还剩21页未读，
继续阅读
2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）
展开
这是一份2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷（含答案解析），共24页。试卷主要包含了5pB，0g/cm3)，【答案】A，【答案】B，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷
1. 迄今为止，人类已经发现了许多种微观粒子，下列各种微观粒子中，空间尺度最小的是( )
A. 质子 B. 原子 C. 分子 D. 夸克
2. 炎炎夏日，游泳是消暑且能锻炼身体的运动。小明在爸爸的带领下，顺着台阶，踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，他受到的( )
A. 浮力增大 B. 浮力减小 C. 重力减小 D. 重力增大
3. 我国选手苏翊鸣获得2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台冠军。当他从跳台顶端沿雪面加速下滑时( )
A. 动能不变 B. 动能增大 C. 重力势能增大 D. 重力势能不变
4. 5月31日是“世界无烟日”，很多公共场所禁止吸烟。如果在房间里吸烟，整个房间就会充满烟味，这是由于( )
A. 分子在不停地做无规则运动 B. 分子间有引力
C. 分子的质量太小 D. 分子间有斥力
5. 2022年2月6日晚，中国女足在亚洲杯决赛上战胜韩国队勇夺冠军。如图所示，当足球被踢出去后，在空中继续飞行过程中( )
A. 球仍受到脚的踢力
B. 球的运动状态不变
C. 球的惯性不变
D. 球所受到力的合力为0
6. 如图所示的事例中，人没有做功的是( )
A. 推着小车前进
B. 爬楼梯
C. 顶住轮胎不动
D. 搬起箱子
7. 福清盛产枇杷，人们常将枇杷制成罐头。如图所示，在开罐头时，小强用螺丝刀把瓶盖撬开一个缝隙后，就能把瓶盖轻松拧开。当把瓶盖撬开一个缝隙后，罐头内部气压( )
A. 等于外部气压 B. 大于外部气压 C. 小于外部气压 D. 等于0
8. 如图所示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是( )
A. 天平 B. 食品夹
C. 瓶盖起子 D. 核桃夹
9. 如图所示的龙卷风是一种局部的剧烈天气现象，其空管状旋转气流，能把附近的物体“吸入”其中，是因为旋转的气流( )
A. 流速快，压强大 B. 流速快，压强小 C. 流速慢，压强小 D. 流速慢，压强大
10. “1分钟跳绳”是2022年福州体育中考选考项目之一。在某次跳绳练习中，体重相同的小杰和小彬都跳了175次，小杰用时50s，小彬用时47s，若他们俩每次跳起来的高度都相同，则在这一过程中( )
A. 小杰做功更多 B. 小彬做功更多 C. 小杰做功更快 D. 小彬做功更快
11. 如图，小涛在做家务劳动，他用水平向右的力推水平地面上的储物箱，使储物箱做匀速直线运动。这一过程中，与人的推力相互平衡的是( )
A. 储物箱的重力
B. 人的重力
C. 储物箱受到的摩擦力
D. 储物箱受到的支持力
12. 为了提高农产品的产量，选取饱满、结实的良种非常重要。我国农民常采用盐水来进行选种。如图所示的是将种子放入盐水后出现的情景，若次种的密度为ρ次、良种的密度为ρ良、盐水的密度为ρ，则( )
A. ρ次>ρ>ρ良 B. ρ次=ρ=ρ良 C. ρ次<ρ<ρ良 D. ρ次=ρ<ρ良
13. 如图所示，圆柱体容器盛有一定量的水，静止在斜面上，容器底部A、B、C三点，B是AC的中点，已知A点受到水的压强为p，则B点受到水的压强为( )
A. 0.5p B. p C. 2p D. 3p
14. 如图所示是某游乐场内一质量不计的“吊桥”示意图，当人从支点O处向右缓慢走动过程中，绳子的拉力F与人移动距离s的关系图像是选项图中的( )
A. B.
C. D.
15. 如图所示，物体A放在水平桌面上，已知物体B重为8N，每个滑轮重均为2N(不计绳重和滑轮组中的摩擦)，用F=6N的力水平向左拉动A，使B匀速上升0.6m。则( )
A. 滑轮C可以改变力的方向 B. 物体A受到的摩擦力为6N
C. 物体A移动的距离为0.6m D. 拉力F做功7.2J
16. 一个质量为50g的空玻璃瓶(含瓶盖)，瓶身为圆柱形，内装10cm高的水，用瓶盖密封后放在水平地面上，如图甲所示，再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种液体的容器中，静止后，瓶内、外液面的高度差如图乙和丙所示(瓶壁厚度不计，ρ水=1.0g/cm3)。下列说法正确的是( )
A. 玻璃瓶底的面积为50cm2 B. 甲图中瓶内水的质量为500g
C. 乙图中瓶内外水对瓶盖的压强相等 D. 丙图中某液体的密度为0.8g/cm3
17. 生活中蕴含着大量的物理知识。如图所示，将双掌合拢，用力向内挤压，尽量排出手掌间的空气。两手掌猛然分开时，会感觉到有一种力量阻碍两手分开，这是因为手受到______的作用。从海拔较低的地区进入海拔较高的西藏地区后，游客发现，随身携带的密封食品包装袋会______(选填“鼓起来”或“瘪下去”)。
18. “山东舰”是我国自主建造的第一艘国产航母，其标准排水量为5×104t，采用歼−15作为航母的舰载机。处于标准排水量时，航母所受浮力是______ N。当一架歼−15舰载机从“山东舰”起飞后，“山东舰”所受的浮力______。
19. 喜欢动手的小宇在课余时间自制了如图所示的两种玩具。
(1)如图甲，快速旋转“竹蜻蜓”后放开手，它会向上飞起来。“竹蜻蜓”在加速上升的过程中，它受到的升力______它的重力；当它升高到最高点时，处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(2)如图乙，为了让悬浮在水中的潜艇模型上浮，小宇应该利用注射器______(选填“抽出”或“压入”)空气；在潜艇模型露出水面前，潜艇模型所受浮力______。
20. 如图所示，用同一个动滑轮先后提升同一物体，使物体匀速上升相同的高度，所用的力分别是F甲和F乙，拉力做的功分别是W甲和W乙，若不计摩擦、滑轮重和绳重，则F甲______F乙，W甲______W乙。
21. 如图所示是“蹦极”的示意图，弹性绳自重忽略不计。弹性绳的上端固定在O点，A点是弹性绳自然下垂时绳末端的位置，B点是蹦极者下落过程中人的重力和弹性绳对人的弹力大小相等时的位置，C点是蹦极者下降的最低点。从A点下落至B点的过程中，弹性绳的弹性势能______；蹦极者从O点下落到C点的过程中，速度最大的位置是______点。
