还剩26页未读，
继续阅读
北京市海淀区清华大学附属中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题
展开
这是一份北京市海淀区清华大学附属中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共29页。试卷主要包含了以下关系中正确的是，【答案】C，【答案】A，【答案】D，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年北京市海淀区清华大学附属中学八年级（下）期末物理试卷
1. 在国际单位制中，功率的单位是( )
A. 帕斯卡(Pa) B. 焦耳(J) C. 瓦特(W) D. 牛顿(N)
2. 下列实例中，为了增大摩擦的是( )
A. 在旅行箱下端装有轮子 B. 冰壶比赛中运动员用力刷冰
C. 自行车轮胎上制有凹凸的花纹 D. 磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙
3. 如图所示的生活用具中，使用时属于费力杠杆的是( )
A. 筷子 B. 托盘天平
C. 核桃夹 D. 瓶起子
4. 如图所示的四种措施中，为了增大压强的是( )
A. 滑雪板的面积较大
B. 铁轨铺在枕木上
C. 推土机有宽大履带
D. 切蛋器装有细钢丝
5. 下列说法中正确的是( )
A. 重力的方向总是垂直向下
B. 重心一定在物体的几何中心上
C. 手压缩弹簧时，手对弹簧的力大于弹簧对手的力
D. 物体在施加作用力的同时也一定会受到力
6. 下列估测中最接近实际情况的是( )
A. 普通中学生站在地面上受到的重力约为500N
B. 将一块普通橡皮从地上捡到课桌上，人对橡皮做功约为10J
C. 一张报纸摊开平放在面积比它更大的桌面上，报纸对桌面的压强约为1000Pa
D. 踢出去后的足球在空中飞行的过程中，人对足球做功的功率约为50W
7. 下列说法中正确的是( )
A. 牛顿第一定律能通过实验直接验证
B. 前进的汽车紧急刹车时车上的人会向车前进的方向倾倒
C. 静止的物体受力以后一定能够运动起来
D. 静止的物体没有惯性
8. 运动会上，某同学参加了跳远比赛。他用力蹬地，腾空一跃，如图所示。若用“●”
表示该同学，不计空气阻力，分析他腾空时的受力情况，下图中正确的是( )
A. B. C. D.
9. 如图所示的四种情形中，对力是否做功判断正确的是( )
A. 甲图中人提着滑板在平直的道路上匀速行走，人对滑板做了功
B. 乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车做了功
C. 丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头做了功
D. 丁图中人举着杠铃保持静止的过程中，人对杠铃做了功
10. 雨眠同学在探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离也相等。将杠杆调节在水平位置平衡后，如图所示，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码。为使杠杆保持在此位置平衡，可以在B点悬挂的钩码个数为( )
A. 1个 B. 2个 C. 3个 D. 4个
11. 如图所示为我们熟悉的实验情景，其中研究流体压强与流速关系的实验图是( )
A. B.
C. D.
12. 下列关于机械和功的说法，正确的是( )
A. 使用动滑轮，既可以省力，又可以省功
B. 使用省力杠杆，可以省力，也可以省功，但是费距离
C. 使用定滑轮的目的是为了省功
D. 若额外功一定，则有用功越大，机械效率越高
13. 小梵同学将小木桌按图甲和图乙两种方式先后放置在同一块厚海绵上，小桌上分别先后放置同一个铁块。则以下判断中正确的是( )
A. 甲图中小木桌对海绵的压力比乙图中小木桌对海绵的压力大
B. 乙图中小木桌对海绵的压力比甲图中小木桌对海绵的压力大
C. 甲图中小木桌对海绵的压强比乙图中小木桌对海绵的压强小
D. 乙图中小木桌对海绵的压强比甲图中小木桌对海绵的压强小
14. 水平桌面上两个静止放置的玻璃杯甲和乙，它们的底面积相等。分别向两个杯中注水使两个杯中的水面在同一个水平面上，如图所示。假定两个玻璃杯的质量相等且玻璃的厚度可以忽略，甲中的水对杯底的压强为p1，甲中水杯对桌面的压力大小为F1，乙中的水对杯底的压强为p2，乙中水杯对桌面的压力大小为F2.以下关系中正确的是( )
A. p1=p2 B. p1F2
15. 如图所示，水平桌面上放置一个电子秤，电子秤上有一盛水的溢水杯，杯内水面跟溢水口相平。小逸用弹簧测力计悬挂一个圆柱体铝块，将铝块缓缓地浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块未接触杯底和侧壁。则从铝块下表面开始接触水面到上表面刚没入水中的过程中( )
A. 测力计的示数变小，电子秤的示数不变 B. 测力计的示数变小，电子秤的示数变小
C. 测力计的示数变大，电子秤的示数变小 D. 测力计的示数变大，电子秤的示数不变
16. 如图所示的是探究“阻力对物体运动的影响”实验。下列说法中正确的是( )
A. 小车在水平面上运动时，重力与支持力大小是相等的
B. 小车最终会停下来说明力是维持物体运动状态的原因
C. 若小车到达水平面时所受外力全部消失，小车将做匀速直线运动
D. 小车运动到水平面以后还能继续向前运动，是因为小车受到惯性
17. 如图所示属于连通器的是( )
A. 活塞式抽水机的缸筒和活塞
B. 锅炉和外面的水位计
C. 排水管的U形回水弯
D. 微小压强计的U形玻璃管
18. 如图所示，箱子静止在水平地面上。小赫同学沿水平方向将静止的箱子向右推，箱子在水平推力作用下，最终在水平地面上做匀速直线运动。下列说法中正确的是( )
A. 箱子静止时，箱子受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 箱子没有被推动的时候，推力小于箱子受到的摩擦力
C. 箱子由静止开始被加速推动的过程中，它受到的推力等于摩擦力
D. 箱子在水平地面上做匀速直线运动时，箱子受到的合力为零
19. 如图所示，小安同学用手施加力水平向右的压力F，使方形物体A沿着竖直墙面匀速下滑。其中F=25N，GA=15N.下列说法中正确的是( )
A. 对手水平向左的作用力为15N B. 对手水平向左的作用力为25N
C. 受到的摩擦力为15N D. 受到的摩擦力为25N
20. 如图所示，动滑轮和定滑轮完全相同且质量均为m，用定滑轮和动滑轮将质量为2m的重物G分别提升同样的高度h，定滑轮绳子自由端拉力为F1，动滑轮绳子自由端拉力为F2，定滑轮提升重物有用功为W1，动滑轮提升重物有用功为W2，定滑轮绳子自由端拉力做功为W3，动滑轮绳子自由端拉力做功为W4，定滑轮提升该重物的机械效率为η1，动滑轮提升该重物的机械效率为η2，不计绳重和轮与轴的摩擦作用，则下列关系式正确的是( )
A. F1=F2 B. W1=W2 C. W3
(2)如图所示，一拉杆旅行箱在力F作用下保持静止状态，图中O为支点，AB与F共线。则图中的线段______(选填“OA”、“OB”或“AB”)表示力F的力臂。
22. 如图所示是小明自制的水平仪，它由两条相互垂直的木条加上一根重垂线组成，用它能检查桌面是否水平。该水平仪利用重力方向______的原理这；小明在某次使用该水平仪时，将它底边放在水平桌面上，如图所示，则该桌面______高(选填“左端”、“右端”)。
23. 在探究“液体内部压强的特点”实验时，小天用微小压强计进行实验，如图所示。
(1)实验前小天用手指无论是重压还是轻压金属盒的橡皮膜时，发现U形管两侧液面都没有高度差。造成这一现象的原因可能是U形管与橡皮管连接处______；
(2)装置调整好后，小天将探头先后放在同一容器中液体的A、B两点处，U形管两侧液面高度情况分别如图甲、乙所示。由此可判断出A、B两处的压强大小关系为pA______pB(选填“大于”、“等于”或“小于”)。由此分析可以得到，液体内部的压强与______有关。
24. 如图所示为“探究杠杆平衡条件”的实验装置，杠杆可在竖直平面内绕固定点O自由转动，其上相邻刻线间的距离相等，杠杆在水平位置静止。若在杠杆上的A点位置挂6个重均为0.5N的钩码，则在______点(选填“B”或“C”)用弹簧测力计竖直向上施加力可以使杠杆保持水平平衡，此时弹簧测力计的示数为______N。
25. 根据如图所示情景回答下列问题。
(1)图A所示为磁铁的吸引力使小球在水平桌面上做曲线运动，这个现象说明力可以改变物体的______(选填“形状”或“运动状态”)；
(2)图B所示为自动供水装置，当盆景中的水位下降到刚好使瓶口露出水面时，空气会进入瓶中，储水瓶中的水流出使盆景中的水位升高，瓶口又被浸没，瓶中的水就不再流出。储水瓶子中的水面可以高于盆景中的水面，这是______作用的结果；
(3)图C用自制气压计粗略测量气压变化时，可以通过观察细琉璃管内水柱高度的变化来粗略判断瓶外气压的变化情况。玻璃瓶内气体是密闭的，某次实验时，观察到细琉璃管内水柱上升，则可判断当时外界的大气压______(选填“变大”或“变小”)；
(4)图D中保持F1与F2大小相等且方向相反，用手将薄纸板扭转到图中位置，放手后纸板将______(选填“能”或“不能”)在图中位置平衡。实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足作用在______的条件。
26. 在探究“力对物体运动的影响”的实验中，在水平桌面上分别铺上粗糙程度不同的毛巾、棉布和玻璃，让小车自斜面顶端从静止开始滑下，小车从同一高度滑下后，在不同物体表面上运动的距离如图所示。
(1)实验时小车每次都让同一小车从同一斜面的顶端静止释放，是为了让小车在水平面上开始运动时的______相同；
(2)由图示可知，小车受到的阻力越______，速度减小得越慢；
(3)根据这个实验推理：若水平物体表面完全光滑(即小车不受任何阻力作用)，那么小车将一直保持______运动。
27. 通过物理知识的学习，我们可以发现：
(1)当要研究的物理量不容易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来。例如：在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中(如图所示)，弹簧测力计水平拉动木块时，必须让木块在水平面上做______运动，通过读取弹簧测力计上的示数便可间接知道摩擦力的大小；
(2)当要研究某个物理量与多个因素的关系时，一般要采用______法。例如：在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中，若要研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度之间的关系，则需要保持接触面所受______不变。
28. 实验桌上有带横杆的铁架台、刻度尺、弹簧测力计、细绳，钩码一盒，滑轮2个。小赵利用上述实验器材测量滑轮组的机械效率。
(1)该实验需要直接测量的物理量有：绳子自由端施加的拉力F、钩码被提升的高度h、绳子自由端移动的距离s和______；
(2)图中没有画出小赵组装滑轮组时的绕线方式，小赵在实验中发现s=3h，由此可知在实验过程中，小赵是通过弹簧测力计拉动绳子的自由端沿竖直向______的方向匀速运动的；
(3)若想要提高机械效率，方法有______。(写出1个方法即可)
29. 如图是验证阿基米德原理的实验步骤示意图，依次读出甲、乙、丙、丁图中弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4。
(1)若验证成功，则F1、F2、F3、F4之间应满足关系式是______；
(2)利用测量数据还可计算出石块的密度ρ=______。(水的密度用ρ水表示)
30. 如图所示，将一个小球浸没在水中由静止释放，若小球会上浮，请推导小球的密度ρ球与水的密度ρ水之间应满足什么关系。
31. 请阅读《按压式瓶盖》回答问题。
按压式瓶盖
在日常生活中，装有洗手液或洗发液的瓶子，其瓶盖都是按压式的，如图所示。按压式瓶盖的工作原理是什么呢？液体是怎么“吸”上来的？
洗手液瓶中有个按压式吸液结构，它由导液管、进液阀门、弹簧、活塞、出液阀门、出液管、储液筒等组成，如图所示，其中进液阀门和出液阀门是塑料小球，进液阀门位于弹簧下端，出液阀门位于活塞上端。
使用的时候，通过手向下按压，活塞向下移动，弹簧被压缩使得进液阀门关闭，出液阀门打开，储液筒里的液体从出液管流出瓶外；当手松开时，弹簧恢复原来的自然状态，使得活塞向上移动，出液阀门关闭，进液阀门打开，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒。这样活塞在圆筒中上下往复运动，不断地把液体“吸”出瓶外。
请根据上述材料，回答下列问题：
(1)按压式瓶盖的工作原理和______的原理相同；
A.活塞式抽水机抽水B.飞机机翼获得升力C.茶壶倒出茶水
(2)进液阀门和出液阀门处的塑料小球，在按压式瓶盖中起到了非常关键的作用，为了能够按照需要顺利地打开和关闭阀门，请分析，塑料小球的密度应该______洗手液的密度(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
32. 如图所示，静止在水平桌面上的物体A悬挂在轻质杠杆的C端，物体B悬挂在D端，杠杆水平平衡。已知：OC：OD=1：2，物体A所受重力GA=50N，物体B所受重力GB=20N，物体A的底面积SA=0.01m2.求：
(1)杠杆C端受到的绳子拉力F；
(2)水平桌面对物体A的支持力N；
(3)物体A对水平桌面的压强p。
33. 如图所示，底面积为1×10−2m2的足够高柱形玻璃方杯放在水平桌面上，其中装有水，水的高为0.05m，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)方杯底部受到水的压强；
(2)方杯底部受到水的压力；
(3)把1N的冰块放入水中漂浮(不计熔化)，则冰块浸入水中的体积是多少？
34. 小李用如图所示的装置提升货物。已知货物重G物=720N，在t=5s内货物被匀速竖直提升了h=1m，小李始终静止在地面上，并且对绳子自由端的拉力F=400N且竖直向下。求在此过程中：
