还剩27页未读，
继续阅读
所属成套资源：全国主要城市中考物理真题及模拟测试试题及答案
成套系列资料，整套一键下载
2022年河北省石家庄市中考物理模拟试卷（3月份）
展开
这是一份2022年河北省石家庄市中考物理模拟试卷（3月份），共30页。试卷主要包含了选择题，填空及简答题，实验题，计算应用题等内容，欢迎下载使用。
2022年河北省石家庄市中考物理模拟试卷（3月份）
一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1～19小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题0分；20-22小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题0分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1．“墙内开花墙外可闻到花香”说明分子具有的性质是（ ）
A．分子之间有间隔 B．分子具有一定质量
C．分子可以分成原子 D．分子在不断运动
2．下列说法最接近实际的是（ ）
A．冰箱冷冻室的温度约为2℃
B．普通中学生的百米成绩约10s
C．一元硬币的质量为50mg
D．中学生的身高为1650mm
3．下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A．汽车的“倒车雷达”和“军事雷达”都是利用了超声波
B．钢琴的声音美妙主要是指音色悦耳动听
C．“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，响度增大
D．固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息
4．下列关于物态变化的说法中，不正确的是（ ）
A．“雾”、“露”、“口中呼出的白气”都是水蒸气降温液化形成的
B．舞台演出利用干冰制造“云雾缭绕”的效果，发生的物态变化主要是凝华、液化
C．环卫工人向马路上的冰雪撒盐，是为了降低冰雪的熔点
D．初春的早晨大雾逐渐散去属于汽化现象
5．生活中有许多光学知识，下列说法合理的是（ ）
A．树下的圆形光斑是光沿直线传播形成的
B．“碧水映蓝天，鱼在云中游”，看到水中鱼和云都是光的折射现象
C．水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小
D．疫情防控期间使用的测温枪是利用紫外线工作的
6．下列与如图所示电与磁有关实验的说法正确的是（ ）
A．图甲的工作原理与发电机类似
B．图乙说明通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
C．图丙，对调电源正负极，同时对调磁体的N、S极，闭合开关，导体棒ab受力方向不改变
D．图丁工作时是将电能转化为机械能
（多选）7．如图所示，探究凸透镜成像规律的实验中，某同学将烛焰、凸透镜、光屏摆成如图所示的位置，光屏上能成清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A．由图可知凸透镜的焦距是7.5cm＜f＜15cm
B．蜡烛和光屏位置保持不变，将透镜移到35cm处，成倒立放大的实像
C．图中成的是倒立放大的实像，符合投影仪的成像原理
D．若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，只将物体向左移动可以成清晰的像
（多选）8．用如图所示的装置提升重为2400N的物体M，在电动机对绳子的拉力F作用下，物体M在2s内匀速竖直上升了0.8m，在此过程中，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。下列结果正确的是（ ）
A．电动机拉动绳子的速度0.4m/s
B．电动机对绳子的拉力为1000N
C．动滑轮受到的重力为600N
D．拉力做的功为1920J
（多选）9．如图所示电路中，电源电压保持不变。甲、乙为电压表或定值电阻，若为定值电阻，其阻值与小灯泡的电阻阻值相同，均为R0（灯丝电阻不随温度的改变而改变），滑动变阻器的最大阻值为R0。闭合S1、S2，断开S3，滑片P位于中点，电流表A1、A2的示数相同，均为2I0。再断开S2，电流表A1、A2示数均变为I0。下列说法正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，乙可以是电压表，也可以是定值电阻
B．电源电压为I0R0
C．闭合S1、S3，断开S2，向左移动滑动变阻器的滑片，小灯泡变暗
D．将甲、乙对调，所有开关均闭合，电路消耗的总功率为2I02R0
二、填空及简答题（本大题共5小题，第26小题3分，其他小题每空1分，共31分）
10．家庭电路中用电器的总功率过大会导致电路中 过大，这时电路中的 （选填“漏电保护器”或“空气开关”）会自动断开保护电路。
11．将一个底部封闭的薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用塞子塞紧管口。把一根橡皮条缠在管子上并迅速来回拉动，很快会观察到寨子被管内气体顶出（如图所示）。回答下列问题：
（1）问题：实验中是采用哪种方式使金属管壁的温度升高的？
回答： 。
（2）针对图片，请从能量转化的角度提出一个问题并回答。
问题： ？
回答： 。
12．小明新买的电热水壶如图甲所示，其铭牌如图乙所示。则：电热水壶正常工作时的电阻是 ，用该电热水壶将初温为20℃的2kg的水烧开，需要吸收的热量为 J。小明关闭了家中的其他用电器，只用该电热水壶，在加热过程中家用电能表（图丙）的转盘在3min20s内转了300转，则此时电热水壶工作的实际电功率为 W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），气压为1标准大气压。]
13．如图所示，北京冬奥会冰壶比赛中，重为200N的冰壶在5N的水平推力作用下沿水平冰面向右做匀速直线运动，冰壶受到的摩擦力是 N；当撤去推力F时，冰壶将 （选填“保持静止状态”、“做减速直线运动”或“做匀速直线运动”）。请在图中画出冰壶所受重力的示意图。
14．能源既是国家经济发展的命脉，也是国家发展战略的重要支柱。我省多地有效调整能源结构，稳步发展安全高效的能源体系，合理利用图所示三种发电方式，并取得了显著成效。
（1）火力发电常使用煤作燃料，煤、石油等化石能源于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）B的能量转化方式是把 能转化成电能。
（3）与C相比，A、B发电的共同优点是 （合理即可）。
三、实验题（本大题共4个小题：第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分；共24分）
15．小明总结初中两年物理学习所做的探究实验发现：
（1）当要研究的物理量大小不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接显示出来。在图甲所示的实验中，小球动能的大小是通过 来间接反映出来的，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）当要研究的物理量与多个因素都有关系时，就要采用控制变量法。例如要研究动能跟质量的关系，就要改变质量，同时控制速度不变。具体办法是：换用质量不同的小球并让它们从 由静止滑下。
（3）分析实验现象并观察图乙所示的交通标志牌，不同车型限速不同的原因是：动能一定时，因为货车的 大，所以限速低。
（4）若实验中的水平面光滑，则此探究实验 （“能”或“不能”）完成。
16．小明利用杠杆开展如图所示的实验探究：
（1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则他应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，弹簧测力计的示数会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（3）小明做完该实验后，突发奇想，利用一根木筷、物体M、托盘和烧杯自制简易密度秤，主要制作步骤如下：
①如图丙所示，将烧杯放入A端的托盘中，改变物体M悬挂点的位置至B，使木筷在水平位置静止；
②在A端的烧杯内注入体积为V0的水，改变物体M悬挂点的位置至C，使木筷在水平位置再次静止，在C点标注水的密度值为1.0g/cm3；
③在A端的烧杯内注入体积为的其他液体，重复步骤②，在密度秤上标注刻度；
（a）从制作的步骤上分析，小明制作密度秤的原理是 ；
（b）该密度秤的零刻度线是在 （选填“B”或“O”）点；该密度秤的刻度线 （选填“均匀”或“不均匀”）；
【拓展】该方案中要增加密度秤的量程可以 （选填“增大”或“减少”）烧杯内液体的体积。
17．如图所示，同学们在实验室测两个阻值未知的定值电阻R1、R2的阻值，使用的电源为两节新干电池。
（1）图甲是小明测量R1阻值的部分实物图；
①用一根导线将电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大；连线不交叉）；
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P滑到B端；
③闭合开关，移动滑片P、发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线 （填“a”、“b”或“c”）内部断路；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1＝ Ω；
（2）小华设计了图丙所示的电路测R2的阻值，其中R0是电阻箱（阻值可调、可读），并完成了实验：
①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；
②只闭合开关 ，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为 V，读出电阻箱的读数为65Ω，则R2＝ Ω。
【拓展】若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，其它操作正确，则小华测得R2的阻值为 Ω。
四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
18．小明用传感器设计了如图所示的力传感器装置，竖直细杆的上端通过力传感器固定，力传感器可以显示出细杆的上端受到作用力的大小。下端与物体M相连，水箱的底面积为100cm2，细杆及连接处的重力可忽略不计。向图甲所示的空水箱中加水直到刚好加满。图乙是力传感器的示数大小随水箱中加入水质量变化的图像。（g＝10N/kg）
（1）求物块M的重力。
（2）当加水到物体恰好浸没时，求物体所受的浮力及物体的体积。
（3）当力传感器的示数大小变为0时，求此时水对箱底的压强。
19．如图所示电路，电源电压为6V保持不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），滑动变阻器R1上标有“20Ω 1A”字样，电压表接“0～15V”量程。求：
（1）闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5A，求此时电压表V的示数；
（2）电路安全的情况下，滑动变阻器允许的调节范围；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程。确保电路所有元件均安全使用的情况下，要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R2的阻值。
2022年河北省石家庄市中考物理模拟试卷（3月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1～19小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题0分；20-22小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题0分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1．“墙内开花墙外可闻到花香”说明分子具有的性质是（ ）
A．分子之间有间隔 B．分子具有一定质量
C．分子可以分成原子 D．分子在不断运动
【分析】扩散现象说明了：①构成物体的分子在不停地做无规则运动；②分子之间有间隙。
【解答】解：墙内开花墙外可闻到花香说明花香中含有的分子是在不断地运动的，向四周扩散。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
