声音
C. 悠扬的琴声在空气中的传播速度是3×108m/s
D. 音乐厅的门窗在演奏时关闭是为了防止噪声产生
3. 描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是( )
A. 立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B. 清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
C. 秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热
4. 下列现象中属于光沿直线传播的是( )
A. 左侧的黑板反光
B. 日食的形成
C. 叶脉通过露珠成放大的像
D. 雨后天空出现彩虹
5. 日常生活中有很多现象都与我们学习过的物理知识有关。下列说法正确的是( )
A. 自行车前后轮安装在滚动轴承上，可以增大摩擦
B. 投掷出去的铅球在空中飞行的过程中，运动员对铅球做了功
C. 短跑运动员在到达终点后不会立即停下来，是因为受到惯性的作用
D. 高压锅是利用液体的沸点随液面上方气压增大而升高的原理工作的
6. 下列物理现象中，说法正确的是( )
A. 连通器各部分中的液面高度总是相同的
B. 在医院的手术室、病房中经常用紫外线灯来灭菌
C. 悬挂着的吊灯受到的重力和吊灯对吊线的拉力是一对平衡力
D. 骆驼的脚掌宽大，能轻松地在沙漠中行走，是利用增大受力面积来减小压力
7. 如图所示的做法中符合安全原则的是( )
A. 雷雨天站在大树下避雨
B. 用手指触碰插座的插孔
C. 用湿抹布擦发光的灯泡
D. 将冰箱的金属外壳接地
8. 如图所示是一款带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光。以下四幅图能反映此现象原理的是( )
A.
B.
C.
D.
9. 在木棒的一端缠绕几圈细铜丝，制成一支简易液体密度计，将其先后放入盛有甲、乙两种液体的相同烧杯中，处于静止状态，且放入密度计后液面高度相同，如图所示。若密度计在甲、乙液体中所受浮力分别是F甲、F乙，甲、乙两种液体的密度分别是ρ甲、ρ乙，甲、乙两种液体对容器底部产生的压强分别是p甲、p乙，则( )
A. F甲
A. 电流表示数减小，电压表示数增大
B. 电流表示数减小，电压表示数不变
C. 电路总电阻减小，电路总功率增大
D. 电流表示数不变，电压表示数不变
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
11. 光的世界丰富多彩，光学器件在我们的生活、学习中有着广泛的应用。你认为下面介绍符合实际的是( )
A. 借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应大于一倍焦距
B. 用照相机拍摄景物时，景物到镜头的距离应大于二倍焦距
C. 阳光通过凸透镜可形成一个很小很亮的光斑，是利用了凸透镜对光线有会聚作用
D. 近视眼镜是利用凹透镜对光线有发散作用来矫正近视的
12. 如图所示是一位同学组装的提升重物的装置，他用80N的力在10s内把重120N的物体匀速提升5m。则此过程中，下列说法正确的是( )
A. 他做的总功是1200J
B. 他做的有用功是800J
C. 他对滑轮组做功的功率是80W
D. 该滑轮组的机械效率是75%
13. 如图所示，电源电压4.5V保持不变，电压表选择“0～3V”量程，电流表选择“0～0.6A”量程，电阻R1阻值为10Ω，滑动变阻器R2规格为“20Ω 1A”，闭合开关S，在保证各元件安全的条件下，移动滑片P的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表的变化范围是0.3A～0.6A
B. 电压表的变化范围是1.5V−3V
C. 滑动变阻器的阻值变化范围是5Ω～20Ω
D. 该电路的最大总功率是2.7W
三、填空题（本大题共10小题，共20.0分）
14. 小明上学前站在穿衣镜前1m处整理仪表，他与镜中自己像的距离是______ m。当小明向后退了50cm时，镜中所成像的大小______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)。
15. 端午节龙舟赛上，运动员用桨向后划水，龙舟就会向前行驶，说明力的作用是______ 。当2号龙舟超过5号龙舟时，它们是相对______ 的(选填“运动”或“静止”)。
16. 新冠疫情期间，某医院急诊室的一个氧气瓶充满氧气，在给急救病人供氧时用去了一半氧气，则氧气瓶中剩余氧气的质量______ ，密度______ (两空均选填“变大”、“不变”或“变小”)。
17. 如图所示，为了倡导绿色出行，某市投放了大量的共享单车，小明在水平路面上匀速骑行900m，所用时间为3min，他骑行时单车的平均速度是______ m/s，若人与车的总质量为70kg，每个轮胎与路面的接触面积约为0.001m2，当他骑行时共享单车对路面的压强是______ Pa。
18. 在水平地面上工人师傅沿水平方向推重300N的木箱做直线运动，木箱速度随时间变化的图像如图所示。已知在4s～8s内木箱受到的推力恒为100N，则在这段时间(4s～8s)内，木箱受到的推力的功率是______ W，8s～10s内木箱受到的摩擦力是______ N(忽略空气阻力)。
19. 杠杆是我们生活中一种常见的简单机械，如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点悬挂一个重为20N的物体，B点施加一个竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，且OB：AB=2：1。则F= ______ N，此杠杆是______ 杠杆。
20. 如图所示，试管中的水蒸气将塞子推出的过程中，水蒸气的______ 转化为塞子的机械能。四冲程汽油机在工作过程中，______ 冲程与上述能量转化过程相同。
21. 如图所示的电能表，在某段时间内转盘转了1800转，则此段时间内接在这个电能表上的用电器消耗的总电能是______ kW⋅h，此电能表允许接入用电器的最大总功率是______ W。
