2021-2022学年上海市青浦区九年级（上）期末物理试卷（一模）

2021-2022学年上海市青浦区九年级（上）期末物理试卷（一模）

1.     普通手电筒的小灯泡正常发光时的电流最接近于(    )

A. 安 B. 安 C. 3安 D. 30安

2.     首先用实验测定大气压强值的意大利物理学家是(    )

A. 托里拆利 B. 阿基米德 C. 牛顿 D. 欧姆

3.     铁轨铺设在枕木上是为了(    )

A. 减小压力 B. 增大压力 C. 减小压强 D. 增大压强

4.     对于电流，下列说法错误的是(    )

A. 电流是电荷定向移动形成的
B. 电流的方向与电荷定向移动的方向相同
C. 电流的大小等于单位时间内通过导体任一横截面的电荷量
D. 通过导体电流的大小与其两端的电压、电阻有关

5.     在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P时，一定不变的是(    )

A. 电压表V示数与电流表示数的比值
B. 电压表V示数与电流表A示数的比值
C. 电流表A示数与电流表示数的比值
D. 电流表A示数与电流表示数的差值

6.     均匀正方体甲、乙置于水平地面上，对水平地面的压强分别为、，如图所示。现沿水平方向分别切去相同高度的部分后，甲、乙剩余部分对水平地面的压强相等。下列关于甲、乙的密度、和甲、乙正方体对水平地面的压强、大小的判断，正确的是(    )

A. ， B. ，
C. ， D. ，

7.     上海地区家庭电路中，冰箱与电饭煲等家用电器正常工作的电压为______伏；如图所示，“插线板”上每个插座之间是______连接的选填“串联”“并联”，如果这个插线板同时给多个家用电器供电，会使______过大造成安全隐患。

8.     生产生活中蕴含着大量的物理学知识。汛期，大坝水位达到“警戒水位”时就要泄洪降低水位，这是因为水的深度越深，压强______；高山上用高压锅煮饭，是因为海拔高度越高，大气压______；锅炉液位计利用了______原理，使液位计中的水面与锅炉内水面始终相平。前两空选填“越大”或“越小”
9.     重为5牛的正方体物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为3牛，则物块所受浮力的大小为______牛，若物块上表面距水面的深度为米，则它的上表面受到水的压强为______帕；增大物块浸没的深度，它所受的______不变选填“压强”或“浮力”。
10. 某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体的电荷量为3库，通过该导体的电流为______安；若将该导体两端的电压调整为8伏，则该导体的电阻为______欧，通过该导体的电流为______安。
11. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻、的阻值相同。开关S闭合，电压表、电流表的示数分别为、，电路正常工作。一段时间后，观察到电压表的示数变大。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻或上。请写出电压表V、电流表A的示数及对应的故障。______
12. 实验研究和理论研究是科学研究的常用方法。生活中人们发现：漂浮在水面上的不同物体，有的物体大部分露出水面，而有的物体只是一小部分露出水面。某小组同学猜想：这种现象可能是漂浮在水面上的物体密度大小不同造成的。为此，他们选用若干个密度不同的实心物块和足够的水进行实验。如图是物体A、B、C漂浮在水面上静止时的情景。已知物块密度跟水密度的情况是。
    ①根据实验现象可以得出：漂浮在水面上的物体，______，物体露出水面的体积占整个物体体积的比例越大。
    ②请用阿基米德原理证明上述结论的正确性。______。
13. 在图中，重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出地面受到的压力。
     
14. 在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变小。

15. 一物体浸没在水中，排开水的体积为米求：此物体受到的浮力。
16. 潜水器“海斗号”创造了我国无人潜水器的最大下潜及作业深度记录。求当“海斗号”下潜至水下10000米深度时受到的海水压强。海水密度取千克/米
17. 在如图所示的电路中，电源电压为6伏，电阻为5欧。闭合开关S时，电流表A的示数为安，求：
    ①电流表的示数。
    ②通过电阻的电流。