【点评】此题考查的是有关扩散现象的知识，这是中考经常考到的一个知识点。
2．下列说法最接近实际的是（ ）
A．冰箱冷冻室的温度约为2℃
B．普通中学生的百米成绩约10s
C．一元硬币的质量为50mg
D．中学生的身高为1650mm
【分析】（1）水的凝固点为0℃；
（2）普通中学生的百米成绩在14s左右；
（3）一元硬币的质量在6g左右；
（4）中学生的身高在1.65m左右。
【解答】解：A、将食物冷冻，就是将食物中的水分变为固体，而水的凝固点为0℃，所以冷冻室的温度低于0℃，故选项A错误；
B、在国际比赛中，运动员的成绩在10s左右，普通股中学生的成绩高于这一成绩，约为14s，故选项B错误；
C、一元硬币官方明确标注的质量是6.05克，故选项C错误；
D、中学生的升高约为1.65m＝1650mm，故选项D正确。
故选：D。
【点评】估读、估算类试题是中考中的常见题型，为能顺利解答这类试题，我们应对身边常见事物的物理量有一定的了解。
3．下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A．汽车的“倒车雷达”和“军事雷达”都是利用了超声波
B．钢琴的声音美妙主要是指音色悦耳动听
C．“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，响度增大
D．固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息
【分析】（1）倒车雷达，它在工作时会发出超声波，这些声波遇到障碍物时会反射回来，根据回声到来的方位和时间，可以确定障碍物的位置。电磁波可以传递信息；
（2）声音的品质叫音品，也叫音色，决定于发声体的材料和构造；
（3）听诊器的工作原理是利用固体传声带动气体传声，减少了声音分散，提高声音的响度；
（4）固定电话是靠电流来传递信息的；移动电话、广播与电视利用电磁波传递信息。
【解答】解：A、倒车雷达利用反射的超声波来区分障碍物的距离，“军事雷达”是利用了电磁波的传递信息的原理，故A错误；
B、钢琴的声音美妙，指音色好，悦耳动听，故B正确；
C、“听诊器”能减少声音的分散，从而增大响度，而并不是使人的心脏振动幅度增大、响度增大，故C错误；
D、固定电话是靠电流来传递信息的；电视、移动电话、广播电台都是利用电磁波来传递信息的，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了声音的特性、声音的产生与传播，电磁波的传播和应用，难度不大。
4．下列关于物态变化的说法中，不正确的是（ ）
A．“雾”、“露”、“口中呼出的白气”都是水蒸气降温液化形成的
B．舞台演出利用干冰制造“云雾缭绕”的效果，发生的物态变化主要是凝华、液化
C．环卫工人向马路上的冰雪撒盐，是为了降低冰雪的熔点
D．初春的早晨大雾逐渐散去属于汽化现象
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、“雾”、“露”、“口中呼出的白气”都是水蒸气放热降凝结成的小水滴，属于液化现象；故A正确；
B、干冰就是固态的二氧化碳，在常温下可以迅速升华为气态的二氧化碳，升华要吸热，与空气中的水蒸气发生热传递，水蒸气就会放出热量液化成小水滴，发生的物态变化主要是升华、液化，故B错误；
C、在冰雪覆盖的路面上撒盐可以降低冰雪的熔点，使冰雪熔化，故C正确；
D、早晨大雾逐渐散去是水变成水蒸气，属于汽化现象，故D正确。
故选B。
【点评】此题考查的是物态变化知识的应用，解答此题的关键是看正确判断物体变化以及吸放热情况，了解物质混合后熔点降低现象，可解答此题。
5．生活中有许多光学知识，下列说法合理的是（ ）
A．树下的圆形光斑是光沿直线传播形成的
B．“碧水映蓝天，鱼在云中游”，看到水中鱼和云都是光的折射现象
C．水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小
D．疫情防控期间使用的测温枪是利用紫外线工作的
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。物体在平面镜中成正立、等大的虚像；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
（2）任何物体都会发出红外线。
【解答】解：A、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的直线传播引起的，故A正确；
B、我们看到水中的鱼，实际看到的是由于光的折射形成的鱼的虚像，看到的水中的“云”是光的反射形成的虚像，故B错误；
C、水中出现树的倒影，是平面镜成像现象，水中的“树”是岸上的树的虚像，两者大小相等，故C错误；
D、疫情防控期间使用的测温枪是利用红外线工作的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了几种光现象及紫外线的应用，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力，属于基础知识的考查。
6．下列与如图所示电与磁有关实验的说法正确的是（ ）
A．图甲的工作原理与发电机类似
B．图乙说明通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
C．图丙，对调电源正负极，同时对调磁体的N、S极，闭合开关，导体棒ab受力方向不改变
D．图丁工作时是将电能转化为机械能
【分析】（1）扬声器的原理是通电导体在磁场中受力而运动；
（2）奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场，即电流的磁效应；
（3）利用通电导体在磁场中受力方向的影响因素分析判断；
（4）发电机的原理是电磁感应。
【解答】解：A、扬声器的原理是通电导体在磁场中受力而运动，因此图甲的工作原理与电动机类似，故A错误；
B、奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场，移走小磁针后，磁场还是存在的，故B错误；
C、若同时改变电流方向和磁场方向，则导体棒ab运动方向不变，故C正确；
D、图丁是闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，并将机械能转化为了电能，故D错误。
故选：C。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、扬声器的原理和发电机的原理，注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
（多选）7．如图所示，探究凸透镜成像规律的实验中，某同学将烛焰、凸透镜、光屏摆成如图所示的位置，光屏上能成清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A．由图可知凸透镜的焦距是7.5cm＜f＜15cm
B．蜡烛和光屏位置保持不变，将透镜移到35cm处，成倒立放大的实像
C．图中成的是倒立放大的实像，符合投影仪的成像原理
D．若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，只将物体向左移动可以成清晰的像
【分析】凸透镜成像的规律：
当u＞2f时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；
当u＝2f时，成倒立、等大的实像；
当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；
当u＝f时，无像，经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点；
当u＜f时，成正立、放大的虚像。放大镜就是根据这个原理制成的；
成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；
近视眼镜为凹透镜，对光线有发散作用。
【解答】解：A、蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧15cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小的实像；此时像的位置在一倍焦距和二倍焦距之间，物距在二倍焦距以外，即2f＞15cm＞f，30cm＞2f，所以15cm＞f＞7.5cm，故A正确；
B、根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于像距，凸透镜成倒立、放大的实像，其应用是投影仪，故B正确；
C、当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小、倒立的实像，是照相机的成像原理，故C错误；
D、近视眼镜为凹透镜，对光线有发散作用，将蜡烛向左移动，能在光屏上得到一个清晰的像，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查学生的分析能力，关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系，能够从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型。
（多选）8．用如图所示的装置提升重为2400N的物体M，在电动机对绳子的拉力F作用下，物体M在2s内匀速竖直上升了0.8m，在此过程中，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。下列结果正确的是（ ）
A．电动机拉动绳子的速度0.4m/s
B．电动机对绳子的拉力为1000N
C．动滑轮受到的重力为600N
D．拉力做的功为1920J
【分析】（1）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，根据v＝求绳子自由端移动的速度；
（2）利用η＝＝＝＝求绳子的拉力；
（3）利用不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（4）利用W总＝Fs求拉力做的总功。
【解答】解：A、由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×0.8m＝2.4m，
电动机拉动绳子的速度：v＝＝＝1.2m/s，故A错误；
B、由η＝＝＝＝可知，电动机对绳子的拉力：F＝＝＝1000N，故B正确；
C、因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×1000N﹣2400N＝600N，故C正确；
D、拉力做的总功：W总＝Fs＝1000N×2.4m＝2400J，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了使用滑轮组时速度、绳子的拉力、有用功、总功和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
（多选）9．如图所示电路中，电源电压保持不变。甲、乙为电压表或定值电阻，若为定值电阻，其阻值与小灯泡的电阻阻值相同，均为R0（灯丝电阻不随温度的改变而改变），滑动变阻器的最大阻值为R0。闭合S1、S2，断开S3，滑片P位于中点，电流表A1、A2的示数相同，均为2I0。再断开S2，电流表A1、A2示数均变为I0。下列说法正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，乙可以是电压表，也可以是定值电阻
B．电源电压为I0R0
C．闭合S1、S3，断开S2，向左移动滑动变阻器的滑片，小灯泡变暗
D．将甲、乙对调，所有开关均闭合，电路消耗的总功率为2I02R0
【分析】（1）由题意可知，当S1和S2闭合、S3断开时，电流表A1、A2测干路的电流，滑动变阻器与乙串联后与灯泡、甲并联，由此可知：A1、A2的示数相同，为2I0；甲为定值电阻或电压表，乙可能为电流表或电压表；
再断开S2，电路为甲的简单电路，电流表A1、A2测电路中的电流，若甲为电压表，则A1、A2的示数会变为0，由题意可知：电流表A1、A2示数均变小，为I0，由此可知：甲为定值电阻，根据并联电路的特点结合通过甲的电流关系可知：滑动变阻器所在的支路不能有电流，所以乙应为相当于开路的电压表；
（2）利用欧姆定律即可求出电源电压；
（3）闭合S1、S3，断开S2，滑动变阻器与灯泡串联，向右移动滑动变阻器的滑片时，根据滑动变阻器连入电路的电阻变化，利用欧姆定律即可判断通过灯泡的电流变化，据此即可判断灯泡亮度变化；
（4）将甲、乙对调，所有开关均闭合，对滑动变阻器短路，电路为灯泡和定值电阻甲并联，根据P＝UI即可求出电路消耗的总功率。
【解答】解：
