卷5-高考物理模考冲刺卷（新高考福建专用）（2份打包，解析版+原卷版，可预览）

高考物理模考冲刺卷（五）

福建专用

注意事项:

1.作答前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号填写在试卷的规定位置上。

2.作答时，务必将答案写在答题卡上。写在试卷及草稿纸上无效。

3.考试结束后，将答题卡、试卷、草稿纸一并交回。

一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．下列说法正确的是

A．黑体辐射中，随着温度的升高，辐射强度的极大值向波长较长的方向移动

B．光电效应中，遏止电压与入射光的频率有关，与产生光电效应的金属材料无关

C．有些原子的发射光是连续谱，有些的发射光谱是线状谱

D．氘核由一个质子和一个中子组成，但氘核的质量小于单个的质子和中子的质量之和

【答案】D

【详解】

A．随着温度的升高，一方面各种波长的辐射强度都有增加，另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故A错误；

B．根据光电效应方程：

光电子在光电管中由反向电压而减速到零，由动能定理：

联立可得：

可知遏出电压与入射光的频率有关，也与产生光电效应的金属材料(逸出功)有关，故B错误；

C．各种原子的发射光谱都是线状谱，线状谱是原子的特征谱线，故C错误；

D．当一个中子和一个质子结合成一个氘核时，会向外放出一定的能量，根据爱因斯坦的质能方程可知核反应有质量亏损，则氘核的质量小于中子与质子的质量之和，故D正确。

故选D。

2．如图所示，已知交流电源的电动势为，电阻R＝2200Ω，则电路中交流电流表和电压表的示数分别为(　　)

A．，

B．0.1 A，

C．，220 V

D．0.1 A，220 V

【答案】D

【详解】

由表达式可知，则交流电源电压的有效值，由欧姆定律可知,电路中电流，故A、B、C错误，D正确；

故选D．

【点睛】

由交流电源的表达式可知电源电压的峰值，根据可求有效值，则由欧姆定律可求得电流及电压表的示数．

3．如图所示,在双缝干涉实验中，若把单缝S从双缝S1、S2的中心对称轴位置稍微向上移动，则（    ）

A．不再产生干涉条纹

B．仍可产生干涉条纹,其中央亮条纹的位置不变

C．仍可产生干涉条纹,其中央亮条纹的位置略上移

D．仍可产生干涉条纹,其中央亮条纹的位置略下移

【答案】D

【详解】

在双缝干涉实验中，若把单缝S从双缝S1、S2的中心对称轴位置稍微向上移动，通过双缝S1、S2的光仍是相干光，仍可产生干涉条纹，中央亮纹的位置经过S1、S2到S的路程差任等于0．SS1＜SS2，SS1+S1P=SS2+S2P那么S1P＞S2P，中央亮纹P的位置略向下移，ABC错误D正确．

4．有A、B、C三颗地球卫星，卫星A还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，卫星B是近地卫星，绕地球运行的轨道半径近似等于地球半径，卫星C是地球静止轨道卫星，周期为24h，下列说法正确的是（  　　）

A．在相同时间内卫星B转过的弧长最短

B．卫星B的周期大于24h

C．卫星A的加速度小于卫星C的加速度

D．正常运行时，卫星C可以经过齐齐哈尔的正上方

【答案】C

【详解】

A．C是地球静止轨道卫星，则A、C的角速度相等，根据v=rω可知C的线速度大于A的线速度，因为B、C是地球的卫星，根据万有引力提供向心力有

可得

所以B的线速度大于C的，则vB＞vC＞vA，则在相同时间内B转过的弧长最长，故A错误；

B．因为

可得

B的半径小于C，则B的周期小于C的周期，小于24h，故B错误；

C．对AC卫星，角速度相同，根据可知，卫星A的加速度小于C的加速度，选项C正确；

D．因为同步卫星在赤道的正上空，所以卫星C不会经过齐齐哈尔的正上方，故D错误；

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

5．轻质细线吊着一质量m=1. 28kg、边长1=1.6m、匝数n=10的正方形线圈，总电阻。边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示。磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化如图乙所示。从t=0开始经t0时间细线开始松弛，取g=10m/s2。则

