2021-2022学年四川省成都市七中高三1月第一次阶段性理综生物试题含解析

四川省成都市七中2021-2022学年高三1月第一次阶段性理综生物试题

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题

1．下面有关紫色洋葱鳞片叶表皮细胞的叙述，正确的是（    ）

A．表皮细胞较大，可用于观察核糖体、叶绿体等细胞器

B．表皮细胞含有色素，可用于叶绿体色素的提取和分离实验

C．表皮细胞具有大液泡，可用于观察植物细胞的吸水和失水

D．表皮细胞材料易得，可以用于低温诱导染色体加倍实验

【答案】C

【解析】1、紫色洋葱的叶片分两种，一种是管状叶，绿色，这种叶片可用于提取和分离叶绿体中的色素。

2、紫色洋葱的另一种叶片是鳞片叶，其内外表皮都由一层细胞构成，适于显微镜观察．其中外表皮紫色，适于观察质壁分离复原；洋葱鳞片叶的内表皮浅色，适于观察DNA、RNA在细胞中的分布状况。

3、观察有丝分裂的最佳材料是根尖，一是色浅，无其他色素干扰；二是此处细胞处于分裂周期中，能找到进行分裂的细胞。

【详解】A、紫色洋葱鳞片叶表皮细胞没有叶绿体，A错误；

B、表皮细胞中含有花青素等，不含叶绿体，B错误；

C、表皮细胞属于成熟的植物细胞，具有大液泡，可用于观察植物细胞的吸水和失水，C正确；

D、表皮细胞属于成熟的植物细胞，不能进行有丝分裂，所以不可用于观察低温诱导染色体数目变化的实验，D错误。

故选C。

【点睛】

2．下列有关细胞内遗传物质及相关叙述中，正确的是

A．同一生物不同细胞内遗传物质的量都是相同的

B．遗传和变异分别以细胞内基因的传递和变化为基础

C．可以携带遗传信息，也可作为蛋白质合成的直接模板

D．可用吡罗红研究细胞内遗传物质的主要分布区域

【答案】B

【详解】该题考查对细胞内的遗传物质的理解。细胞内的遗传物质为DNA，同一生物不同细胞内遗传物质的量不一定相同，如处于细胞周期中的不同细胞，A项错误；基因是有遗传效应的DNA片段，遗传和变异以基因为单位进行传递或发生变化，B项正确；细胞内的DNA可以携带遗传信息，蛋白质合成的直接模板为 mRNA，C项错误；与DNA相比，吡罗红对RNA有更强的亲和力，不可用吡罗红来研究细胞内DNA的分布，D项错误。

3．某实验动物的血浆渗透压与5%的葡萄糖溶液相等，给该实验动物静脉注射一定量的10%葡萄糖溶液后，一段时间内，该实验动物体内一定不会发生的是（    ）

A．胰岛素的分泌增加

B．组织液中的水加速流向血浆

C．在下丘脑产生渴觉

D．抗利尿激素的分泌量会增加

【答案】C

【分析】1、血糖平衡调节：由胰岛A细胞分泌胰高血糖素（分布在胰岛外围）提高血糖浓度，促进血糖来源；由胰岛B细胞分泌胰岛素（分布在胰岛内）降低血糖浓度，促进血糖去路，减少血糖来源，两者激素间是拮抗关系。

2、细胞外液渗透压发生变化，与细胞内液的浓度差发生改变，细胞内液也会发生变化。水盐平衡调节过程：

【详解】A.静脉注射高渗葡萄糖溶液血糖浓度会升高，血糖升高会刺激胰岛B细胞合成并分泌更多胰岛素，促进组织细胞对葡萄糖的摄取、利用和贮存，以降低血糖浓度，A不符合题意；

B.静脉注射高渗葡萄糖溶液，血浆渗透压升高，组织液中的水会加速流向血浆，B不符合题意；

C.渴觉是在大脑皮层产生的，C符合题意；

D.高渗葡萄糖溶液会使细胞外液渗透压升高，刺激下丘脑中的渗透压感受器，进而使抗利尿激素的分泌增多，D不符合题意。

故选C。

4．抗原与抗体形成的复合物可激活血清中的C蛋白，从而形成C蛋白复合物。后者可在被抗体结合的细胞膜上形成亲水性穿膜孔道，使细胞发生破裂。用绵羊红细胞免疫小鼠后，小鼠脾脏中产生能分泌特异性抗体的浆细胞。将免疫小鼠的脾脏细胞、绵羊红细胞、C蛋白混合后，观察绵羊红细胞裂解的相对量，用以评估产生抗体的浆细胞的功能。对此实验原理及结论的分析，错误的是