22. 如图所示的气球动力车，当气球往外放气时，动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动。请画出此时动力车在水平方向受力的示意图(其中O为力的作用点)。
23. 如图所示的投掷器，在橡皮筋拉力F1的作用下投掷器的手柄绕O点转动，将小球投掷出去。请画出拉力F1的力臂l。
24. 如图，瀑布是一种壮观的自然景观，有瀑布的地方常成为游客们的旅游胜地。落差越大的瀑布，底部的水流越湍急。瀑布旁常设有警示标语“靠近危险、禁止游泳”。请用所学的物理知识回答以下两个现象：
(1)落差越大，底部的水流越湍急。
(2)靠近瀑布游泳，将被“吸入”瀑布之下而发生危险。
25. 小明利用水杯、硬纸片和硬币做了以下两个实验：
(1)如图甲所示，在空杯子上放一硬塑料片，在硬塑料片上放一枚硬币，当硬塑料片被弹得飞出去时，硬币没有跟着塑料片飞出去，这是由于硬币具有______；最终硬币落入杯中，是由于它受到______力的作用。
(2)如图乙所示，在装满水的杯子上放一硬塑料片，在硬塑料片上放一枚硬币，发现塑料片不会翻倒，这是因为水分子和塑料片分子间存在______力。
26. 在一次物理兴趣小组活动中，小琳将一小段吸管对折，用两枚回形针固定住(如图甲)，做成“浮沉子”，接着将其放入装有适量水的矿泉水瓶中，让其浮在水面，拧紧瓶盖。如图乙，当用力捏矿泉水瓶时，可以使“浮沉子”内水的重力______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，当“浮沉子”和它内部的水的总重______它受到的浮力时，“浮沉子”就会向下运动；而松手后，它又会上升。“浮沉子”的工作原理与______(选填“轮船”、“密度计”或“潜水艇”)相同。
27. 小皓利用重力不同的两个动滑轮探究“影响动滑轮机械效率的有关因素”。进行了如图所示的三次实验。
(1)实验中，他应沿______方向向上拉动弹簧测力计，使钩码______上升。
(2)正确操作后，得到的实验数据如表所示，其中第②次实验中，动滑轮的机械效率η=______。
(3)比较实验序号第①和②两次的实验数据可知，使用不同的动滑轮提升的重物时，动滑轮的自重越______，其机械效率越高。
(4)分析实验数据还可以发现，用同一动滑轮提升不同的重物，重物越重，机械效率越______。小皓还由此联想到，汽车作为一种“机械”，提高效率对节能减排有重要意义，因此，在驾车出行时，遵守交通规则情况下，应______(选填下列序号)。
A.尽量提高行驶速度
B.尽量少载乘客
C.鼓励“拼车”，尽量装满人员
第①次
第②次
第③次
动滑轮重G动/N
0.5
0.9
0.5
钩码重G/N
4
4
6
钩码上升高度h/m
0.2
0.2
0.2
弹簧测力计示数F/N
2.3
2.5
3.3
绳端移动距离s/m
0.4
0.4
0.4
机械效率η
87.0%
η2
90.9%
28. 在探究“影响动能的因素”实验中，如图所示，小刚将钢球从某一高度由静止释放，当钢球摆动到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块推过一段距离。
(1)钢球从某一高度向下摆动过程中，______能转化为______能。
(2)表中实验序号1和2两组的实验数据是探究钢球的______相同时，动能与______的关系。
(3)小明组也用相同的装置进行实验，但他们在做第3次实验时，木块被撞后在木板上滑行的距离超过木板的长度。则他们______(选填“需要”或“不需要”)换
用更长的木板重做第3次实验。
实验
序号
钢球的质
量m/g
钢球下摆的木块滑行的
距离s/cm
1
20
2025
2
40
2046
3
40
4080
29. 实验课中，各实验小组同学都在做“探究杠杆的平衡条件”的实验(实验中各组同学所用的钩码都相同，杠杆上每格长度均相同)。文文同学把杠杆的中点架在支架上，如图甲。
(1)调节杠杆两端的______，使杠杆在水平位置平衡，其目的是______。
(2)实验时，在杠杆左边挂2个钩码，如图甲所示，为了使杠杆重新在水平位置平衡，在A点应挂______个钩码。
(3)另一组的小琳同学安装好的实验装置如图乙所示。保持杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，弹簧测力计的示数F1将会______。小琳测量多组数据后发现，当杠杆平衡时，F1l1总是大于F2l2，其原因可能是______。
30. 小宇要探究“物体受到浮力与哪些因素有关”，他选用了电子秤、烧杯、圆柱体金属块、食盐和水，进行了如图中的各次操作(已知ρ水=1.0g/cm3)；
(1)比较甲、乙、丙中电子秤的示数可知，丙图中金属块受到的浮力为______ N。
(2)比较丙、丁中电子秤的示数可知，物体______越大，它受到的浮力越大。
(3)完成丁图中的实验操作后，往烧杯中加入一些食盐，待盐溶化后，发现电子秤的示数增大了。他______(选填“能”或“不能”)据此得出，其它条件相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力也越大。理由是______。
31. 如图所示，今年植树节小静同学提了一桶水放在水平地面上准备给树苗浇水，已知桶和水的总质量为14kg，桶中水深0.25m，桶的底面积为0.05m2。(桶壁厚度不计，ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)水对桶底的压强。
(2)地面受到水桶的压强。
32. 如图所示，“祝融号”火星车安全到达火星表面，它在火星表面上受到的重力为960N。在某次观测时，先用50s时间将车体重心升高1m，然后以1.8W的恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶了36m，用时1h。求：
(1)“祝融号”车体重心升高1m的过程中，克服重力做功的功率。
(2)“祝融号”在匀速直线行驶时所受的阻力。
33. 如图甲所示的是《天工开物》中记载的我国古代人民用桔槔来汲水的情景。小松同学受到启发，自制了一个能测量液体密度的“密度秤”(当杠杆静止于水平位置时，物体A悬挂点的刻度即为容器中液体的密度)，如图乙所示，质量不计的杠杆MN可绕O点转动，其中ON=0.2m，在C点悬挂质量为2kg的物体A，OC=0.5m，N端挂边长为0.1m的正方体B完全浸没于水中(已知ρ水=1.0×103kg/m3)，此时杠杆在水平位置平衡。求：
(1)B物体受到的浮力。
(2)B物体受到的重力。
