山西省吕梁市交城县2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份山西省吕梁市交城县2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共19页。试卷主要包含了5N，【答案】B，【答案】A，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

下列是八年级的小明根据自己的生活实际估测的数据，其中合理的是( )
A. 八年级物理课本的重力约为20NB. 一枚鸡蛋受到的重力约为0.5N
C. 吕梁市的大气压约为1×106PaD. 站立时对地面的压力约为50N
如图所示的简单机械，正常使用时一定费力的是( )
A. 食品夹B. 裁纸刀
C. 修树剪刀D. 升旗用的定滑轮
2019世界羽联世界巡回赛总决赛于12月15日在广州落幕。郑思维和黄雅琼、陈清晨和贾一凡、陈雨菲先后获得混双、女双、女单冠军，为中国羽毛球队斩获三金。有关羽毛球活动中涉及的物理知识，下列说法中正确的是( )
A. 正在飞行的羽毛球如果外力突然消失，它将静止不动
B. 球拍击打羽毛球的力和羽毛球拍受到的作用力是一对平衡力
C. 击飞出去的羽毛球最终会落到地面上，是由于受到重力的作用
D. 羽毛球离开球拍后，还能继续向前飞行一段时间，是由于它受到了惯性作用
下面是日常生活中与压强有关事例的描述，其中正确的是( )
A. 图钉帽面积大是为了增大手指对它的压强
B. 高压锅能很快地煮熟食物是因为锅内气压增大，水的沸点降低
C. 用吸管吸饮料是利用了嘴的吸力
D. 喷雾器是利用流体压强与流速的关系来工作的
秉承“生态+体育”核心理念的太原西山奥申体育城郊森林公园，承接了二青会足球竞赛项目。如图是“二青会”足球比赛时，运动员将足球踢出的情景，下列关于足球的说法正确的是( )
A. 守门员将足球踢出的过程没有对足球做功
B. 足球在向上运动的过程中，重力势能增加，机械能增加
C. 足球下落过程中，将重力势能转化成动能
D. 在场地上滚动的足球，重力做了功
如图所示，在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，下列说法正确的是( )
A. 实验所用斜面和水平面都必须是光滑的
B. 木块向前滑行的过程中机械能保持不变
C. 小球质量越大，到达斜面底端的速度越大
D. 木块被撞击后滑行的越远，说明小球的动能越大
如图所示，设水对底部的压强为p瓶子对桌面的压强为p′.将瓶子从正放(如图甲)变为倒放(如图乙)，则p和p′的变化情况是( )
A. p变小，p′变小
B. p变小，p′变大
C. p变大，p′变小
D. p变大，p′变大
用弹簧测力计两次水平拉同一木块使它在同一水平木板上做匀速直线运动，图乙是它运动的路程随时间变化的图象，下列说法正确的是( )
A. 木块两次运动的速度v1B. 木块两次所受的拉力分别为F1、F2，则F1>F2
C. 在10s内两次拉力对木块做功分别为W1、W2，则W1D. 在10s内两次拉力分别对木块做功的功率为P1、P2，则P1>P2
漂流瓶是航海时代人类文化交流的象征符号，而且不少船只失事的原因也许会在漂流瓶中的纸条得知。如图所示，漂流瓶在海洋中漂浮时，下列说法中正确的是( )
A. 漂流瓶受到的浮力大于其重力
B. 漂流瓶在不同密度的海水中漂浮时底部所受压强相等
C. 漂流瓶在密度大的海水中所受浮力大一些
D. 漂流瓶漂入密度较小的海水中会上浮一些
甲乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮的质量都相同，用分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是( )
A. 若G1=G2，拉力做的额外功相同
B. 若G1=G2，拉力做的总功相同
C. 若G1=G2，甲的机械效率大于乙的机械效率
D. 用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变
在“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”的实验中，小明实验过程如图所示：
(1)小明的三次实验情况分别如图中的甲、乙、丙所示。实验时，用弹簧测力计拉木块在水平木板(或毛巾)上做______运动，根据______知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)由甲乙两图得到的结论是______；
(3)小明在探究“滑动摩擦力的大小与压力的关系”时，利用图中甲、丙两组数据比较得出：“压力越大，滑动摩擦力就越大”的结论。你认为他对比这两组数据得出这样的结论对吗？______，你的理由是______；