22. 如图所示的电路中，接通电源，通电一段时间后，______ 侧U形管液面高度的变化较大(选填“左”或“右”)。如果通过甲容器中电阻丝的电流是2A，则乙容器中电阻丝在1min内产生的热量是______ J。
23. 如图所示的电路中，L1标有“6V 3W”字样，L2标有“3V 3W”字样，闭合开关后，两灯均发光，此时两电压表示数之比为U1：U2= ______ ；若两灯并联后接入3V电路中，则L1、L2两灯的实际电功率之比为P1：P2= ______ (忽略温度对灯丝电阻的影响)。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
24. 图甲是小丽同学探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验装置图。
(1)如图乙所示，温度计的示数为______ ℃(不需要估读)。
(2)安装实验器材时，小丽应按照______ 的顺序进行(选填“从上到下”或“从下到上”)。
(3)她将冰熔化的过程绘制成如图丙所示的温度随时间变化的图像。分析图像数据可知，冰是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
(4)分析图丙可知，该物质在t1时刻的内能______ t2时刻的内能；CD段加热时间是AB段加热时间的2倍，则冰的比热容______ 水的比热容(两空均选填“大于”、“等于”或“小于”)。
(5)当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水______ 沸腾(选填“能”或“不能”)。
25. 为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小夏设计了如图所示实验(实验所用棉布比木板表面粗糙)。
(1)实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做______ 运动，根据______ 知识，可知滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
(2)在这四次实验中，滑动摩擦力最小的是______ (选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”)。
(3)比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与______ 是否有关；比较乙、丙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与______ 是否有关。
(4)比较甲、丁两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丁实验中弹簧测力计的示数，小夏由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是______ 的(选填“正确”或“错误”)，理由是______ 。
(5)小夏对实验装置进行改进后，如图戊所示，当他再进行实验时，发现效果更好。请你说出改进后的优点是______ (写出一条即可)。
26. 小君在做“测量定值电阻Rx的阻值”的实验时，老师为他提供的器材有：电源、未知阻值的定值电阻Rx、符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线，图乙是没有连接完整的实物电路图。
(1)请根据图甲用笔画线代替导线将实物电路图(图乙)连接完整(要求：向右移动滑动变阻器的滑片P使电流表示数变小；导线不交叉)。
(2)在连接电路时，开关必须______ ；实验前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于______ 端(选填“A”或“B”)。
(3)闭合开关后，无论怎样移动滑片P，发现电流表始终无示数，电压表有示数，其原因可能是______ 。
A.滑动变阻器断路
B.定值电阻断路
C.定值电阻短路
(4)排除故障后，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图丙所示，则定值电阻的阻值为______ Ω，定值电阻的电功率为______ W。
(5)完成上述实验后，小君同学又想测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率，但发现电流表已经损坏，于是他又找来了两个开关和一个阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁所示的电路。已知电源电压恒为U(U>U额)，请你完成下面的实验步骤。
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ ；
②闭合开关______ ，断开开关______ (填写S、S1、S2)，保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表示数为U1；
③小灯泡额定功率的表达式为P额= ______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共17.0分）
27. 如图为中国新一代通用型导弹驱逐舰169号(武汉舰)，它是052B型导弹驱逐舰。其满载时的排水量约为7×103t，当驱逐舰以72km/h的速度匀速直线航行时，受到的阻力是自身总重力的0.01倍。求：(海水密度近似取1.0×103kg/m3)
(1)在水面下3m深处，船体受到的海水的压强是多少？
(2)驱逐舰满载时，受到的浮力是多少？
(3)驱逐舰满载时，排开海水的体积是多少？
(4)驱逐舰满载时以72km/h的速度匀速航行，受到的牵引力是多少？
28. 父亲节到了，小明妈妈为爷爷买了一个电热足浴盆，内部由加热系统和按摩系统两部分组成，加热系统的加热电阻额定电压为220V，额定功率为605W。求：
(1)该电热足浴盆加热系统是利用电流的______ 工作的。