A．绵羊红细胞膜上有刺激小鼠产生抗体的抗原

B．小鼠体内浆细胞的产生过程中有T细胞参与

C．C蛋白复合体参与了绵羊红细胞的裂解过程

D．裂解的绵羊红细胞数量与抗体的数量成反比

【答案】D

【分析】

【详解】A、用绵羊红细胞免疫小鼠后，小鼠脾脏中产生能分泌特异性抗体的浆细胞，说明绵羊红细胞膜上有刺激小鼠产生抗体的抗原，A正确；

B、小鼠体内浆细胞的产生过程属于体液免疫，此过程中需要有 T 细胞呈递抗原并分泌淋巴因子，B正确；

C、C 蛋白复合物可在被抗体结合的细胞膜上形成亲水性穿膜孔道，使细胞发生破裂，而在绵羊红细胞膜上有刺激小鼠产生抗体的抗原，所以C 蛋白复合体参与了绵羊红细胞的裂解过程，C正确；

D、抗体数量越多，可结合的抗原越多，形成的C蛋白复合体越多，进而裂解的绵羊红细胞越多，所以裂解的绵羊红细胞数量与抗体的数量成正比，D错误。

故选D。

【点睛】本题结合信息题考查免疫调节的相关知识，在学习过程中要求考生能够熟记免疫调节的概念、分类和功能，理解体液免疫和细胞免疫的具体过程，以及免疫异常与免疫应用的相关内容。

5．为研究细胞分裂素对生长素合成的影响，将生长10天的拟南芥幼苗分别置于添加est（细胞分裂素合成诱导剂）和BAP（细胞分裂素类似物）培养液中培养24小时，结果如图所示。以下推测错误的是

A．细胞分裂素可以促进幼叶和根系中生长素的合成

B．成熟叶片中生长素的合成不受细胞分裂素合成诱导剂的影响

C．幼叶和根系细胞对细胞分裂素敏感，成熟叶片细胞比较迟钝

D．随着幼苗的不断长大，细胞分裂素的促进作用会更显著

【答案】D

【详解】A、分析柱形图可知，与对照组相比，添加BAP的实验组幼叶和根系中生长素浓度相对值均升高，说明细胞分裂素可以促进幼叶和根系中生长素的合成，A正确；

B、与对照组相比，添加est的实验组成熟叶片中生长素浓度相对值略有减少，说明成熟叶片中生长素的合成不受细胞分裂素合成诱导剂的影响，B正确；

C、图形表明，成熟叶片中BAP含量明显高于幼叶和根系，但与对照组相比，成熟叶片中生长素浓度相对值增加的最少，说明幼叶和根系细胞对细胞分裂素敏感，成熟叶片细胞比较迟钝，C正确；

D、根据C项的分析可知，随着幼苗的不断长大，细胞分裂素的促进作用会逐渐降低，D错误。

故选D。

【点睛】本题考查植物激素调节的相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容；能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理判断或得出正确结论的能力。

6．某生物的某﹣对相对性状受常染色体上的8个复等位基因（显隐性关系是A1＞A2＞A3＞A4＞A5＞A6＞A7＞A8）控制，某环境条件下该生物种群中各个基因频率保持相等。下列相关推测不正确的是（    ）

A．这8个复等位基因中，每个基因的基因频率都是12．5%

B．群体中与该性状相关的基因组成有36种，表现型有8种

C．在自然种群中，与该性状相关的杂合体所占的比例为7/8

D．题干所述环境条件下各个基因控制的性状适应力是不同的

【答案】D

【分析】基因频率是种群基因库中，某基因占该基因及其等位基因的比例；生物的性状既受基因控制，也受环境影响，基因与基因、基因与基因产物、基因与环境共同作用，精细地调控着生物的性状。