(4)在此实验的基础上，为了探究“影响滑动摩擦力大小是否与物体接触面积有关”，请你选择合适的实验器材______。
A、各接触面粗糙程度不同的长方体
B、各接触面粗糙程度不同的正方体
C、各接触面粗糙程度相同的长方体
D、各接触面粗糙程度相同的正方体
在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中(如图所示)，小明先用弹簧测力计测出金属块的重力，然后将金属块缓慢浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示(液体均未溢出)，并将其示数记录在表中：
(1)小明通过分析比较实验步骤A、B、C得出：物体所受浮力大小与物体浸入水中的深度有关，深度越深，其所受浮力越大。他得出的结论是______(选填“正确”或“错误”)的，理由是______；
(2)分析比较A、B、C、D可得结论：______；
(3)分析实验数据可知，F中液体密度______(选填“大于”、“小于”或“等于”)水的密度；
(4)金属块浸没在水中时受到的浮力大小是______N，金属块密度为______kg/m3(g取10N/kg)；
(5)下列能正确反映从金属块下表面刚好接触水面开始弹簧测力计示数F和金属块下表面到水面距离h关系的图象是______(金属块未接触容器底)。
如图所示，某实验小组利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、若干相同钩码、弹簧测力计等实验器材探究杠杆的平衡条件，每个钩码的重力为1N。
(1)没挂钩码时，实验小组的同学发现杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于______状态(选填“平衡”或“非平衡”)，为了使杠杆在水平位置平衡，此时应将杠杆右端的平衡螺母向______调节；
(2)如图乙所示，在杠杆左边A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，可以在______(选填“1”、“2”、“3”、“4”、“5”)点挂2个钩码；
(3)如图丙所示，用弹簧测力计在A点竖直向上拉，当测力计逐渐由竖直向上a变为斜向上b时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______(选填“变大”、“变小”、“不变”)，其原因是______。
小雨和小青在观摩自行车比赛中，看到运动员转弯时的状态如图甲所示，为什么身体要向弯道内侧倾斜呢？小青说：“转弯必须受力，身体倾斜是为了给自行车一个向内侧转弯的力”，他猜想：“这个力的大小可能与骑行速度和圆弧形跑道的半径有关”于是他们设计了图乙所示的实验，一个半径为0.5m的半圆轨道，通过左端的横杆与墙壁连接且能绕O点在竖直方向自由转动，轨道置于压力传感器上时，其示数为1N；接着让质量为30g的同一小钢球分别从距离传感器表面不同高度的弧面A、B、C三处自由滚下，当小钢球每次到达最低点时，压力传感器的示数最大并记录在下表中，请你解答：
(1)小雨觉得小青“转弯必须受力”的观点很有道理，因为______；
(2)小球从轨道不同高度滚下是为了使它到达最低点时，具有不同的______；
(3)由表格数据可知，在圆弧形跑道半径一定时，______越大，使自行车向内侧转弯的力将越______；
(4)若要探究与另一因素的关系，应改变______，并使同一小钢球从不同轨道的______自由滚下。(不考虑小钢球与轨道之间的摩擦)
漂浮在水面上的物体(如木块、乒乓球)受到浮力，请你自选器材设计实验验证沉入水中的物体也受到浮力的作用。
(1)写出你选用的实验器材：______。
(2)简述实验方法及现象：______。
为了纪念物理学家为物理学的发展做出的突出贡献，物理学中常把一些物理学家的名字规定为物理量的单位，例如人们将______的名字命名为______的单位。
茶壶和下水管道的“反水弯”在结构上的共同特征是______，在实际使用过程中，它们都是利用各容器中______的原理，来完成各自的使用功能。
俗话说“瓜浮李沉”，意思是西瓜投入水中会漂浮，李子投入水中会下沉，则李子的密度比西瓜的密度______，李子投入水中后所受的浮力______重力。(选填“大于”、“等于”、“小于”)
起重机将质量为5t的钢材以0.5m/s的速度竖直向上匀速提起，经1min到达施工楼层后再水平移动20m将钢材送到施工点，求此过程中拉力对钢材所做的功为______J(g取10N/kg)。
阅读短文，回答问题：
火箭起飞
有一个小实验：向一个气球中吹足气，然后向下松开气球口，气球就会迅速向上飞……原来，吹入气球的气体受到气球的挤压，如图1当松开气球口时，气球内的气体被挤出，力的作用是相互的，当气球向外挤压气体时，气体也对气球施加了反方向的作用力，使气球向上运动。