18. 如图所示，薄壁圆柱形容器置于水平桌面上。容器的底面积为米，装有4千克水。
    ①求容器中水的体积。
    ②求容器底部受到水的压强。
    ③将一金属块放入容器的水中并完全浸没水没有溢出，测得容器底部受到水的压强和容器对水平桌面的压强分别增加了392帕、980帕。求金属块的密度。
19. 小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源电压保持不变、待测电阻、电流表、电压表只有伏挡完好、滑动变阻器、开关以及导线若干。他正确连接电路，实验步骤正确，刚闭合开关时电压表、电流表示数如图、所示。他移动滑片P，发现电表的示数变化范围太小，可能会影响测量的精确程度。于是他经过思考后重新连接电路进行实验，重新实验的数据记录如表所示，并且在移动变阻器滑片过程中，发现电压表示数的最大变化为伏。
     

①实验所用电源的电压需要写出简要的计算过程或理由。
②根据相关信息，实验序号1时所测得电阻R的阻值为______欧。

20. 某小组同学在得“串联电路中电流处处相等”结论后继续实验，他们先按图用导线连接电源电压保持不变、电阻阻值为20欧、开关等，然后将不同阻值的导体接入电路AB间，并记录电压和电流，数据如表所示。

分析比较实验序号数据中的电流表示数的变化情况及相关条件，可以得到的初步结论是：电源电压不变情况下，当一个串联电阻相同时，______。
分析比较实验序号数据中的电压表示数的变化情况及相关条件，可以得到的初步结论是：______。
分析比较实验序号数据中的电压表、电流表示数的比值及导体电阻的大小等条件，可以得到的结论是：______。
在分析了实验中两端的电压和电流的比值后，他们进一步发现，当的阻值越接近另一个导体的阻值时，两端的电压和通过的电流的乘积越大。
①请根据这一发现及相关数据，可以进行的猜想是：串联电路中，当某个导体的______，其两端的电压和通过的电流的乘积最大。
②为了验证这个猜想，他们拟用滑动变阻器接入电路AB间继续实验，可供选用的滑动变阻器有“”、“”、“”三种规格。你认为选用______规格的变阻器能的满足实验要求。

答案和解析

1.【答案】B 

【解析】解：小灯泡工作电压约，灯丝电阻约，小灯泡正常发光时的电流约。
故选：B。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
 

2.【答案】A 

【解析】解：A、托里拆利完成了托里拆利实验，第一个准确测量了大气压的值，故A符合题意；
B、阿基米德发现了著名的阿基米德原理和杠杆原理，故B不符合题意；
C、牛顿的主要贡献是总结了牛顿三定律，为力学奠定的基础，故C不符合题意；
D、欧姆发现了著名的欧姆定律，故D不符合题意。
故选：A。
根据对物理学家及其成就的掌握作答。
多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
 

3.【答案】C 

【解析】解：由可知，铁轨铺设在枕木上，压力是一定的，此时受力面积越大，压强越小，因此，铁轨铺设在枕木上是通过增大受力面积来减小压强的。
故选：C。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。据此判断。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。
 

4.【答案】B 

【解析】解：A、电荷的定向移动形成电流，故A正确；
B、物理学规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向，故B错误；
C、由公式知，电流的大小等于单位时间内通过导体任一横截面的电荷量，故C正确；
D、由公式知，通过导体电流的大小与其两端的电压、电阻有关，故D正确。
故选：B。
电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动形成电流；负电荷定向移动形成电流；正负电荷向相反方向移动形成电流；物理学把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；
电流等于单位时间通过导体横截面的电荷量的多少；
根据欧姆定律知，通过导体的电流，与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比。
此题考查了电流的形成条件、电流方向的规定、电流的定义及电流与电压、电阻的关系，包含的知识点较多，正确理解概念是解答的关键。
 

5.【答案】D 

【解析】解：
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压；
电源电压保持不变，闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P时，滑动变阻器接入电路的阻值发生改变，由可知通过滑动变阻器的电流发生改变，即电流表的示数发生改变；
因电源的电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过定值电阻的电流不变；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流发生改变，即电流表A的示数发生改变；
故电压表V示数与电流表示数的比值和电压表V示数与电流表A示数的比值发生变化，故AB错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A示数与电流表示数的比值发生变化，故C错误；
电流表A示数与电流表示数的差等于通过定值电阻的电流，因此它们的差值不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压；
电源电压保持不变，闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P时，滑动变阻器接入电路的阻值发生改变，由可知通过滑动变阻器的电流发生改变；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路各支路独立工作可知滑片移动时通过定值电阻电流的变化，再根据并联电路电流规律可知干路电流是否改变；进一步确定仪表示数的比值和差值的变化情况。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
 