A．在前t0时间内线圈中产生的电动势E=3. 2V

B．在前t0时间内线圈中产生的电动势E=1.6V

C．to=2s

D．to=4s

【答案】BD

【分析】

根据求出感应电动势，注意S为有效面积；当线圈所受的安培力等于线圈的重力时，绳子的张力为零，细线开始松弛，根据，求出拉力为零时的磁感应强度，再根据图象求出时间；

【详解】

由法拉第电磁感应定律得：，分析线圈受力可知,当细线松弛时有：，，解得：，由图象知：；

解得：，故B、D正确，A、C错误；

故选BD。

6．如图所示为一列简谐横波t=0.1s时刻的波动图象，已知波沿x轴正方向传播，波速大小为0.4m/s．则 （ ）

A．此时刻，质点a、b所受的回复力大小之比为2：1

B．质点a比质点c要先回到平衡位置

C．在标明的三个质点中，质点c的振幅最大

D．在0.72s时刻，质点c的振动方向向下

【答案】AD

【解析】

此时刻，质点a、b的位移大小之比为xa：xb=10cm：5cm=2：1，根据简谐运动的特征F=-kx得知，回复力的大小与质点位移大小成正比，则有质点a、b所受的回复力大小之比为2：1．故A正确．波沿x轴正方向传播，图示时刻a质点向上振动，而c点直接向下运动，则质点a比质点c要后回到平衡位置．故B错误．三个质点的振幅相同．故C错误．由图读出波长λ=8cm，则周期，在t=0.1s时刻质点c位于波峰，t=0.72s时经过了0.62s=3.1T，则质点c从波峰向下振动．故D正确．

7．用轻杆通过铰链相连的小球A、B、C、D、E处于竖直平面上，各段轻杆等长，其中小球A、B的质量均为2m，小球C、D、E的质量均为m．现将A、B两小球置于距地面高h处，由静止释放，假设所有球只在同一竖直平面内运动，不计一切摩擦，则在下落过程中

A．小球A、B、C、D、E组成的系统机械能和动量均守恒

B．小球B的机械能一直减小

C．小球B落地的速度大小为

D．当小球A的机械能最小时，地面对小球C的支持力大小为mg

【答案】CD

【详解】

小球A、B、C、D、E组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故A错误；由于D球受力平衡，所以D球在整个过程中不会动，所以轻杆DB对B不做功，而轻杆BE对B先做负功后做正功，所以小球B的机械能先减小后增加，故B错误；当B落地时小球E的速度等于零，根据功能关系 可知小球B的速度为，故C正确；当小球A的机械能最小时，轻杆AC没有力，小球C竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正确，故选CD

8．如图所示展示了等量异种电荷的电场线和等势面。关于场中的A、B、C、D四点，下列说法正确的是（　　）

A．A、B两点的电势和场强都相同 B．A、B两点的场强相同，电势不同

C．C、D两点的电势和场强都不同 D．C、D两点的电势相同，场强不同

【答案】BD

【详解】

AB．AB两点是对称的，它们的场强大小相等，但是电势不同，A点的电势大于B点的电势，故A错误，B正确；

CD．CD两点在中垂线上，中垂线上的电势都为零，所以CD两点的电势相同，场强的大小不同，方向相同，故C错误，D正确。

故选BD。

三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。

9.（4分）

电子质量为m，带电量为e，垂直射入磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，宽度为d的匀强磁场区域．当它从磁场区域射出时，速度方向偏转了角，如图，则电子进入磁场时的速度大小是______________；在磁场中运动的时间是_____________．

【答案】       

【解析】

试题分析：作出粒子的运动轨迹，如图所示

由几何知识知粒子圆周运动的半径为r=2d，根据牛顿第二定律：，得，运动时间

10.（4分）

若一条鱼儿正在水下10m处戏水，吐出的一个体积为1cm3的气泡。气泡内的气体视为理想气体，且气体质量保持不变，大气压强为p0=1.0×105Pa，g=10m/s2，湖水温度保持不变，气泡在上升的过程中，气体______（填“吸热”或者“放热”）；气泡到达湖面时的体积为______cm3。