【详解】A、8个复等位基因之和为1，各个基因频率保持相等，即每个基因的基因频率都是12.5%，A正确；

B、由于8个复等位基因存在完全显性关系，因此性状表现是8种；基因型种类是纯合体的是8种，杂合子是8×7÷2=28种，故基因型共有36种，B正确；

C、由于每一个等位基因的基因频率是12.5%，即1/8 ，因此一种杂合体的基因型频率是2×1/8 ×1/8 =1/32 ，由B可知，杂合体基因型共有28种，因此该种群所有杂合体的基因型频率是1/32 ×28=7/8 ，C正确；

D、由于8种复等位基因的基因频率相等，说明自然选择不起作用，即上述环境条件下各个基因控制的性状适应力是相同的，D错误。

故选D。

【点睛】

二、综合题

7．已知某动物（性别决定方式为XY型）的正常染色体数目2N＝6，下图为该种动物某雄性个体中细胞减数第一次分裂某时期的分裂图像（A/a表示染色体上的基因，不考虑基因突变），据图回答下列问题：

（1）由分裂图像可知，该细胞名称为______，此时细胞内共有______条染色单体。

（2）已知该动物的父本基因型为Aa、母本基因型为aa。根据图像可知该动物发生了______的变异，该变异是由______（填“母本”或“父本”）在减数分裂中______未移向两极引起配子染色体数目异常而导致的。

（3）若该细胞在减数第一次分裂时，含有A或a基因的三条染色体中其中任意两条能移向一极，第三条移向另一极，形成的雄配子都能正常受精。那么该动物与多只基因型为aa的雌性动物杂交，理论上后代中基因型为aa的个体占______。

【答案】     初级精母细胞     14     染色体数目     父本     着丝点分裂后形成的2条染色体     1/6

【分析】图示分析：题图生物属于三体，图示细胞中含有同源染色体，正在联会，处于减数分裂第一次前期。

【详解】（1）该生物是雄性，细胞处于减数分裂第一次前期，细胞名称为初级精母细胞，此时细胞内共有14条染色单体。

（2）该细胞中含有3条（A/a）染色体，表明该动物发生了染色体数目的变异。已知该动物的父本基因型为Aa、母本基因型为aa。该细胞的基因型为AAAAaa，多了AA，表明该变异是由父本在减数分裂中着丝点分裂后形成的2条染色体未移向两极引起配子染色体数目异常而导致的。

（3）基因型为AAa的个体 ，产生的雄配子及其比例为A：：AA：Aa：a=2：1：2：1；aa产生a配子，后代理论上后代中基因型为aa的个体占1/6。

【点睛】本题结合细胞分裂图，考查减数分裂的相关知识，要求考生识记减数分裂不同时期的特点，掌握减数分裂过程中染色体和DNA含量变化规律，能准确判断图中的时期，再结合所学的知识答题。

8．研究表明，植物叶片中气孔的开度（即气孔张开的程度）与K+、糖类等含量有关。图1为某植物叶片中保卫细胞的结构，保卫细胞吸水后气孔张开。图2是适宜温度下，该植物的气孔开度与保卫细胞内K+和糖类含量的关系。据图回答下列相关问题：

(1)图1中的保卫细胞和表皮细胞中水分主要分布在____________中。水分进出保卫细胞和表皮细胞经过________（结构），该结构相当于半透膜。

(2)图2中气孔开度在7：00～10：00、12：00～13：00两个时间段明显增加，其主要原因分别是__________。

(3)据图2分析，糖类的合成量主要受到__________因素的影响（写出两点）。

(4)从光合产物合成和输出的角度分析，16：00～18：00保卫细胞内糖类含量下降的原因是__________。

【答案】(1)     细胞液 # 液泡     原生质层

(2)K+含量的增加、保卫细胞内糖类含量的增加，导致细胞液渗透压升高，保卫细胞吸水，气孔开度增加

(3)CO2浓度、光照强度

(4)光照强度降低导致光合作用强度降低，保卫细胞中生成的糖类减少；另外糖类输出给表皮细胞等不能进行光合作用的细胞

【分析】根据题干信息分析可知，植物叶片中气孔的开度（即气孔张开的程度）与K+、糖类等含量有关，当保卫细胞吸水后气孔会张开；图1显示气孔是由保卫细胞构成的，保卫细胞中有液泡、叶绿体。分析图2可知，7:00~ 13:00气孔开度逐渐增大，13:00以后气孔开度逐渐减小；7:00 ~ 16:00胞内糖类含量逐渐增大，16:00后胞内糖类含量逐渐减小；7:00 ~10:00胞内K+浓度逐渐增大，10:00~ 13:00K+浓度减小，13:00~ 15:00K+浓度增大，15:00后K+浓度逐渐减小，到21:00减小到0。