水火箭又称气压式喷水火箭、水推进火箭。包括动力舱、箭体、箭头、尾翼、降落伞。如图2所示动力舱由废弃塑料瓶制成，灌入三分之一的水，用橡皮塞塞紧瓶子，形成一个密闭的空间。发射前，把气体打入密闭的容器内，使得容器内空气的气压增大，当瓶内压强大到一定程度，瓶内水对橡皮塞向外推力大于橡皮塞和瓶口接合处的摩擦力时，橡皮塞与瓶口脱离，水火箭(塑料瓶)中的水向下喷出，水火箭向上飞行。
目前真正的火箭也是利用上述原理制成的，不同之处是真正的火箭是利用自身携带的燃料(推进剂)，在发动机中燃烧产生高温高压的燃气喷出时产生强大的推动力使火箭升空。
(1)在文中找出反映力的作用是相互的依据：______。
(2)真正的火箭在加速上升过程中的动能______，机械能______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，此时火箭处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(3)水火箭中的水向下喷出时会使水火箭向上飞出且继续上升一段距离，但最终会落回地面。请用所学物理知识解释原因。
“节约用水，人人有责”。如图甲是用水后及时关闭水龙头时的情景，水龙头手柄看作是一个杠杆，向下按关水，请你在图乙所示的示意图中画出阻力臂L2，并画出施加在A点的最小动力F1。
近年来，随着太原市的飞速发展和积极开放，各种建设工程随处可见。塔吊是建筑工地上常用的一种起重设备。如图甲所示是某塔吊的工作示意图，AO段是平衡臂，A端装有配重物，BO段是吊臂，C处装有滑轮，为可控制移动的吊钩，它可在B点到O点间移动。已知A端配重物的质量为20t，AO长为4m，BO长为10m。(g取10N/kg)
(1)当滑轮移到B端时能安全起吊重物的最大质量是多少千克？(不计“水平臂”和滑轮自重)
(2)若塔吊挂钩处是由两个动滑轮组成的滑轮组(如图乙所示)，两个动滑轮和挂钩的总质量为50kg。若利用此滑轮组把总质量为0.15t的重物匀速提升3m，忽略一切摩擦和绳重，则该装置的机械效率为多少？
电动自行车的新规定于2019年4月15日起正式实施，2020年1月1日起，太原市开启了电动自行车的严管模式，不按规定登记上牌的电动自行车，交警部门将依法予以查处。某电动自行车的质量为40kg，轮胎与地面接触的总面积为100cm2，一个质量为60kg的人骑该电动自行车以8m/s的速度匀速行驶10min到达广场，行驶中受到的阻力为人和车总重的0.04倍，(g取10N/kg)求：
(1)电动自行车在水平路面行驶时对地面的压强。
(2)电动车牵引力做功的功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、八年级物理课本的重力约为2N，故A错误。
B、一斤(500g)鸡蛋可称8--10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g(0.05kg)，其重力为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故B正确。
C、吕梁市的大气压与标准大气压接近，约为1×105Pa，故C错误。
D、站立时对地面的压力约为：F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：
A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
B、裁纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、修树剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】C
【解析】解：A、正在飞行的羽毛球如果外力突然消失，它将保持那一瞬间的速度做匀速直线运动，故A错误；
B、球拍击打羽毛球的力和羽毛球拍受到的作用力大小相等，方向相反，在同一直线上，作用在两个物体上是一对相互作用力，故C错误；
C、击飞出去的羽毛球，是由于受到重力的作用，改变了运动状态，最终落向地面，故C正确；
D、羽毛球离开球拍后继续向前运动，是由于惯性还要保持原来的运动状态。惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。
故选：C。
(1)牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
(2)相互作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在两个物体上；
(3)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的方向是竖直向下的；