A、由题意可知，当S1和S2闭合、S3断开时，电流表A1、A2测干路的电流，滑动变阻器与乙串联后与灯泡、甲并联，由此可知A1、A2的示数相同，为2I0；甲为定值电阻或电压表，乙可能为电流表或电压表；如图1：
再断开S2，电路为甲的简单电路，电流表A1、A2测电路中的电流；如图2：
，
若甲为电压表，则A1、A2的示数会变为0，由题意可知：电流表A1、A2示数均变小，为I0，由此可知：甲为定值电阻；
图1中，电流表A1、A2示数：I＝I甲+IL+I乙＝2I0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
图2中，电流表A1、A2示数：I′＝I甲＝I0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由于甲为定值电阻，其阻值与小灯泡电阻阻值相同，为R0，根据并联电路的特点和欧姆定律可知：IL＝I甲﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
所以，由①②③可知：IL＝I甲＝I0，I乙＝0，
因通过乙和滑动变阻器的电流为0，所以乙应为相当于开路的电压表，故A错误；
B、图2中，根据欧姆定律可得，电源电压：U＝I甲R甲＝I0R0；故B正确；
C、根据A中分析可知，电路图实际情况如图3所示：
则闭合S1、S3，断开S2，滑动变阻器与灯泡串联后和定值电阻甲并联，等效电路图如图4：
向左移动滑动变阻器的滑片时，滑动变阻器连入电路的电阻变小，则滑动变阻器与灯泡所在的支路上的总电阻变小，根据欧姆定律可知通过灯泡的电流变大，所以小灯泡变亮，故C错误；
D、将甲、乙对调，所有开关均闭合，滑动变阻器被短路，电路为灯泡和定值电阻甲并联电路，等效电路图如图5：
，
由于RL＝R甲＝R0；则干路电流：I总＝IL+I甲＝2I0，
则电路消耗的总功率：P总＝UI总＝I0R0×2I0＝2I02R0，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确的判断甲、乙的种类和电路的连接方式以及电表所测的电路元件是关键。
二、填空及简答题（本大题共5小题，第26小题3分，其他小题每空1分，共31分）
10．家庭电路中用电器的总功率过大会导致电路中 电流 过大，这时电路中的 空气开关 （选填“漏电保护器”或“空气开关”）会自动断开保护电路。
【分析】家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大。
【解答】解：电路中用电器的总功率过大，根据P＝UI可知，会导致电路中电流过大，空气开关会跳闸保护电路。
故答案为：电流；空气开关。
【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因，属于基础知识，要熟记。
11．将一个底部封闭的薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用塞子塞紧管口。把一根橡皮条缠在管子上并迅速来回拉动，很快会观察到寨子被管内气体顶出（如图所示）。回答下列问题：
（1）问题：实验中是采用哪种方式使金属管壁的温度升高的？
回答： 做功 。
（2）针对图片，请从能量转化的角度提出一个问题并回答。
问题： 塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，能量是如何转化的 ？
回答： 内能转化为机械能 。
【分析】拉动绳子对金属管做功，属于对物体做功，机械能转化为内能；看到塞子被弹起，属于物体对外做功，内能减小，温度降低，此时水蒸气遇冷会发生液化现象。
【解答】解：（1）实验中，用一根橡皮条在管外绕几圈，并迅速地来回拉动，此时机械能转化为内能，酒精的温度升高。所以此过程属于做功改变物体的内能，使金属管壁的温度升高；
（2）塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，内能转化为机械能。
故答案为：（1）做功；（2）塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，能量是如何转化的；内能转化为机械能。
【点评】此题考查了改变内能的两种方法的探究实验，属于基本技能的考查。
12．小明新买的电热水壶如图甲所示，其铭牌如图乙所示。则：电热水壶正常工作时的电阻是 24.2Ω ，用该电热水壶将初温为20℃的2kg的水烧开，需要吸收的热量为 6.72×106 J。小明关闭了家中的其他用电器，只用该电热水壶，在加热过程中家用电能表（图丙）的转盘在3min20s内转了300转，则此时电热水壶工作的实际电功率为 1800 W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），气压为1标准大气压。]
【分析】（1）知道用电器的额定电压和额定功率，利用P＝UI＝计算出电热水壶正常工作时的电阻；
（2）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000r，据此可计算出电能表的转盘转过300r，电热水壶消耗的电能；利用P＝计算出电热水壶的实际电功率。
【解答】解：（1）由P＝UI＝可知，电热水壶正常工作时的电阻：R＝＝＝24.2Ω；
（2）1个标准大气压下，水的沸点是100℃，
水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×106J；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000r，
电能表的转盘转过300r，电热水壶消耗的电能：W＝＝0.1kW•h＝3.6×105J；
电热水壶的实际电功率：P实＝＝＝1800W。
故答案为：24.2Ω；6.72×106；1800。
【点评】本题考查电功率公式的应用、热量的计算、对电能表参数的理解，是一道电热综合题。
13．如图所示，北京冬奥会冰壶比赛中，重为200N的冰壶在5N的水平推力作用下沿水平冰面向右做匀速直线运动，冰壶受到的摩擦力是 5 N；当撤去推力F时，冰壶将 做减速直线运动 （选填“保持静止状态”、“做减速直线运动”或“做匀速直线运动”）。请在图中画出冰壶所受重力的示意图。
【分析】（1）冰壶做匀速直线运动，在水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等；
（2）力是改变物体运动状态的原因；
（3）重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，据此画出冰壶受重力的示意图。
【解答】解：（1）冰壶做匀速直线运动，在水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，冰壶受到的摩擦力f＝F＝5N；
（2）当撤去推力F时，在水平方向上只受摩擦力，冰壶将做减速直线运动；
（3）重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，从冰壶的重心画一条带箭头的线段，表示冰壶受到的重力，如图所示：
故答案为：5；做减速直线运动；如图所示。
【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、力与运动的关系、力的示意图的画法，属于基础题目。
14．能源既是国家经济发展的命脉，也是国家发展战略的重要支柱。我省多地有效调整能源结构，稳步发展安全高效的能源体系，合理利用图所示三种发电方式，并取得了显著成效。
（1）火力发电常使用煤作燃料，煤、石油等化石能源于 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）B的能量转化方式是把 太阳 能转化成电能。
（3）与C相比，A、B发电的共同优点是 绿色环保 （合理即可）。
【分析】（1）根据能源的分类来分析；
（2）根据能量的转化形式来分析；
（3）根据新能源的优点来分析。
【解答】解：（1）煤、石油等化石能源在短期内都不能得到补充，所以是不可再生能源；
（2）太阳能发电是把太阳能转化成电能；
（3）与火力发电相比，风力发电和太阳能发电的共同优点是节约资源、绿色环保、无废渣废气排放。
故答案为：（1）不可再生；（2）太阳；（3）绿色环保。
【点评】本题考查了能量的转化和新能源开发的优点，属于基础题。
三、实验题（本大题共4个小题：第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分；共24分）
15．小明总结初中两年物理学习所做的探究实验发现：
（1）当要研究的物理量大小不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接显示出来。在图甲所示的实验中，小球动能的大小是通过 木块被推的距离 来间接反映出来的，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）当要研究的物理量与多个因素都有关系时，就要采用控制变量法。例如要研究动能跟质量的关系，就要改变质量，同时控制速度不变。具体办法是：换用质量不同的小球并让它们从 同一高度 由静止滑下。
（3）分析实验现象并观察图乙所示的交通标志牌，不同车型限速不同的原因是：动能一定时，因为货车的 质量 大，所以限速低。
（4）若实验中的水平面光滑，则此探究实验 不能 （“能”或“不能”）完成。
【分析】（1）根据转换法，小球的动能大小是通过木块被推的距离大小来反映的，
（2）动能的大小与物体运动的速度和物体的质量有关，因此，在研究时必须使用控制变量法，每次都要控制一个量，研究另一个量；
（3）动能大小与质量有关，在速度一定时，运动物体的质量越大，动能越大；
（4）若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的。
【解答】解：（1）该实验中小车动能的大小是通过木块被推的距离体现的，木块被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这是转换法的应用；
（2）同质量的小球在同一斜面的同一高度滑下时，到达水平面的速度是相同的，所以换不同质量的小球，让小球从同一高度滑下，是为了控制速度不变，探究动能大小跟质量的关系；
（3）动能的大小与物体的质量和速度有关，因此在高速公路上，不同车型限速不同的原因是：动能一定时，因为大货车的 质量大，所以限速低；
（4）实验中通过木块被小球推动的距离来比较动能的大小；若水平面绝对光滑，则小球和木块将做匀速直线运动，本实验将不能达到探究目的。
故答案为：（1）木块被推的距离；（2）同一高度；（3）质量；（4）不能。
【点评】本题考查影响物体动能大小的实验。通过实验考查了学生对控制变量法的运用，通过实验过程在不同实验中的联系，考查了学生对基本知识的掌握。
16．小明利用杠杆开展如图所示的实验探究：
（1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则他应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，弹簧测力计的示数会 偏小 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（3）小明做完该实验后，突发奇想，利用一根木筷、物体M、托盘和烧杯自制简易密度秤，主要制作步骤如下：
①如图丙所示，将烧杯放入A端的托盘中，改变物体M悬挂点的位置至B，使木筷在水平位置静止；
②在A端的烧杯内注入体积为V0的水，改变物体M悬挂点的位置至C，使木筷在水平位置再次静止，在C点标注水的密度值为1.0g/cm3；
③在A端的烧杯内注入体积为的其他液体，重复步骤②，在密度秤上标注刻度；
（a）从制作的步骤上分析，小明制作密度秤的原理是 F1L1＝F2L2 ；
（b）该密度秤的零刻度线是在 B （选填“B”或“O”）点；该密度秤的刻度线 均匀 （选填“均匀”或“不均匀”）；
【拓展】该方案中要增加密度秤的量程可以 减少 （选填“增大”或“减少”）烧杯内液体的体积。
【分析】（1）要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）根据力与力臂乘积的大小变化可判断弹簧测力计的示数变化；
（3）（a）根据杠杆的平衡条件分析解答；
（b）不放物体时物体时的位置就是零刻度线的位置；根据杠杆的平衡条件表示出液体密度与OB的长度关系分析解题；
【拓展】根据所推导出表达式分析解答。
【解答】解：（1）由图甲知，杠杆沿顺时针方向转动，说明右端重左端轻，杠杆左端上翘，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向左调节；
（2）若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，由于右侧已经存在杠杆的重力与力臂的乘积，故弹簧测力计的示数会偏小；