6.【答案】C 

【解析】解：正方体对地面的压强：
由图知，当正方体沿水平方向分别切去相同高度后，甲、乙剩余部分高度，此时，甲、乙剩余部分对水平地面的压强相等。
所以：
甲、乙对水平地面的压强等于甲、乙各自切去部分和各自剩余部分对水平地面的压强和。又因甲、乙剩余部分对水平地面的压强相等。那就只需比较甲、乙各自切去部分压强。由于切去相同高度且，
根据，得出。
故选：C。
甲、乙是均匀正方体，形状规则，根据进行分析。由于，，，，所以，将代入，这样就可以把S从公式中消除，公式就变为：，最后用这个公式就可以分析出压强大小了。
是计算压强的普适公式，对于形状规则的固体，比如正方体，长方体，圆柱体来说，也可以用来计算固体压强。
 

7.【答案】220 并联  总功率 

【解析】解：冰箱与电饭煲是家用电器，它们正常工作的电压是220V。
“插线板”上每个插座工作时互不影响，是并联的。
多个大功率用电器不能同时插在一个插线板上，因为这样会使总功率过大，干路中电流过大，容易引起火灾。
故答案为：220；并联；总功率。
我国家用电器的额定电压都是220V；
家庭电路中的用电器工作时互不影响；
家庭电路电流过大的原因：短路或用电器总功率过大。
此题考查家用电器的工作电压、家庭电路中用电器的连接方式、电路中电流过大的原因，属于基础题。
 

8.【答案】越大  越小  连通器 

【解析】解：液体压强随深度的增加而增大，所以大坝水位达到“警戒水位”时就要泄洪降低水位，这是因为水的深度越深，压强越大；
高山上用高压锅煮饭，是因为海拔高度越高，大气压越小；
锅炉液位计和锅炉就构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的。
故答案为：越大；越小；连通器。
液体压强随深度的增加而增大；
气压随高度的增加而减小；
上端开口，下部相连通的容器叫连通器，连通器内的液体不流动时，各容器中的液面就是相平的。
本题考查液体压强和大气压强，难度不大，是对基础知识的考查。
 

9.【答案】2 980 浮力 

【解析】解：根据称重法可得，物块所受浮力：；
物块浸没在水中，其上表面距水面的深度，则它的上表面受到水的压强：
；
增大物块浸没的深度，根据可知它所受的压强逐渐增大；
增大物块浸没的深度时，物块排开水的体积不变等于物块的体积，由可知，它所受浮力的大小不变。
故答案为：2；980；浮力。
根据称重法，可计算物块浸没在水中时受到的浮力；
根据可求得它的上表面受到水的压强；
增大物块浸没的深度，根据可知它所受压强的变化，根据分析其所受浮力的变化。
本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强公式的掌握和运用，属于基础题。
 

10.【答案】 

【解析】解：通过导体的电流：
，
由可得导体的电阻为：
；
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，导体两端的电压调整为8伏时，导体的电阻仍为不变，
此时通过导体的电流：
。
故答案为：；20；。
知道10秒内通过该导体横截面积的电荷量，根据求出通过导体的电流，又知道导体两端的电压，根据欧姆定律求出导体的电阻；
电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出导体两端的电压调整为8V时通过导体的电流。
本题考查了电流定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关。
 