（1）

保卫细胞和表皮细胞都是成熟的植物细胞，因此水分主要在中央液泡的细胞液中；水分进出细胞要经过原生质层，该结构相当于半透膜。

（2）

图2中气孔开度在7：00～10：00时，分析另外两条曲线可知是由于K+含量的增加导致细胞液渗透压升高，保卫细胞吸水，气孔开度增加；12：00～13：00时，分析另外两条曲线可知是由于保卫细胞内糖类含量的增加，导致细胞液渗透压升高，保卫细胞吸水，气孔开度增加。

（3）

图2是适宜温度下的实验，因此糖类的合成主要受CO2浓度、光照强度等因素影响。

（4）

从光合产物合成和输出的角度分析，16：00～18：00保卫细胞内糖类含量下降的原因是光照强度降低导致光合作用强度降低，保卫细胞中生成的糖类减少；另外糖类输出给表皮细胞等不能进行光合作用的细胞。

【点睛】解答本题的关键是掌握细胞的吸水和失水、光合作用及其影响因素等知识点，能够根据图2曲线图分析不同时间段气孔开度不同产生的原因，并能够合理分析保卫细胞内糖类含量下降的原因。

9．水稻的非糯性和糯性是一对相对性状，衡阳水稻（2N=24）为非糯性水稻。非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色；糯性花粉中所含的淀粉为支链淀粉，遇碘变橙红色。科研人员在非糯性水稻田中偶尔发现了两株糯性水稻并进行了相关实验。请回答下列问题：

（1）某人将这两株糯性水稻的花粉用碘液染色，结果发现它的花粉全呈橙红色，根据上述结果，他推测糯性是隐性性状，请问他这种推理是否合理? ____________________(“合理”“不合理”)（1 分），理由是 ____________________。

（2）若水稻的非糯性、糯性由 1 号染色体上的一对等位基因 A、a 控制，且糯性为隐性性状。

通过基因工程将小米的一个黄色素基因（B）导入基因型为 Aa 细胞的某一条染色体上（有如图①、②两种可能），培育出黄色糯性水稻，该过程利用的变异原理是____________________；已知有 B 基因的细胞表现为黄色，没有 B 基因的细胞表现为白色，则将该种转基因黄色糯性水稻进行自交，统计子代的表现型及比例

若出现____________________ ，则说明是第①种情况

若出现____________________ ，则说明是第②种情况

【答案】     不合理     若糯性是显性性状，这两株植物为纯合子，也可以出现相同的结果     基因重组     非糯性黄色：糯性白色=3：1      非糯性黄色：非糯性白色：糯性黄色：糯性白色=9：3：3：1

【分析】水稻（2n=24）的非糯性与糯性是一对相对性状，受到A/a这对等位基因控制，非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色，而糯性花粉中所含的是支链淀粉，遇碘变橙红色。杂合子植株能产生两种花粉，且比例为1∶1，这证明基因的分离定律。

【详解】（1）若糯性是隐性性状，则糯性水稻为纯合子，只产生一种花粉，经过碘液染色，全部呈橙红色；若糯性是显性性状，如果这两株皆是纯合子，也只产生一种花粉，经过碘液染色，全部呈橙红色，如果这两株为杂合子，则会产生1∶1两种配子，所以会有一半花粉呈蓝黑色，有一半花粉呈橙红色。所以根据花粉全呈橙红色，推测糯性是隐性性状不合理。

（2）若水稻的非糯性、糯性由 1 号染色体上的一对等位基因 A、a 控制，且糯性为隐性性状。通过基因工程将小米的一个黄色素基因（B）导入基因型为Aa细胞的某一条染色体上，培育出黄色糯性水稻（AaB），其原理是基因重组。

已知有 B 基因的细胞表现为黄色，没有 B 基因的细胞表现为白色，如果导入结果是第①种情况，A基因和B基因连锁，故该植株可以产生AB和a两种配子，自交后代会得到AABB∶AaB∶aa=1∶2∶1，即非糯性黄色：糯性白色=3∶1；

如果导入结果是第②种情况，A基因和B基因位于两对染色体上，遵循自由组合定律，故该植株可以产生AB、aB、A、a四种配子，结合自由组合定律，自交后代会得到非糯性黄色∶非糯性白色∶糯性黄色∶糯性白色=9∶3∶3∶1。