（3）（a）小明制作密度秤的原理是F1L1＝F2L2；
（b）烧杯中没有放水时，即所装液体的密度为零，改变物体M悬挂点的位置至B，使木筷在水平位置静止，故此时B点所标密度值0；
设液体密度为ρ液，OB的长度为L，根据杠杆平衡原理可得：
（ρ液V0g+G烧杯）×AO＝GM×L，
所以，ρ液＝×﹣，其中V0、g、G烧杯、AO、GM为定值，
故得到被测液体的密度ρ液与OB的长度L之间的函数关系，为一次函数关系，由函数关系知：液体密度与提纽到秤舵的距离是一次函数关系，因此密度秤的刻度是均匀的；
【拓展】由（3）可知：ρ液＝×﹣＝，其中L、g、G烧杯、AO、GM为定值，
故减小烧杯内液体的体积V0，可以增加密度秤的量程。
故答案为：（1）左；（2）偏小；（3）（a）F1L1＝F2L2；（b）B；均匀；【拓展】减少。
【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、原理运用及密度的计算等，考查较为全面，难度较大。
17．如图所示，同学们在实验室测两个阻值未知的定值电阻R1、R2的阻值，使用的电源为两节新干电池。
（1）图甲是小明测量R1阻值的部分实物图；
①用一根导线将电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大；连线不交叉）；
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P滑到B端；
③闭合开关，移动滑片P、发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线 b （填“a”、“b”或“c”）内部断路；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1＝ 5 Ω；
（2）小华设计了图丙所示的电路测R2的阻值，其中R0是电阻箱（阻值可调、可读），并完成了实验：
①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；
②只闭合开关 S1、S2 ，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为 1 V，读出电阻箱的读数为65Ω，则R2＝ 65 Ω。
【拓展】若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，其它操作正确，则小华测得R2的阻值为 66 Ω。
【分析】（1）①根据滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大确定变阻器的连接方式；
③电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
④根据电流表选用量程确定分度值读数；根据R＝算出R1；
（2）由等效替代法可知电阻箱的示数即为R2的电阻；
【拓展】根据串联电路电压规律结合分压原理进行分析。
【解答】解：（1）①滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大，故变阻器应选左下接线柱与开关串联接入电路，如下图所示：
；
③电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即故障可能是导线b内部断路；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则R1＝＝＝5Ω；
（2）①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；
②只闭合开关S1、S2，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为1V，读出电阻箱的读数为65Ω；
在①中，R2与变阻器串联，电压表测R2两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使电压表读数为1V；
在②中，电阻箱R0与变阻器串联，电压表测R0两端的电压，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为1V，读出电阻箱的读数为65Ω，由等效替代法，电阻箱R0的示数即为电阻R2的阻值，故R2＝65Ω；
【拓展】在②中，电阻箱R0与变阻器串联，电压表测R0两端的电压，电压表示数为1V，根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为UR＝U﹣U0＝3V﹣1V＝2V，根据串联分压原理可知：
＝，即＝，解得R滑＝2R0＝2×65Ω＝130Ω；
若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，则R'滑＝R滑+2Ω＝130Ω+2Ω＝132Ω，
由于变阻器与R0电压关系不变，则R'0＝R'滑＝×132Ω＝66Ω，故小华测得R2的阻值为66Ω。
故答案为：（1）①如上图所示；③b；④5；（2）②S1、S2；1；65；【拓展】66。
【点评】本题考查了定值电阻测量的两种方法，一种方法是伏安法测量定值电阻的阻值，一种方法是等效替代法测量定值电阻的阻值，这两种方法都要熟练掌握。
四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
18．小明用传感器设计了如图所示的力传感器装置，竖直细杆的上端通过力传感器固定，力传感器可以显示出细杆的上端受到作用力的大小。下端与物体M相连，水箱的底面积为100cm2，细杆及连接处的重力可忽略不计。向图甲所示的空水箱中加水直到刚好加满。图乙是力传感器的示数大小随水箱中加入水质量变化的图像。（g＝10N/kg）
（1）求物块M的重力。
（2）当加水到物体恰好浸没时，求物体所受的浮力及物体的体积。
（3）当力传感器的示数大小变为0时，求此时水对箱底的压强。
【分析】（1）由图乙可知，水箱中没有水时，压力传感器受到的拉力即为物体M的重力；
（2）图乙可知M完全浸没时压力传感器的示数，对M受力分析可知，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和杆的作用力，据此求出此时M受到的浮力，根据F浮＝ρ水gV排可求出物体排开水的体积和物体的体积；
（3）当压力传感器的压力为零时，M受到的浮力等于M的重力2N，由图乙可知，加水2kg时水面达到M的下表面时浮力为0，加水4kg时M刚好浸没，此时浮力为10N，该过程中增加水的质量为2kg，物体M受到的浮力增大了10N，然后归纳得出每加1kg水物体M受到的浮力增加5N，据此求出物体M受到的浮力为2N时加入水的质量，此时容器内水对容器底的压力等于水的物体M的重力之和，根据p＝求出此时水对箱底的压强。
【解答】解：（1）由图乙可知，水箱中没有水时（m＝0），压力传感器受到的拉力F0＝2N，则物体M的重力GM＝F0＝2N；
（2）由图乙可知，当M完全浸没时，压力传感器的示数为8N，
对M受力分析可知，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和杆的作用力，
则此时M受到的浮力F浮＝GM+F＝2N+8N＝10N，
由F浮＝ρ水gV排可知，物体M的体积为：
VM＝V排＝＝＝10﹣3m3；
（3）当压力传感器的压力为零时，M受到的浮力等于M的重力2N，
由图乙可知，加水2kg时水面达到M的下表面时浮力为0，加水4kg时M刚好浸没，此时浮力为10N，该过程中增加水的质量为2kg，物体M受到的浮力增大了10N，
所以，每加1kg水，物体M受到的浮力增加5N，
所以M受到的浮力为2N时，应加入水的质量2kg+2N×＝2.4kg，力传感器的示数才为零，
此时容器内水对容器底的压力为：F压＝G水+GM＝m水g+GM＝2.4kg×10N/kg+2N＝26N，
此时容器内水对容器底的压强为：p＝＝＝2600Pa。
答：（1）物块M的重力为2N；
（2）当加水到物体恰好浸没时，物体所受的浮力及物体的体积为10﹣3m3；
（3）当力传感器的示数大小变为0时，此时水对箱底的压强为2600Pa。
【点评】本题考查了重力公式和阿基米德原理、压强定义式的综合应用，正确的得出“每加1kg水，物体M受到的浮力增加5N”是关键。
19．如图所示电路，电源电压为6V保持不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），滑动变阻器R1上标有“20Ω 1A”字样，电压表接“0～15V”量程。求：
（1）闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5A，求此时电压表V的示数；
（2）电路安全的情况下，滑动变阻器允许的调节范围；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程。确保电路所有元件均安全使用的情况下，要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R2的阻值。
【分析】（1）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据R＝计算灯泡的电阻，根据欧姆定律可得电流表示数为0.5A时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的电阻，根据U＝IR计算电压表的示数；
（2）根据I＝计算灯泡的额定电流，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的最小阻值，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，据此确定滑动变阻器接入电路的电阻范围；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为1A，此时电路的总电阻为＝6Ω，或最大电流为＜1A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为，分情况讨论最大电流和最小电流的关系可确定定值电阻R2的阻值。
【解答】解：（1）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，
灯泡L上标有“5V 2.5W”，则灯泡的电阻：RL＝＝＝10Ω，
电流表示数为0.5A，根据欧姆定律可得此时电路的总电阻：R＝＝＝12Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路的阻值：R1＝R﹣RL＝12Ω﹣10Ω＝2Ω，
此时滑动变阻器两端的电压：U1＝IR1＝0.5A×2Ω＝1V；
（2）灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，串联电路各处电流相等，所以电路允许通过的最大电流为0.5A，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路最小阻值，由（1）可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为2Ω，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，所以滑动变阻器接入电路的电阻范围为2Ω～20Ω；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为1A，此时电路的总电阻为＝6Ω，或最大电流为＜1A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为，
在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，分以下几种情况讨论：
①最大电流1A，最小电流为，则3×＝1A，解得：R2＝﹣2Ω（舍去）；
②最大电流为，最小电流为，则3×＝，解得：R2＝10Ω。
答：（1）闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5A，此时电压表V的示数为1V；
（2）电路安全的情况下，滑动变阻器允许的调节范围2Ω～20Ω；
（3）满足要求的R2的阻值为10Ω。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，最后一问有难度。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/10/25 16:59:14；用户：13784622801；邮箱：13784622801；学号：37960971
2022年河北省石家庄市中考物理模拟试卷（3月份）