(2)小明帮爷爷泡脚前，向足浴盆中加入6kg初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40℃，则此加热过程中水吸收的热量是多少？(水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃))
(3)加热系统的加热电阻正常工作15min消耗的电能是多少？
(4)当小明家的实际电压是200V时，加热电阻工作的实际电功率是多少？(忽略温度对电阻的影响)
六、综合题（本大题共2小题，共10.0分）
29. 随着生产和技术的发展，人们已经开始将太阳能转化为其它形式的能加以利用。目前直接利用太阳能的方式有两种，一种是用吸光性好的材料制成太阳能集热器，实现给水或其它介质加热；另一种是利用半导体材料制成太阳能电池，这种电池目前已用于人造地球卫星、太阳能汽车等。
太阳能作为一种新能源，具有来源丰富、不需运输、不会对环境造成污染等优点。但由于能量比较分散且受季节、气候和昼夜变化的影响很大，又给大规模利用太阳能带来新的技术课题。
如图是试验中的无人驾驶太阳能汽车，利用太阳能电池提供能源。
(1)太阳能电池工作时，是将太阳能转化为______ 。
(2)技术人员可以通过______ 远程操控汽车(选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”)。
(3)太阳能属于______ 能源(选填“可再生”或“不可再生”)。
(4)太阳能汽车的外形做成流线型，上表面弯曲，下表面比较平。汽车高速行驶时对地面的压力______ 汽车静止时对地面的压力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
(5)请你说出太阳能的一条优点：______ 。
30. 电给我们的生活带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害。所以，一定要学会安全用电，让电更好地为我们服务。如图所示的家庭电路中，如果同时使用的用电器总功率过大，可能会引发火灾。请你用所学过的电学知识来解释原因。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、课桌的高度约为80cm，故A错误；
B、人的正常体温约是37℃，符合实际，故B正确；
C、中学生百米赛跑的成绩约为15s，故C错误；
D、一节新干电池的电压为1.5V，故D错误．
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】A
【解析】解：A、琴弦的振动产生声音，故A正确；
B、由于不同乐器发出的声音音色不同，因此依据声音的音色可以分辨出不同乐器发出的声音，故B错误；
C、声在空气(15℃)中的传播速度是340m/s，故C错误；
D、音乐厅的门窗在演奏时关闭是为了在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是物体的振动产生的；
(2)声音的三个特性：音调、响度和音色。音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能辨别不同的发声体；
(3)声在空气中(15℃)的传播速度是340m/s；
(4)减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置--声源处、传播过程中、人耳处。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同；减弱噪声的途径是在三个不同的位置进行的。
3.【答案】C
【解析】解：A、大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现，故A错误；
B、雨的形成是水蒸气液化为小水滴，故B错误；
C、“丹桂小菊万径香”，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华吸热，故D错误。
故选：C。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(3)构成物质的分子总在不停地做无规则运动；
(4)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。另外明确生活中的扩散现象是由于分子无规则运动的结果；理解改变内能的两个方法。
4.【答案】B
【解析】解：
A、黑板反光是因为黑板太光滑，光照到上面发生了镜面反射，是由于光的反射形成的，故A错误；
B、日食是由于月亮转到了地球和太阳中间，即射向地球上的光线被月亮挡住了，故该现象说明光是沿直线传播的，故B正确；
C、露珠下的叶脉被放大，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故C错误；
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】D
【解析】解：
A、前后轮安装在滚动轴承上，通过变滑动摩擦为滚动摩擦来减小摩擦，故A错误；
B、做功包括两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的作用下通过的距离；铅球空中飞行是由于惯性，只有距离，没有力。故这种情况没有做功，故B错误；
C、短跑运动员在到达终点后不会立即停下来，是由于运动员具有惯性，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、高压锅的密封性强，使用时增大气压，提高水的沸点，食物在高温下，短时间内容易熟，故D正确。
故选：D。
(1)要减小摩擦就要减小压力；使接触面更光滑；变滑动摩擦为滚动摩擦；使接触面彼此分离等；
(2)做功包括两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的作用下通过的距离；
(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(4)液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了减小摩擦的方法、做功的两个条件、惯性、沸点与气压的关系，属于基础题。