【点睛】本题考查基因分离定律和自由组合定律的实质及应用的相关知识，要求考生掌握基因分离定律的实质，能用简单的方法或实验进行验证，属于考纲理解和应用层次的考查。

10．虎耳草是一种多年生常绿草本植物，含有多酚类、黄酮类、有机酸类等多种活性物质，全草可入药，具有祛风清热、凉血解毒、抗炎消肿等功效。回答下列问题：

（1）利用萃取法对虎耳草中的活性成分进行提取，在萃取之前需要对虎耳草进行粉碎和干燥处理，原因是__________。萃取时分别用石油醚、乙酸乙酯、正丁醇三种有机溶剂作为萃取剂，就可以实现虎耳草有效成分的初步分离，推测其原理是________。

（2）研究发现，虎耳草提取液能够抑制酪氨酸酶的活性。酪氨酸酶在酪氨酸转变为黑色素的过程中起重要作用，过程如下：

在测定酪氨酸酶的活性时，可以用单位时间内、单位体积中__________来表示酶反应速率。测定过程中需要注意控制__________（答出2点）等条件。若将虎耳草提取液加入到护肤品中，可能会有一定的美白效果，原因是__________。

（3）研究人员对虎耳草提取液的抑菌性能进行了检测，得到三种溶剂萃取物对不同细菌的抑菌圈直径（mm)如下表：

实验结果说明，虎耳草提取液对三种细菌中的_________抑菌效果最好；三种不同的萃取物中，抑菌效果最佳的是__________。

【答案】     原理颗粒大小和含水量会影响萃取效率     不同成分在三种有机溶剂中的溶解度差异较大     酪氨酸的减少量或多巴红的增加量     温度、pH、O2     虎耳草提取液能抑制酪氨酸酶的活性，进而抑制黑色素的产生     大肠杆菌     正丁醇萃取物

【解析】植物芳香油的提取方法：蒸馏法、压榨法和萃取等。

（1）蒸馏法：芳香油具有挥发性。把含有芳香油的花、叶等放入水中加热，水蒸气能将挥发性较强的芳香油携带出来，形成油水混合物；冷却后，油水混合物又会重新分成油层和水层，除去水层便得到芳香油，这种提取方法叫蒸馏法。根据蒸馏过程中原料放置的位置的标准，将水蒸气蒸馏法划分为水中蒸馏、水上蒸馏和水气蒸馏。有的原料不适用水蒸气蒸馏法，因为水中蒸馏会导致原料焦糊和有效成分被水解等问题。

（2）萃取法：这种方法需要将新鲜的香花等植物材料浸泡在乙醚、石油醚等低沸点的有机溶剂中，使芳香油充分溶解，然后蒸去低沸点的溶剂，剩下的就是芳香油。

（3）压榨法：在橘子、柠檬、甜橙等植物的果皮中，芳香油的含量较多，可以用机械压力直接榨出，这种提取方法叫压榨法。植物芳香油的蒸馏提取过程：浸泡、加热蒸馏、乳浊液的分离。

【详解】（1）利用萃取法对虎耳草中的活性成分进行提取，因为原料颗粒大小和含水量会影响萃取效率，因此在萃取之前需要对虎耳草进行粉碎和干燥处理，通过粉碎可以增加原料与溶剂的接触面积，便于充分溶解，干燥处理可以提高萃取效率。题中显示虎耳草中含有多酚类、黄酮类、有机酸类等多种活性物质，而在萃取时用石油醚、乙酸乙酯、正丁醇三种有机溶剂作为萃取剂，就可以实现虎耳草有效成分的初步分离，据此可推测虎耳草中不同有效成分在三种有机溶剂中的溶解度差异较大。

（2）根据酪氨酸酶的作用机理可知，在测定酪氨酸酶的活性时，可以用单位时间内、单位体积中酪氨酸的减少量或多巴红的增加量来表示酶反应速率（反应速率可以用单位时间或单位体积生成物的增加量或反应物的减少量来表示）。测定过程中需要注意控制温度、pH、O2等条件，且这些条件在实验过程中保证相同且适宜，因为温度和pH会影响酶的活性，而氧气是反应过程中所需的条件。若将虎耳草提取液加入到护肤品中，由于虎耳草提取液能够抑制酪氨酸酶的活性，而酪氨酸酶在酪氨酸转变为黑色素的过程中起重要作用，据此可知虎耳草加入护肤品中会有一定的美白效果。