(4)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
本题考查牛顿第一定律、相互作用力的特点、二力平衡条件、重力的作用，属于基础题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、根据p=FS可知，当压力一定时，图钉帽面积大，压强就小，所以是为了减小手指对它的压强，故A错误；
B、高压锅内气压增大，水的沸点升高，能让高压锅能很快地煮熟食物，故B错误；
C、用吸管吸饮料是利用了大气压，故C错误；
D、喷雾器是利用流体压强与流速的关系来工作的，故D正确；
故选：D。
(1)压强与压力和受力面积有关，可以通过p=FS解答；
(2)液体沸点随气压的升高而升高；
(3)用吸管吸饮料是利用了大气压；
(4)流体中，流速大的地方压强小；
本题考查压强的相关知识，是一道基础题，关键是将知识内容掌握清楚，仔细审题不难做出。
5.【答案】C
【解析】解：
A、守门员将足球踢出的过程中，脚对足球施加了力，足球在力的方向上通过了距离，所以对足球做了功，故A错误；
B、足球在向上运动的过程中，质量不变、高度增加，重力势能增加；重力不变、速度减小，动能减小；动能转化为重力势能；由于受到空气阻力的作用，一部分机械能克服摩擦做功，机械能会减小，故B错误；
C、足球下落过程中，质量不变，速度变大，高度减小，动能变大，重力势能减小，将重力势能转化成动能，故C正确；
D、在场地上滚动的足球，受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的，而运动的方向是在水平方向上，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，故D错误。
故选：C。
(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；
(2)动能的大小与速度、质量有关、重力势能的大小与质量和高度有关，机械能为动能和势能的和。
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
6.【答案】D
【解析】解：A、根据转换法，将木块推得远近，说明小球撞击木块前的动能大小，水平面一定不能光滑，故A错误；
B、木块向前滑行的过程中，速度减小，由于木块在水平面上，质量不变，则机械能减小，故B错误；
C、小球到达斜面底端的速度取决于小球在斜面上的高度，滚下的高度越高小球到达斜面底端的速度越大，故C错误；
D、根据转换法，将木块推得越远，说明小球撞击木块前的动能越大，故D正确。
故选：D。
(1)影响动能大小的因素：速度和质量；
(2)根据机械能影响因素即可判断；
(3)小球到达斜面底端的速度取决于小球在斜面上的高度；为了保证小球到达斜面底端具有相同的速度，可以让小球从同一高度落下。
(4)通过小球对木块做功，来探究小球的动能大小，利用了转换法。
本题考查了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法应用的考查，是中考的热点。
7.【答案】D
【解析】解：由于瓶内水不满，而瓶子上细下粗，所以倒过来时水的深度变大，由公式p=ρgh可知，液体对瓶塞的压强变大。
瓶对桌面的压力等于瓶和里面水的总重力，无论瓶口朝上还是朝下，它们的重力不变，所以对桌面的压力也不变。但倒过来后受力面积变小，所以对桌面的压强变大。
即将瓶子从正放(如图甲)变为倒放(如图乙)，则p变大，p′变大。
故选：D。
瓶子粗细不均匀，上面细下面粗，倒过来后液体深度会发生变化，与桌面的接触面积也发生变化，根据液体压强公式p=ρgh和压强公式p=FS具体分析即可正确解答。
该题考查了灵活应用公式p=ρgh和p=FS的能力，这就要求无论题目如何变化，一定要分析隐含的物理信息，这样才能利用物理知识解决实际问题。
8.【答案】D
【解析】解：
A、由s−t图象可知，在相同时间内，木块第一次通过的路程大于第二次，所以第一次运动的速度大于第二次，即v1>v2，故A错误。
B、用弹簧测力计两次水平拉同一木块使它在同一水平木板上做匀速直线运动，不论其速度大小如何，都受到平衡力的作用，在水平方向上滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，则拉力和滑动摩擦力大小相等；
两次实验中，虽然速度变化了，但木块对木板的压力和接触面的粗糙程度不变，则两次木块受到的滑动摩擦力大小不变，所以木块两次所受的拉力大小相等，即F1=F2，故B错误。
C、由s−t图象可知，木块在10s内通过的路程第一次大于第二次；由B可知，两次拉力大小相等，所以由W=Fs可知，第一次所做的功大于第二次，即W1=W2，故C错误；