(1)动滑轮对货物做的有用功；
(2)拉力F所做的总功；
(3)拉力F做功的功率；
(4)使用该装置提升货物时的机械效率η。
35. 下列关于运动与力的说法正确的是( )
A. 物体受到力的作用，运动状态一定发生改变
B. 运动的物体一定受到非平衡力的作用
C. 若没有力的作用，运动的物体将逐渐停下来
D. 物体受到不为零的合力，但其运动方向可能保持不变
36. 下列关于压强和浮力的说法正确的是( )
A. 液体内部向各个方向的压强均相等
B. 浸在液体中的物体所受浮力的方向与重力的方向相反
C. 潜水艇是通过改变自身的浮力实现上浮和下潜的
D. 大气压强随着海拔的升高而升高
37. 下列关于机械和功相关说法，正确的是( )
A. 若重力对物体做了功，物体的运动状态一定发生改变
B. 所做有用功越多的机械，则其机械效率一定越大
C. 物体受到的合外力做功为零，则物体一定处于静止状态
D. 机械做功越快，则机械做功的功率一定越大
38. 如图所示，不计绳子的质量和一切摩擦作用，整个系统处于静止平衡状态。重物G1=100N，每一个滑轮重力均为20N，则下列说法正确的是( )
A. b处绳子的拉力为50N
B. G2=280N
C. e处绳子的拉力为140N
D. G2=200N
39. 如图所示，水平地面上的物体在水平恒力F的作用下做直线运动。已知AB=BC，设AB是光滑的，力F做的功为W1；BC是粗糙的，力F做的功为W2，则W1和W2的关系是( )
A. W1=W2 B. W1>W2 C. W1
A. 阻力和动力臂一定时，动力和阻力臂的大小关系
B. 机械效率一定时，有用功和总功的大小关系
C. 功率一定时，做功和时间的大小关系
D. 同一根弹簧，其长度和所受拉力的大小关系
41. 如图所示，在盛有盐水(密度大于水)的烧杯内放置一个冰块，冰块的下表面与杯底接触，冰块处于静止状态(不接触烧杯侧壁)，且液面正好与杯口相齐。则( )
A. 若冰块对杯底有压力，则冰熔化后液体一定不会溢出
B. 若冰块对杯底无压力，则冰熔化后液体一定不会溢出
C. 冰块对杯底有压力时，冰熔化后杯子底部受到液体压强会增大
D. 冰块对杯底无压力时，冰熔化后杯子底部受到液体压强会减小
42. 如图所示，杠杆的A点挂边长为2dm、密度为ρ1=2kg/dm3的正方体C，B点挂边长为1dm正方体D，AO：OB=1：2，杠杆水平平衡时，D静止在空中，C对水平地面的压强为p1=1000Pa；将正方体D浸没在未知液体中时(未接触到容器)，杠杆平衡位置不变，C对水平地面的压强增大为1400Pa，g取10N/kg。则：物块D的重力是______N，物块D浸没在液体中时受到的浮力为______N，未知液体的密度为______kg/m3。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、帕斯卡(Pa)是压强单位；
B、焦耳(J)是所有能量的单位，能量改变的量度如热量、功的单位也是焦耳(J)；
C、瓦特(W)是功率的单位；
D、牛顿(N)是力的单位。
故选：C。
物理上每一个物理量都有国际上通用的单位称国际单位，还有一些生活中的常用单位，在国际单位制中，功率的单位是瓦特(W)。
本题考查了物理量的单位，属于识记性的内容，比较简单。
2.【答案】C
【解析】解：A、在旅行箱下端装有轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦；故A不合题意；
B、冰壶比赛中运动员用力刷冰，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。故B不合题意；
C、自行车轮胎上制有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C符合题意；
D、磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙，使接触面脱离，属于减小摩擦。故D不合题意。
故选：C。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此类问题时要利用控制变量法研究。
3.【答案】A
【解析】A.筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故A正确；
B、托盘天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B错误；
CD、核桃夹、酒瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故CD错误。
结合图片和生活经验，先判断它们在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。杠杆的分类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
本题的解题关键是结合自己的生活经验，先判断各种杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
4.【答案】D
【解析】A、滑雪时穿上滑雪板，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；
C、推土机有宽大履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D、切蛋器装有细钢丝，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D符合题意。
增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
本题考查了增大和减小压强的方法及其应用，是一道基础题。
5.【答案】D
【解析】解：
A、重力的方向总是竖直向下的。故A错误；
B、物体重心的位置由物体的形状和质量分布决定，重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心。故B错误；
C、手对弹簧的力与弹簧对手的力是一对相互作用力，其大小相等。故C错误；
D、力的作用是相互的，物体施加力的作用的同时，也一定受到力的作用。故D正确。
故选：D。
(1)重力的方向是竖直向下的；
(2)重力在物体上的作用点叫重心。重心的位置由物体的形状和质量分布决定；
(3)物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用；相互作用力的大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上；
(4)力的作用是相互的。
此题考查了重力的方向、重心的位置、力的作用相互性及其特点，正确理解概念和规律，是解答此题的关键。
6.【答案】A
【解析】A.普通中学生的质量约为50kg，受到的重力为：G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A正确。
B.一块普通橡皮的质量约为5g，课桌的高度约为0.8m，将橡皮从地上捡到课桌上，所做的功为：W=Gh=mgh=0.005kg×10N/kg×0.8m=0.04J，故B错误。
C.一张报纸的质量约为10g，长约1m，宽约为0.5m，摊开平放在面积比它更大的桌面上，对桌面的压强为：p=FS=GS=mgS=0.01kg×10N/kg1m×0.5m=0.2Pa，故C错误。
D.踢出去后的足球在空中飞行的过程中，足球不再受脚的力的作用，故人对足球没有做功，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
7.【答案】B
【解析】解：
A、牛顿第一定律是描述物体在不受外力作用下的运动情况，而不受外力的物体是不存在的，所以它不能通过实验直接验证，牛顿第一定律是在实验的基础上通过推理得出的，故A错误；
B、汽车在遇到紧急情况刹车时，车上的人由于惯性要保持原来的运动状态，所以会向前倾倒，故B正确；
C、原来静止的物体受平衡力，仍保持静止，故C错误；
D、任何物体都具有惯性，所以静止的物体仍然具有惯性，故D错误。
故选：B。
(1)牛顿第一定律不是实验定律，而是通过分析实验，再进一步概括、推理得出的并经受住了实践的检验；
(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，任何物体都具有惯性；
(3)物体受平衡力的作用，物体的运动状态不变，将保持静止或匀速直线运动状态；若物体受非平衡力，则物体的运动状态发生变化。
本题主要考查了牛顿第一定律的得出分法、对惯性的理解、平衡力的特点等，综合性强，但难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：由于不计空气阻力，因为地球附近的一切物体都要受到地球的吸引，跳远运动员只受到重力作用，并最终要落回地面。
故选：C。
某同学腾空时由于惯性向前运动，不计空气阻力的情况下，它只受重力的作用。
地球附近的一切物体都受重力的作用，其方向也会始终不变，永远竖直向下，这一点我们必须明确。
9.【答案】B
【解析】A、甲图人提着滑板在平直的路面上匀速行走，人对滑板施加了力的作用，但滑板没有在力的方向上通过距离，所以人对滑板不做功，故A错误；
B、乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车施加了力的作用，货车在力的方向上通过距离，所以人对货车做了功，故B正确；
C、丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头施加了力，石头没有在力的方向上通过距离，所以人对石头没有做功，故C错误；
D、丁图中人举着杠铃不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，所以人对杠铃没有做功，故D错误。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
10.【答案】A
【解析】解：设每个钩码的质量为m，杠杆上每一刻度代表的长度为L，则根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：
2mg×2L=nmg×4L，
解得在B点悬挂的钩码个数n=1
故选：A。
杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若F1L1=F2L2，杠杆平衡；若F1L1≠F2L2，杠杆就不平衡，会沿力和力臂乘积大的F的方向转动。
杠杆平衡取决于力和力臂的乘积是否相等。如果乘积相等，则杠杆平衡；若乘积不等，那么杠杆将向乘积大的一边下倾。
11.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)覆杯实验证明的大气压的存在；
(2)图中是探究液体压强的特点实验；
(3)液体压强随深度的增加而增大；
(4)流体中流速越快的地方压强越小。
本题考查大气压、流体压强与流速的关系、液体压强的特点，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
【解答】
A、杯口朝下时，由于杯内没有空气只有水，而杯内水柱产生压强远小于外界的大气压，故纸片就被大气压给“顶”住了，覆杯实验证明的大气压的存在，故A不符合题意。
B、图中是探究液体压强的特点实验，故B不符合题意；
C、左图中橡皮膜左右所处深度相同，两端的橡皮膜均向内凹，且橡皮膜凹的程度相同，右图中因为下端的橡皮膜所处水的深度大于上端的橡皮膜所处水的深度，则下端橡皮膜受到的压强大，上端橡皮膜受到的压强小，所以，下端的橡皮膜向内凹的程度大，上端橡皮膜向内凹的小，由此可知，液体压强随深度的增加而增大；故C不符合题意；
D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D符合题意
12.【答案】D
【解析】解：ABC、由功的原理知，使用任何机械都不能省功，故A、B、C均错误；
D、若额外功一定，有用功越大，在总功中所占比例越大，所以机械效率越高，故D正确。
故选：D。
(1)使用任何机械都不省功；
(2)有用功与额外功之和是总功，机械效率等于有用功与总功的比值。
此题考查了功的原理和机械效率的物理意义，属于基本规律和概念的考查，正确、全面理解功的原理和机械效率的概念，是解答此题的基础。
13.【答案】D
【解析】解：AB.甲、乙图中小木桌对海绵的压力都等于小木桌与铁块的重力之和，即甲、乙图中小木桌对海绵的压力大小相等，故AB错误；
CD.压力相等，由压强公式p=FS，甲图中的受力面积比乙图中的受力面积小，则乙图中小木桌对海绵的压强比甲图中小木桌对海绵的压强小，故C错误，D正确。
故选：D。
压力的作用效果(压强)的大小与压力大小和受力面积有关；根据控制变量法得出结论。
本题考查了学生对力的作用效果的了解和掌握，提高分析解决问题的能力。
14.【答案】A
【解析】解：AB.由液体压强公式p=ρgh可知，当液体密度与高度相同时，水对杯底的压强相同，故A正确、B错误；
CD.因为在水平桌面上，所以甲中水杯对桌面的压力大小为F1=G甲水+G杯，乙中水杯对桌面的压力大小为F2=G乙水+G杯，由于乙杯上端开口大、下端开口小，故杯中的水体积比甲中的大，即G乙水>G甲水，则F1
由题知水深相同，利用液体压强公式p=ρgh分析水对容器底部产生的压强大小关系；再利用F=G杯+G水分析水对桌面的压力大小关系。
本题考查了压强定义式和液体压强公式的应用，常见题目。
15.【答案】A
【解析】解：根据阿基米德原理可知，浸入液体中的物体受到的浮力的大小等于其排开的液体受到的重力，将铝块缓缓浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块示接触杯底和侧壁，排开水的体积变大，浮力变大，根据F示=G−F浮知，弹簧测力计的示数变小；