(3)当容器装入另一种液体时，正方体B仍浸没于该液体中，物体A移到D点，杠杆在水平位置平衡，OD=0.44m，D点的刻度(容器中液体的密度)为多少。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：物质是由分子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子比原子核大；原子核是由质子和中子组成的，所以原子核比质子大；而夸克则是比中子更小的微粒，在这几种微粒中夸克是最小的。
故选：D。
物质是由分子或原子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的。
本题考查我们对于微观尺度的了解，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：小明踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，由于他排开水的体积逐渐变大，而液体的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，受到的浮力逐渐增大，由于小明的质量不变，所以重力不变，故A正确，BCD错误。
故选A。
顺着台阶，踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，由于排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知浮力的变化；
由于小明的质量不变，所以重力不变。
本题考查阿基米德原理的应用，难度不大，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：当他从跳台顶端沿雪面加速下滑时，他的质量不变，高度变小，重力势能减小，速度增大，动能变大，故B正确。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能大小、重力势能大小的影响因素。根据影响因素，能判断动能、重力势能的大小变化。
4.【答案】A
【解析】解：如果在房间里吸烟，整个房间就会充满烟味由于烟分子不停地做无规则运动，在空气中进行扩散，所以整个房间也会充满烟味，故A正确、BCD错误。
故选：A。
物质是由分子或原子组成的，分子永不停息地做无规则运动。
本题考查分子运动，是对基础知识的考查。
5.【答案】C
【解析】解：
A、当足球被踢出去后，脚不再对球施加力，故A错误；
B、当足球被踢出去后，在空中继续飞行过程中，球运动的速度、方向发生了变化，运动状态改变，故B错误；
C、球在空中继续飞行过程中，球的质量不变，惯性不变，故C正确；
D、球在空中继续飞行过程中，受到竖直向下的重力、空气的阻力的作用，这两个力不是一对平衡力，所以合力不为0，故D错误。
故选：C。
(1)力是物体对物体的作用；
(2)物体运动速度或运动方向发生改变，则运动状态改变；
(3)惯性的大小只与质量有关，质量不变，惯性不变；
(4)根据物体的受力情况分析合力的大小。
本题考查了运动状态的判定、惯性、合力的大小等，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、推着小车前进，人给小车一个向前的力，小车在力的方向上移动了距离，人对小车做了功，故A不符合题意；
B、爬楼梯，人克服自身重力做了功，故B不符合题意；
C、顶住轮胎不动，人对轮胎用了力，轮胎没有在力的方向上移动距离，人对轮胎没有做功，故C符合题意；
D、用力且搬起箱子，箱子在力的方向上移动了距离，人对箱子做了功，故D不符合题意。
故选：C。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
有力有距离，力对物体不一定做功，例如物体由于惯性保持原来的运动，没有力对物体做功。
7.【答案】A
【解析】解：当把瓶盖撬开一个缝隙后，罐头内部气压会变大，最终与外界的气压相等，罐头瓶盖受到的大气压力的合力为0，所以容易瓶盖容器拧开。
故选：A。
根据罐头内部气压的变化分析。
本题考查了大气压的应用，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故A不合题意；
B、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】B
【解析】解：龙卷风内部空气流速快、压强小，外部流速慢、压强大，造成龙卷风内部的压强远小于外部的压强，能把附近的物体“吸入”其中。
故选：B。
运用流体压强与流速的关系来分析压强大小关系，据此得到物体被“吸”起的原因。
这类题要抓住问题的关键“流体压强和流速的关系”，判断出什么位置流速快，什么位置流速慢然后解题。
10.【答案】D
【解析】解：由题知，小杰和小彬质量相等，他们俩都跳了175次，每次跳起来的高度都相同，
根据W=Gh=mgh可知，小杰和小彬做功一样多；
小杰用时多余小彬，
根据P=Wt可知，小彬的功率大，即小彬做功更快。
故选：D。
根据W=Gh=mgh比较做功多少，根据P=Wt比较做功快慢，即功率大小。
此题考查功和功率的大小比较，难度不大，认真审题，抓住题目中的已知条件，利用功和功率公式可顺利作答。
11.【答案】C
【解析】解：因为用水平向右的力推水平地面上的储物箱，使储物箱做匀速直线运动，箱子处于平衡状态，分析可知，在水平方向上所受的推力与摩擦阻力符合二力平衡条件，所以是一对平衡力。
故选：C。
物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，所受到的力是一对平衡力；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，箱子处于静止状态即平衡状态，受力平衡。
12.【答案】C
【解析】解：由图可知，次种漂浮在盐水中，所以次种的密度要小于盐水的密度，即ρ次<ρ，
良种沉入盐水底部，所以良种的密度大于盐水的密度，即ρ良>ρ，
综合以上分析可知，良种的密度最大，盐水的密度其次，次种的密度最小，即ρ良>ρ>ρ次。
故选：C。
物体的浮沉条件：当物体的密度大于液体密度时，物体会沉底；当物体的密度等于液体密度时，物体会悬浮在液体中；当物体的密度小于液体密度时，物体会漂浮在液面上；据此分析。
本题考查物体浮沉条件的应用，是一道基础题。
13.【答案】A
【解析】解：由图可知，C点在水面，B是AC的中点，所以A、B两点的竖直深度为：hB=12hA，由p=ρgh可知，pB=12pA=12×p=0.5p。
故选：A。
根据p=ρgh进行分析即可。
本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用，理解深度是指液体内某点到液体自由液面的垂直距离是本题的关键。