D、由C可知，第一次所做的功大于第二次；又知时间相等，所以根据P=Wt可知，第一次拉力对木块做功的功率较大，即P1>P2，故D正确。
故选：D。
(1)根据图象，通过比较木块两次在相同时间内通过的路程判断速度大小。
(2)根据物体的运动状态，判断出木块受到平衡力的作用，即拉力等于摩擦力；然后根据滑动摩擦力大小的影响因素得出两次木块受到的摩擦力变化，进而得出木块两次所受的拉力关系。
(3)根据图象得出木块在10s内两次通过的路程关系，然后利用公式W=Fs比较两次做功的多少；
(4)根据P=Wt比较两次功率的大小。
本题考查了学生的识图能力，以及对二力平衡的条件、影响摩擦力的因素、功的计算、功率公式的应用的掌握情况，解题的关键是能从图中得出相关信息，锻炼了学生的观察思考能力。
9.【答案】B
【解析】解：A、因为漂流瓶始终漂浮，因此浮力等于重力，即漂流瓶在密度不同的海水中所受浮力都相等，故AC错误；
B、因为浮力等于物体上下表面的压力差，因此漂流瓶下表面受到的压力等于浮力，而浮力始终等于重力，漂流瓶的底面积不变，由p=FS可知，漂流瓶在不同密度的海水中漂浮时底部所受压强相等，故B正确；
D、由F浮=ρ液gV排可知，液体的密度越小，物体排开液体的体积越大，因此漂流瓶漂入密度较小的海水中会下沉一些，故D错误。
故选：B。
(1)物体漂浮时，浮力等于重力；
(2)根据浮力产生的原因和p=FS可知漂流瓶在不同密度的海水中漂浮时底部所受压强的关系；
(3)根据F浮=ρ液gV排可知物体在密度较小的液体中上浮还是下沉。
本题考查了学生对物体浮沉条件的掌握和运用，物体的浮沉条件：①G物F浮，下沉；解题中应注意灵活运用。
10.【答案】C
【解析】解：
A、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，已知把物体提高相同的高度，则提升动滑轮的高度也相同，由W额=G动h可知，乙滑轮组做的额外功多，故A错。
B、若G1=G2，把物体提升相同的高度，由W有=G物h可知，甲乙所做的有用功相同；
由W总=W有+W额可知，所以乙做的总功大于甲做的总功，故B错误；
C、若G1=G2，则甲乙所做的有用功相同，甲做的总功小于乙做的总功，所以根据η=W有用W总可知，甲的机械效率大于乙的机械效率，故C正确。
D、用同一个滑轮组提起不同的重物，若提高相同的高度，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，即机械效率发生变化，故D错误。
故选：C。
(1)不计绳重和摩擦，克服动滑轮重做的功为额外功；
(2)把物体提升相同的高度，利用W=Gh比较甲乙所做的有用功，总功=有用功+额外功，可得拉力做功大小关系；
(3)根据η=W有用W总分析机械效率的大小关系；
(4)不计绳重和摩擦，对同一个滑轮组来说，动滑轮重不变、额外功不变，提起不同的重物，有用功不同、有用功和总功的比值不同，利用η=W有用W总分析机械效率是否变化。
本题主要考查的是学生对滑轮组的省力情况、机械效率计算公式及其变形公式的理解和掌握，难度较大。
11.【答案】匀速直线 二力平衡 压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 不对 没有控制接触面粗糙程度相同 C
【解析】解：
(1)实验时为了测出滑动摩擦力大小，应使弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，此时摩擦力和拉力是一对平衡力，根据二力平衡，可知此时滑动摩擦力与拉力大小相等；
(2)比较甲、乙两图发现：接触面的粗糙程度相同，而压力大小不同，由此可知研究的是摩擦力与压力大小的关系，由甲乙两图得到的结论是压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
(3)小明在探究“滑动摩擦力的大小与压力的关系”时，利用图中甲、丙两组数据比较得出：“压力越大，滑动摩擦力就越大”的结论。他对比这两组数据得出这样的结论是不对的，理由是没有控制接触面粗糙程度相同；
(4)探究“影响滑动摩擦力大小是否与物体接触面积有关”，应控制压力、接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，故应选择各接触面粗糙程度不同的长方体，故选C。
故答案为：(1)匀速直线； 二力平衡；(2)压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。(3)不对；没有控制接触面粗糙程度相同；(4)C。
(1)木块只有在做匀速直线运动时，受到弹簧测力计的拉力才等于受到的摩擦力；