由于溢水杯中装满水，铝块浸没在水中静止时，根据阿基米德原理可知，铝块受到的浮力等于排开水的重力，铝块对水的压力大小与浮力相等，根据力的作用是相互的，铝块给杯底一个压力，大小等于浮力，即等于排开水的重力，故电子秤的示数不变，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据F=G−F浮可得测力计的示数变小；根据阿基米德原理可知，浸入液体中的物体受到的浮力的大小等于其排开的液体受到的重力，铝块受到的浮力等于排开的水重，根据力的作用是相互的，铝块给杯底一个压力，大小等于浮力。
本题考查了称量法测浮力、阿基米德原理的应用，难度不大。
16.【答案】AC
【解析】解：
A.小车在水平面上运动时，重力与支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；
B.小车最终会停下来是受到了摩擦阻力的作用，这说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故B错误；
C.由实验现象推理可得，如果小车到达水平面时所受的外力全部消失，小车将做匀速直线运动，故C正确；
D.小车运动到水平面以后还能继续向前运动，是因为小车具有惯性，故D错误。
故选：AC。
A.根据二力平衡分析；
B.力是改变物体运动状态的原因；
C.根据实验现象推理分析；
D.惯性是物体本身的一种属性，不能说小车受到惯性。
本题探究“阻力对物体运动的影响”，考查二力平衡、力和运动的关系、推理法的运用及惯性知识。
17.【答案】BC
【解析】解：A、塞式抽水机是利用大气压工作的，它的缸筒和活塞不符合连通器的结构特点，故A不符合题意；
BC、锅炉和外面的水位计下、排水管的U形回水弯的结构都符合上端开口、下端连通的特点，是利用连通器的原理工作的，故BC符合题意；
D、微小压强计的U形管只有一端是开口的，不符合连通器的结构特点，不是利用连通器的原理工作的，故D不符合题意。
故选：BC。
上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，装入同种液体，液面静止时保持相平。
18.【答案】AD
【解析】解：A.箱子静止时，处于平衡状态，受平衡力作用，则箱子在竖直方向上受到的重力和支持力是一对平衡力，故A正确；
B.箱子没有被推动，仍处于平衡状态，则箱子在水平方向上受到的推力和地面对箱子的摩擦力是一对平衡力，即摩擦力等于推力，故B错误；
C.箱子由静止开始被加速推动的过程，物体的运动状态发生了改变，故受非平衡力的作用，它受到的推力大于摩擦力，故C错误；
D.箱子在水平地面上做匀速直线运动，说明箱子处于平衡状态，箱子受到的合力为零，故D正确。
故选：AD。
(1)物体的运动状态不变时，不受力或受到平衡力的作用，或合力为零；
(2)力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状。物体的运动状态或形状发生的变化，说明受到了力的作用；
本题考查平衡力以及平衡状态的判断，难度不大。
19.【答案】BC
【解析】解：
AB、根据题意可知，A受到手的水平向右作用力25N，由于力的作用是相互的，因此A对手的作用力也为25N，方向水平向左，故A错误，B正确；
CD、在图中，A沿着竖直墙面匀速下滑，处于平衡状态，则A受平衡力作用，即A在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，因此A受到的摩擦力等于A的重力，即为15N，故C正确，D错误。
故选：BC。
力的作用是相互的；处于静止的物体或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，先对物体进行受力分析，然后结合平衡力和力的合成判断四个选项的对错。
本题考查相互作用力和二力平衡，关键明确物体的状态以及受力情况。
20.【答案】BC
【解析】解：
A、定滑轮在使用时，相当于一个等臂杠杆，不省力，则绳子自由端的拉力为F1=G=2mg；动滑轮在使用时，相当于一个省力杠杆，因动力臂是阻力臂的2倍，则省力一半，故绳子自由端的拉力为：F2=12(G+G轮)=12(2mg+mg)=1.5mg，则F1>F2，故A错误；
B、使用定滑轮和动滑轮提升相同的重物，且上升的高度相等时，所做的有用功为W=Gh=2mgh，则有：W1=W2=2mgh，故B正确；
C、绳子自由端拉力所做的功分别为：W3=F1s=Gh=2mgh，W4=F2s=1.5mg×2h=3mgh，则W3
故选：BC。
(1)根据定滑轮的特点求出拉力F1的大小；根据F=1n(G+G轮)求出F2的大小；
(2)根据W=Gh=mgh比较有用功的大小；
(3)根据W=Fs求出总功的大小，然后比较；
(4)根据机械效率公式求出效率，然后对比其大小。
本题考查了使用定滑轮、动滑轮时拉力、功、机械效率的计算，属于基础知识的考查，要理解。
21.【答案】2 OB
【解析】解：(1)由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针位于2N刻度值处，则其示数为2N。
(2)如图，拉杆箱是一个杠杆，O是支点，拉力F是动力，把拉力F的作用线延长为FB，过支点O向FB作垂线，则OB是拉力F的力臂。
故答案为：(1)2；(2)OB。
(1)弹簧测力计读数时，先观察量程，然后根据指针所在位置进行读数。
(2)力臂是支点到力的作用线的垂直距离，根据这个定义进行判断。
本题考查了弹簧测力计的读数方法和作力臂的方法，作力臂时，首先确定支点，然后延长力的作用线，过支点作力的作用线的垂线，支点到作用线的距离就是力臂。
22.【答案】总是竖直向下 左端
【解析】解：
(1)重力的方向总是竖直向下的，而水平仪就是利用重力的方向总是竖直向下制成的；
(2)当它放置在桌面上时，重垂线锥体偏在水平仪中央刻度线的右方，说明此桌面的左端高。
故答案为：总是竖直向下；左端。
(1)地面附近的物体都受到地球施加的重力的作用，重力的方向是竖直向下的。
(2)水平仪检测平面时，重垂线椎体总是偏向桌面较低的方向。
知道重力的方向总是竖直向下的，会根据重力的方向正确使用水平仪，以及重力方向的应用。
23.【答案】气密性差 小于 深度
【解析】解：
(1)在探究液体内部压强特点时，所用的仪器是压强计，是根据U形管两边的高度差来反映压强的大小，高度差越大，该处的压强越大；实验前小天用手指无论是重压还是轻压金属盒的橡皮膜时，发现U形管两侧液面都没有高度差，造成这一现象的原因可能是U形管与橡皮管连接处气密性差。
(2)装置调整好后，小天将探头先后放在同一容器中液体的A、B两点处，U形管两侧液面高度情况分别如图甲、乙所示，B点深度大，图乙中U形管两边液柱的高度差大，则A、B两处的压强大小关系为pA小于pB；由此分析可以得到，液体内部的压强与深度有关。
故答案为：(1)气密性差；(2)小于；深度。
(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过U型管中两边的液面高度差来反应被测压强大小的，检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(2)探究液体内部压强的仪器是压强计，U形管两端的液面差越大，金属盒受到的压强越大，液体的压强跟液体的密度和深度有关，在液体的密度一定时，液体越深，液体压强越大；
本题考查了液体压强大小的影响因素，利用控制变量法，探究液体压强与液体深度的关系。
24.【答案】B ；2
【解析】解：在杠杆上的A点位置挂6个重均为0.5N的钩码，力和力臂的乘积产生的效果是逆时针转动，要保持杠杆在水平位置平衡，在B点用弹簧测力计竖直向上施加力，使拉力产生顺时针转动的效果，杠杆才能在水平位置平衡；
设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G=0.5N，
由杠杆平衡条件得，6G×2L=F×3L，
所以，F=4G=4×0.5N=2N。
故答案为：B； 2。
用弹簧测力计竖直向上施加力可以使杠杆保持水平平衡，可以判断弹簧测力计作用点的位置；知道动力臂、阻力、阻力臂，根据杠杆平衡条件求出动力；
本题考查杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，常见题目。
25.【答案】运动状态 大气压 变小 不能 同一直线上
【解析】解：(1)磁铁的吸引力使小球在水平桌面上做曲线运动，运动方向发生改变，这个现象说明力可以改变物体的运动状态；
(2)当把装满水的瓶放入盆景的水中时，由于大气压作用在盆景中的水面上，所以水不会从瓶中流出来，此时外界大气压等于瓶内气压加上瓶内水产生的压强，所以瓶内水上方的气压小于外界大气压；
(3)玻璃瓶内气体是密闭的，内部气压保持不变，某次实验时细琉璃管内水柱上升，则可判断当时外界的大气压变小；
(4)用手将薄纸板扭转到图中位置，放手后纸板将不能在图中位置平衡。实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足作用在在同一直线上的条件。
故答案为：(1)运动状态；(2)大气压；(3)变小；(4)不能；同一直线上。
(1)力可以改变物体的运动状态和形状；
(2)从大气压与瓶内压强的关系角度进行考虑，一开始瓶内封闭部分气体的压强+瓶内水的压强=大气压；
(3)大气压不是一成不变的，与高度、天气都有关，且随高度的增加而减小；
(4)掌握二力平衡条件：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；根据实验操作及现象判断哪个条件发生了变化。
本题考查力的作用效果，大气压的应用，以及平衡力的有关知识，是一道综合题。
26.【答案】速度 小 匀速直线
【解析】解：(1)实验是探究阻力对物体运动的影响，实验时小车每次都让同一小车从同一斜面的顶端静止释放，是为了让小车在水平面上开始运动时的速度相同。
(2)由图示可知，依次经毛巾、木板、玻璃进行实验，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，小车运动得越远。
(3)根据这个实验推理：若水平物体表面完全光滑(即小车不受任何阻力作用)，那么小车将以在水平面上开始运动时的速度一直保持匀速直线运动。
故答案为：(1)速度；(2)小；(3)匀速直线。
(1)实验是探究阻力对物体运动的影响，根据控制变量法，要控制小车在水平面上开始运动时的速度相同。
(2)由图示可知，依次经毛巾、木板、玻璃进行实验，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，据此分析；
(3)根据实验现象推理。
本题探究“力对物体运动的影响”的实验，考查控制变量法、实验现象分析和推理法的运用。
27.【答案】匀速直线 控制变量 压力的大小
【解析】解：(1)在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中(如图所示)，弹簧测力计水平拉动木块时，必须让木块在水平面上做匀速直线运动，由二力平衡可知，弹簧测力计上的示数等于摩擦力的大小；
(2)当要研究某个物理量与多个因素的关系时，一般要采用控制变量法，滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度都有关系，要探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度之间的关系，必须改变接触面粗糙程度，同时需要保持接触面所受压力的大小不变。
故答案为：(1)匀速直线；(2)控制变量；压力的大小。
(1)根据二力平衡的条件，只有木块做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力才是一对平衡力；
(2)压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关，在控制其中一个量时，要控制另外的量不变。
转换法和控制变量法是物理实验探究中最常用的两种研究方法，在解决实际问题时要注意识别和应用。
28.【答案】被提升的钩码的重力G 上 换用质量较小的动滑轮或增大被提升的钩码的重力
【解析】解：(1)根据η=W有W总×100%=GhFs×100%可知，该实验需要测量的物理量有：绳子自由端施加的拉力F、钩码被提升的高度h、绳子自由端移动的距离s和被提升的钩码的重力G。
(2)因s=3h，说明承担物重的绳子的段数为3段，绳的起点是从动滑轮开始的，故小赵是通过弹簧测力计拉动绳子的自由端沿竖直向上的方向匀速运动的。
(3)提高该滑轮组机械效率的方法有换用质量较小的动滑轮，减小额外功，或增大被提升的钩码的重力，即在动滑轮质量一定时，增大有用功。
故答案为：(1)被提升的钩码的重力G；(2)上；(3)换用质量较小的动滑轮或增大被提升的钩码的重力。
(1)根据η=W有W总×100%=GhFs×100%分析解答；
(2)滑轮组绳子的绕法有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。
(3)提高滑轮组机械效率的方法有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。
本题测一滑轮组机械效率，考查滑轮组的接法及影响机械效率的因素。
29.【答案】F1−F2=F4−F3 F1F1−F2⋅ρ水
【解析】解：(1)阿基米德原理反映了物体所受浮力与排开液体重力的关系，即F浮=G排
由称重法知，石块受到的浮力为F浮=F1−F2
石块排开的水的重力为G排=F4−F3
若验证成功，则F1、F2、F3、F4之间应满足关系式是F1−F2=F4−F3
(2)因石块浸没于水中，故V石=V排
由F浮=ρ液gV排得，
石块体积为：V石=V排=F浮ρ水g=F1−F2ρ水g
由G=mg可得石块的质量m石=Gg=F1g
石块的密度为ρ=mV=F1gF1−F2ρ水g=F1F1−F2ρ水。
故答案为：(1)F1−F2=F4−F3；(2)F1F1−F2⋅ρ水。
(1)阿基米德原理是反映物体所受浮力与排开水的重力关系，由此分析即可；
(2)根据G−F得出浮力的大小，计算出排开液体的体积，可得石块的体积，求出石块的质量，根据密度公式求得石块的密度。
本题是验证阿基米德原理的实验，关键是掌握阿基米德原理内容。
30.【答案】解：将一个小球浸没在水中由静止释放，松手后，小球受浮力和重力，当浮力大于重力时，小球上浮，
即浮力大于重力：F浮>G球，
由阿基米德原理和密度公式可得：F浮=ρ水gV排 ，G球=ρ球gV球
可得：ρ水gV排 >ρ球gV球