一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1～19小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题0分；20-22小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题0分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1．“墙内开花墙外可闻到花香”说明分子具有的性质是（ ）
A．分子之间有间隔 B．分子具有一定质量
C．分子可以分成原子 D．分子在不断运动
2．下列说法最接近实际的是（ ）
A．冰箱冷冻室的温度约为2℃
B．普通中学生的百米成绩约10s
C．一元硬币的质量为50mg
D．中学生的身高为1650mm
3．下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A．汽车的“倒车雷达”和“军事雷达”都是利用了超声波
B．钢琴的声音美妙主要是指音色悦耳动听
C．“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，响度增大
D．固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息
4．下列关于物态变化的说法中，不正确的是（ ）
A．“雾”、“露”、“口中呼出的白气”都是水蒸气降温液化形成的
B．舞台演出利用干冰制造“云雾缭绕”的效果，发生的物态变化主要是凝华、液化
C．环卫工人向马路上的冰雪撒盐，是为了降低冰雪的熔点
D．初春的早晨大雾逐渐散去属于汽化现象
5．生活中有许多光学知识，下列说法合理的是（ ）
A．树下的圆形光斑是光沿直线传播形成的
B．“碧水映蓝天，鱼在云中游”，看到水中鱼和云都是光的折射现象
C．水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小
D．疫情防控期间使用的测温枪是利用紫外线工作的
6．下列与如图所示电与磁有关实验的说法正确的是（ ）
A．图甲的工作原理与发电机类似
B．图乙说明通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
C．图丙，对调电源正负极，同时对调磁体的N、S极，闭合开关，导体棒ab受力方向不改变
D．图丁工作时是将电能转化为机械能
（多选）7．如图所示，探究凸透镜成像规律的实验中，某同学将烛焰、凸透镜、光屏摆成如图所示的位置，光屏上能成清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A．由图可知凸透镜的焦距是7.5cm＜f＜15cm
B．蜡烛和光屏位置保持不变，将透镜移到35cm处，成倒立放大的实像
C．图中成的是倒立放大的实像，符合投影仪的成像原理
D．若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，只将物体向左移动可以成清晰的像
（多选）8．用如图所示的装置提升重为2400N的物体M，在电动机对绳子的拉力F作用下，物体M在2s内匀速竖直上升了0.8m，在此过程中，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。下列结果正确的是（ ）
A．电动机拉动绳子的速度0.4m/s
B．电动机对绳子的拉力为1000N
C．动滑轮受到的重力为600N
D．拉力做的功为1920J
（多选）9．如图所示电路中，电源电压保持不变。甲、乙为电压表或定值电阻，若为定值电阻，其阻值与小灯泡的电阻阻值相同，均为R0（灯丝电阻不随温度的改变而改变），滑动变阻器的最大阻值为R0。闭合S1、S2，断开S3，滑片P位于中点，电流表A1、A2的示数相同，均为2I0。再断开S2，电流表A1、A2示数均变为I0。下列说法正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，乙可以是电压表，也可以是定值电阻
B．电源电压为I0R0
C．闭合S1、S3，断开S2，向左移动滑动变阻器的滑片，小灯泡变暗
D．将甲、乙对调，所有开关均闭合，电路消耗的总功率为2I02R0
二、填空及简答题（本大题共5小题，第26小题3分，其他小题每空1分，共31分）
10．家庭电路中用电器的总功率过大会导致电路中 过大，这时电路中的 （选填“漏电保护器”或“空气开关”）会自动断开保护电路。
11．将一个底部封闭的薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用塞子塞紧管口。把一根橡皮条缠在管子上并迅速来回拉动，很快会观察到寨子被管内气体顶出（如图所示）。回答下列问题：
（1）问题：实验中是采用哪种方式使金属管壁的温度升高的？
回答： 。
（2）针对图片，请从能量转化的角度提出一个问题并回答。
问题： ？
回答： 。
12．小明新买的电热水壶如图甲所示，其铭牌如图乙所示。则：电热水壶正常工作时的电阻是 ，用该电热水壶将初温为20℃的2kg的水烧开，需要吸收的热量为 J。小明关闭了家中的其他用电器，只用该电热水壶，在加热过程中家用电能表（图丙）的转盘在3min20s内转了300转，则此时电热水壶工作的实际电功率为 W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），气压为1标准大气压。]
13．如图所示，北京冬奥会冰壶比赛中，重为200N的冰壶在5N的水平推力作用下沿水平冰面向右做匀速直线运动，冰壶受到的摩擦力是 N；当撤去推力F时，冰壶将 （选填“保持静止状态”、“做减速直线运动”或“做匀速直线运动”）。请在图中画出冰壶所受重力的示意图。
14．能源既是国家经济发展的命脉，也是国家发展战略的重要支柱。我省多地有效调整能源结构，稳步发展安全高效的能源体系，合理利用图所示三种发电方式，并取得了显著成效。
（1）火力发电常使用煤作燃料，煤、石油等化石能源于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）B的能量转化方式是把 能转化成电能。
（3）与C相比，A、B发电的共同优点是 （合理即可）。
三、实验题（本大题共4个小题：第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分；共24分）
15．小明总结初中两年物理学习所做的探究实验发现：
（1）当要研究的物理量大小不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接显示出来。在图甲所示的实验中，小球动能的大小是通过 来间接反映出来的，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）当要研究的物理量与多个因素都有关系时，就要采用控制变量法。例如要研究动能跟质量的关系，就要改变质量，同时控制速度不变。具体办法是：换用质量不同的小球并让它们从 由静止滑下。
（3）分析实验现象并观察图乙所示的交通标志牌，不同车型限速不同的原因是：动能一定时，因为货车的 大，所以限速低。
（4）若实验中的水平面光滑，则此探究实验 （“能”或“不能”）完成。
16．小明利用杠杆开展如图所示的实验探究：
（1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则他应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，弹簧测力计的示数会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（3）小明做完该实验后，突发奇想，利用一根木筷、物体M、托盘和烧杯自制简易密度秤，主要制作步骤如下：
①如图丙所示，将烧杯放入A端的托盘中，改变物体M悬挂点的位置至B，使木筷在水平位置静止；
②在A端的烧杯内注入体积为V0的水，改变物体M悬挂点的位置至C，使木筷在水平位置再次静止，在C点标注水的密度值为1.0g/cm3；
③在A端的烧杯内注入体积为的其他液体，重复步骤②，在密度秤上标注刻度；
（a）从制作的步骤上分析，小明制作密度秤的原理是 ；
（b）该密度秤的零刻度线是在 （选填“B”或“O”）点；该密度秤的刻度线 （选填“均匀”或“不均匀”）；
【拓展】该方案中要增加密度秤的量程可以 （选填“增大”或“减少”）烧杯内液体的体积。
17．如图所示，同学们在实验室测两个阻值未知的定值电阻R1、R2的阻值，使用的电源为两节新干电池。
（1）图甲是小明测量R1阻值的部分实物图；
①用一根导线将电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大；连线不交叉）；
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P滑到B端；
③闭合开关，移动滑片P、发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线 （填“a”、“b”或“c”）内部断路；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1＝ Ω；
（2）小华设计了图丙所示的电路测R2的阻值，其中R0是电阻箱（阻值可调、可读），并完成了实验：
①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；
②只闭合开关 ，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为 V，读出电阻箱的读数为65Ω，则R2＝ Ω。
【拓展】若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，其它操作正确，则小华测得R2的阻值为 Ω。
四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
18．小明用传感器设计了如图所示的力传感器装置，竖直细杆的上端通过力传感器固定，力传感器可以显示出细杆的上端受到作用力的大小。下端与物体M相连，水箱的底面积为100cm2，细杆及连接处的重力可忽略不计。向图甲所示的空水箱中加水直到刚好加满。图乙是力传感器的示数大小随水箱中加入水质量变化的图像。（g＝10N/kg）
（1）求物块M的重力。
（2）当加水到物体恰好浸没时，求物体所受的浮力及物体的体积。
（3）当力传感器的示数大小变为0时，求此时水对箱底的压强。
19．如图所示电路，电源电压为6V保持不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），滑动变阻器R1上标有“20Ω 1A”字样，电压表接“0～15V”量程。求：
（1）闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5A，求此时电压表V的示数；
（2）电路安全的情况下，滑动变阻器允许的调节范围；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程。确保电路所有元件均安全使用的情况下，要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R2的阻值。
2022年河北省石家庄市中考物理模拟试卷（3月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1～19小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题0分；20-22小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题0分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1．“墙内开花墙外可闻到花香”说明分子具有的性质是（ ）
A．分子之间有间隔 B．分子具有一定质量
C．分子可以分成原子 D．分子在不断运动
【分析】扩散现象说明了：①构成物体的分子在不停地做无规则运动；②分子之间有间隙。
【解答】解：墙内开花墙外可闻到花香说明花香中含有的分子是在不断地运动的，向四周扩散。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
【点评】此题考查的是有关扩散现象的知识，这是中考经常考到的一个知识点。
2．下列说法最接近实际的是（ ）
A．冰箱冷冻室的温度约为2℃
B．普通中学生的百米成绩约10s
C．一元硬币的质量为50mg
D．中学生的身高为1650mm
【分析】（1）水的凝固点为0℃；
（2）普通中学生的百米成绩在14s左右；
（3）一元硬币的质量在6g左右；
（4）中学生的身高在1.65m左右。