6.【答案】B
【解析】解：A、连通器中装同种液体静止时液面相平，故A错误。
B、紫外线能杀菌，医院的病房中用紫外线灯来灭菌，故B正确。
C、悬挂着的吊灯受到的重力的受力物体是吊灯，吊灯对吊线的拉力的受力物体是吊线，这两个力不是同一个受力物体，故这两个力不是平衡力，故C错误。
D、骆驼的脚掌宽大，是在压力一定时，增大受力面积来减小骆驼对地面的压强，故D错误。
故选：B。
(1)连通器原理：连通器中装同种液体静止时液面相平。
(2)紫外线能杀菌。
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
本题通过一些生活现象考查了紫外线、平衡力、减小压强的方法、连通器原理等，体现了物理在生活中的广泛应用。
7.【答案】D
【解析】解：A、打雷下雨时，站在大树下避雨，容易发生雷击现象，此做法不符合安全用电原则；
B、人体是导体，用手接触带电的插座时，会发生触电事故，此做法不符合安全用电原则；
C、湿抹布是导体，用湿抹布擦拭发光的灯泡时很容易触电，此做法不符合安全用电原则；
D、有金属外壳的电器，外壳必须接地，将冰箱的金属外壳接地，此做法符合安全用电原则；
故选：D。
(1)雷雨天不能站在大树下；
(2)人体是导体，接触插座的线头时，容易触电；
(3)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
(4)有金属外壳的电器，外壳必须接地。
本题考查了安全用电的常识，属于基础知识。
8.【答案】A
【解析】解：由题意可知，拖动书包使轮子滚动时，其内部没装电池，但嵌在轮子里的LED灯会发光，说明该过程中有电流产生，所以其原理应该是电磁感应现象；
A、图中闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故A符合题意；
B、图中是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图中给导体通电，导体会运动，说明通电导体受到磁场力的作用，这是电动机的原理图，故C不符合题意；
D、图中的实验是探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故D不符合题意。
故选：A。
电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；据此分析其工作原理和能量转化形式；
本题主要考查了电磁感应原理的应用和电能的计算，明确“书包轮”的工作原理是解答此题的关键。
9.【答案】C
【解析】解：AB、同一支密度计的重力G一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中所受浮力大小为：F甲=G，F乙=G，即F甲=F乙，故A、B错误；
C、如图所示，密度计排开液体的体积关系为：V排甲
D、相同烧杯中放入密度计后液面高度相同时，即烧杯内液体深度相同，且液体密度ρ甲>ρ乙，由液体压强公式p=ρ液gh可知，
液体对烧杯底的压强p甲>p乙，故D错误。
故选：C。
(1)同一支密度计重力一定，由物体漂浮条件可知，密度计漂浮在两种液体中，所受浮力大小等于密度计重力大小，从而确定密度计在两种液体中所受浮力的大小关系；
(2)如图所示，密度计在甲液体中排开液体的体积小，在乙液体中排开液体的体积大，由公式F浮=ρ液gV排可知，两种液体密度的大小关系，根据液体压强公式p=ρ液gh可知两种液体对容器底的压强大小关系。
本题考查物体漂浮条件及阿基米德原理的应用，涉及浮力、压强大小的比较，难度较大。
10.【答案】D
【解析】解：由图可知，R1和R2并联，电压表测量电源的电压；电流表测量R1的电流；
滑片向右移动时，由于电源电压不变，则电压表示数不变；因并联电路中各支路互不影响，所以通过R1的电流不变，即电流表示数不变，故D正确，AB错误；
当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，并联电路的总电阻变大；根据P=U2R可知，总功率变小，故C错误。
故选：D。
由图可知，R1和R2并联，电压表测量电源的电压；电流表测量R1的电流；
根据并联电路的特点分析电压表示数的变化、通过R1的电流变化；滑片向右移动时，根据滑动变阻器接入电路电阻的变化可知总电阻的变化；根据P=U2R分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意滑片移动时变阻器接入电路中电阻的变化。
11.【答案】BCD
【解析】解：A、由凸透镜成像的规律和应用可知，u
C、阳光通过凸透镜可形成一个很小很亮的光斑，是利用了凸透镜对光线有会聚作用，故C正确；
D、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚，即近视眼镜是利用凹透镜对光线有发散作用来矫正近视的，故D正确。
故选：BCD。
(1)凸透镜成像的规律和应用：u>2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；f
此题考查了透镜对光线的作用，凸透镜成像规律及应用等，属于基础知识考查，难度不大。
12.【答案】CD
【解析】解：A、由图可知，动滑轮上绳子股数n=2，绳端移动的距离为：s=nh=2×5m=10m，该同学做的总功为：W总=Fs=80N×10m=800J，故A错误；
B、该同学做的有用功为：W有=Gh=120N×5m=600J，故B错误；
C、他对滑轮组做功的功率即做总功的功率为：P=W总t=800J10s=80W，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为：η=W有W总×100%=600J800J×100%=75%，故D正确。
故选：CD。
由图可知，动滑轮上绳子股数n=2，由公式W有=Gh求得有用功，由公式W总=Fs求得总功，由公式P=Wt求得做总功的功率；由公式η=W有W总×100%求得机械效率。
本题考查滑轮组中有用功、总功、功率、机械效率的计算，难度不大。
13.【答案】BC