14.【答案】B
【解析】解：当人从支点O处向右缓慢走动过程中，拉力F为动力，人对杠杆的压力大小等于人的重力G，动力臂为整个主梁的长度，设为L，阻力臂为s，根据杠杆的平衡条件得：FL=Gs，故F=GsL，由关系式知：拉力F与重物到支点O的距离s成一次函数关系，且拉力随s的增大而增大，故B符合题意。
故选：B。
当人从支点O处向右缓慢走动过程中，以左侧的支柱为支点O，吊桥右端受到的拉力F为动力，
动力臂为整个吊桥的长度，设为L；人对吊桥的压力为阻力，大小等于人的重力G，阻力臂为s，根据杠杆的平衡条件分析出F和s的关系式，据此分析F与s的关系图像。
本题考查了杠杆平衡条件的应用和图像的分析能力，是一道难题。
15.【答案】D
【解析】解：A、滑轮C是动滑轮，动滑轮能省力，但不能改变力的方向，故A错误。
B、绳子拉滑轮的力F拉=G+G动2=8N+2N2=5N，，则绳子对物体A向右的拉力为5N，物体还受到摩擦力的作用，水平方向上，物体在这三个力的作用下处于平衡状态，故物体A受到的摩擦力6N−5N=1N，故B错误。
C、物体A移动的距离s=2h=2×0.6m=1.2m，故C错误。
D、拉力F做的功W=Fs=6N×1.2m=7.2J，故D正确。
故选：D。
(1)定滑轮可以改变力的方向，动滑轮可以省一半的力。
(2)先分析物体A在水平方向上的受力情况，绳子对物体A的拉力等于绳子拉滑轮的力，即F拉=G+G动2，最后根据合力为零解答。
(3)物体A移动的距离等于绳端移动的距离。
(4)拉力F做的功等于W=Fs。
本题考查了滑轮的特点、功的计算以及摩擦力的大小和平衡力，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学知识的综合应用能力。
16.【答案】D
【解析】解：A、瓶子的重力为：G瓶=m瓶g=0.05kg×10N/kg=0.5N，
图乙中玻璃瓶处于漂浮状态，浮力等于其总重力，即：F浮水=G瓶+G水，
则：ρ水gS(h1+h2)=G瓶+ρ水gSh1，
则：ρ水gSh2=G瓶，
玻璃瓶底面积为：
S=G瓶ρ水gh2=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=2.5×10−3m2=25cm2，故A错误；
B、甲图中瓶内水的体积为：V水=Sh1=25cm2×10cm=250cm3，所以瓶内水的质量为：m水=ρ水V水=1.0g/cm3×250cm3=250g，故B错误；
C、乙图中瓶内液面低于瓶内液面，根据p=ρgh知玻璃瓶在水中漂浮时瓶内水对瓶盖的压强小于瓶外水对瓶盖的压强，故C错误；
D、设玻璃瓶的底面积为S，玻璃瓶在水中和在液体中受的浮力相等，
F浮水=F浮液，
ρ水gV排=ρ液gV排′，
ρ水g(V水+Sh2)=ρ液g(V水+Sh3)，
因为水的体积V水=Sh1，图中h1=0.10m，h2=0.02m，h3=0.04m，
解得：ρ液=ρ水(h1+h2)h1+h3=1.0g/cm3×(10cm+2cm)10cm+5cm=0.8g/cm3，故D正确。
故选：D。
(1)图乙中瓶子处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此列出等式，然后即可求出玻璃瓶底的面积；
(2)根据m=ρV求出甲图中瓶内水的质量；
(3)根据图知瓶内外液面的高度，根据p=ρgh判断出玻璃瓶在水中漂浮时瓶内外水对瓶盖压强的关系；
(4)根据瓶子在水中和在图丙的液体中受的浮力相等列出等式，解出液体密度。
此题主要考查的是学生对浮力、二力平衡等知识的理解和掌握，综合性很强，难度较大，能够读懂图中信息是解决此题的关键。
17.【答案】大气压 鼓起来
【解析】解：将双掌合拢，用力向内挤压尽量排除手掌间的空气，使手掌内气压很小。两手掌猛然分开时，要克服大气压的作用，所以会感觉到有一种力量阻碍两手分开；
从海拔较低的地区进入海拔较高的西藏地区后，包装袋内空气质量一定，但包装袋外部受到的气压减小，所以袋内空气体积会变大，鼓起一些。
故答案为：大气压；鼓起来。
(1)我们可以把两只手想象成两个吸盘来帮助理解；
(2)大气压强随着海拔高度的增加而减小。
本题考查大气压以及气压与高度的关系，难度不大，是对基础知识的考查。
18.【答案】5×108 减小
【解析】解：(1)由阿基米德原理可得，在标准排水量时航母所受浮力：
F浮=G排=m排g=5×104×103kg×10N/kg=5×108N；
(2)一架歼−15从山东舰起飞前后，山东舰始终处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，
当一架歼−15从山东舰起飞后，山东舰的总重力减小，受到的浮力减小。
故答案为：5×108；减小。
(1)知道山东舰的标准排水量，根据阿基米德原理F浮=G排=m排g求出航母所受的浮力；
(2)一架歼−15从山东舰起飞前后，山东舰始终处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，分析一架歼−15从山东舰起飞后的重力变化得出受到的浮力变化。
本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，明白排水量的含义是关键。
19.【答案】大于 非平衡 压入 不变
【解析】解：(1)“竹蜻蜓”在加速上升，则合力的方向与运动方向相同，即合力方向向上，所以它受到的升力要大于它的重力；当它升高到最高点时，只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态。
(2)潜艇模型处于悬浮状态，模型受到的浮力等于重力，向左推注射器活塞，压入空气，则水会被压出试管，此时模型的总重减小，即浮力大于重力，模型上浮，所以要使模型上浮，应该利用注射器压入空气，把模型中的水排出；
在潜艇模型露出水面前，浸没在水中，此时水的密度不变，其排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知，潜艇所受浮力不变。
故答案为：(1)大于；非平衡；(2)压入；不变。
(1)“竹蜻蜓”在加速上升，则合力的方向与运动方向相同，即合力方向向上，据此分析升力与重力的大小关系；当升高到最高点时，“竹蜻蜓”只受重力的作用，据此分析处于什么状态；
(2)潜艇是通过改变自身的重力来实现浮、沉的，结合这个特点来分析如何改变模型的总重力；
在潜艇模型露出水面前，浸没在水中，此时水的密度不变，其排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知它受到的浮力变化情况。
本题考查运动与力的关系、平衡状态的判断、潜水艇的工作原理以及阿基米德原理的应用，是一道综合题。