小球浸没在水中，V排=V球
得出：ρ水>ρ球。
答：见解答。
【解析】已知小球上浮，浸入水中的小球受到重力和浮力的作用；重力小于浮力小球将会上浮，浮力大于重力：F浮>G球，根据阿基米德原理和密度、重力公式F浮=ρ水gV排 ，G球=ρ球gV球，列出方程可求。
本题考查了物体浮沉条件的应用，常见题目。
31.【答案】A 大于
【解析】解：(1)按压式的瓶子工作原理和活塞式抽水机原理相同，是利用活塞的移动来排出储液筒里的空气，造成内外气压差，而使液体在气压作用下上升从出液管里排出管外；而飞机机翼获得升力利用的是机翼上下流体压强差的原理，茶壶利用的连通器原理；故选A。
(2)进液阀门和出液阀门处的塑料小球，在按压式瓶盖中起到了非常关键的作用，为了能够按照需要顺利地打开和关闭阀门，塑料小球的密度应该大于洗手液的密度，不应漂浮或悬浮。
故答案为：(1)A；(2)大于。
(1)按压式瓶盖利用的是大气压。分别从活塞式抽水机、飞机机翼获得升力、茶壶倒出茶水的原理分析做出判断。
(2)从塑料小球的作用的角度分析解答。
此题以按压式瓶盖为题材考查大气压的应用，有一定难度，搞明白按压瓶盖的工作原理是关键。
32.【答案】解：(1)杠杆水平平衡，由平衡条件可知FA⋅OC=FB⋅OD，
根据力的相互作用性FB=GB
则杠杆C端受到的绳子拉力为FA=GB⋅ODOC=20N×21=40N；
(2)在轻质杠杆的C端，物体A受力为GA=FA′+N，
根据力的相互作用性FA=FA′
则水平桌面对物体A的支持力为N=GA−FA=50N−40N=10N，
(3)由压强公式，可知物体A对水平桌面的压强为p=NSA=10N0.01m2=1000Pa。
答：(1)杠杆C端受到的绳子拉力为40N；
(2)水平桌面对物体A的支持力为10N；
(3)物体A对水平桌面的压强为1000Pa。
【解析】(1)(2)由题可知物体A在竖直方向上受到竖直向下重力，竖直向上的支持力以及C端的拉力，
由于物体A处于静止状态，故其受到向下的力等于向上的力，即G=N+FA；
根据杠杆的平衡条件求出FA，从而求出水平桌面对物体A的支持力；
(2)根据相互作用力可知物体A对桌面的压力等于桌面对其的支持力，根据p=FS即可求出物体A对水平桌面的压强p。
本题考查了学生对杠杆平衡条件、压强公式的掌握和运用，难易程度适中。
33.【答案】解：
(1)方杯底部受到水的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
(2)由p=FS可得方杯底部受到水的压力：
F=pS=500Pa×1×10−2m2=5N；
(3)把G=1N的冰块放入水中漂浮(不计熔化)，
冰块受到的浮力F浮=G=1N，
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得冰块浸入水中的体积：
V浸=V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3。
答：(1)方杯底部受到水的压强为500Pa；
(2)方杯底部受到水的压力为5N；
(3)冰块浸入水中的体积是1×10−4m3。
【解析】(1)知道玻璃方杯内水的高(水深)，利用p=ρgh求方杯底部受到水的压强；
(2)知道方杯底面积，利用F=pS求方杯底部受到水的压力；
(3)冰块放入水中漂浮(不计熔化)时，受到的浮力等于冰块的重力；冰块浸入水中的体积等于其排开的水的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ水gV排求冰块排开水的体积，即浸入水中的体积。
本题考查了液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，属于基础题目。
34.【答案】解：
(1)动滑轮对货物做的有用功就是克服货物重力做的功，
有用功：W有=G物h=720N×1m=720J；
(2)由图可知n=2，则绳子自由端移动距离：s=nh=2×1m=2m，
拉力F所做的总功：W总=Fs=400N×2m=800J；
(3)拉力F做功的功率：P=W总t=800J5s=160W；
(4)该装置提升货物时的机械效率：η=W有W总=720J800J×100%=90%。
答：(1)动滑轮对货物做的有用功为720J；
(2)拉力F所做的总功为800J；
(3)拉力F做功的功率为160W；
(4)使用该装置提升货物时的机械效率为90%。
【解析】(1)利用W有=Gh计算有用功；
(2)由图可知n=2，利用s=nh求出绳子自由端移动距离，利用W总=Fs计算总功；
(3)拉力做功为总功，利用P=Wt计算拉力做功的功率；
(4)已知有用功、总功，利用η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组是有用功、总功、功率、机械效率的计算，利用好公式是解题的关键。
35.【答案】D
【解析】解：
A.物体受平衡力作用时，运动状态不变，故A错误；
B.做匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，故B错误；
C.若没有力的作用，运动的物体保持原来的运动速度大小和方向做匀速直线运动，故C错误；
D.物体受到不为零的合力，运动状态改变，可能是运动方向不变，也可能是运动速度大小改变，故D正确。
故选：D。
(1)静止的物体受到力的作用时，运动状态不一定改变，若受平衡力时，运动状态就不会改变；
(2)由牛顿第一定律可知：物体不受力作用时，总处于静止状态或匀速直线运动状态；
(3)力是改变物体运动状态的原因，惯性是保持物体运动状态不变的性质。
本题考查学生对于运动和力的理解和掌握，是中考的热点，属于基础题目。
36.【答案】B
【解析】解：A、液体内部同一深度处向各个方向的压强均相等，故A错误；
B、浸在液体中的物体所受浮力的方向与重力的方向相反，故B正确；
C、潜水艇是通过改变自身的重力实现上浮和下潜的，故C错误；
D、大气压强随着海拔的升高而降低，故D错误。
故选：B。
(1)在同种液体的同一深度，液体内部朝各个方向的压强大小相等；
(2)浮力的方向始终时竖直向上的，与重力方向相反；
(3)当潜水艇完全浸没入水中时，其整体体积与排开水的体积相同，因此浮力就不可能改变。根据浮沉条件，只有改变浮力与重力的关系，才会实现上浮和下沉；
(4)大气压强随着海拔的升高而降低。
本题考查了液体压强、浮力与重力的方向，大气压的综合应用，物体的浮沉条件，是一道综合性很强的题目，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
37.【答案】D
【解析】解：
A、若重力对物体做了功，但物体合力不变，则物体的运动状态不会发生改变，故A错误；
B、机械效率与有用功和总功都有关系，有用功较多，总功不确定，机械效率不能确定，故B错误；
C、物体受到的合外力为零时做功为零，但物体可能处于静止或匀速直线运动状态，故C错误；
D、功率是表示做功快慢的物理量，机械的功率越大，做功就越快，故D正确。
故选：D。
(1)物体受力不平衡时，其运动状态会发生改变；
(2)有用功与总功的比值叫机械效率；
(3)物体受到的合力为0时，会处于静止状态或匀速直线运动状态；
(4)功率是表示做功快慢的物理量。
此题考查的是我们对物体的运动状态、功率、机械效率概念的理解，需要清楚的是，使用任何机械必须做额外功，所以机械效率η总是小于1。
38.【答案】C
【解析】解：
A、由图知，a、b、c、d在同一根绳上，拉力相同；e、f在同一根绳上，拉力相同；
G1由两根绳子承担G1+G动=2Fb，
则b处绳子的拉力为：Fb=G1+G动2=100N+20N2=60N，故A错误；
C、e处绳子的拉力为Fe=2Fb+G动=2×60N+20N=140N，故C正确；
BD、G2由两股绳子加上f承担，则G2+G动=2Fb+Ff=2Fb+2Fb+G动=4Fb+G动，则G2=4Fb=4×60N=240N，故BD错误。
故选：C。
不计绳子的质量和一切摩擦作用，整个系统处于静止平衡状态；根据F=1n(G+G动)可以求出拉力的大小；同一根绳子上的拉力是相同的；对G2受力分析，根据力的平衡条件可以求出G2的大小。
本题考查了物体的受力分析、力的合成、拉力的计算，明确物体的受力情况是解题的关键。
39.【答案】A
【解析】解：由题意可知，力F是水平恒力，大小不变，AB=BC，由公式W=Fs可知，W1=W2，故A正确，BCD错误；
故选：A。
根据功的公式W=Fs进行分析解答。
正确理解功的公式W=Fs的含义是解题的关键。
40.【答案】D
【解析】解：由图象可知，纵坐标表示的物理量和横坐标表示的物理量是成正比的关系。
A、由杠杆平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂可知：
动力：阻力臂=阻力：动力臂，说明阻力和动力臂一定时，动力和阻力臂的大小关系成正比，故A不符合题意；
B、机械效率表达式为η=W有W总，说明机械效率一定时，有用功和总功大小关系成正比，故B不符合题意；
C、功率一定时，根据W=Pt可知做功和时间的大小关系成正比，故C不符合题意；
D、在弹性限度内，弹簧的伸长与弹簧所受拉力成正比，与弹簧的长度无关，故D符合题意。
故选：D。
从图象上可以看出，该图象反映的物理量之间成正比关系，然后根据各选项之间的关系选择即可。
本题主要考查学生的分析图象能力，其次还要对图象中包含的公式或原理等有一个明确的认识。
41.【答案】BD
【解析】解：AC.冰的密度比盐水的密度小，相同质量的冰比相同质量的盐水的体积大，当冰块的下表面对杯底有压力时，冰所排开盐水的质量小于冰的质量，冰融化后盐水一定会溢出，故A不符合题意；
盐水溢出后烧杯内的液体深度没有变化，但冰融化成水后，盐水的密度减小，由p=ρ液gh可知，杯子底部受到的压强会减小，故C不符合题意；
BD.若冰块对杯底无压力，则冰块刚好漂浮于盐水中，冰所受的浮力等于它排开盐水的所受的重力，由于冰的体积比盐水的体积大，所以冰融化后，盐水不会溢出，故B符合题意；冰融化后，盐水的密度会减小，由p=ρ液gh，杯子底部受到的压强会减小，故D符合题意。
故选：BD。
(1)根据冰和盐水的密度判断出相同质量时体积的关系，当冰对烧杯底有压力时，判断出冰排开盐水的质量与冰的质量的关系，从而判断出冰融化后水后盐水是否会溢出，根据液体密度的变化和p=ρgh分析解答杯子底部受到液体压强的变化；
(2)若冰块对杯底无压力，冰块刚好漂浮于盐水中，冰所受的浮力等于它排开盐水的所受的重力，根据冰的体积与盐水的体积的关系判断出冰融化后盐水是否溢出，根据液体密度的变化和p=ρgh分析解答杯子底部受到液体压强的变化。
解题时应对冰块的下表面对杯底有压力及冰块的下表面对杯底没有压力两种情况进行讨论。
42.【答案】60282.8×103
【解析】解：(1)C物体的体积为：VC=a3=(2dm)3=8dm3，SC=a2=(2dm)2=4dm2=4×10−2m2，
C物体的重力为：Gc=mcg=ρ1Vcg=2kg/dm3×8dm3×10N/kg=160N，
根据压强公式p=FS知，
C对水平面的压力为：
FC=p1SC=1000Pa×4×10−2m2=40N，
则由杠杆平衡条件可得
(GC−FC)×AO=GD×OB
GD=GC−FCOB×OA=160N−40N2×1=60N；
(2)由题知，物体C对地面的压强增加值△p=1400Pa，
则地面增加的压力：△FC=△pSc=1400Pa×4×10−2m2=56N，
杠杆A端减小的拉力：
△FA=△FC=56N，由杠杆平衡条件可得：
(GC−FC−△FA)×AO=(GD−FD浮)×OB
(160N−40N−56N)×1=(60N−FD浮)×2
解得：FD浮=28N；
又因为FD浮=ρ液gVD
所以液体的密度为：
ρ液=FDVDg=28N(0.1m)3×10N/kg=2.8×103kg/m3。
故答案为：(1)60；(2)28；(3)2.8×103。
(1)先根据物体C的边长、密度求出C的重力，然后根据C对地面的压强求出C对地面的压力，并对C进行受力分析求出作用在杠杆A端的作用力，最后根据杠杆平衡的条件求出D的重力；
(2)根据物体C对地面压强的增加值求出地面增加的压力，然后再对物体C进行受力分析，求出此时作用在杠杆A端的作用力，并根据杠杆平衡的条件求出作用在杠杆B端的作用力，然后对D进行受力分析，求出D所受的浮力，最后根据浮力计算公式求出液体的密度。
本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、阿基米德原理、杠杆平衡条件的掌握和运用，要求灵活选用公式求解。
2019-2020学年北京市海淀区清华大学附属中学八年级（下）期末物理试卷
1. 在国际单位制中，功率的单位是( )
A. 帕斯卡(Pa) B. 焦耳(J) C. 瓦特(W) D. 牛顿(N)
2. 下列实例中，为了增大摩擦的是( )
A. 在旅行箱下端装有轮子 B. 冰壶比赛中运动员用力刷冰
C. 自行车轮胎上制有凹凸的花纹 D. 磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙
3. 如图所示的生活用具中，使用时属于费力杠杆的是( )
A. 筷子 B. 托盘天平
C. 核桃夹 D. 瓶起子
4. 如图所示的四种措施中，为了增大压强的是( )
A. 滑雪板的面积较大
B. 铁轨铺在枕木上
C. 推土机有宽大履带
D. 切蛋器装有细钢丝
5. 下列说法中正确的是( )
A. 重力的方向总是垂直向下
B. 重心一定在物体的几何中心上
C. 手压缩弹簧时，手对弹簧的力大于弹簧对手的力
D. 物体在施加作用力的同时也一定会受到力
6. 下列估测中最接近实际情况的是( )
A. 普通中学生站在地面上受到的重力约为500N
B. 将一块普通橡皮从地上捡到课桌上，人对橡皮做功约为10J
C. 一张报纸摊开平放在面积比它更大的桌面上，报纸对桌面的压强约为1000Pa
D. 踢出去后的足球在空中飞行的过程中，人对足球做功的功率约为50W
7. 下列说法中正确的是( )
A. 牛顿第一定律能通过实验直接验证
B. 前进的汽车紧急刹车时车上的人会向车前进的方向倾倒
C. 静止的物体受力以后一定能够运动起来
D. 静止的物体没有惯性
8. 运动会上，某同学参加了跳远比赛。他用力蹬地，腾空一跃，如图所示。若用“●”
表示该同学，不计空气阻力，分析他腾空时的受力情况，下图中正确的是( )