【解析】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由于电压表的“0～3V”量程，当电压表示数为3V时，通过R1的电流为：
I1=U1R1=3V10Ω=0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流(即电流表的最大示数)为：Imax=11=0.3A；
由I=UR可得，最大总电阻：Rmin=UImax=4.5V0.3A=15Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值为：R2min=Rmin−R1=15Ω−10Ω=5Ω；
则滑动变阻器的阻值变化范围是5Ω～20Ω，故C正确；
该电路的最大功率：Pmax=UImax=4.5V×0.3A=1.35W，故D错误。
(2)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电路中电流最小，为：Imin=UR1+R2=4.5V10Ω+20Ω=0.15A，
则电流表的变化范围是0.15A～0.3A，故A错误；
由I=UR可得，电压表最小示数为：U1min=IminR1=0.15A×10Ω=1.5V，
则电压表的变化范围是1.5V−3V，故B正确；
故选：BC。
由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据电压表的量程可知，当电压表示数为3V时根据欧姆定律求出通过R1的电流，结合电流表的量程和滑动变阻器R2规格确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据P=UI求出该电路的最大功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时电路中电流最小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出最小电流和电压表最小示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据电压表、电流表的量程和滑动变阻器允许的最大电流确定电路中的最大电流。
14.【答案】2 不变
【解析】解：(1)小明站在平面镜前1m处，小明的像和小明到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离是1m，则像到小明的距离为2m。
(2)当小明向后退了50cm时，小明像的大小跟小明的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小明的像大小不变。
故答案为：2；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。
15.【答案】相互的 运动
【解析】解：(1)端午节龙舟赛上，运动员用桨向后划水，桨给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，水给桨一个向前的力，推动船前进。
(2)当2号龙舟超过5号龙舟时，它们之间发生了位置的变化，故两个龙舟是相对运动的。
故答案为：相互的；运动。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)两个物体之间发生了位置的变化，两个物体之间发生了相对运动。
本题通过龙舟比赛考查了物体间力的作用是相互的、物体运动和静止的相对性等，体现了生活处处皆物理。
16.【答案】变小 变小
【解析】解：氧气瓶中氧气是气态的，用去一半后，其质量变小，体积不变，由密度公式ρ=mV可知氧气密度变小。
故答案为：变小；变小。
用去一半后，瓶中氧气质量减小，体积不变，由密度公式ρ=mV可知氧气密度的变化。
本题考查质量、密度的概念的理解，难度不大。
17.【答案】5 3.5×105
【解析】解：(1)在水平路面上匀速骑行900m，所用时间为：t=3min=180s，
则单车的平均速度为：
v=st=900m180s=5m/s；
(2)人和车受到的总重力：
G=mg=70kg×10N/kg=700N；
骑行时，单车对路面的压力：
F=G=700N，
受力面积：S=2×0.001m2=0.002m2，
骑行时，单车对路面的压强：
p=FS=700N0.002m2=3.5×105Pa。
故答案为：5；3.5×105。
(1)已知在水平路面上匀速骑行的路程和所用时间，根据v=st求出单车的平均速度；
(2)已知人与车总质量，根据G=mg求出人和车受到的总重力；骑行时，车对路面的压力等于人和自行车受到的总重力，求出受力面积(2个轮胎与地面的总接触面积)，利用p=FS求出骑行时车对路面的压强。
本题考查了速度公式、重力公式及压强公式的运用，注意受力面积为2个轮胎与地面的总接触面积。
18.【答案】100 100
【解析】解：
(1)由题知，在4s～8s内，推力F=100N；由图可知这段时间内木箱做匀速直线运动，且v=1m/s，
则推力做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=100N×1m/s=100W；
(2)由图知，在4s～8s内，木箱做匀速直线运动，忽略空气阻力，木箱受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，则木箱受到的摩擦力f=F=100N；
由图可知，木箱在8s～10s内做减速运动，由于压力大小、接触面的粗糙程度不变，则木箱受到滑动摩擦力的大小不变，还是100N。
故答案为：100；100。
(1)由题知，在4s～8s内木箱受到的推力大小；由图可知，这段时间内木箱做匀速直线运动的速度大小，利用P=Fv求推力做功的功率；
(2)由图知，在4s～8s内，木箱做匀速直线运动，木箱受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，可求此时木箱受到的摩擦力大小；
由图可知木箱在8s～10s内做减速运动，由于压力大小、接触面的粗糙程度不变，则木箱受到的滑动摩擦力不变。