(2)(3)(4)研究摩擦力大小与什么因素有关，要利用控制变量法来研究。甲乙两图比较：压力相同，接触面的粗糙程度不同。比较甲、丙两图发现：压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，由此可知研究的是摩擦力与接触面粗糙程度的关系。
此题要把握两个方法：①利用二力平衡的条件的转换法。②控制变量法的应用。
12.【答案】错误 没有控制排开液体体积一定 液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，浮力越大； 小于 12.7×103 A
【解析】解：(1)研究物体受到的浮力大小与物体浸入水中的深度有关，要控制排开液体的密度和体积相同，而实验中，没有控制排开液体的体积相同，故是错误的；(2)研究物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积关系，要控制排开液体的密度相同，由分析比较A、B、C、D可知，液体的密度相同时，物体排开液体的体积不同，浮力不同，所以物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关，具体关系：当液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
(3)根据称重法可知：物块在水中受到的浮力为：F浮=2.7N−1.7N=1N；物块在另一液体中受到的浮力为：F浮′=2.7N−1.9N=0.8N；
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知物体排开液体的体积相同时，液体密度越大，受到的浮力越大，故F中液体密度小于水的密度；
(4)物块在水中受到的浮力为：F浮=G−F=2.7N−1.7N=1N；
V排=F浮gρ水=1N10N/kg×1.0×103kg/m3=7×10−5m3=10−4m3，
金属块的体积：V=V排
金属块的质量：m=Gg=2.7N10N/kg=0.27kg；
金属块的密度：ρ=mV=0.27kg10−4m3=2.7×103kg/m3；
(5)由表格中数据知，测力计的示数随深度的增加先变小，后不变，故A符合题意。
故答案为：(1)错误；没有控制排开液体体积一定；(2)液体密度相同时，物体排开液体体积越大，浮力越大；(3)小于；(4)1；2.7×l03；(5)A。
(1)物体受到的浮力大小排开液体的体积和密度有关，研究物体受到的浮力大小与与物体浸入水中的深度有关，要控制排开液体的密度和体积相同；
(2)由图A、B、C、D找出相同的量和不同的量，分析得出物体受到的浮力大小与变化量的关系；
(3)根据浮力大小和阿基米德原理，判断液体密度大小；
(4)根据称量法F浮=G−F拉计算出在盐水中受到的浮力，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求物块的体积，根据ρ=mV得出物体的密度；
(5)根据测力计的示数变化与与金属块下表面到水面距离h关系得出结论。
本题考查影响浮力大小的因素、控制变量法的使用、浮力的测量、密度的计算，是一道综合题。
13.【答案】平衡 右 3 变大 力臂变小
【解析】解：
(1)杠杆停在如图甲所示的位置，保持静止状态，杠杆处于平衡状态；
要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的左端移动，即将左右两端的平衡螺母都向左调节；
(2)一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：
3G×2L=2G×nL，
解得：n=3，故3点挂2个钩码；
(3)如图丙所示，用弹簧测力计在A点竖直向上拉，当测力计逐渐由竖直向上a变为斜向上b时，若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计示数大小将变大；
故答案为：(1)平衡； 右；(2)3；(3)变大； 力臂变小。
(1)杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡；
为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在那点挂2个钩码的数量；
(3)当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。
此题是“探究杠杆的平衡条件”实验，考查了杠杆的调平及目的，杠杆平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。
14.【答案】力可以改变物体的运动状态 速度 骑行速度 大 圆弧形跑道的半径 同一高度
【解析】解：
(1)转弯时，运动方向改变了，运动状态改变了，因力是改变物体运动状态的原因，故“转弯必须受力”的观点很有道理；
(2)小球从轨道不同高度滚下是为了使它到达最低点时，具有不同的速度；