11.【答案】电压表示数为，电流表示数为0，断路；电压表示数为，电流表示数为，短路 

【解析】解：
由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V测量电阻两端电压。
由题知，电阻、的阻值相等，开关S闭合后，电流表的示数为，电压表的示数为，由串联分压的规律可知电源电压为；
一段时间后，电压表的示数变大：
若断路，则电流表示数为0，电压表测量的是电源电压，示数变为为，符合题意；
若断路，则电流表、电压表示数都为0，不符合题意；
若短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，此时电压表测量电源电压，示数都变大，电流表示数为，电压表示数为，符合题意；
若短路，此时电压表测量一段导线两端的电压，示数减小为0，不符合题意；
综上所述，电压表示数为，电流表示数为0，断路；电压表示数为，电流表示数为，短路。
故答案为：电压表示数为，电流表示数为0，断路；电压表示数为，电流表示数为，短路。
由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路电流，电压表V测量电阻两端电压；若只有一个电阻出现了故障，电路故障为短路或断路；
如果是断路，则整个电路中没有电流，电流表示数为零，则电压表示数变大，电压表与电源相连，确定出故障；
如果短路，则电流表示数会变大，根据电路的连接方式和电压表示数的变化确定故障。
此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合图形和两表特点进行分析。
 

12.【答案】物体的密度越小  物体漂浮时，浮力等于重力，即，
由、和可得：，
化简可得：，
则，
显然漂浮在水面上的物体，物体的密度越小，物体露出水面的体积占整个物体体积的比例越大 

【解析】解：
①当物体的密度小于水的密度时，物体会漂浮在水面上；
物体露出水面的体积占整个物体体积的比例关系：a物体最小，c物体最大；
因，所以漂浮在水面上的物体，物体的密度越小，物体露出水面的体积占整个物体体积的比例越大；
②物体漂浮时，浮力等于重力，即，
由、和可得：，
化简可得：，
则，
显然漂浮在水面上的物体，物体的密度越小，物体露出水面的体积占整个物体体积的比例越大。
故答案为：①物体的密度越小；
②物体漂浮时，浮力等于重力，即，
由、和可得：，
化简可得：，
则，
显然漂浮在水面上的物体，物体的密度越小，物体露出水面的体积占整个物体体积的比例越大。
①当物体的密度小于水的密度时，物体会漂浮在水面上；认真观察图中物体露出水面体积与总体积的关系，结合它们的密度关系得出结论；
②物体漂浮时，浮力等于重力，根据、和证明物体露出水面的体积与总体积的比例关系。
本题考查阿基米德、重力以及密度公式的应用，关键会对公式进行灵活变形。
 

13.【答案】、 

【解析】

【分析】
画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力。
画力的图示，关键是描述清楚力的三要求，用箭头的起点少数时候也用终点作力的作用点，箭头方向表示力的方向，线段的长度结合标度表示力的大小。
【解答】
压力的大小等于重力，为10N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。如图所示：
  

14.【答案】解：闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变小，由欧姆定律可知电路的总电阻变大，则变阻器接入电路的阻值变大，结合图示可知，应将变阻器的左下方接线柱与电流表的负接线柱相连，如下图所示：
 

【解析】由题意可知，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器与电流表串联，且滑动变阻器连入电路的阻值增大，据此进行解答。
本题考查了实物图的连接，正确得出滑动变阻器接入电路中的下方接线柱是关键。
 

15.【答案】解：

千克/米牛/千克米
牛。
答：物体受到的浮力为牛。 

【解析】知道物体排开水的体积和水的密度，利用阿基米德原理求物体受到的浮力。
本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
 

16.【答案】解：海水深度为：，海水密度为：，
海水的压强为：。
答：海水的压强为。 

【解析】已知海水深度和海水密度，根据公式计算出海水压强的大小。
此题考查的是液体压强的计算方法，由于条件都已给出，所以难度不大。
 

17.【答案】解：
由电路图可知，、并联，电流表测支路的电流，电流表A测总电流；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
则电流表的示数为：
；
由并联电路的电流特点可得，通过电阻的电流：
；
答：电流表的示数为；
通过电阻的电流为。 

【解析】由电路图可知，、并联，电流表测支路的电流，电流表A测总电流；由并联电路的电压特点和欧姆定律求出电流表的示数；
由并联电路的电流特点可求出通过电阻的电流。
本题考查了欧姆定律的应用以及并联电路的电流关系。本题难度不大，属于常考题。
 