A. B. C. D.
9. 如图所示的四种情形中，对力是否做功判断正确的是( )
A. 甲图中人提着滑板在平直的道路上匀速行走，人对滑板做了功
B. 乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车做了功
C. 丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头做了功
D. 丁图中人举着杠铃保持静止的过程中，人对杠铃做了功
10. 雨眠同学在探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离也相等。将杠杆调节在水平位置平衡后，如图所示，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码。为使杠杆保持在此位置平衡，可以在B点悬挂的钩码个数为( )
A. 1个 B. 2个 C. 3个 D. 4个
11. 如图所示为我们熟悉的实验情景，其中研究流体压强与流速关系的实验图是( )
A. B.
C. D.
12. 下列关于机械和功的说法，正确的是( )
A. 使用动滑轮，既可以省力，又可以省功
B. 使用省力杠杆，可以省力，也可以省功，但是费距离
C. 使用定滑轮的目的是为了省功
D. 若额外功一定，则有用功越大，机械效率越高
13. 小梵同学将小木桌按图甲和图乙两种方式先后放置在同一块厚海绵上，小桌上分别先后放置同一个铁块。则以下判断中正确的是( )
A. 甲图中小木桌对海绵的压力比乙图中小木桌对海绵的压力大
B. 乙图中小木桌对海绵的压力比甲图中小木桌对海绵的压力大
C. 甲图中小木桌对海绵的压强比乙图中小木桌对海绵的压强小
D. 乙图中小木桌对海绵的压强比甲图中小木桌对海绵的压强小
14. 水平桌面上两个静止放置的玻璃杯甲和乙，它们的底面积相等。分别向两个杯中注水使两个杯中的水面在同一个水平面上，如图所示。假定两个玻璃杯的质量相等且玻璃的厚度可以忽略，甲中的水对杯底的压强为p1，甲中水杯对桌面的压力大小为F1，乙中的水对杯底的压强为p2，乙中水杯对桌面的压力大小为F2.以下关系中正确的是( )
A. p1=p2 B. p1
15. 如图所示，水平桌面上放置一个电子秤，电子秤上有一盛水的溢水杯，杯内水面跟溢水口相平。小逸用弹簧测力计悬挂一个圆柱体铝块，将铝块缓缓地浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块未接触杯底和侧壁。则从铝块下表面开始接触水面到上表面刚没入水中的过程中( )
A. 测力计的示数变小，电子秤的示数不变 B. 测力计的示数变小，电子秤的示数变小
C. 测力计的示数变大，电子秤的示数变小 D. 测力计的示数变大，电子秤的示数不变
16. 如图所示的是探究“阻力对物体运动的影响”实验。下列说法中正确的是( )
A. 小车在水平面上运动时，重力与支持力大小是相等的
B. 小车最终会停下来说明力是维持物体运动状态的原因
C. 若小车到达水平面时所受外力全部消失，小车将做匀速直线运动
D. 小车运动到水平面以后还能继续向前运动，是因为小车受到惯性
17. 如图所示属于连通器的是( )
A. 活塞式抽水机的缸筒和活塞
B. 锅炉和外面的水位计
C. 排水管的U形回水弯
D. 微小压强计的U形玻璃管
18. 如图所示，箱子静止在水平地面上。小赫同学沿水平方向将静止的箱子向右推，箱子在水平推力作用下，最终在水平地面上做匀速直线运动。下列说法中正确的是( )
A. 箱子静止时，箱子受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 箱子没有被推动的时候，推力小于箱子受到的摩擦力
C. 箱子由静止开始被加速推动的过程中，它受到的推力等于摩擦力
D. 箱子在水平地面上做匀速直线运动时，箱子受到的合力为零
19. 如图所示，小安同学用手施加力水平向右的压力F，使方形物体A沿着竖直墙面匀速下滑。其中F=25N，GA=15N.下列说法中正确的是( )
A. 对手水平向左的作用力为15N B. 对手水平向左的作用力为25N
C. 受到的摩擦力为15N D. 受到的摩擦力为25N
20. 如图所示，动滑轮和定滑轮完全相同且质量均为m，用定滑轮和动滑轮将质量为2m的重物G分别提升同样的高度h，定滑轮绳子自由端拉力为F1，动滑轮绳子自由端拉力为F2，定滑轮提升重物有用功为W1，动滑轮提升重物有用功为W2，定滑轮绳子自由端拉力做功为W3，动滑轮绳子自由端拉力做功为W4，定滑轮提升该重物的机械效率为η1，动滑轮提升该重物的机械效率为η2，不计绳重和轮与轴的摩擦作用，则下列关系式正确的是( )
A. F1=F2 B. W1=W2 C. W3
(2)如图所示，一拉杆旅行箱在力F作用下保持静止状态，图中O为支点，AB与F共线。则图中的线段______(选填“OA”、“OB”或“AB”)表示力F的力臂。
22. 如图所示是小明自制的水平仪，它由两条相互垂直的木条加上一根重垂线组成，用它能检查桌面是否水平。该水平仪利用重力方向______的原理这；小明在某次使用该水平仪时，将它底边放在水平桌面上，如图所示，则该桌面______高(选填“左端”、“右端”)。
23. 在探究“液体内部压强的特点”实验时，小天用微小压强计进行实验，如图所示。
(1)实验前小天用手指无论是重压还是轻压金属盒的橡皮膜时，发现U形管两侧液面都没有高度差。造成这一现象的原因可能是U形管与橡皮管连接处______；
(2)装置调整好后，小天将探头先后放在同一容器中液体的A、B两点处，U形管两侧液面高度情况分别如图甲、乙所示。由此可判断出A、B两处的压强大小关系为pA______pB(选填“大于”、“等于”或“小于”)。由此分析可以得到，液体内部的压强与______有关。
24. 如图所示为“探究杠杆平衡条件”的实验装置，杠杆可在竖直平面内绕固定点O自由转动，其上相邻刻线间的距离相等，杠杆在水平位置静止。若在杠杆上的A点位置挂6个重均为0.5N的钩码，则在______点(选填“B”或“C”)用弹簧测力计竖直向上施加力可以使杠杆保持水平平衡，此时弹簧测力计的示数为______N。
25. 根据如图所示情景回答下列问题。
(1)图A所示为磁铁的吸引力使小球在水平桌面上做曲线运动，这个现象说明力可以改变物体的______(选填“形状”或“运动状态”)；
(2)图B所示为自动供水装置，当盆景中的水位下降到刚好使瓶口露出水面时，空气会进入瓶中，储水瓶中的水流出使盆景中的水位升高，瓶口又被浸没，瓶中的水就不再流出。储水瓶子中的水面可以高于盆景中的水面，这是______作用的结果；
(3)图C用自制气压计粗略测量气压变化时，可以通过观察细琉璃管内水柱高度的变化来粗略判断瓶外气压的变化情况。玻璃瓶内气体是密闭的，某次实验时，观察到细琉璃管内水柱上升，则可判断当时外界的大气压______(选填“变大”或“变小”)；
(4)图D中保持F1与F2大小相等且方向相反，用手将薄纸板扭转到图中位置，放手后纸板将______(选填“能”或“不能”)在图中位置平衡。实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足作用在______的条件。
26. 在探究“力对物体运动的影响”的实验中，在水平桌面上分别铺上粗糙程度不同的毛巾、棉布和玻璃，让小车自斜面顶端从静止开始滑下，小车从同一高度滑下后，在不同物体表面上运动的距离如图所示。
(1)实验时小车每次都让同一小车从同一斜面的顶端静止释放，是为了让小车在水平面上开始运动时的______相同；
(2)由图示可知，小车受到的阻力越______，速度减小得越慢；
(3)根据这个实验推理：若水平物体表面完全光滑(即小车不受任何阻力作用)，那么小车将一直保持______运动。
27. 通过物理知识的学习，我们可以发现：
(1)当要研究的物理量不容易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来。例如：在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中(如图所示)，弹簧测力计水平拉动木块时，必须让木块在水平面上做______运动，通过读取弹簧测力计上的示数便可间接知道摩擦力的大小；
(2)当要研究某个物理量与多个因素的关系时，一般要采用______法。例如：在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中，若要研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度之间的关系，则需要保持接触面所受______不变。
28. 实验桌上有带横杆的铁架台、刻度尺、弹簧测力计、细绳，钩码一盒，滑轮2个。小赵利用上述实验器材测量滑轮组的机械效率。
(1)该实验需要直接测量的物理量有：绳子自由端施加的拉力F、钩码被提升的高度h、绳子自由端移动的距离s和______；
(2)图中没有画出小赵组装滑轮组时的绕线方式，小赵在实验中发现s=3h，由此可知在实验过程中，小赵是通过弹簧测力计拉动绳子的自由端沿竖直向______的方向匀速运动的；
(3)若想要提高机械效率，方法有______。(写出1个方法即可)
29. 如图是验证阿基米德原理的实验步骤示意图，依次读出甲、乙、丙、丁图中弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4。
(1)若验证成功，则F1、F2、F3、F4之间应满足关系式是______；
(2)利用测量数据还可计算出石块的密度ρ=______。(水的密度用ρ水表示)
30. 如图所示，将一个小球浸没在水中由静止释放，若小球会上浮，请推导小球的密度ρ球与水的密度ρ水之间应满足什么关系。
31. 请阅读《按压式瓶盖》回答问题。
按压式瓶盖
在日常生活中，装有洗手液或洗发液的瓶子，其瓶盖都是按压式的，如图所示。按压式瓶盖的工作原理是什么呢？液体是怎么“吸”上来的？
洗手液瓶中有个按压式吸液结构，它由导液管、进液阀门、弹簧、活塞、出液阀门、出液管、储液筒等组成，如图所示，其中进液阀门和出液阀门是塑料小球，进液阀门位于弹簧下端，出液阀门位于活塞上端。
使用的时候，通过手向下按压，活塞向下移动，弹簧被压缩使得进液阀门关闭，出液阀门打开，储液筒里的液体从出液管流出瓶外；当手松开时，弹簧恢复原来的自然状态，使得活塞向上移动，出液阀门关闭，进液阀门打开，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒。这样活塞在圆筒中上下往复运动，不断地把液体“吸”出瓶外。
请根据上述材料，回答下列问题：
(1)按压式瓶盖的工作原理和______的原理相同；
A.活塞式抽水机抽水B.飞机机翼获得升力C.茶壶倒出茶水
(2)进液阀门和出液阀门处的塑料小球，在按压式瓶盖中起到了非常关键的作用，为了能够按照需要顺利地打开和关闭阀门，请分析，塑料小球的密度应该______洗手液的密度(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
32. 如图所示，静止在水平桌面上的物体A悬挂在轻质杠杆的C端，物体B悬挂在D端，杠杆水平平衡。已知：OC：OD=1：2，物体A所受重力GA=50N，物体B所受重力GB=20N，物体A的底面积SA=0.01m2.求：
(1)杠杆C端受到的绳子拉力F；
(2)水平桌面对物体A的支持力N；
(3)物体A对水平桌面的压强p。
33. 如图所示，底面积为1×10−2m2的足够高柱形玻璃方杯放在水平桌面上，其中装有水，水的高为0.05m，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)方杯底部受到水的压强；
(2)方杯底部受到水的压力；
(3)把1N的冰块放入水中漂浮(不计熔化)，则冰块浸入水中的体积是多少？
34. 小李用如图所示的装置提升货物。已知货物重G物=720N，在t=5s内货物被匀速竖直提升了h=1m，小李始终静止在地面上，并且对绳子自由端的拉力F=400N且竖直向下。求在此过程中：
(1)动滑轮对货物做的有用功；
(2)拉力F所做的总功；
(3)拉力F做功的功率；
(4)使用该装置提升货物时的机械效率η。
35. 下列关于运动与力的说法正确的是( )
A. 物体受到力的作用，运动状态一定发生改变
B. 运动的物体一定受到非平衡力的作用
C. 若没有力的作用，运动的物体将逐渐停下来
D. 物体受到不为零的合力，但其运动方向可能保持不变
36. 下列关于压强和浮力的说法正确的是( )
A. 液体内部向各个方向的压强均相等
B. 浸在液体中的物体所受浮力的方向与重力的方向相反
C. 潜水艇是通过改变自身的浮力实现上浮和下潜的
D. 大气压强随着海拔的升高而升高
37. 下列关于机械和功相关说法，正确的是( )
A. 若重力对物体做了功，物体的运动状态一定发生改变
B. 所做有用功越多的机械，则其机械效率一定越大
C. 物体受到的合外力做功为零，则物体一定处于静止状态
D. 机械做功越快，则机械做功的功率一定越大
38. 如图所示，不计绳子的质量和一切摩擦作用，整个系统处于静止平衡状态。重物G1=100N，每一个滑轮重力均为20N，则下列说法正确的是( )
A. b处绳子的拉力为50N
B. G2=280N
C. e处绳子的拉力为140N
D. G2=200N
39. 如图所示，水平地面上的物体在水平恒力F的作用下做直线运动。已知AB=BC，设AB是光滑的，力F做的功为W1；BC是粗糙的，力F做的功为W2，则W1和W2的关系是( )
A. W1=W2 B. W1>W2 C. W1