(3)由(2)知，距压力传感器高度h越大，小钢球每次到达最低点时速度越大，根据表中数据，压力传感器达到的最大示数也越大，故得出在圆弧形跑道半径一定时，骑行速度越大，使自行车向内侧转弯的力将越大；
(4)他猜想：这个力的大小可能与骑行速度和圆弧形跑道的半径有关，根据控制变量法，若要探究与另一因素的关系，即与圆弧形跑道的半径有关；要控制骑行速度相同，只改变圆弧形跑道的半径的关系，故应使同一小钢球从不同轨道的同一高度自由滚下。
故答案为：(1)力可以改变物体的运动状态；(2)速度；(3)骑行速度；大；
(4)圆弧形跑道的半径；同一高度。
(1)根据力是改变物体运动状态的原因分析；
(2)同一小球从轨道从一定高度滚下，重力势能转化为动能，从不同(同一)高度滚下，到达最低点时速度不同(相同)；
(3)由(2)知，距压力传感器高度h越大，小钢球每次到达最低点时速度越大，分析中表中数据得出结论；
(4)大小可能与骑行速度和圆弧形跑道的半径有关，根据控制变量法结合(2)分析。
本题考查控制变量法和机械能的转化及数据分析的能力。
15.【答案】测力计、铝块、水槽、水 ①在弹簧测力计下悬挂一个系着细线的铝块，读出弹簧测力计的示数；
②把铝块浸没在盛水的烧杯中但未碰到烧杯底，会看到弹簧测力计的示数变小了
【解析】解：实验器材：测力计、铝块、水槽、水
实验步骤：
①在弹簧测力计下悬挂一个系着细线的铝块，读出弹簧测力计的示数；
②把铝块浸没在盛水的烧杯中但未碰到烧杯底，会看到弹簧测力计的示数变小了；
实验结论：沉入水中的物体也会受到水的浮力的作用。
故答案为：(1)测力计、铝块、水槽、水；
(2)①在弹簧测力计下悬挂一个系着细线的铝块，读出弹簧测力计的示数；
②把铝块浸没在盛水的烧杯中但未碰到烧杯底，会看到弹簧测力计的示数变小了。
在水中的物体，都受到一个向上的力，这个力就是浮力。浮在水面上的物体会受到水的浮力作用，沉入水中的物体也会受到水的浮力作用。
根据实验的目的设计实验，注意实验的可操作性和可观察性。
16.【答案】牛顿 力
【解析】解：在物理学中，
以科学家牛顿的名字命名为力的单位，
以科学家焦耳的名字命名为功和能量的单位，
以科学家库仑的名字命名为电荷量的单位，
以科学家安培的名字命名为电流的单位，
以科学家瓦特的名字命名为功率的单位，
以科学家欧姆的名字命名为电阻的单位，
以科学家伏特的名字命名为电压的单位，等等。
故答案为：牛顿；力。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。
17.【答案】上端开口、下端连通 液面相平
【解析】解：茶壶和下水管道的“反水弯”在结构上的共同特征是上端开口、下端连通；
根据连通器原理可知，在实际使用过程中，它们都是利用各容器中液面相平的原理，来完成各自的使用功能。
故答案为：上端开口、下端连通；液面相平。
根据连通器的定义和特点进行判断，即上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
本题考查生活中常见的连通器原来的应用，难度不大，属于基础题目。
18.【答案】大 小于
【解析】解：西瓜漂浮在水面上，ρ瓜<ρ水；李子在水中下沉，ρ李子>ρ水，所以，ρ李子>ρ瓜；
李子投入水中下沉，则李子受到的浮力小于重力。
故答案为：大；小于。
(1)根据物体浮沉条件，比较西瓜、李子与水的密度关系，进而可得西瓜和李子的密度关系；
(2)物体下沉时，浮力小于重力。
本题考查了学生对物体浮沉条件的掌握和运用，物体的浮沉条件可变成以下形式：①ρ物<ρ液，上浮；②ρ物=ρ液，悬浮；③ρ物>ρ液，下沉；解题中应注意灵活运用。
19.【答案】1.5×106
【解析】解：
由v=st得，钢材上升的距离：
s=vt=0.5m/s×60s=30m，
起重机对钢材所做的功：
W=Gh=mgh=5×103kg×10N/kg×30m=1.5×105J；
在水平移动的过程中，在拉力的方向上没有移动距离，此过程不做功；
此过程中拉力对钢材所做的功为1.5×105J。
故答案为：1.5×105。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可；先确定是否做功，若做功，利用功的公式W=Fs计算。
本题考查了速度计算公式、功的计算公式的应用以及对力学中做功的两个必要因素的理解，属于基础性题目。
20.【答案】水火箭(塑料瓶)中的水向下喷出，水火箭向上飞行； 变大 变大 非平衡
【解析】解：(1)力的作用是相互的，“水火箭(塑料瓶)中的水向下喷出，水火箭向上飞行”的原因是水火箭向下喷水，所以水对火箭产生向上的反作用力；
(2)火箭在加速上升过程中，质量不变，速度变大，所以动能变大；质量不变，高度增加，所以重力势能增大；动能和重力势能增大，所以机械能增大；