（3）研究人员对虎耳草提取液的抑菌性能进行了检测，得到三种溶剂萃取物对不同细菌的抑菌圈直径（mm)统计如下，且抑菌圈越大说明抑菌效果越好，表中数据显示，石油醚萃取物对三种均的抑制效果较差，而正丁醇萃取物对三种菌的提取物抑制作用均较强，尤其对大肠杆菌的抑制效果最好，因此，虎耳草提取液对三种细菌中的大肠杆菌的抑菌效果最好，且三种不同的萃取物中，抑菌效果最佳的是正丁醇萃取物。

【点睛】熟知植物有效成分的提取方法和适用原理是解答本题的关键，掌握萃取的方法和流程是解答本题的另一关键，能根据实验结果中的数据进行合理的分析并得出正确的结论是解答本题的必备能力。

三、实验题

11．油菜素内酯(BR)是植物体内一种重要的激素。为探究油菜素内酯的生理作用，研究人员做了如下实验。

实验一：表中所示是相关研究的实验结果，请分析回答下列问题：

(1)该实验的自变量是______________________。

(2)促进芹菜幼苗生长的最适BR浓度在________之间。2、6两组，芹菜幼苗的平均株高相同，油菜素内酯(BB)对芹菜幼苗生长的_____ (填 “促进”或“抑制”)作用相同。

(3)在芹菜幼苗生长的过程中，与BR作用类似的激素可能是_____ (填 “赤霉素”“乙烯”或“脱落酸”)。

实验二：用放射性碳标记的IAA处理主根，检测油菜素内酯对生长素运输的影响。实验方法及结果如图所示，据图回答下列问题：

(4)图示表明标记的生长素在根部的运输方向为__________，BR可以______(填“促进”或“抑制”)生长素的运输，且对_________(运输方向) 的作用更显著。

实验三： PIN蛋白与生长素的运输有关。研究人员检测BR处理的根部组织中PIN蛋白基因表达的相关指标，结果如下表所示。

(5)上述两个实验表明，油菜素内酯通过影响根细胞中_________， 从而影响生长素在根部的________________和分布，进而影响了生长素的生理作用。

【答案】(1)不同浓度的BR

(2)     0.2～0.4mg•L-1     促进

(3)赤霉素

(4)     双向     促进     极性运输（尖端向中部）

(5)     PIN蛋白基因的表达      运输

【分析】分析上表格：油菜素内酯浓度在0-0.3mg•L-1范围内，随着油菜素内酯浓度的升高，植株的平均株高逐渐升高；油菜素内酯浓度在0.3-0.5mg•L-1范围内，随着油菜素内酯浓度的升高，植株的平均株高逐渐降低，但还是处于促进生长阶段。

（1）

该实验的自变量是不同浓度的BR，无关变量有芹菜幼苗的生长状况、培养幼苗的各种条件等，因变量的芹菜幼苗的平均株高。

（2）

由表中数据可知，促进芹菜幼苗生长的最适BR浓度一定在0.2～0.4mg•L-1之间，2、6两组，芹菜幼苗的平均株高相同且高于对照组（1组），说明油菜素内酯(BB)对芹菜幼苗生长的促进作用相同。

（3）

题表数据表明，一定浓度的油菜素内酯溶液对芹菜幼苗的生长具有促进作用，赤霉素的主要是促进细胞的纵向伸长生长，所以与BR作用类似的激素可能是赤霉素。

（4）

从图中看出，两种实验情况下，都检测到了放射性碳标记的IAA，故生长素在根部的运输方向为“双向”，而加了BR的（阴影）检测到的IAA（放射性）都多于对照组（空白），可以看出BR促进了生长素的运输。但是乙的情况，阴影高出空白更多，故BR对尖端到中部的运输过程促进作用更强。

（5）

根据表格可以看出BR处理组的PIN蛋白基因表达水平更高，又根据实验二的研究，可以得出“BR提高了根细胞中PIN蛋白基因的表达，进而影响了生长素在根部的运输”。

【点睛】本题考查了植物激素调节以及两重性实验的探究等方面的知识，意在考查考生的析图能力、实验设计的能力和分析能力，难度适中。