20.【答案】>=
【解析】解：不计摩擦、滑轮重和绳重，用同一个动滑轮先后提升同一物体，
甲图，拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，省一半的距离，即F甲=2G，s甲=12h；
乙图，拉力作用在绳子自由端，省一半的力，费一半的距离，即F乙=12G，s乙=2h。
则W甲=F甲×s甲=2G×12h=Gh，W乙=F乙×s乙=12G×2h=Gh，
所以，F甲>F乙，W甲=W乙。
故答案为：>；=。
不计摩擦、动滑轮重和绳重，由图知，甲图中拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，省一半的距离；乙图中拉力作用在绳子自由端，省一半的力，费一半的距离；据此比较拉力大小，并结合做功公式比较做功大小。
此题考查功的大小比较、动滑轮的工作特点，知道不计摩擦、滑轮重和绳重时，拉力与物体重力的关系是解答本题的关键。
21.【答案】增大 B
【解析】解：蹦极者从A点下落至B点的过程中，弹性绳的弹性形变程度变大，弹性势能变大；
从A点到B点的过程中，人的重力大于弹性绳的拉力，蹦极者做加速运动，速度越来越快，动能越来越大；从B点到C点的过程中，人的重力小于弹性绳的拉力，蹦极者做减速运动，速度越来越慢，动能越来越小，最低点时速度为零；所以整个过程中蹦极者重力等于绳子弹力时速度最大，即在B点的速度最大。
故答案为：增大；B。
弹性势能的大小与弹性形变程度的大小有关；重力势能的大小与质量、高度有关；动能的大小与质量、速度有关；
根据蹦极者在下落过程中的受力情况分析蹦极者的运动状态的变化。
此题考查动能和弹性势能的大小变化，明确影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素是解题的关键。
22.【答案】解：因为动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动，因此动力车受到水平向右的推力大于水平向左的摩擦力作用，因此从物体重心作水平向右的推力和水平向左的摩擦力，注意水平向右的推力线段大于水平向左的摩擦力的线段。如图所示：
【解析】由于动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动，因此动力车受到水平向右的推力大于水平向左的摩擦力作用；然后从重心表示出推力和摩擦力的方向和大小。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
23.【答案】解：从支点O向拉力F1的作用线引垂线，则垂线段的长度即为力臂l，如图所示：
【解析】掌握力臂的概念，从支点到力的作用线的距离；具体的画法：从支点O向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为其力臂。
力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
24.【答案】答：(1)瀑布是水的重力势能转化为动能，瀑布落差越大，水的重力势能越大，转化的动能就越大，所以底部的水流越湍急。
(2)靠近瀑布游泳时，人靠近瀑布的一侧空气流速大压强小，而人的外侧空气流速小压强大，在内外压强差的作用下，人容易被“吸入”瀑布之下而发生危险。
【解析】(1)动能和势能之间可以相互转化；动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
此题通过瀑布考查动能和势能大小的影响因素、流体压强和流速的关系，生活处处皆物理的，学习过程中应注意观察生活的相关现象，并学会利用所学知识加以解释。
25.【答案】惯性 重 引
【解析】解：(1)硬币没有跟着塑料片飞出去，这是由于硬币具有惯性；最终硬币落入杯中，是由于它受到重力的作用；
(2)在硬塑料片上放一枚硬币，发现塑料片不会翻倒，由杠杆的平衡条件可知，塑料片的支点在中间，这是因为水分子和塑料片分子间存在引力，使另一端受到向下力的作用。
故答案为：(1)惯性；重；(2)引。
(1)物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；硬币落入杯中，受到了竖直向下的力的作用，这个力就是重力；
(2)当杯内水盛满，塑料片与水充分接触时，塑料片仍没有被压翻，由杠杆的平衡条件可知，塑料片的支点在中间，说明另一端也受到向下的力的作用，可见这个力就是水分子和塑料片分子之间的引力。
本题考查了惯性、重力、杠杆的概念和分子间的作用力，比较基础，只要细心解答不难。
26.【答案】变大 大于 潜水艇
【解析】解：“浮沉子”的原理：挤压矿泉水瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入“浮沉子”中，将“浮沉子”中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉。松开手后瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，“浮沉子”里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮，可见，“浮沉子”是通过改变自身重力来改变浮沉的，与潜水艇的工作原理相同。
故答案为：变大；大于；潜水艇。
物体的浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。
此题考查了浮沉子的工作原理，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。
27.【答案】竖直 匀速 80%小 高 A
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，使钩码匀速上升。
(2)实验数据如表所示，第②次实验中，有用功W有=Gh=4N×0.2m=0.8J，总功W总=Fs=2.5N×0.4m=1J，机械效率η=W有W总×100%=0.8J1J×100%=80%。
(3)比较实验序号第①和②两次的实验数据可知，当动滑轮自重越小时，机械效率越高。
(4)比较实验序号第①和③，用同一动滑轮提升不同的重物，重物越重，机械效率越高；
由表中数据可知，同一滑轮将不同的重物提升相同的高度，提升物体越重，机械效率越高；即对同一滑轮，额外功一定，增加提升物体的重力，增大有用功，可提高机械效率；
A、行驶速度与机械效率无关，故A不符合题意；
BC、鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员，是在额外功相同时，人越多，有用功越多，机械效率越高，故B不符合题意，C符合题意。