本题考查了功率公式的应用以及影响滑动摩擦力大小的因素，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键。
19.【答案】30 费力
【解析】解：杠杆水平平衡时，A端受到的阻力大小FA=G物=20N，动力F的力臂为OB，阻力FA的力臂为OA，由杠杆平衡条件F1⋅L1=F2⋅L2可得：F⋅OB=FA⋅OA，因为OB
因为OB=2AB，所以OA=OB+AB=3AB，即OB：OA=2：3，由F⋅OB=FA⋅OA可得F的大小为：F=FA⋅OAOB=20N×32=30N。
故答案为：30；费力。
杠杆水平平衡时，A端受到的阻力大小FA=G物，动力F的力臂为OB，阻力FA的力臂为OA，由杠杆平衡条件F1⋅L1=F2⋅L2可得：F⋅OB=FA⋅OA，由图可知OB
本题考查杠杆平衡条件的应用，难度不大。
20.【答案】内能 做功
【解析】解：在试管内装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水蒸气会把软木塞冲出，在这个实验中，燃料的化学能转化为内能，传给水和水蒸气，水蒸气把塞子冲出去，内能转化为塞子的机械能，所以利用内能做功的实质是内能转化为其他形式能的过程；
四冲程汽油机在工作过程中，做功冲程，内能转化为动能。
故答案为：内能；做功。
利用内能做功的实质是内能转化为其他形式能的过程；
四冲程汽油机在工作过程中，做功冲程将内能转化为动能。
本题考察内燃机的四个冲程能量转化过程，要深刻掌握基础知识。
21.【答案】0.6 4400
【解析】解：(1)3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转过3000转，
所以，电能表转盘转1800转时，用电器消耗的电能：
W=18003000kW⋅h=0.6kW⋅h；
(2)由图可知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流是20A，
此电能表允许接入用电器的最大总功率：
P=UI=220V×20A=4400W；
故答案为：0.6；4400。
(1)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转过3000转，据此求出电能表转盘转1800转用电器消耗的电能；
(2)由电能表的参数可知，电能表的工作电压和平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求此电能表允许接入用电器的最大总功率。
本题考查了用电器消耗电能和电功率的计算，明白电能表参数的含义是关键。
22.【答案】左 300
【解析】解：如图，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，串联电路各处电流相等，所以右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右=I左，
两个5Ω的电阻并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，即I左=I内+I外，比较可知I左>I内；
两瓶中的电阻值相等(均为5Ω)，通电一段时间后，由于瓶中电阻相同、通电时间相同、I左>I内，所以根据焦耳定律Q=I2Rt可知，左瓶内电阻丝产生的热量多，则左侧U形管液面高度的变化较大；
并联电路各支路两端电压相等，两个5Ω的电阻并联，由欧姆定律可得I内=I外，则I内=12I左=12×2A=1A，
乙容器中电阻丝在1min内产生的热量：Q=I内2Rt=(1A)2×5Ω×60s=300J。
故答案为：左；300。
如图，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，根据并联电路电流规律可知通过甲乙容器内电阻丝的电流大小关系，根据焦耳定律判断哪侧容器内电阻丝产生的热量多，则这一侧的U形管液面高度的变化较大，根据焦耳定律的公式计算乙容器中电阻丝在1min内产生的热量。
本题考查了串并联电路的电流特点、焦耳定律的应用，注重了探究实验的考查，是中考物理的常见题型。
23.【答案】5：1 1：4
【解析】解：根据P=UI=U2R可知L1的电阻R1=UL12PL1=(6V)23W=12Ω，L2的电阻R2=UL22PL2=(3V)232=3Ω；
闭合开关后，两灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压，且串联电路中电流处处相等，
根据欧姆定律的变形式U=IR可知，此时两电压表示数之比为U1：U2=I(R1+R2)IR2=R1+R2R2=12Ω+3Ω3Ω=51=5：1；
若两灯并联后接入3V电路中，根据并联电路的电压特点可知两灯两端的电压都为3V，
根据P=UI=U2R可知L1、L2两灯的实际电功率之比为P1：P2=U2R1U2R2=R2R1=3Ω12Ω=14=1：4。
故答案为：5：1；1：4。
根据P=UI=U2R可知L1和L2的电阻；闭合开关后，两灯串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量L2两端的电压，且串联电路中电流处处相等，
根据欧姆定律的变形式U=IR可得出两电压表示数之比；
若两灯并联后接入3V电路中，根据并联电路的电压特点可知两灯两端的电压都为3V，根据P=UI=U2R可得出L1、L2两灯的实际电功率之比。
本题考查电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。
24.【答案】−4 从下到上 晶体 小于 小于 不能
【解析】解：(1)观察温度计刻度盘，从下到上示数变小，说明是零下，则从0刻度处向下数为4格，则读数为−4℃；
(2)组装实验仪器的原则：从下到上，从左到右的顺序，酒精灯加热时用外焰加热，要先放酒精灯，根据外焰的高度确定石棉网的高度；再放烧杯，确定试管的高度，最后放入温度计，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或壁；
(3)由丙图可知，在t1−t2这段时间内，温度不变，具有一定的熔化温度，说明冰是晶体；
(4)t1−t2表示冰在熔化，熔化过程中，要持续吸热，内能增加，但是温度不变，所以t1时刻的内能小于t2时刻的内能；