【解答】解：A、将食物冷冻，就是将食物中的水分变为固体，而水的凝固点为0℃，所以冷冻室的温度低于0℃，故选项A错误；
B、在国际比赛中，运动员的成绩在10s左右，普通股中学生的成绩高于这一成绩，约为14s，故选项B错误；
C、一元硬币官方明确标注的质量是6.05克，故选项C错误；
D、中学生的升高约为1.65m＝1650mm，故选项D正确。
故选：D。
【点评】估读、估算类试题是中考中的常见题型，为能顺利解答这类试题，我们应对身边常见事物的物理量有一定的了解。
3．下列关于声和电磁波的说法正确的是（ ）
A．汽车的“倒车雷达”和“军事雷达”都是利用了超声波
B．钢琴的声音美妙主要是指音色悦耳动听
C．“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，响度增大
D．固定电话、移动电话、广播和电视都是利用电磁波传递信息
【分析】（1）倒车雷达，它在工作时会发出超声波，这些声波遇到障碍物时会反射回来，根据回声到来的方位和时间，可以确定障碍物的位置。电磁波可以传递信息；
（2）声音的品质叫音品，也叫音色，决定于发声体的材料和构造；
（3）听诊器的工作原理是利用固体传声带动气体传声，减少了声音分散，提高声音的响度；
（4）固定电话是靠电流来传递信息的；移动电话、广播与电视利用电磁波传递信息。
【解答】解：A、倒车雷达利用反射的超声波来区分障碍物的距离，“军事雷达”是利用了电磁波的传递信息的原理，故A错误；
B、钢琴的声音美妙，指音色好，悦耳动听，故B正确；
C、“听诊器”能减少声音的分散，从而增大响度，而并不是使人的心脏振动幅度增大、响度增大，故C错误；
D、固定电话是靠电流来传递信息的；电视、移动电话、广播电台都是利用电磁波来传递信息的，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了声音的特性、声音的产生与传播，电磁波的传播和应用，难度不大。
4．下列关于物态变化的说法中，不正确的是（ ）
A．“雾”、“露”、“口中呼出的白气”都是水蒸气降温液化形成的
B．舞台演出利用干冰制造“云雾缭绕”的效果，发生的物态变化主要是凝华、液化
C．环卫工人向马路上的冰雪撒盐，是为了降低冰雪的熔点
D．初春的早晨大雾逐渐散去属于汽化现象
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、“雾”、“露”、“口中呼出的白气”都是水蒸气放热降凝结成的小水滴，属于液化现象；故A正确；
B、干冰就是固态的二氧化碳，在常温下可以迅速升华为气态的二氧化碳，升华要吸热，与空气中的水蒸气发生热传递，水蒸气就会放出热量液化成小水滴，发生的物态变化主要是升华、液化，故B错误；
C、在冰雪覆盖的路面上撒盐可以降低冰雪的熔点，使冰雪熔化，故C正确；
D、早晨大雾逐渐散去是水变成水蒸气，属于汽化现象，故D正确。
故选B。
【点评】此题考查的是物态变化知识的应用，解答此题的关键是看正确判断物体变化以及吸放热情况，了解物质混合后熔点降低现象，可解答此题。
5．生活中有许多光学知识，下列说法合理的是（ ）
A．树下的圆形光斑是光沿直线传播形成的
B．“碧水映蓝天，鱼在云中游”，看到水中鱼和云都是光的折射现象
C．水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小
D．疫情防控期间使用的测温枪是利用紫外线工作的
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。物体在平面镜中成正立、等大的虚像；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
（2）任何物体都会发出红外线。
【解答】解：A、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的直线传播引起的，故A正确；
B、我们看到水中的鱼，实际看到的是由于光的折射形成的鱼的虚像，看到的水中的“云”是光的反射形成的虚像，故B错误；
C、水中出现树的倒影，是平面镜成像现象，水中的“树”是岸上的树的虚像，两者大小相等，故C错误；
D、疫情防控期间使用的测温枪是利用红外线工作的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了几种光现象及紫外线的应用，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力，属于基础知识的考查。
6．下列与如图所示电与磁有关实验的说法正确的是（ ）
A．图甲的工作原理与发电机类似
B．图乙说明通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
C．图丙，对调电源正负极，同时对调磁体的N、S极，闭合开关，导体棒ab受力方向不改变
D．图丁工作时是将电能转化为机械能
【分析】（1）扬声器的原理是通电导体在磁场中受力而运动；
（2）奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场，即电流的磁效应；
（3）利用通电导体在磁场中受力方向的影响因素分析判断；
（4）发电机的原理是电磁感应。
【解答】解：A、扬声器的原理是通电导体在磁场中受力而运动，因此图甲的工作原理与电动机类似，故A错误；
B、奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场，移走小磁针后，磁场还是存在的，故B错误；
C、若同时改变电流方向和磁场方向，则导体棒ab运动方向不变，故C正确；
D、图丁是闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，并将机械能转化为了电能，故D错误。
故选：C。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、扬声器的原理和发电机的原理，注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
（多选）7．如图所示，探究凸透镜成像规律的实验中，某同学将烛焰、凸透镜、光屏摆成如图所示的位置，光屏上能成清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A．由图可知凸透镜的焦距是7.5cm＜f＜15cm
B．蜡烛和光屏位置保持不变，将透镜移到35cm处，成倒立放大的实像
C．图中成的是倒立放大的实像，符合投影仪的成像原理
D．若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，只将物体向左移动可以成清晰的像
【分析】凸透镜成像的规律：
当u＞2f时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；
当u＝2f时，成倒立、等大的实像；
当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；
当u＝f时，无像，经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点；
当u＜f时，成正立、放大的虚像。放大镜就是根据这个原理制成的；
成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；
近视眼镜为凹透镜，对光线有发散作用。
【解答】解：A、蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧15cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小的实像；此时像的位置在一倍焦距和二倍焦距之间，物距在二倍焦距以外，即2f＞15cm＞f，30cm＞2f，所以15cm＞f＞7.5cm，故A正确；
B、根据光路的可逆性，若将光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上仍能成像，此时物距小于像距，凸透镜成倒立、放大的实像，其应用是投影仪，故B正确；
C、当物距大于二倍焦距时所成的像是缩小、倒立的实像，是照相机的成像原理，故C错误；
D、近视眼镜为凹透镜，对光线有发散作用，将蜡烛向左移动，能在光屏上得到一个清晰的像，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查学生的分析能力，关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关系，能够从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型。
（多选）8．用如图所示的装置提升重为2400N的物体M，在电动机对绳子的拉力F作用下，物体M在2s内匀速竖直上升了0.8m，在此过程中，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。下列结果正确的是（ ）
A．电动机拉动绳子的速度0.4m/s
B．电动机对绳子的拉力为1000N
C．动滑轮受到的重力为600N
D．拉力做的功为1920J
【分析】（1）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，根据v＝求绳子自由端移动的速度；
（2）利用η＝＝＝＝求绳子的拉力；
（3）利用不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（4）利用W总＝Fs求拉力做的总功。
【解答】解：A、由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×0.8m＝2.4m，
电动机拉动绳子的速度：v＝＝＝1.2m/s，故A错误；
B、由η＝＝＝＝可知，电动机对绳子的拉力：F＝＝＝1000N，故B正确；
C、因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×1000N﹣2400N＝600N，故C正确；
D、拉力做的总功：W总＝Fs＝1000N×2.4m＝2400J，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了使用滑轮组时速度、绳子的拉力、有用功、总功和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
（多选）9．如图所示电路中，电源电压保持不变。甲、乙为电压表或定值电阻，若为定值电阻，其阻值与小灯泡的电阻阻值相同，均为R0（灯丝电阻不随温度的改变而改变），滑动变阻器的最大阻值为R0。闭合S1、S2，断开S3，滑片P位于中点，电流表A1、A2的示数相同，均为2I0。再断开S2，电流表A1、A2示数均变为I0。下列说法正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，乙可以是电压表，也可以是定值电阻
B．电源电压为I0R0
C．闭合S1、S3，断开S2，向左移动滑动变阻器的滑片，小灯泡变暗
D．将甲、乙对调，所有开关均闭合，电路消耗的总功率为2I02R0
【分析】（1）由题意可知，当S1和S2闭合、S3断开时，电流表A1、A2测干路的电流，滑动变阻器与乙串联后与灯泡、甲并联，由此可知：A1、A2的示数相同，为2I0；甲为定值电阻或电压表，乙可能为电流表或电压表；
再断开S2，电路为甲的简单电路，电流表A1、A2测电路中的电流，若甲为电压表，则A1、A2的示数会变为0，由题意可知：电流表A1、A2示数均变小，为I0，由此可知：甲为定值电阻，根据并联电路的特点结合通过甲的电流关系可知：滑动变阻器所在的支路不能有电流，所以乙应为相当于开路的电压表；
（2）利用欧姆定律即可求出电源电压；
（3）闭合S1、S3，断开S2，滑动变阻器与灯泡串联，向右移动滑动变阻器的滑片时，根据滑动变阻器连入电路的电阻变化，利用欧姆定律即可判断通过灯泡的电流变化，据此即可判断灯泡亮度变化；
（4）将甲、乙对调，所有开关均闭合，对滑动变阻器短路，电路为灯泡和定值电阻甲并联，根据P＝UI即可求出电路消耗的总功率。
【解答】解：
A、由题意可知，当S1和S2闭合、S3断开时，电流表A1、A2测干路的电流，滑动变阻器与乙串联后与灯泡、甲并联，由此可知A1、A2的示数相同，为2I0；甲为定值电阻或电压表，乙可能为电流表或电压表；如图1：
再断开S2，电路为甲的简单电路，电流表A1、A2测电路中的电流；如图2：
，
若甲为电压表，则A1、A2的示数会变为0，由题意可知：电流表A1、A2示数均变小，为I0，由此可知：甲为定值电阻；
图1中，电流表A1、A2示数：I＝I甲+IL+I乙＝2I0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