故答案为：(1)竖直；匀速；(2)80%；(3)小；(4)高；A。
(1)实验中应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
(2)根据表中实验数据求出有用功和总功，在利用机械效率公式求出滑轮组效率。
(3)在其他条件一定时，看动滑轮重不同时对应的机械效率是否相同，据此回答。
(4)对于改变滑轮组机械效率的方法，有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。据此分析。
本题考查了测量滑轮组机械效率的实验，涉及到注意事项、测力计读数、滑轮组机械效率的计算和分析实验数据得出结论的能力等，要注意影响滑轮组机械效率因素的运用。
28.【答案】重力势 动 速度 质量 不需要
【解析】解：(1)钢球从某一高度向下摆动过程中，钢球的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能；
(2)根据表中实验序号1和2两组的实验数据可知，钢球摆下的高度相同，到达水平面时的速度相同，钢球的质量不同，探究的是动能大小与质量的关系；
(3)他们在做第3次实验时，木块被撞后在木板上滑行的距离超过木板的长度，这说明此时钢球的动能较大；在质量相同时，速度越小，动能越小，实验中可以通过减小钢球摆下的高度来减小动能的大小，所以不需要换用更长的木板重做第3次实验。
故答案为：(1)重力势；动；(2)速度；质量；(3)不需要。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，据此分析；
(3)运用控制变量法，根据实验数据分析。
此题考查的影响动能大小实验的探究，考查了转换法和控制变量法的应用，本题难度不大。
29.【答案】平衡螺母 便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 3 变大 杠杆自身有重力
【解析】解：(1)实验前若杠杆不在水平位置平衡，可通过调节平衡螺母在水平位置平衡，其目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
如图甲所示，实验过程中，左端下沉，可将右侧的钩码向右移动。
(2)设一钩码重为G，一格长度为L，
2G×3L=2L×nG，解得n=3；
(3)实验装置如图乙所示。保持杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位时平衡时，弹簧测力计的示数F1将会变大；
用如图乙所示装置进行探究，当杠杆平衡时，F1l1总是小于F2l2，其原因可能是杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响
故答案为：(1)平衡螺母；便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；(3)变大；杠杆自身有重力。
(1)探究杠杆平衡条件时，通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
(2)根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，可解此题；
(3)分析动力臂大小的变化，根据杠杆的平衡条件分析即可解答；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。
(1)探究杠杆的平衡条件和使用天平称量物体质量时，操作步骤是大致相同的：首先调节杠杆或天平在水平位置平衡，然后在挂钩码或往天平盘内增加物体和砝码，使杠杆或天平重新平衡。
(2)探究杠杆平衡时，弹簧测力计倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，力臂变小，力变大，是本实验经常考查的内容。
30.【答案】0.16物体排开液体 不能 食盐增加了水的重力
【解析】解：(1)丙图烧杯中水对金属块有浮力(托力)，物体间力的作用是相互的，这个力会导致电子秤的示数增大。比较乙、丙中电子秤的示数可知，丙图中金属块受到的浮力为：F浮=(m乙−m丙)g=(598.8×103kg−582.8kg×103kg)×10N/kg=0.16N；
(2)丁图中圆柱体金属块排开水的体积较大，电子秤的示数较大，即圆柱体金属块在丙图水中受到的浮力大，因此比较丙、丁中电子秤的示数可知，物体排开液体的体积越大，它受到的浮力越大；
(3)往烧杯中加入一些食盐，待盐溶化后，发现电子秤的示数增大了，这是由两个因素造成的：一是食盐增加了水的重力；二是金属块受到的浮力增大，从而增大了烧杯对电子秤的压力。因此他不能据此得出，其它条件相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力也越大，理由是食盐增加了水的重力。
故答案为：(1)0.16；(2)物体排开液体；(3)不能；食盐增加了水的重力。
(1)浮力是液体对物体向上的托力，根据物体间力的作用是相互的求解；
(2)物体在水中所受的浮力的大小与排开水的体积成正比；
(3)丁图中电子秤的示数与液体的重力和金属块受到的浮力有关，分析时结合控制变量法。
本题中称重法测量浮力和控制变量法的运用是本实验操作和分析的关键，找出实验中控制不变的量是哪些；改变的物理量是哪一个。
31.【答案】解：(1)水对桶底的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.25m=2.5×103Pa；
(2)桶和水的总重力：
G=mg=14kg×10N/kg=140N，
桶对水平地面的压力：
F=G=140N，
地面受到水桶的压强：
p=FS=140N0.05m2=2.8×103Pa。
答：(1)水对桶底的压强为2.5×103Pa；
(2)地面受到水桶的压强为2.8×103Pa。
【解析】(1)根据p=ρgh求水对桶底的压强；
(2)根据G=mg求桶和水的总重力，桶对水平地面的压力大小等于桶和水的总重力，根据p=FS求地面受到水桶的压强。
本题考查液体压强公式、重力公式和压强定义式的应用，关键是知道水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等。
32.【答案】解：(1)“祝融号”火星车车体重心升高1m的过程中，克服重力做的功为：W=Gh=960N×1m=960J；克服重力做功的功率为：P=Wt=960J50sW=19.2W；
(2)“祝融号”以恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶的牵引力为F，则牵引力F做的功为：