质量相同的同种物质，处于不同状态时，升高相同的温度，加热时间越长，说明吸收的热量越多，比热容越大，所以冰的比热容小于水的比热容；
(5)烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
答案为：(1)−4；(2)从下到上；(3)晶体；(4)小于；小于；(5)不能。
(1)温度计读数时首先观察刻度值从下往上逐渐变小，说明是零下，则要从0刻度处向下数刻度；刻度值从下往上逐渐变大，说明是零上，则要从0刻度处向上数刻度；
(2)组装实验仪器的原则：从下到上，从左到右的顺序；
(3)在熔化时具有一定的熔化温度，这类固体叫做晶体，晶体在熔化时温度不变；
(4)t1−t2表示冰在熔化，熔化过程中，要持续吸热，内能增加，但是温度不变；质量相同的同种物质，处于不同状态时，升高相同的温度，加热时间越长，说明吸收的热量越多，比热容越大；
(5)烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
本题考查温度计的读数和熔化相关知识，属于基础知识考查和应用，难度不大。
25.【答案】匀速直线 二力平衡 丁 压力大小 接触面粗糙程度 错误 没有控制压力大小相等 不必控制木板做匀速直线运动，便于操作(或测力计的示数稳定，便于读数)
【解析】解：
(1)弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，根据二力平衡条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。
由题意可知，甲乙丁的接触面较光滑，并且丁的压力最小，故丁实验中木块受到的滑动摩擦力最小。
(3)甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，故甲、乙实验是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小是否有关；
乙、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，故乙、丙为了探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关。
(4)甲、丁两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，接触面积不同，即没有控制压力大小相等，无法探究滑动摩擦力跟接触面积的关系，故得到的结论是错误的。
(5)实验改进后，物体A相对于地面是静止的，物体A受到测力计的拉力和木板对物体A的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不必控制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)丁；(3)压力大小；接触面粗糙程度；(4)错误；没有控制压力大小相等；(5)不必控制木板做匀速直线运动，便于操作(或测力计的示数稳定，便于读数)。
(1)弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，木块受到平衡力作用，滑动摩擦力等于拉力大小。
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，从滑动摩擦力大小的影响因素进行分析。
(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，利用控制变量法探究滑动摩擦力跟影响因素之间的关系。
(4)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，探究滑动摩擦力跟接触面积的关系时，控制压力大小和接触面粗糙程度不变。
(5)物体A相对地面处于静止状态，物体A受到弹簧测力计的拉力和木板对物体A的滑动摩擦力，滑动摩擦力跟物体运动速度无关。
本题是探究滑动摩擦力大小与什么因素有关的实验，注意控制变量法的运用，难点是分析实验改进的优点。
26.【答案】断开 B B 8 0.72 U−U额 S、S2 S1 U额U1 R0
【解析】解：(1)向右移动滑动变阻器的滑片P使电流表示数变小，说明滑动变阻器的滑片P在向右移动过程中接入电路的有效电阻在增大，故应接A端；如图所示：
(2)在连接电路时，开关必须断开；实验前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处，即B端；
(3)分析电路可知为串联电路，电压表测Rx两端电压，发现电流表始终无示数，则一定发生断路故障；同时电压表有示数，说明此时电压表与电源连通，测电源电压，电压表与电源两端连接的地方无故障，故障一定是Rx断路；
(4)电流表接“0～0.6A”量程，指针指针0.3A处，则电流为0.3A，电阻R=UI=2.4V0.3A=8Ω；电功率P=UI=2.4V×0.3A=0.72W；
(5))①闭合开关S、S1，断开开关S2，灯L、R0、滑动变阻器R三者串联，此时电压表测R0和R串联的总电压，根据串联电路电压的特点，电压表的示数为U′=U−U额；
②要测小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电压U额，还需要测定小灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流处处相等的特点，可先测通过R0的电流，通过闭合开关S、S2，断开开关S1，此时电压表测R0两端电压示数为U1；
③则通过R0的电流为：I=U1R0，由于串联电路电路处处相等，则通过灯的电流大小等于通过R0的电流大小，根据P额=U额I=U额U1R0得到小灯泡的额定功率。
答案为：(1)；
(2)断开；B；
(3)B；
(4)8；0.72；
(5)①U−U额；②S、S2；S1；③U额U1R0。
(1)滑动变阻器“一上一下”接入电路，下接线柱接A或B要根据题目要求或与电路图一致的原则；
(2)在连接电路时，开关必须断开；实验前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处；