A. 阻力和动力臂一定时，动力和阻力臂的大小关系
B. 机械效率一定时，有用功和总功的大小关系
C. 功率一定时，做功和时间的大小关系
D. 同一根弹簧，其长度和所受拉力的大小关系
41. 如图所示，在盛有盐水(密度大于水)的烧杯内放置一个冰块，冰块的下表面与杯底接触，冰块处于静止状态(不接触烧杯侧壁)，且液面正好与杯口相齐。则( )
A. 若冰块对杯底有压力，则冰熔化后液体一定不会溢出
B. 若冰块对杯底无压力，则冰熔化后液体一定不会溢出
C. 冰块对杯底有压力时，冰熔化后杯子底部受到液体压强会增大
D. 冰块对杯底无压力时，冰熔化后杯子底部受到液体压强会减小
42. 如图所示，杠杆的A点挂边长为2dm、密度为ρ1=2kg/dm3的正方体C，B点挂边长为1dm正方体D，AO：OB=1：2，杠杆水平平衡时，D静止在空中，C对水平地面的压强为p1=1000Pa；将正方体D浸没在未知液体中时(未接触到容器)，杠杆平衡位置不变，C对水平地面的压强增大为1400Pa，g取10N/kg。则：物块D的重力是______N，物块D浸没在液体中时受到的浮力为______N，未知液体的密度为______kg/m3。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、帕斯卡(Pa)是压强单位；
B、焦耳(J)是所有能量的单位，能量改变的量度如热量、功的单位也是焦耳(J)；
C、瓦特(W)是功率的单位；
D、牛顿(N)是力的单位。
故选：C。
物理上每一个物理量都有国际上通用的单位称国际单位，还有一些生活中的常用单位，在国际单位制中，功率的单位是瓦特(W)。
本题考查了物理量的单位，属于识记性的内容，比较简单。
2.【答案】C
【解析】解：A、在旅行箱下端装有轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦；故A不合题意；
B、冰壶比赛中运动员用力刷冰，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。故B不合题意；
C、自行车轮胎上制有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C符合题意；
D、磁浮列车运行时使车身与轨道间形成间隙，使接触面脱离，属于减小摩擦。故D不合题意。
故选：C。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此类问题时要利用控制变量法研究。
3.【答案】A
【解析】A.筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故A正确；
B、托盘天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B错误；
CD、核桃夹、酒瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故CD错误。
结合图片和生活经验，先判断它们在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。杠杆的分类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
本题的解题关键是结合自己的生活经验，先判断各种杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
4.【答案】D
【解析】A、滑雪时穿上滑雪板，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；
C、推土机有宽大履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D、切蛋器装有细钢丝，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D符合题意。
增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
本题考查了增大和减小压强的方法及其应用，是一道基础题。
5.【答案】D
【解析】解：
A、重力的方向总是竖直向下的。故A错误；
B、物体重心的位置由物体的形状和质量分布决定，重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心。故B错误；
C、手对弹簧的力与弹簧对手的力是一对相互作用力，其大小相等。故C错误；
D、力的作用是相互的，物体施加力的作用的同时，也一定受到力的作用。故D正确。
故选：D。
(1)重力的方向是竖直向下的；
(2)重力在物体上的作用点叫重心。重心的位置由物体的形状和质量分布决定；
(3)物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体对它的作用；相互作用力的大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上；
(4)力的作用是相互的。
此题考查了重力的方向、重心的位置、力的作用相互性及其特点，正确理解概念和规律，是解答此题的关键。
6.【答案】A
【解析】A.普通中学生的质量约为50kg，受到的重力为：G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A正确。
B.一块普通橡皮的质量约为5g，课桌的高度约为0.8m，将橡皮从地上捡到课桌上，所做的功为：W=Gh=mgh=0.005kg×10N/kg×0.8m=0.04J，故B错误。
C.一张报纸的质量约为10g，长约1m，宽约为0.5m，摊开平放在面积比它更大的桌面上，对桌面的压强为：p=FS=GS=mgS=0.01kg×10N/kg1m×0.5m=0.2Pa，故C错误。
D.踢出去后的足球在空中飞行的过程中，足球不再受脚的力的作用，故人对足球没有做功，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
7.【答案】B
【解析】解：
A、牛顿第一定律是描述物体在不受外力作用下的运动情况，而不受外力的物体是不存在的，所以它不能通过实验直接验证，牛顿第一定律是在实验的基础上通过推理得出的，故A错误；
B、汽车在遇到紧急情况刹车时，车上的人由于惯性要保持原来的运动状态，所以会向前倾倒，故B正确；
C、原来静止的物体受平衡力，仍保持静止，故C错误；
D、任何物体都具有惯性，所以静止的物体仍然具有惯性，故D错误。
故选：B。
(1)牛顿第一定律不是实验定律，而是通过分析实验，再进一步概括、推理得出的并经受住了实践的检验；
(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，任何物体都具有惯性；
(3)物体受平衡力的作用，物体的运动状态不变，将保持静止或匀速直线运动状态；若物体受非平衡力，则物体的运动状态发生变化。
本题主要考查了牛顿第一定律的得出分法、对惯性的理解、平衡力的特点等，综合性强，但难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：由于不计空气阻力，因为地球附近的一切物体都要受到地球的吸引，跳远运动员只受到重力作用，并最终要落回地面。
故选：C。
某同学腾空时由于惯性向前运动，不计空气阻力的情况下，它只受重力的作用。
地球附近的一切物体都受重力的作用，其方向也会始终不变，永远竖直向下，这一点我们必须明确。
9.【答案】B
【解析】A、甲图人提着滑板在平直的路面上匀速行走，人对滑板施加了力的作用，但滑板没有在力的方向上通过距离，所以人对滑板不做功，故A错误；
B、乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车施加了力的作用，货车在力的方向上通过距离，所以人对货车做了功，故B正确；
C、丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头施加了力，石头没有在力的方向上通过距离，所以人对石头没有做功，故C错误；
D、丁图中人举着杠铃不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，所以人对杠铃没有做功，故D错误。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
10.【答案】A
【解析】解：设每个钩码的质量为m，杠杆上每一刻度代表的长度为L，则根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：
2mg×2L=nmg×4L，
解得在B点悬挂的钩码个数n=1
故选：A。
杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若F1L1=F2L2，杠杆平衡；若F1L1≠F2L2，杠杆就不平衡，会沿力和力臂乘积大的F的方向转动。
杠杆平衡取决于力和力臂的乘积是否相等。如果乘积相等，则杠杆平衡；若乘积不等，那么杠杆将向乘积大的一边下倾。
11.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)覆杯实验证明的大气压的存在；
(2)图中是探究液体压强的特点实验；
(3)液体压强随深度的增加而增大；
(4)流体中流速越快的地方压强越小。
本题考查大气压、流体压强与流速的关系、液体压强的特点，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
【解答】
A、杯口朝下时，由于杯内没有空气只有水，而杯内水柱产生压强远小于外界的大气压，故纸片就被大气压给“顶”住了，覆杯实验证明的大气压的存在，故A不符合题意。
B、图中是探究液体压强的特点实验，故B不符合题意；
C、左图中橡皮膜左右所处深度相同，两端的橡皮膜均向内凹，且橡皮膜凹的程度相同，右图中因为下端的橡皮膜所处水的深度大于上端的橡皮膜所处水的深度，则下端橡皮膜受到的压强大，上端橡皮膜受到的压强小，所以，下端的橡皮膜向内凹的程度大，上端橡皮膜向内凹的小，由此可知，液体压强随深度的增加而增大；故C不符合题意；
D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D符合题意
12.【答案】D
【解析】解：ABC、由功的原理知，使用任何机械都不能省功，故A、B、C均错误；
D、若额外功一定，有用功越大，在总功中所占比例越大，所以机械效率越高，故D正确。
故选：D。
(1)使用任何机械都不省功；
(2)有用功与额外功之和是总功，机械效率等于有用功与总功的比值。
此题考查了功的原理和机械效率的物理意义，属于基本规律和概念的考查，正确、全面理解功的原理和机械效率的概念，是解答此题的基础。
13.【答案】D
【解析】解：AB.甲、乙图中小木桌对海绵的压力都等于小木桌与铁块的重力之和，即甲、乙图中小木桌对海绵的压力大小相等，故AB错误；
CD.压力相等，由压强公式p=FS，甲图中的受力面积比乙图中的受力面积小，则乙图中小木桌对海绵的压强比甲图中小木桌对海绵的压强小，故C错误，D正确。
故选：D。
压力的作用效果(压强)的大小与压力大小和受力面积有关；根据控制变量法得出结论。
本题考查了学生对力的作用效果的了解和掌握，提高分析解决问题的能力。
14.【答案】A
【解析】解：AB.由液体压强公式p=ρgh可知，当液体密度与高度相同时，水对杯底的压强相同，故A正确、B错误；
CD.因为在水平桌面上，所以甲中水杯对桌面的压力大小为F1=G甲水+G杯，乙中水杯对桌面的压力大小为F2=G乙水+G杯，由于乙杯上端开口大、下端开口小，故杯中的水体积比甲中的大，即G乙水>G甲水，则F1
由题知水深相同，利用液体压强公式p=ρgh分析水对容器底部产生的压强大小关系；再利用F=G杯+G水分析水对桌面的压力大小关系。
本题考查了压强定义式和液体压强公式的应用，常见题目。
15.【答案】A
【解析】解：根据阿基米德原理可知，浸入液体中的物体受到的浮力的大小等于其排开的液体受到的重力，将铝块缓缓浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块示接触杯底和侧壁，排开水的体积变大，浮力变大，根据F示=G−F浮知，弹簧测力计的示数变小；
由于溢水杯中装满水，铝块浸没在水中静止时，根据阿基米德原理可知，铝块受到的浮力等于排开水的重力，铝块对水的压力大小与浮力相等，根据力的作用是相互的，铝块给杯底一个压力，大小等于浮力，即等于排开水的重力，故电子秤的示数不变，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据F=G−F浮可得测力计的示数变小；根据阿基米德原理可知，浸入液体中的物体受到的浮力的大小等于其排开的液体受到的重力，铝块受到的浮力等于排开的水重，根据力的作用是相互的，铝块给杯底一个压力，大小等于浮力。
本题考查了称量法测浮力、阿基米德原理的应用，难度不大。
16.【答案】AC
【解析】解：
A.小车在水平面上运动时，重力与支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；
B.小车最终会停下来是受到了摩擦阻力的作用，这说明力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故B错误；
C.由实验现象推理可得，如果小车到达水平面时所受的外力全部消失，小车将做匀速直线运动，故C正确；
D.小车运动到水平面以后还能继续向前运动，是因为小车具有惯性，故D错误。