图2中，电流表A1、A2示数：I′＝I甲＝I0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由于甲为定值电阻，其阻值与小灯泡电阻阻值相同，为R0，根据并联电路的特点和欧姆定律可知：IL＝I甲﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
所以，由①②③可知：IL＝I甲＝I0，I乙＝0，
因通过乙和滑动变阻器的电流为0，所以乙应为相当于开路的电压表，故A错误；
B、图2中，根据欧姆定律可得，电源电压：U＝I甲R甲＝I0R0；故B正确；
C、根据A中分析可知，电路图实际情况如图3所示：
则闭合S1、S3，断开S2，滑动变阻器与灯泡串联后和定值电阻甲并联，等效电路图如图4：
向左移动滑动变阻器的滑片时，滑动变阻器连入电路的电阻变小，则滑动变阻器与灯泡所在的支路上的总电阻变小，根据欧姆定律可知通过灯泡的电流变大，所以小灯泡变亮，故C错误；
D、将甲、乙对调，所有开关均闭合，滑动变阻器被短路，电路为灯泡和定值电阻甲并联电路，等效电路图如图5：
，
由于RL＝R甲＝R0；则干路电流：I总＝IL+I甲＝2I0，
则电路消耗的总功率：P总＝UI总＝I0R0×2I0＝2I02R0，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确的判断甲、乙的种类和电路的连接方式以及电表所测的电路元件是关键。
二、填空及简答题（本大题共5小题，第26小题3分，其他小题每空1分，共31分）
10．家庭电路中用电器的总功率过大会导致电路中 电流 过大，这时电路中的 空气开关 （选填“漏电保护器”或“空气开关”）会自动断开保护电路。
【分析】家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大。
【解答】解：电路中用电器的总功率过大，根据P＝UI可知，会导致电路中电流过大，空气开关会跳闸保护电路。
故答案为：电流；空气开关。
【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因，属于基础知识，要熟记。
11．将一个底部封闭的薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用塞子塞紧管口。把一根橡皮条缠在管子上并迅速来回拉动，很快会观察到寨子被管内气体顶出（如图所示）。回答下列问题：
（1）问题：实验中是采用哪种方式使金属管壁的温度升高的？
回答： 做功 。
（2）针对图片，请从能量转化的角度提出一个问题并回答。
问题： 塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，能量是如何转化的 ？
回答： 内能转化为机械能 。
【分析】拉动绳子对金属管做功，属于对物体做功，机械能转化为内能；看到塞子被弹起，属于物体对外做功，内能减小，温度降低，此时水蒸气遇冷会发生液化现象。
【解答】解：（1）实验中，用一根橡皮条在管外绕几圈，并迅速地来回拉动，此时机械能转化为内能，酒精的温度升高。所以此过程属于做功改变物体的内能，使金属管壁的温度升高；
（2）塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，内能转化为机械能。
故答案为：（1）做功；（2）塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，能量是如何转化的；内能转化为机械能。
【点评】此题考查了改变内能的两种方法的探究实验，属于基本技能的考查。
12．小明新买的电热水壶如图甲所示，其铭牌如图乙所示。则：电热水壶正常工作时的电阻是 24.2Ω ，用该电热水壶将初温为20℃的2kg的水烧开，需要吸收的热量为 6.72×106 J。小明关闭了家中的其他用电器，只用该电热水壶，在加热过程中家用电能表（图丙）的转盘在3min20s内转了300转，则此时电热水壶工作的实际电功率为 1800 W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），气压为1标准大气压。]
【分析】（1）知道用电器的额定电压和额定功率，利用P＝UI＝计算出电热水壶正常工作时的电阻；
（2）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000r，据此可计算出电能表的转盘转过300r，电热水壶消耗的电能；利用P＝计算出电热水壶的实际电功率。
【解答】解：（1）由P＝UI＝可知，电热水壶正常工作时的电阻：R＝＝＝24.2Ω；
（2）1个标准大气压下，水的沸点是100℃，
水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×106J；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000r，
电能表的转盘转过300r，电热水壶消耗的电能：W＝＝0.1kW•h＝3.6×105J；
电热水壶的实际电功率：P实＝＝＝1800W。
故答案为：24.2Ω；6.72×106；1800。
【点评】本题考查电功率公式的应用、热量的计算、对电能表参数的理解，是一道电热综合题。
13．如图所示，北京冬奥会冰壶比赛中，重为200N的冰壶在5N的水平推力作用下沿水平冰面向右做匀速直线运动，冰壶受到的摩擦力是 5 N；当撤去推力F时，冰壶将 做减速直线运动 （选填“保持静止状态”、“做减速直线运动”或“做匀速直线运动”）。请在图中画出冰壶所受重力的示意图。
【分析】（1）冰壶做匀速直线运动，在水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等；
（2）力是改变物体运动状态的原因；
（3）重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，据此画出冰壶受重力的示意图。
【解答】解：（1）冰壶做匀速直线运动，在水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等，冰壶受到的摩擦力f＝F＝5N；
（2）当撤去推力F时，在水平方向上只受摩擦力，冰壶将做减速直线运动；
（3）重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，从冰壶的重心画一条带箭头的线段，表示冰壶受到的重力，如图所示：
故答案为：5；做减速直线运动；如图所示。
【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、力与运动的关系、力的示意图的画法，属于基础题目。
14．能源既是国家经济发展的命脉，也是国家发展战略的重要支柱。我省多地有效调整能源结构，稳步发展安全高效的能源体系，合理利用图所示三种发电方式，并取得了显著成效。
（1）火力发电常使用煤作燃料，煤、石油等化石能源于 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）B的能量转化方式是把 太阳 能转化成电能。
（3）与C相比，A、B发电的共同优点是 绿色环保 （合理即可）。
【分析】（1）根据能源的分类来分析；
（2）根据能量的转化形式来分析；
（3）根据新能源的优点来分析。
【解答】解：（1）煤、石油等化石能源在短期内都不能得到补充，所以是不可再生能源；
（2）太阳能发电是把太阳能转化成电能；
（3）与火力发电相比，风力发电和太阳能发电的共同优点是节约资源、绿色环保、无废渣废气排放。
故答案为：（1）不可再生；（2）太阳；（3）绿色环保。
【点评】本题考查了能量的转化和新能源开发的优点，属于基础题。
三、实验题（本大题共4个小题：第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分；共24分）
15．小明总结初中两年物理学习所做的探究实验发现：
（1）当要研究的物理量大小不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接显示出来。在图甲所示的实验中，小球动能的大小是通过 木块被推的距离 来间接反映出来的，这种研究问题的方法叫转换法。
（2）当要研究的物理量与多个因素都有关系时，就要采用控制变量法。例如要研究动能跟质量的关系，就要改变质量，同时控制速度不变。具体办法是：换用质量不同的小球并让它们从 同一高度 由静止滑下。
（3）分析实验现象并观察图乙所示的交通标志牌，不同车型限速不同的原因是：动能一定时，因为货车的 质量 大，所以限速低。
（4）若实验中的水平面光滑，则此探究实验 不能 （“能”或“不能”）完成。
【分析】（1）根据转换法，小球的动能大小是通过木块被推的距离大小来反映的，
（2）动能的大小与物体运动的速度和物体的质量有关，因此，在研究时必须使用控制变量法，每次都要控制一个量，研究另一个量；
（3）动能大小与质量有关，在速度一定时，运动物体的质量越大，动能越大；
（4）若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的。
【解答】解：（1）该实验中小车动能的大小是通过木块被推的距离体现的，木块被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这是转换法的应用；
（2）同质量的小球在同一斜面的同一高度滑下时，到达水平面的速度是相同的，所以换不同质量的小球，让小球从同一高度滑下，是为了控制速度不变，探究动能大小跟质量的关系；
（3）动能的大小与物体的质量和速度有关，因此在高速公路上，不同车型限速不同的原因是：动能一定时，因为大货车的 质量大，所以限速低；
（4）实验中通过木块被小球推动的距离来比较动能的大小；若水平面绝对光滑，则小球和木块将做匀速直线运动，本实验将不能达到探究目的。
故答案为：（1）木块被推的距离；（2）同一高度；（3）质量；（4）不能。
【点评】本题考查影响物体动能大小的实验。通过实验考查了学生对控制变量法的运用，通过实验过程在不同实验中的联系，考查了学生对基本知识的掌握。
16．小明利用杠杆开展如图所示的实验探究：
（1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则他应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，弹簧测力计的示数会 偏小 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；
（3）小明做完该实验后，突发奇想，利用一根木筷、物体M、托盘和烧杯自制简易密度秤，主要制作步骤如下：
①如图丙所示，将烧杯放入A端的托盘中，改变物体M悬挂点的位置至B，使木筷在水平位置静止；
②在A端的烧杯内注入体积为V0的水，改变物体M悬挂点的位置至C，使木筷在水平位置再次静止，在C点标注水的密度值为1.0g/cm3；
③在A端的烧杯内注入体积为的其他液体，重复步骤②，在密度秤上标注刻度；
（a）从制作的步骤上分析，小明制作密度秤的原理是 F1L1＝F2L2 ；
（b）该密度秤的零刻度线是在 B （选填“B”或“O”）点；该密度秤的刻度线 均匀 （选填“均匀”或“不均匀”）；
【拓展】该方案中要增加密度秤的量程可以 减少 （选填“增大”或“减少”）烧杯内液体的体积。
【分析】（1）要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）根据力与力臂乘积的大小变化可判断弹簧测力计的示数变化；
（3）（a）根据杠杆的平衡条件分析解答；
（b）不放物体时物体时的位置就是零刻度线的位置；根据杠杆的平衡条件表示出液体密度与OB的长度关系分析解题；
【拓展】根据所推导出表达式分析解答。
【解答】解：（1）由图甲知，杠杆沿顺时针方向转动，说明右端重左端轻，杠杆左端上翘，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向左调节；
（2）若在第（1）小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，由于右侧已经存在杠杆的重力与力臂的乘积，故弹簧测力计的示数会偏小；
（3）（a）小明制作密度秤的原理是F1L1＝F2L2；
（b）烧杯中没有放水时，即所装液体的密度为零，改变物体M悬挂点的位置至B，使木筷在水平位置静止，故此时B点所标密度值0；
设液体密度为ρ液，OB的长度为L，根据杠杆平衡原理可得：
（ρ液V0g+G烧杯）×AO＝GM×L，
所以，ρ液＝×﹣，其中V0、g、G烧杯、AO、GM为定值，
故得到被测液体的密度ρ液与OB的长度L之间的函数关系，为一次函数关系，由函数关系知：液体密度与提纽到秤舵的距离是一次函数关系，因此密度秤的刻度是均匀的；
【拓展】由（3）可知：ρ液＝×﹣＝，其中L、g、G烧杯、AO、GM为定值，