因为火箭处于加速上升状态，所以处于非平衡状态；
(3)水火箭中的水向下喷出，由于物体间力的作用是相互的，水会给水火箭一个向上的反作用力，这个力改变了水火箭的运动状态，所以水火箭向上飞出；当水火箭离开水后，由于惯性仍保持原来的向上运动状态，所以继续上升一段距离，但由于水火箭受到重力，运动状态改变，所以最终会落回地面。
故答案为：(1)水火箭(塑料瓶)中的水向下喷出，水火箭向上飞行；
(2)变大；变大；非平衡；
(3)水火箭中的水向下喷出，由于物体间力的作用是相互的，水会给水火箭一个向上的反作用力，所以水火箭向上飞出；当水火箭离开水后，由于惯性仍保持原来的向上运动状态，所以继续上升一段距离，但由于水火箭受到竖直向下的重力作用，所以最终会落回地面。
(1)认真阅读材料，从中确定答案；
(2)动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度；重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度；机械能=势能+动能；
在平衡力的作用下物体保持静止或匀速直线运动状态；
(3)力的作用是相互的；地球表面及附近的一切物体都受到竖直向下的重力的作用。
此题是一道材料阅读题，考查了力的作用相互性、机械能影响因素及其变化、力和运动的关系等知识点，考查我们运用物理规律解决实际问题的能力。
21.【答案】解：过O点作阻力F2的垂线，即为阻力F2对支点O的力臂L2；
根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。由图可知，OA为最长动力臂时，动力最小，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，如下图所示：

【解析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
22.【答案】解：
(1)AO长为4m，BO长为10m，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，mg×10m=2×104kg×g×4m；
能安全起吊重物的最大质量是：m=2×104kg×4m10m=8×103 kg；
(2)忽略一切摩擦和绳重，则该装置的机械效率为：
η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=150kg×10N/kg150kg×10N/kg+50kg×10N/kg=75%。
答：(1)能安全起吊重物的最大质量是8×103kg；(2)该装置的机械效率为75%。
【解析】(1)根据杠杆的平衡条件求出物体的质量的大小；
(2)根据η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动求出滑轮组的机械效率。
杠杆平衡条件是解决杠杆平衡问题的重要依据，只要是杠杆平衡，想办法找到动力、动力臂、阻力、阻力臂，根据杠杆平衡条件求解；本题还考查了机械效率的计算，明确计算公式的变形是解题的关键。
23.【答案】解：(1)电动自行车行驶时，对地面的压力：
F=G总=(m车+m人)g=(40kg+60kg)×10N/kg=1000N，
电动自行车行驶时对地面的压强：
p=FS=1000N100×10−4m2=1×105Pa；
(2)因电动车在水平的路面上匀速行驶时，处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，电动车受到的牵引力：
F=f=0.04G=0.04×1000N=40N，
电动车牵引力做功的功率为：
P=Wt=Fst=Fv=40N×8m/s=320W。
答：(1)电动自行车在水平路面行驶时对地面的压强为1.0×105Pa；
(2)电动车牵引力做功的功率为320W。
【解析】(1)电动自行车行驶时对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=FS求出电动自行车行驶时对地面的压强；
(2)电动车在水平的路面上匀速行驶时，处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.04G=0.04mg求出电动车受到的牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv算出电动车牵引力做功的功率。
本题考查了重力公式、压强公式、二力平衡条件以及功率公式的综合应用，是一道力学综合题，有难度不是很大。
实验步骤
B
C
D
E
F
弹簧测力计示数/N
2.2
2.0
1.7
1.7
1.9
小钢球初始位置
A
B
C
距压力传感器高度h/m
0.5
0.4
0.3
压力传感器达到的最大示数F/N
1.90
1.78
1.66