(3)电路故障判断，当电流表无示数，电压表有示数且示数为电源电压值，故障一定是断路故障，且电压表测谁的电压，即谁断路；
(4)根据R=UI计算电阻值，P=UI计算功率；
(5)①闭合开关S、S1，断开开关S2，灯L、R0、滑动变阻器R三者串联，此时电压表测R0和R串联的电压，根据串联电路电压的特点，电压表的示数为U′=U−U额；
②要测小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电压U额，还需要测定小灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流处处相等的特点，可先测通过R0的电流，通过闭合开关S、S2，断开开关S1，此时电压表测R0两端电压示数为U1；
③通过R0的电流I=U1R0，由于串联电路电路处处相等，则通过灯的电流大小等于通过R0的电流大小，再根据P额=U额I=U额U1R0得小灯泡的额定功率。
本题考查滑动变阻器的正确接线，借助实验考查电阻和电功率的计算，比较综合，难度也比较大。
27.【答案】解：(1)船体受到的海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa；
(2)满载时，驱逐舰受到浮力：
F浮=G排=m排g=7×103×103kg×10N/kg=7×107N；
(3)由F浮=ρ海水V排g驱逐舰排开海水的体积：
V排=F浮ρ海水g=7×107N1.0×103kg/m3×10N/kg=7×103m3；
(4)驱逐舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等。
驱逐舰的重力：
G=F浮=7×107N，
牵引力F=f=0.01G=0.01×7×107N=7×105N。
答：(1)在水面下3m深处，船体受到的海水的压强是3×104Pa；
(2)驱逐舰满载时，受到的浮力是7×107N；
(3)驱逐舰满载时，排开海水的体积是7×103m3；
(4)驱逐舰满载时以72km/h的速度匀速航行，受到的牵引力是7×105N。
【解析】(1)利用p=ρgh求船体受到的海水的压强；
(2)满载时，驱逐舰受到浮力等于排开海水的重力，利用F浮=G排=m排g求解；
(3)利用阿基米德原理F浮=ρ海水V排g求驱逐舰排开海水的体积；
(4)驱逐舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等；竖直方向受到的重力、浮力是一对平衡力，大小相等。
则驱逐舰的重力等于受到的浮力，牵引力F=f=0.01G。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、二力平衡条件的应用，明确排水量的含义(排开水的质量)是本题的关键。
28.【答案】热效应
【解析】解：(1)电热足浴盆加热系统是利用电流的热效应工作的；
(2)水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg×(40℃−20℃)=5.04×105J；
(3)加热系统消耗电能为W=Pt=605W×900s=5.445×105J；
(4)由P=U2R可知加热电阻R=U2P=(220V)2605W=80Ω，
当实际电压为200V时，加热电阻的实际功率为P=(U实)2R=(200V)280Ω=500W。
答：(1)热效应；
(2)水吸收的热量是5.04×105J；
(3)加热系统的加热电阻正常工作15min消耗的电能是5.445×105J
(4)加热电阻工作的实际电功率是500W。
(1)电流有热效应、磁效应和化学效应；
(2)利用吸热公式直接计算即可；
(3)利用电能公式直接计算即可；
(4)先利用P=U2R计算出加热电阻，再利用P=(U实)2R可计算出其在200V下的实际电功率。
本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到吸热公式、电功公式和电功率公式的应用，熟练应用相关公式即可正确解题。
29.【答案】电能 电磁波 可再生 小于 来源丰富
【解析】解：(1)太阳能电池工作时，是将太阳能转化为电能；
(2)技术人员是通过电磁波远程操控汽车；
(3)太阳能是可以再生的，故它是可再生能源；
(4)太阳能汽车在水平路面上静止时，对地面的压力等于其重力。
太阳能汽车的外形做成流线型，上表面弯曲，下表面比较平，在水平路面上高速行驶时，流过上方的空气流速快，下方的流速慢，上方的压强小，下方的压强大，产生向上的压力差，减小对地面的压力，所以小轿车在水平路面高速行驶时对地面的压力小于静止时对地面的压力；
(5)太阳能作为一种新能源，具有来源丰富、不需运输、不会对环境造成污染等优点。据此可得答案：来源丰富、不需运输、不会对环境造成污染。
故答案为：(1)电能；(2)电磁波；(3)可再生；(4)小于；(5)来源丰富。
(1)判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量；
(2)电磁波能够传递信息，无线通信都是利用电磁波传递信息的；
(3)由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(4)由车的形状及流体的性质可知气体对车产生的压强变化，则可知车对地面的压力变化；
(5)根据材料分析解答。
此题以无人驾驶太阳能汽车为背景考查相关的物理知识，体现了物理来源于生活的理念，利于激发学生的学习兴趣，且难度适中，综合性强，是一道好题。
30.【答案】答：如图所示，电路中接入的用电器过多，造成电路总功率过大，由于家庭电路中电压一定，根据公式P=UI可知，干路电流会过大。根据焦耳定律Q=I2Rt可知，当电流过大时，相同时间内干路导线产生的热量越多，使导线温度升高，容易引起火灾。
【解析】家庭电路中，由电功率公式P=UI可知，家庭电路中的电压为220V，始终不变，可判断出总功率过大时，电流的变化情况，结合焦耳定律分析即可。
本题考查对家庭电路中电流过大原因的理解，同时考查学生对P=UI公式的掌握和对焦耳定律的理解。
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