故减小烧杯内液体的体积V0，可以增加密度秤的量程。
故答案为：（1）左；（2）偏小；（3）（a）F1L1＝F2L2；（b）B；均匀；【拓展】减少。
【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、原理运用及密度的计算等，考查较为全面，难度较大。
17．如图所示，同学们在实验室测两个阻值未知的定值电阻R1、R2的阻值，使用的电源为两节新干电池。
（1）图甲是小明测量R1阻值的部分实物图；
①用一根导线将电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大；连线不交叉）；
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P滑到B端；
③闭合开关，移动滑片P、发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线 b （填“a”、“b”或“c”）内部断路；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1＝ 5 Ω；
（2）小华设计了图丙所示的电路测R2的阻值，其中R0是电阻箱（阻值可调、可读），并完成了实验：
①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；
②只闭合开关 S1、S2 ，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为 1 V，读出电阻箱的读数为65Ω，则R2＝ 65 Ω。
【拓展】若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，其它操作正确，则小华测得R2的阻值为 66 Ω。
【分析】（1）①根据滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大确定变阻器的连接方式；
③电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
④根据电流表选用量程确定分度值读数；根据R＝算出R1；
（2）由等效替代法可知电阻箱的示数即为R2的电阻；
【拓展】根据串联电路电压规律结合分压原理进行分析。
【解答】解：（1）①滑动变阻器的滑片P向右移时电阻增大，故变阻器应选左下接线柱与开关串联接入电路，如下图所示：
；
③电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即故障可能是导线b内部断路；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则R1＝＝＝5Ω；
（2）①只闭合开关S1、S3，移动滑动变阻器的滑片，使电压表指针指在合适位置，读出电压表读数为1V；
②只闭合开关S1、S2，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为1V，读出电阻箱的读数为65Ω；
在①中，R2与变阻器串联，电压表测R2两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使电压表读数为1V；
在②中，电阻箱R0与变阻器串联，电压表测R0两端的电压，保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱使电压表示数为1V，读出电阻箱的读数为65Ω，由等效替代法，电阻箱R0的示数即为电阻R2的阻值，故R2＝65Ω；
【拓展】在②中，电阻箱R0与变阻器串联，电压表测R0两端的电压，电压表示数为1V，根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为UR＝U﹣U0＝3V﹣1V＝2V，根据串联分压原理可知：
＝，即＝，解得R滑＝2R0＝2×65Ω＝130Ω；
若步骤②中，不小心将滑片向左移动了少许，使滑动变阻器接入的电阻增加了2Ω，则R'滑＝R滑+2Ω＝130Ω+2Ω＝132Ω，
由于变阻器与R0电压关系不变，则R'0＝R'滑＝×132Ω＝66Ω，故小华测得R2的阻值为66Ω。
故答案为：（1）①如上图所示；③b；④5；（2）②S1、S2；1；65；【拓展】66。
【点评】本题考查了定值电阻测量的两种方法，一种方法是伏安法测量定值电阻的阻值，一种方法是等效替代法测量定值电阻的阻值，这两种方法都要熟练掌握。
四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
18．小明用传感器设计了如图所示的力传感器装置，竖直细杆的上端通过力传感器固定，力传感器可以显示出细杆的上端受到作用力的大小。下端与物体M相连，水箱的底面积为100cm2，细杆及连接处的重力可忽略不计。向图甲所示的空水箱中加水直到刚好加满。图乙是力传感器的示数大小随水箱中加入水质量变化的图像。（g＝10N/kg）
（1）求物块M的重力。
（2）当加水到物体恰好浸没时，求物体所受的浮力及物体的体积。
（3）当力传感器的示数大小变为0时，求此时水对箱底的压强。
【分析】（1）由图乙可知，水箱中没有水时，压力传感器受到的拉力即为物体M的重力；
（2）图乙可知M完全浸没时压力传感器的示数，对M受力分析可知，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和杆的作用力，据此求出此时M受到的浮力，根据F浮＝ρ水gV排可求出物体排开水的体积和物体的体积；
（3）当压力传感器的压力为零时，M受到的浮力等于M的重力2N，由图乙可知，加水2kg时水面达到M的下表面时浮力为0，加水4kg时M刚好浸没，此时浮力为10N，该过程中增加水的质量为2kg，物体M受到的浮力增大了10N，然后归纳得出每加1kg水物体M受到的浮力增加5N，据此求出物体M受到的浮力为2N时加入水的质量，此时容器内水对容器底的压力等于水的物体M的重力之和，根据p＝求出此时水对箱底的压强。
【解答】解：（1）由图乙可知，水箱中没有水时（m＝0），压力传感器受到的拉力F0＝2N，则物体M的重力GM＝F0＝2N；
（2）由图乙可知，当M完全浸没时，压力传感器的示数为8N，
对M受力分析可知，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和杆的作用力，
则此时M受到的浮力F浮＝GM+F＝2N+8N＝10N，
由F浮＝ρ水gV排可知，物体M的体积为：
VM＝V排＝＝＝10﹣3m3；
（3）当压力传感器的压力为零时，M受到的浮力等于M的重力2N，
由图乙可知，加水2kg时水面达到M的下表面时浮力为0，加水4kg时M刚好浸没，此时浮力为10N，该过程中增加水的质量为2kg，物体M受到的浮力增大了10N，
所以，每加1kg水，物体M受到的浮力增加5N，
所以M受到的浮力为2N时，应加入水的质量2kg+2N×＝2.4kg，力传感器的示数才为零，
此时容器内水对容器底的压力为：F压＝G水+GM＝m水g+GM＝2.4kg×10N/kg+2N＝26N，
此时容器内水对容器底的压强为：p＝＝＝2600Pa。
答：（1）物块M的重力为2N；
（2）当加水到物体恰好浸没时，物体所受的浮力及物体的体积为10﹣3m3；
（3）当力传感器的示数大小变为0时，此时水对箱底的压强为2600Pa。
【点评】本题考查了重力公式和阿基米德原理、压强定义式的综合应用，正确的得出“每加1kg水，物体M受到的浮力增加5N”是关键。
19．如图所示电路，电源电压为6V保持不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”（不考虑温度对小灯泡电阻的影响），滑动变阻器R1上标有“20Ω 1A”字样，电压表接“0～15V”量程。求：
（1）闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5A，求此时电压表V的示数；
（2）电路安全的情况下，滑动变阻器允许的调节范围；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程。确保电路所有元件均安全使用的情况下，要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，求满足要求的R2的阻值。
【分析】（1）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据R＝计算灯泡的电阻，根据欧姆定律可得电流表示数为0.5A时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算滑动变阻器接入电路的电阻，根据U＝IR计算电压表的示数；
（2）根据I＝计算灯泡的额定电流，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的最小阻值，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，据此确定滑动变阻器接入电路的电阻范围；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为1A，此时电路的总电阻为＝6Ω，或最大电流为＜1A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为，分情况讨论最大电流和最小电流的关系可确定定值电阻R2的阻值。
【解答】解：（1）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，
灯泡L上标有“5V 2.5W”，则灯泡的电阻：RL＝＝＝10Ω，
电流表示数为0.5A，根据欧姆定律可得此时电路的总电阻：R＝＝＝12Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路的阻值：R1＝R﹣RL＝12Ω﹣10Ω＝2Ω，
此时滑动变阻器两端的电压：U1＝IR1＝0.5A×2Ω＝1V；
（2）灯泡的额定电流：IL＝＝＝0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，串联电路各处电流相等，所以电路允许通过的最大电流为0.5A，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路最小阻值，由（1）可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为2Ω，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，所以滑动变阻器接入电路的电阻范围为2Ω～20Ω；
（3）用另一个定值电阻R2替换小灯泡，电流表接“0～3A”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为1A，此时电路的总电阻为＝6Ω，或最大电流为＜1A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为，
在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的3倍，分以下几种情况讨论：
①最大电流1A，最小电流为，则3×＝1A，解得：R2＝﹣2Ω（舍去）；
②最大电流为，最小电流为，则3×＝，解得：R2＝10Ω。
答：（1）闭合开关S，将滑片P移到某一位置，电流表示数为0.5A，此时电压表V的示数为1V；
（2）电路安全的情况下，滑动变阻器允许的调节范围2Ω～20Ω；
（3）满足要求的R2的阻值为10Ω。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，最后一问有难度。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/10/25 16:59:14；用户：13784622801；邮箱：13784622801；学号：37960971
相关试卷
2023年河北省石家庄市新华区二十八中中考物理模拟试卷（含解析）： 这是一份2023年河北省石家庄市新华区二十八中中考物理模拟试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷： 这是一份2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷，共19页。试卷主要包含了0分）等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷（含答案解析）： 这是一份2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷（含答案解析），共19页。试卷主要包含了 下列估测符合实际情况的是等内容，欢迎下载使用。