故选：AC。
A.根据二力平衡分析；
B.力是改变物体运动状态的原因；
C.根据实验现象推理分析；
D.惯性是物体本身的一种属性，不能说小车受到惯性。
本题探究“阻力对物体运动的影响”，考查二力平衡、力和运动的关系、推理法的运用及惯性知识。
17.【答案】BC
【解析】解：A、塞式抽水机是利用大气压工作的，它的缸筒和活塞不符合连通器的结构特点，故A不符合题意；
BC、锅炉和外面的水位计下、排水管的U形回水弯的结构都符合上端开口、下端连通的特点，是利用连通器的原理工作的，故BC符合题意；
D、微小压强计的U形管只有一端是开口的，不符合连通器的结构特点，不是利用连通器的原理工作的，故D不符合题意。
故选：BC。
上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，装入同种液体，液面静止时保持相平。
18.【答案】AD
【解析】解：A.箱子静止时，处于平衡状态，受平衡力作用，则箱子在竖直方向上受到的重力和支持力是一对平衡力，故A正确；
B.箱子没有被推动，仍处于平衡状态，则箱子在水平方向上受到的推力和地面对箱子的摩擦力是一对平衡力，即摩擦力等于推力，故B错误；
C.箱子由静止开始被加速推动的过程，物体的运动状态发生了改变，故受非平衡力的作用，它受到的推力大于摩擦力，故C错误；
D.箱子在水平地面上做匀速直线运动，说明箱子处于平衡状态，箱子受到的合力为零，故D正确。
故选：AD。
(1)物体的运动状态不变时，不受力或受到平衡力的作用，或合力为零；
(2)力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状。物体的运动状态或形状发生的变化，说明受到了力的作用；
本题考查平衡力以及平衡状态的判断，难度不大。
19.【答案】BC
【解析】解：
AB、根据题意可知，A受到手的水平向右作用力25N，由于力的作用是相互的，因此A对手的作用力也为25N，方向水平向左，故A错误，B正确；
CD、在图中，A沿着竖直墙面匀速下滑，处于平衡状态，则A受平衡力作用，即A在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，因此A受到的摩擦力等于A的重力，即为15N，故C正确，D错误。
故选：BC。
力的作用是相互的；处于静止的物体或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，先对物体进行受力分析，然后结合平衡力和力的合成判断四个选项的对错。
本题考查相互作用力和二力平衡，关键明确物体的状态以及受力情况。
20.【答案】BC
【解析】解：
A、定滑轮在使用时，相当于一个等臂杠杆，不省力，则绳子自由端的拉力为F1=G=2mg；动滑轮在使用时，相当于一个省力杠杆，因动力臂是阻力臂的2倍，则省力一半，故绳子自由端的拉力为：F2=12(G+G轮)=12(2mg+mg)=1.5mg，则F1>F2，故A错误；
B、使用定滑轮和动滑轮提升相同的重物，且上升的高度相等时，所做的有用功为W=Gh=2mgh，则有：W1=W2=2mgh，故B正确；
C、绳子自由端拉力所做的功分别为：W3=F1s=Gh=2mgh，W4=F2s=1.5mg×2h=3mgh，则W3
故选：BC。
(1)根据定滑轮的特点求出拉力F1的大小；根据F=1n(G+G轮)求出F2的大小；
(2)根据W=Gh=mgh比较有用功的大小；
(3)根据W=Fs求出总功的大小，然后比较；
(4)根据机械效率公式求出效率，然后对比其大小。
本题考查了使用定滑轮、动滑轮时拉力、功、机械效率的计算，属于基础知识的考查，要理解。
21.【答案】2 OB
【解析】解：(1)由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针位于2N刻度值处，则其示数为2N。
(2)如图，拉杆箱是一个杠杆，O是支点，拉力F是动力，把拉力F的作用线延长为FB，过支点O向FB作垂线，则OB是拉力F的力臂。
故答案为：(1)2；(2)OB。
(1)弹簧测力计读数时，先观察量程，然后根据指针所在位置进行读数。
(2)力臂是支点到力的作用线的垂直距离，根据这个定义进行判断。
本题考查了弹簧测力计的读数方法和作力臂的方法，作力臂时，首先确定支点，然后延长力的作用线，过支点作力的作用线的垂线，支点到作用线的距离就是力臂。
22.【答案】总是竖直向下 左端
【解析】解：
(1)重力的方向总是竖直向下的，而水平仪就是利用重力的方向总是竖直向下制成的；
(2)当它放置在桌面上时，重垂线锥体偏在水平仪中央刻度线的右方，说明此桌面的左端高。
故答案为：总是竖直向下；左端。
(1)地面附近的物体都受到地球施加的重力的作用，重力的方向是竖直向下的。
(2)水平仪检测平面时，重垂线椎体总是偏向桌面较低的方向。
知道重力的方向总是竖直向下的，会根据重力的方向正确使用水平仪，以及重力方向的应用。
23.【答案】气密性差 小于 深度
【解析】解：
(1)在探究液体内部压强特点时，所用的仪器是压强计，是根据U形管两边的高度差来反映压强的大小，高度差越大，该处的压强越大；实验前小天用手指无论是重压还是轻压金属盒的橡皮膜时，发现U形管两侧液面都没有高度差，造成这一现象的原因可能是U形管与橡皮管连接处气密性差。
(2)装置调整好后，小天将探头先后放在同一容器中液体的A、B两点处，U形管两侧液面高度情况分别如图甲、乙所示，B点深度大，图乙中U形管两边液柱的高度差大，则A、B两处的压强大小关系为pA小于pB；由此分析可以得到，液体内部的压强与深度有关。
故答案为：(1)气密性差；(2)小于；深度。
(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过U型管中两边的液面高度差来反应被测压强大小的，检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(2)探究液体内部压强的仪器是压强计，U形管两端的液面差越大，金属盒受到的压强越大，液体的压强跟液体的密度和深度有关，在液体的密度一定时，液体越深，液体压强越大；
本题考查了液体压强大小的影响因素，利用控制变量法，探究液体压强与液体深度的关系。
24.【答案】B ；2
【解析】解：在杠杆上的A点位置挂6个重均为0.5N的钩码，力和力臂的乘积产生的效果是逆时针转动，要保持杠杆在水平位置平衡，在B点用弹簧测力计竖直向上施加力，使拉力产生顺时针转动的效果，杠杆才能在水平位置平衡；
设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G=0.5N，
由杠杆平衡条件得，6G×2L=F×3L，
所以，F=4G=4×0.5N=2N。
故答案为：B； 2。
用弹簧测力计竖直向上施加力可以使杠杆保持水平平衡，可以判断弹簧测力计作用点的位置；知道动力臂、阻力、阻力臂，根据杠杆平衡条件求出动力；
本题考查杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，常见题目。
25.【答案】运动状态 大气压 变小 不能 同一直线上
【解析】解：(1)磁铁的吸引力使小球在水平桌面上做曲线运动，运动方向发生改变，这个现象说明力可以改变物体的运动状态；
(2)当把装满水的瓶放入盆景的水中时，由于大气压作用在盆景中的水面上，所以水不会从瓶中流出来，此时外界大气压等于瓶内气压加上瓶内水产生的压强，所以瓶内水上方的气压小于外界大气压；
(3)玻璃瓶内气体是密闭的，内部气压保持不变，某次实验时细琉璃管内水柱上升，则可判断当时外界的大气压变小；
(4)用手将薄纸板扭转到图中位置，放手后纸板将不能在图中位置平衡。实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足作用在在同一直线上的条件。
故答案为：(1)运动状态；(2)大气压；(3)变小；(4)不能；同一直线上。
(1)力可以改变物体的运动状态和形状；
(2)从大气压与瓶内压强的关系角度进行考虑，一开始瓶内封闭部分气体的压强+瓶内水的压强=大气压；
(3)大气压不是一成不变的，与高度、天气都有关，且随高度的增加而减小；
(4)掌握二力平衡条件：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；根据实验操作及现象判断哪个条件发生了变化。
本题考查力的作用效果，大气压的应用，以及平衡力的有关知识，是一道综合题。
26.【答案】速度 小 匀速直线
【解析】解：(1)实验是探究阻力对物体运动的影响，实验时小车每次都让同一小车从同一斜面的顶端静止释放，是为了让小车在水平面上开始运动时的速度相同。
(2)由图示可知，依次经毛巾、木板、玻璃进行实验，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，小车运动得越远。
(3)根据这个实验推理：若水平物体表面完全光滑(即小车不受任何阻力作用)，那么小车将以在水平面上开始运动时的速度一直保持匀速直线运动。
故答案为：(1)速度；(2)小；(3)匀速直线。
(1)实验是探究阻力对物体运动的影响，根据控制变量法，要控制小车在水平面上开始运动时的速度相同。
(2)由图示可知，依次经毛巾、木板、玻璃进行实验，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，据此分析；
(3)根据实验现象推理。
本题探究“力对物体运动的影响”的实验，考查控制变量法、实验现象分析和推理法的运用。
27.【答案】匀速直线 控制变量 压力的大小
【解析】解：(1)在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中(如图所示)，弹簧测力计水平拉动木块时，必须让木块在水平面上做匀速直线运动，由二力平衡可知，弹簧测力计上的示数等于摩擦力的大小；
(2)当要研究某个物理量与多个因素的关系时，一般要采用控制变量法，滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度都有关系，要探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度之间的关系，必须改变接触面粗糙程度，同时需要保持接触面所受压力的大小不变。
故答案为：(1)匀速直线；(2)控制变量；压力的大小。
(1)根据二力平衡的条件，只有木块做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力才是一对平衡力；
(2)压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关，在控制其中一个量时，要控制另外的量不变。
转换法和控制变量法是物理实验探究中最常用的两种研究方法，在解决实际问题时要注意识别和应用。
28.【答案】被提升的钩码的重力G 上 换用质量较小的动滑轮或增大被提升的钩码的重力
【解析】解：(1)根据η=W有W总×100%=GhFs×100%可知，该实验需要测量的物理量有：绳子自由端施加的拉力F、钩码被提升的高度h、绳子自由端移动的距离s和被提升的钩码的重力G。
(2)因s=3h，说明承担物重的绳子的段数为3段，绳的起点是从动滑轮开始的，故小赵是通过弹簧测力计拉动绳子的自由端沿竖直向上的方向匀速运动的。
(3)提高该滑轮组机械效率的方法有换用质量较小的动滑轮，减小额外功，或增大被提升的钩码的重力，即在动滑轮质量一定时，增大有用功。
故答案为：(1)被提升的钩码的重力G；(2)上；(3)换用质量较小的动滑轮或增大被提升的钩码的重力。
(1)根据η=W有W总×100%=GhFs×100%分析解答；
(2)滑轮组绳子的绕法有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。
(3)提高滑轮组机械效率的方法有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。
本题测一滑轮组机械效率，考查滑轮组的接法及影响机械效率的因素。
29.【答案】F1−F2=F4−F3 F1F1−F2⋅ρ水
【解析】解：(1)阿基米德原理反映了物体所受浮力与排开液体重力的关系，即F浮=G排
由称重法知，石块受到的浮力为F浮=F1−F2
石块排开的水的重力为G排=F4−F3
若验证成功，则F1、F2、F3、F4之间应满足关系式是F1−F2=F4−F3
(2)因石块浸没于水中，故V石=V排
由F浮=ρ液gV排得，
石块体积为：V石=V排=F浮ρ水g=F1−F2ρ水g
由G=mg可得石块的质量m石=Gg=F1g
石块的密度为ρ=mV=F1gF1−F2ρ水g=F1F1−F2ρ水。
故答案为：(1)F1−F2=F4−F3；(2)F1F1−F2⋅ρ水。
(1)阿基米德原理是反映物体所受浮力与排开水的重力关系，由此分析即可；
(2)根据G−F得出浮力的大小，计算出排开液体的体积，可得石块的体积，求出石块的质量，根据密度公式求得石块的密度。
本题是验证阿基米德原理的实验，关键是掌握阿基米德原理内容。
30.【答案】解：将一个小球浸没在水中由静止释放，松手后，小球受浮力和重力，当浮力大于重力时，小球上浮，
即浮力大于重力：F浮>G球，
由阿基米德原理和密度公式可得：F浮=ρ水gV排 ，G球=ρ球gV球
可得：ρ水gV排 >ρ球gV球
小球浸没在水中，V排=V球
得出：ρ水>ρ球。
答：见解答。
【解析】已知小球上浮，浸入水中的小球受到重力和浮力的作用；重力小于浮力小球将会上浮，浮力大于重力：F浮>G球，根据阿基米德原理和密度、重力公式F浮=ρ水gV排 ，G球=ρ球gV球，列出方程可求。