【答案】吸热    2cm3   

【详解】

气泡上升的过程中体积增大，对外做功，由于保持温度不变，故内能不变，由热力学第一定律可得，气泡需要吸热。

气泡初始时的压强

p1=p0+ρgh=2.0×105Pa

气泡浮到水面时的压强

p2=p0=1.0×105Pa

根据气体的等温变化规律p1V1=p2V2，代入数据得

V2=2cm3

11.（5分）

某同学利用图(a)所示的实验装置探究物块速度随时间的变化．物块放在桌面上，细绳的一端与物块相连，另一端跨过滑轮挂上钩码．打点计时器固定在桌面左端，所用交流电源频率为50Hz.纸带穿过打点计时器连接在物块上．启动打点计时器，释放物块，物块在钩码的作用下拖着纸带运动．打点计时器打出的纸带如图(b)所示(图中相邻两点间有4个点未画出，单位为cm).

根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速运动．回答下列问题：

(1)在打点计时器打出5点时，物块的速度大小为______m/s. (保留两位有效数字)

(2)物块的加速度大小为__________m/s．(保留两位有效数字)

(3)若改用如图(c)所示的实验装置来探究物体做匀变速运动的加速度．图(d)中用游标卡尺测量遮光条的宽度d=_______mm;

(4)该实验小组在做实验时，先测定了滑块上的遮光条宽度为d,两个光电门之间的距离等于x，然后将滑块从如图所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间,遮光条通过光电门2的时间,则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1=__，滑块的加速度的表达式a=_______．(以上表达式均用字母x、d、、表示)

【答案】0.31m/s    0.39 m/s2    9.60mm           

【详解】

（1）相邻两点间有4个点，那么相邻计数点的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s，利用中点时刻的速度等于平均速度可求得。 

（2）利用， 解得加速度为

（3）游标尺是20分度，那么精确度为0.01mm，游标卡尺的读数为d=9mm+12×0.05mm=9.60mm；

（4）利用平均速度等于瞬时速度求解过光电门的速度；同理，光电门的速度 ，结合 解得：

12.（7分）

小明同学通过实验探究某一金属电阻的阻值R随温度t的变化关系．已知该金属电阻在常温下的阻值约10，R随t的升高而增大．实验电路如图所示，控温箱用以调节金属电阻的温值.

（1）有以下两电流表，实验电路中应选用____．

（A）量程0～100mA，内阻约2

（B）量程0～0.6A，内阻可忽略

（2）完成下列实验步骤的填空

①闭合S，先将开关K与1端闭合，调节金属电阻的温度20.0，记下电流表的相应示数I1，

②然后将开关K与2端闭合，调节电阻箱使电流表的读数为___，记下电阻箱相应的示数R1，

③逐步升高温度的数值，直至100.0为止，每一步温度下重复步骤①②。

（3）实验过程中，要将电阻箱的阻值由9.9调节至10.0，需旋转图中电阻箱的旋钮“a”、“b”、“c”，正确的操作顺序是____．

①将旋钮a由“0”旋转至“1”

②将旋钮b由“9”旋转至“0”

③将旋钮c由“9”旋转至“0”

（4）该同学根据数据在如图作出R﹣t图象．设该金属电阻的阻值R随温度t的变化关系在-100时到500时满足此规律，则当该金属电阻R=16.8时，可推知控温箱的温度为___．

【答案】A    I1    ①②③    200(200±10均可)   

【解析】

 (1)已知电源的电动势为1.5V，在常温下阻值约为，滑动变阻器的阴值为0时，电路中的最大电流约为，当滑动变阻器的阻值最大为时，电路中的电流最小约为，考虑到准确性原则，电流表B量程太大，指针偏转角小于满偏的，所以应选择电流表A；