WF=Fs=P′t′；
“祝融号”的牵引力为：F=P′t′s=1.8W×3600s36m=180N；
因为“祝融号”做匀速直线行驶，根据二力平衡的条件知所受的阻力为f=F=180N。
答：(1)“祝融号”车体重心升高1m的过程中，克服重力做功的功率为19.2W。
(2)“祝融号”在匀速直线行驶时所受的阻力为180N。
【解析】(1)利用W=Gh求出车体重心升高1m的过程中，克服重力做的功，利用P=Wt求出克服重力做功的功率；
(2)根据P=Fs′t′求出“祝融号”以1.8W的恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶的牵引力，最后根据二力平衡的条件得出所受的阻力。
本题考查了二力平衡条件的应用和功的计算、功率的计算，是一道综合性较强的习题。
33.【答案】解：(1)由题意可知，B物体的体积：VB=(a)3=(0.1m)3=1×10−3m3，
因为B物体浸没在水中，所以B物体排开水的体积：
VB排=VB=1×10−3m3，
则B物体受到的浮力：
FB浮=ρ水gVB排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N；
(2)A物体对杠杆的拉力：FA=GA=mAg=2kg×10N/kg=20N，
由杠杆的平衡条件可得：FA×LOC=FB×LON，
即：20N×0.5m=FB×0.2m，
解得：FB=50N，
由图可知，此时B物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力和浮力，由力的平衡条件可知，B物体的重力：
GB=FB+FB浮=50N+10N=60N；
(3)当容器装入另一种液体时，正方体B仍浸没于该液体中，物体A移到D点，
由杠杆的平衡条件可得：FA×LOD=FB′×LON，
即：20N×0.44m=FB′×0.2m，
解得：FB′=44N，
由图可知，此时B物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力和浮力，由力的平衡条件可知，B物体的浮力：
F浮B′=GB−FB′=60N−44N=16N，
由F浮=ρ液gV排得液体的密度为：
ρ液=F浮B′gVB=16N10N/kg×1×10−3m3=1.6×103kg/m3，即D点的刻度(容器中液体的密度)为1.6×103kg/m3。
答：(1)B物体受到的浮力为10N；
(2)B物体受到的重力为60N；
(3)D点的刻度(容器中液体的密度)为1.6×103kg/m3。
【解析】(1)根据体积公式求出B物体的体积，根据阿基米德原理求出B物体浸没在水中时所受的浮力；
(2)根据F=G=mg求出物体A对杠杆的拉力，再由杠杆原理求绳子对B物体的拉力；对B物体进行受力分析，由力的平衡条件求出物体B的重力；
(3)由杠杆的平衡条件算出物体A移到D点时绳子对B物体的拉力，由力的平衡条件算出B物体的浮力，最后由F浮=ρ液gV排算出液体的密度。
本题考查阿基米德原理、杠杆平衡条件、力的平衡条件和密度公式的应用，关键是根据力的平衡条件求出物体B的重力。
2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷
1. 迄今为止，人类已经发现了许多种微观粒子，下列各种微观粒子中，空间尺度最小的是( )
A. 质子 B. 原子 C. 分子 D. 夸克
2. 炎炎夏日，游泳是消暑且能锻炼身体的运动。小明在爸爸的带领下，顺着台阶，踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，他受到的( )
A. 浮力增大 B. 浮力减小 C. 重力减小 D. 重力增大
3. 我国选手苏翊鸣获得2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台冠军。当他从跳台顶端沿雪面加速下滑时( )
A. 动能不变 B. 动能增大 C. 重力势能增大 D. 重力势能不变
4. 5月31日是“世界无烟日”，很多公共场所禁止吸烟。如果在房间里吸烟，整个房间就会充满烟味，这是由于( )
A. 分子在不停地做无规则运动 B. 分子间有引力
C. 分子的质量太小 D. 分子间有斥力
5. 2022年2月6日晚，中国女足在亚洲杯决赛上战胜韩国队勇夺冠军。如图所示，当足球被踢出去后，在空中继续飞行过程中( )
A. 球仍受到脚的踢力
B. 球的运动状态不变
C. 球的惯性不变
D. 球所受到力的合力为0
6. 如图所示的事例中，人没有做功的是( )
A. 推着小车前进
B. 爬楼梯
C. 顶住轮胎不动
D. 搬起箱子
7. 福清盛产枇杷，人们常将枇杷制成罐头。如图所示，在开罐头时，小强用螺丝刀把瓶盖撬开一个缝隙后，就能把瓶盖轻松拧开。当把瓶盖撬开一个缝隙后，罐头内部气压( )
A. 等于外部气压 B. 大于外部气压 C. 小于外部气压 D. 等于0
8. 如图所示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是( )
A. 天平 B. 食品夹
C. 瓶盖起子 D. 核桃夹
9. 如图所示的龙卷风是一种局部的剧烈天气现象，其空管状旋转气流，能把附近的物体“吸入”其中，是因为旋转的气流( )
A. 流速快，压强大 B. 流速快，压强小 C. 流速慢，压强小 D. 流速慢，压强大
10. “1分钟跳绳”是2022年福州体育中考选考项目之一。在某次跳绳练习中，体重相同的小杰和小彬都跳了175次，小杰用时50s，小彬用时47s，若他们俩每次跳起来的高度都相同，则在这一过程中( )
A. 小杰做功更多 B. 小彬做功更多 C. 小杰做功更快 D. 小彬做功更快
11. 如图，小涛在做家务劳动，他用水平向右的力推水平地面上的储物箱，使储物箱做匀速直线运动。这一过程中，与人的推力相互平衡的是( )
A. 储物箱的重力
B. 人的重力
C. 储物箱受到的摩擦力
D. 储物箱受到的支持力
12. 为了提高农产品的产量，选取饱满、结实的良种非常重要。我国农民常采用盐水来进行选种。如图所示的是将种子放入盐水后出现的情景，若次种的密度为ρ次、良种的密度为ρ良、盐水的密度为ρ，则( )
A. ρ次>ρ>ρ良 B. ρ次=ρ=ρ良 C. ρ次<ρ<ρ良 D. ρ次=ρ<ρ良
13. 如图所示，圆柱体容器盛有一定量的水，静止在斜面上，容器底部A、B、C三点，B是AC的中点，已知A点受到水的压强为p，则B点受到水的压强为( )
A. 0.5p B. p C. 2p D. 3p
14. 如图所示是某游乐场内一质量不计的“吊桥”示意图，当人从支点O处向右缓慢走动过程中，绳子的拉力F与人移动距离s的关系图像是选项图中的( )