18.【答案】解：容器中水的体积；
水的深度为；
容器底部受到水的压强；
当将金属块放入容器中时，金属块受到重力、支持力和浮力作用，致使水对容器底部的压力较没放金属块时增加，增加的压力为；
金属块完全浸没，由阿基米德原理可得金属块的体积为；
加入金属块后，水没有溢出，则容器对水平桌面的压力较没有放金属块之前增加了，增加的压力为金属块的重力。
故金属块的重力为；
则金属的质量为；
那么金属块的密度为。
答：容器中水的体积为；
容器底部受到水的压强为；
金属块的密度为。 

【解析】利用密度公式计算；
先求出水的深度h，再利用求解；
由容器底部压强的变化求金属块所受的浮力，再利用阿基米德原理求金属块的体积；由桌面压强的变化确定金属块的质量，进而由密度公式求解。
本题考查密度公式及其应用、液体压强的计算、阿基米德原理及其应用的知识，理解“容器底部受到水的压强和容器对水平桌面的压强”的变化是解答本题的难点。
 

19.【答案】15 

【解析】解：①小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，他正确连接电路，实验步骤正确，说明电压表与电阻并联，电压表只有伏挡完好如图，分度值为，示数为，
他重新连接电路进行实验，此时电压表并联在滑动变阻器两端，根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表的示数为0，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电压表示数的最大变化为，所以滑动变阻器两端的最大电压为，
第一次连接电路时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电阻两端的电压为，串联电路的总电压等于各部分电压之和，所以电源电压：；
②根据欧姆定律可知实验序号1时所测得电阻R的阻值为：。
故答案为：①；②15。
①小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，他正确连接电路，实验步骤正确，说明电压表与电阻并联，据此读出电压表的示数；他重新连接电路进行实验，此时电压表并联在滑动变阻器两端，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路电压规律计算电源电压；
②根据串联电路电压规律和欧姆定律计算实验序号1时所测得电阻R的阻值。
“用电流表、电压表测电阻”实验考查电压表的使用、串联电路特点、欧姆定律的灵活运用。
 

20.【答案】另一个电阻越大，电路中的电流越小  在串联电路中，当一个串联电阻不变，另一个电阻越大，其两端分配的电压越大  在串联电路中，当一个电阻不变，另一个电阻变大时，其两端分配的电压变大，电路中的电流变小，电压与电流的比值始终等于该电阻阻值  电阻等于另一个电阻  ” 

【解析】解：由表中数据可看出，电源电压不变，当k值不变，越大，电路的总电阻越大，由得电路中的电流越小，故可得出：在串联电路中，当一个串联电阻相同时，另一个电阻越大，电路中的电流越小；
分析表中电压表和电阻的变化会发现，越大，分配在它两端的电压就越大，故可得出结论：在串联电路中，当一个串联电阻不变，另一个电阻越大，其两端分配的电压越大；
综合分析电压表、电流表示数的比值及导体电阻的大小等条件，可得出：在串联电路中，当一个电阻不变，另一个电阻变大时，其两端分配的电压变大，电路中的电流变小，电压与电流的比值始终等于该电阻阻值；
①计算表中6次实验中导体两端的电压与通过的电流的乘积：
；
；
；
；
；
；
通过以上计算可知，第三组和第四组电压表和电流表示数乘积最大，这两组的电阻最接近于电路中另一个串联电阻大小，因此得出结论：串联电路中，当某个导体的电阻等于另一个电阻时，其两端的电压和通过的电流的乘积最大；
②该电路中的定值电阻，由知的电阻等于另一个电阻时，其两端的电压和通过的电流的乘积最大，即时，的功率最大，此时的功率为：，
当时，的功率最大，则，故应选“”规格的滑动变阻器。
故答案为：另一个电阻越大，电路中的电流越小；在串联电路中，当一个串联电阻不变，另一个电阻越大，其两端分配的电压越大；在串联电路中，当一个电阻不变，另一个电阻变大时，其两端分配的电压变大，电路中的电流变小，电压与电流的比值始终等于该电阻阻值；①电阻等于另一个电阻；②”。
根据表格中的数据进行分析得出结论；
①根据对表格中的数据进行计算，分析得出结论；
②根据①中的结论进行分析。
本题主要考查了实验数据的处理能力，正确处理实验数据是得出实验结论的关键，我们应加强实验数据处理能力的培养。