(2)本实验所采用替代法，所以开关K与2端闭合，调节电阻箱使电流表的读数为；

(3)将电阻箱阻值由调节到，要考虑到安全性原则，如果先把bc调节到为，这样做很危险，电路中的电流过大可能会损坏电表，应该先把电阻箱阻值调大再慢慢减小，以确保电路的安全，操作步骤先将旋钮a由“0”至“1”，然后将个位数及小数位旋转至0，所以正确的顺序①②③；

(4)由图象可得随的变化关系为：，当时，解得：。

13.（10分）

如图所示，一辆卡车后面用轻绳拖着质量为m的物体A，A与地面的摩擦不计．

(1)当卡车以a1＝g的加速度运动时，绳的拉力为mg，则A对地面的压力为多大？

(2)当卡车的加速度a2＝g时，绳的拉力为多大？

【答案】(1) mg　(2) mg

【详解】

(1)卡车和A的加速度一致．由图知绳的拉力的分力使A产生了加速度，故有：

mgcosα＝m·g

解得

cosα＝，sinα＝

设地面对A的支持力为FN，则有

FN＝mg－mg·sinα＝mg

由牛顿第三定律得：A对地面的压力为mg.

(2)设地面对A弹力为零时，物体的临界加速度为a0，则

a0＝g·cotθ＝g

故当a2＝g>a0时，物体已飘起．此时物体所受合力为mg，则由三角形知识可知，拉力

F2＝＝mg

14.（12分）

某种电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示。其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒（忽略墨汁微粒的重力），此微粒经过带电室的加速电场后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符。设墨汁微粒质量为m，电荷量为q（q> 0），加速电场的电压为U0，偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为U，极板长度为L1，板间距为d，偏转电场右端到纸的水平距离为L2。

(1)墨汁微粒进入偏转电场的初速度；

(2)墨汁微粒打在纸上时偏离入射方向的距离y；

(3)为了使打在纸上的字迹缩小，有哪些可行措施。（说出一种即可）

【答案】(1) ；(2)；(3)见解析

【详解】

(1)墨汁微粒直线加速，由动能定理有

解得

(2)墨汁微粒做类平抛运动

解得

(3)字迹缩小，即y变小，故适当减小偏转电压U或适当增大加速电压U0都可以。

15.（18分）

如图，两根足够长、间距L＝1m的光滑平行导轨竖直固定．在垂直导轨的虚线a1a2下方有方向如图、磁感应强度B0＝0.5T的匀强磁场，垂直导轨的虚线b1b2上方有垂直纸面、磁感应强度B＝T（x为离b1b2的距离）、沿水平方向均匀分布的磁场．现用竖直向上的力F拉质量m＝50g的细金属杆c从b1b2以初速度v0开始向上运动，c杆保持与导轨垂直．同时，释放垂直导轨置于a1a2下质量也为m＝50g、电阻R＝20Ω的细金属杆d，d杆恰好静止．其余电阻不计，两杆与导轨接触良好，g取10m/s2．

（1）求通过杆d的电流大小及b1b2以上区域磁场的方向；

（2）通过分析和计算，说明杆c做什么性质的运动；

（3）以杆c从b1b2出发开始计时，求其所受作用力F的大小与时间t的关系式．

【答案】（1）1A（2） （3）

【解析】

（1）杆d受重力、安培力作用而平衡：

        ①

得：

＝1A     ②        

由杆d受到的安培力向上，用左手定则得到杆d中电流向左，由杆c电流方向向右，用右手定则得到磁场垂直纸面向外．                           

（2）设杆c上升到离b1b2距离为x处、切割磁感线的速率为v，由切割磁感线电动势公式和欧姆定律有：

             ③

故

符合公式，所以杆c匀加速直线上升，且初速度v0和加速度a的大小分别为：v0＝2m/s

a＝5m/s2    ⑤    

（3）杆c此时受拉力F、重力、安培力作用，由牛顿第二定律有：

⑥   

杆c从b1b2出发到此时位置的位移

         ⑧

联列⑦⑧得：

F＝（0.75＋）N