本题考查了物体浮沉条件的应用，常见题目。
31.【答案】A 大于
【解析】解：(1)按压式的瓶子工作原理和活塞式抽水机原理相同，是利用活塞的移动来排出储液筒里的空气，造成内外气压差，而使液体在气压作用下上升从出液管里排出管外；而飞机机翼获得升力利用的是机翼上下流体压强差的原理，茶壶利用的连通器原理；故选A。
(2)进液阀门和出液阀门处的塑料小球，在按压式瓶盖中起到了非常关键的作用，为了能够按照需要顺利地打开和关闭阀门，塑料小球的密度应该大于洗手液的密度，不应漂浮或悬浮。
故答案为：(1)A；(2)大于。
(1)按压式瓶盖利用的是大气压。分别从活塞式抽水机、飞机机翼获得升力、茶壶倒出茶水的原理分析做出判断。
(2)从塑料小球的作用的角度分析解答。
此题以按压式瓶盖为题材考查大气压的应用，有一定难度，搞明白按压瓶盖的工作原理是关键。
32.【答案】解：(1)杠杆水平平衡，由平衡条件可知FA⋅OC=FB⋅OD，
根据力的相互作用性FB=GB
则杠杆C端受到的绳子拉力为FA=GB⋅ODOC=20N×21=40N；
(2)在轻质杠杆的C端，物体A受力为GA=FA′+N，
根据力的相互作用性FA=FA′
则水平桌面对物体A的支持力为N=GA−FA=50N−40N=10N，
(3)由压强公式，可知物体A对水平桌面的压强为p=NSA=10N0.01m2=1000Pa。
答：(1)杠杆C端受到的绳子拉力为40N；
(2)水平桌面对物体A的支持力为10N；
(3)物体A对水平桌面的压强为1000Pa。
【解析】(1)(2)由题可知物体A在竖直方向上受到竖直向下重力，竖直向上的支持力以及C端的拉力，
由于物体A处于静止状态，故其受到向下的力等于向上的力，即G=N+FA；
根据杠杆的平衡条件求出FA，从而求出水平桌面对物体A的支持力；
(2)根据相互作用力可知物体A对桌面的压力等于桌面对其的支持力，根据p=FS即可求出物体A对水平桌面的压强p。
本题考查了学生对杠杆平衡条件、压强公式的掌握和运用，难易程度适中。
33.【答案】解：
(1)方杯底部受到水的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
(2)由p=FS可得方杯底部受到水的压力：
F=pS=500Pa×1×10−2m2=5N；
(3)把G=1N的冰块放入水中漂浮(不计熔化)，
冰块受到的浮力F浮=G=1N，
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得冰块浸入水中的体积：
V浸=V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3。
答：(1)方杯底部受到水的压强为500Pa；
(2)方杯底部受到水的压力为5N；
(3)冰块浸入水中的体积是1×10−4m3。
【解析】(1)知道玻璃方杯内水的高(水深)，利用p=ρgh求方杯底部受到水的压强；
(2)知道方杯底面积，利用F=pS求方杯底部受到水的压力；
(3)冰块放入水中漂浮(不计熔化)时，受到的浮力等于冰块的重力；冰块浸入水中的体积等于其排开的水的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ水gV排求冰块排开水的体积，即浸入水中的体积。
本题考查了液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，属于基础题目。
34.【答案】解：
(1)动滑轮对货物做的有用功就是克服货物重力做的功，
有用功：W有=G物h=720N×1m=720J；
(2)由图可知n=2，则绳子自由端移动距离：s=nh=2×1m=2m，
拉力F所做的总功：W总=Fs=400N×2m=800J；
(3)拉力F做功的功率：P=W总t=800J5s=160W；
(4)该装置提升货物时的机械效率：η=W有W总=720J800J×100%=90%。
答：(1)动滑轮对货物做的有用功为720J；
(2)拉力F所做的总功为800J；
(3)拉力F做功的功率为160W；
(4)使用该装置提升货物时的机械效率为90%。
【解析】(1)利用W有=Gh计算有用功；
(2)由图可知n=2，利用s=nh求出绳子自由端移动距离，利用W总=Fs计算总功；
(3)拉力做功为总功，利用P=Wt计算拉力做功的功率；
(4)已知有用功、总功，利用η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组是有用功、总功、功率、机械效率的计算，利用好公式是解题的关键。
35.【答案】D
【解析】解：
A.物体受平衡力作用时，运动状态不变，故A错误；
B.做匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，故B错误；
C.若没有力的作用，运动的物体保持原来的运动速度大小和方向做匀速直线运动，故C错误；
D.物体受到不为零的合力，运动状态改变，可能是运动方向不变，也可能是运动速度大小改变，故D正确。
故选：D。
(1)静止的物体受到力的作用时，运动状态不一定改变，若受平衡力时，运动状态就不会改变；
(2)由牛顿第一定律可知：物体不受力作用时，总处于静止状态或匀速直线运动状态；
(3)力是改变物体运动状态的原因，惯性是保持物体运动状态不变的性质。
本题考查学生对于运动和力的理解和掌握，是中考的热点，属于基础题目。
36.【答案】B
【解析】解：A、液体内部同一深度处向各个方向的压强均相等，故A错误；
B、浸在液体中的物体所受浮力的方向与重力的方向相反，故B正确；
C、潜水艇是通过改变自身的重力实现上浮和下潜的，故C错误；
D、大气压强随着海拔的升高而降低，故D错误。
故选：B。
(1)在同种液体的同一深度，液体内部朝各个方向的压强大小相等；
(2)浮力的方向始终时竖直向上的，与重力方向相反；
(3)当潜水艇完全浸没入水中时，其整体体积与排开水的体积相同，因此浮力就不可能改变。根据浮沉条件，只有改变浮力与重力的关系，才会实现上浮和下沉；
(4)大气压强随着海拔的升高而降低。
本题考查了液体压强、浮力与重力的方向，大气压的综合应用，物体的浮沉条件，是一道综合性很强的题目，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
37.【答案】D
【解析】解：
A、若重力对物体做了功，但物体合力不变，则物体的运动状态不会发生改变，故A错误；
B、机械效率与有用功和总功都有关系，有用功较多，总功不确定，机械效率不能确定，故B错误；
C、物体受到的合外力为零时做功为零，但物体可能处于静止或匀速直线运动状态，故C错误；
D、功率是表示做功快慢的物理量，机械的功率越大，做功就越快，故D正确。
故选：D。
(1)物体受力不平衡时，其运动状态会发生改变；
(2)有用功与总功的比值叫机械效率；
(3)物体受到的合力为0时，会处于静止状态或匀速直线运动状态；
(4)功率是表示做功快慢的物理量。
此题考查的是我们对物体的运动状态、功率、机械效率概念的理解，需要清楚的是，使用任何机械必须做额外功，所以机械效率η总是小于1。
38.【答案】C
【解析】解：
A、由图知，a、b、c、d在同一根绳上，拉力相同；e、f在同一根绳上，拉力相同；
G1由两根绳子承担G1+G动=2Fb，
则b处绳子的拉力为：Fb=G1+G动2=100N+20N2=60N，故A错误；
C、e处绳子的拉力为Fe=2Fb+G动=2×60N+20N=140N，故C正确；
BD、G2由两股绳子加上f承担，则G2+G动=2Fb+Ff=2Fb+2Fb+G动=4Fb+G动，则G2=4Fb=4×60N=240N，故BD错误。
故选：C。
不计绳子的质量和一切摩擦作用，整个系统处于静止平衡状态；根据F=1n(G+G动)可以求出拉力的大小；同一根绳子上的拉力是相同的；对G2受力分析，根据力的平衡条件可以求出G2的大小。
本题考查了物体的受力分析、力的合成、拉力的计算，明确物体的受力情况是解题的关键。
39.【答案】A
【解析】解：由题意可知，力F是水平恒力，大小不变，AB=BC，由公式W=Fs可知，W1=W2，故A正确，BCD错误；
故选：A。
根据功的公式W=Fs进行分析解答。
正确理解功的公式W=Fs的含义是解题的关键。
40.【答案】D
【解析】解：由图象可知，纵坐标表示的物理量和横坐标表示的物理量是成正比的关系。
A、由杠杆平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂可知：
动力：阻力臂=阻力：动力臂，说明阻力和动力臂一定时，动力和阻力臂的大小关系成正比，故A不符合题意；
B、机械效率表达式为η=W有W总，说明机械效率一定时，有用功和总功大小关系成正比，故B不符合题意；
C、功率一定时，根据W=Pt可知做功和时间的大小关系成正比，故C不符合题意；
D、在弹性限度内，弹簧的伸长与弹簧所受拉力成正比，与弹簧的长度无关，故D符合题意。
故选：D。
从图象上可以看出，该图象反映的物理量之间成正比关系，然后根据各选项之间的关系选择即可。
本题主要考查学生的分析图象能力，其次还要对图象中包含的公式或原理等有一个明确的认识。
41.【答案】BD
【解析】解：AC.冰的密度比盐水的密度小，相同质量的冰比相同质量的盐水的体积大，当冰块的下表面对杯底有压力时，冰所排开盐水的质量小于冰的质量，冰融化后盐水一定会溢出，故A不符合题意；
盐水溢出后烧杯内的液体深度没有变化，但冰融化成水后，盐水的密度减小，由p=ρ液gh可知，杯子底部受到的压强会减小，故C不符合题意；
BD.若冰块对杯底无压力，则冰块刚好漂浮于盐水中，冰所受的浮力等于它排开盐水的所受的重力，由于冰的体积比盐水的体积大，所以冰融化后，盐水不会溢出，故B符合题意；冰融化后，盐水的密度会减小，由p=ρ液gh，杯子底部受到的压强会减小，故D符合题意。
故选：BD。
(1)根据冰和盐水的密度判断出相同质量时体积的关系，当冰对烧杯底有压力时，判断出冰排开盐水的质量与冰的质量的关系，从而判断出冰融化后水后盐水是否会溢出，根据液体密度的变化和p=ρgh分析解答杯子底部受到液体压强的变化；
(2)若冰块对杯底无压力，冰块刚好漂浮于盐水中，冰所受的浮力等于它排开盐水的所受的重力，根据冰的体积与盐水的体积的关系判断出冰融化后盐水是否溢出，根据液体密度的变化和p=ρgh分析解答杯子底部受到液体压强的变化。
解题时应对冰块的下表面对杯底有压力及冰块的下表面对杯底没有压力两种情况进行讨论。
42.【答案】60282.8×103
【解析】解：(1)C物体的体积为：VC=a3=(2dm)3=8dm3，SC=a2=(2dm)2=4dm2=4×10−2m2，
C物体的重力为：Gc=mcg=ρ1Vcg=2kg/dm3×8dm3×10N/kg=160N，
根据压强公式p=FS知，
C对水平面的压力为：
FC=p1SC=1000Pa×4×10−2m2=40N，
则由杠杆平衡条件可得
(GC−FC)×AO=GD×OB
GD=GC−FCOB×OA=160N−40N2×1=60N；
(2)由题知，物体C对地面的压强增加值△p=1400Pa，
则地面增加的压力：△FC=△pSc=1400Pa×4×10−2m2=56N，
杠杆A端减小的拉力：
△FA=△FC=56N，由杠杆平衡条件可得：
(GC−FC−△FA)×AO=(GD−FD浮)×OB
(160N−40N−56N)×1=(60N−FD浮)×2
解得：FD浮=28N；
又因为FD浮=ρ液gVD
所以液体的密度为：
ρ液=FDVDg=28N(0.1m)3×10N/kg=2.8×103kg/m3。
故答案为：(1)60；(2)28；(3)2.8×103。
(1)先根据物体C的边长、密度求出C的重力，然后根据C对地面的压强求出C对地面的压力，并对C进行受力分析求出作用在杠杆A端的作用力，最后根据杠杆平衡的条件求出D的重力；
(2)根据物体C对地面压强的增加值求出地面增加的压力，然后再对物体C进行受力分析，求出此时作用在杠杆A端的作用力，并根据杠杆平衡的条件求出作用在杠杆B端的作用力，然后对D进行受力分析，求出D所受的浮力，最后根据浮力计算公式求出液体的密度。
本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、阿基米德原理、杠杆平衡条件的掌握和运用，要求灵活选用公式求解。
相关试卷
北京市海淀区2021-2022学年八年级下学期期末物理试题： 这是一份北京市海淀区2021-2022学年八年级下学期期末物理试题，共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验题，综合题，计算题等内容，欢迎下载使用。
北京市中关村中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题： 这是一份北京市中关村中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共26页。试卷主要包含了1%B，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
北京市房山区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题： 这是一份北京市房山区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共24页。试卷主要包含了5℃，在下列四个选项中，判断正确的是，【答案】A，【答案】B，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