A. B.
C. D.
15. 如图所示，物体A放在水平桌面上，已知物体B重为8N，每个滑轮重均为2N(不计绳重和滑轮组中的摩擦)，用F=6N的力水平向左拉动A，使B匀速上升0.6m。则( )
A. 滑轮C可以改变力的方向 B. 物体A受到的摩擦力为6N
C. 物体A移动的距离为0.6m D. 拉力F做功7.2J
16. 一个质量为50g的空玻璃瓶(含瓶盖)，瓶身为圆柱形，内装10cm高的水，用瓶盖密封后放在水平地面上，如图甲所示，再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种液体的容器中，静止后，瓶内、外液面的高度差如图乙和丙所示(瓶壁厚度不计，ρ水=1.0g/cm3)。下列说法正确的是( )
A. 玻璃瓶底的面积为50cm2 B. 甲图中瓶内水的质量为500g
C. 乙图中瓶内外水对瓶盖的压强相等 D. 丙图中某液体的密度为0.8g/cm3
17. 生活中蕴含着大量的物理知识。如图所示，将双掌合拢，用力向内挤压，尽量排出手掌间的空气。两手掌猛然分开时，会感觉到有一种力量阻碍两手分开，这是因为手受到______的作用。从海拔较低的地区进入海拔较高的西藏地区后，游客发现，随身携带的密封食品包装袋会______(选填“鼓起来”或“瘪下去”)。
18. “山东舰”是我国自主建造的第一艘国产航母，其标准排水量为5×104t，采用歼−15作为航母的舰载机。处于标准排水量时，航母所受浮力是______ N。当一架歼−15舰载机从“山东舰”起飞后，“山东舰”所受的浮力______。
19. 喜欢动手的小宇在课余时间自制了如图所示的两种玩具。
(1)如图甲，快速旋转“竹蜻蜓”后放开手，它会向上飞起来。“竹蜻蜓”在加速上升的过程中，它受到的升力______它的重力；当它升高到最高点时，处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(2)如图乙，为了让悬浮在水中的潜艇模型上浮，小宇应该利用注射器______(选填“抽出”或“压入”)空气；在潜艇模型露出水面前，潜艇模型所受浮力______。
20. 如图所示，用同一个动滑轮先后提升同一物体，使物体匀速上升相同的高度，所用的力分别是F甲和F乙，拉力做的功分别是W甲和W乙，若不计摩擦、滑轮重和绳重，则F甲______F乙，W甲______W乙。
21. 如图所示是“蹦极”的示意图，弹性绳自重忽略不计。弹性绳的上端固定在O点，A点是弹性绳自然下垂时绳末端的位置，B点是蹦极者下落过程中人的重力和弹性绳对人的弹力大小相等时的位置，C点是蹦极者下降的最低点。从A点下落至B点的过程中，弹性绳的弹性势能______；蹦极者从O点下落到C点的过程中，速度最大的位置是______点。
22. 如图所示的气球动力车，当气球往外放气时，动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动。请画出此时动力车在水平方向受力的示意图(其中O为力的作用点)。
23. 如图所示的投掷器，在橡皮筋拉力F1的作用下投掷器的手柄绕O点转动，将小球投掷出去。请画出拉力F1的力臂l。
24. 如图，瀑布是一种壮观的自然景观，有瀑布的地方常成为游客们的旅游胜地。落差越大的瀑布，底部的水流越湍急。瀑布旁常设有警示标语“靠近危险、禁止游泳”。请用所学的物理知识回答以下两个现象：
(1)落差越大，底部的水流越湍急。
(2)靠近瀑布游泳，将被“吸入”瀑布之下而发生危险。
25. 小明利用水杯、硬纸片和硬币做了以下两个实验：
(1)如图甲所示，在空杯子上放一硬塑料片，在硬塑料片上放一枚硬币，当硬塑料片被弹得飞出去时，硬币没有跟着塑料片飞出去，这是由于硬币具有______；最终硬币落入杯中，是由于它受到______力的作用。
(2)如图乙所示，在装满水的杯子上放一硬塑料片，在硬塑料片上放一枚硬币，发现塑料片不会翻倒，这是因为水分子和塑料片分子间存在______力。
26. 在一次物理兴趣小组活动中，小琳将一小段吸管对折，用两枚回形针固定住(如图甲)，做成“浮沉子”，接着将其放入装有适量水的矿泉水瓶中，让其浮在水面，拧紧瓶盖。如图乙，当用力捏矿泉水瓶时，可以使“浮沉子”内水的重力______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，当“浮沉子”和它内部的水的总重______它受到的浮力时，“浮沉子”就会向下运动；而松手后，它又会上升。“浮沉子”的工作原理与______(选填“轮船”、“密度计”或“潜水艇”)相同。
27. 小皓利用重力不同的两个动滑轮探究“影响动滑轮机械效率的有关因素”。进行了如图所示的三次实验。
(1)实验中，他应沿______方向向上拉动弹簧测力计，使钩码______上升。
(2)正确操作后，得到的实验数据如表所示，其中第②次实验中，动滑轮的机械效率η=______。
(3)比较实验序号第①和②两次的实验数据可知，使用不同的动滑轮提升的重物时，动滑轮的自重越______，其机械效率越高。
(4)分析实验数据还可以发现，用同一动滑轮提升不同的重物，重物越重，机械效率越______。小皓还由此联想到，汽车作为一种“机械”，提高效率对节能减排有重要意义，因此，在驾车出行时，遵守交通规则情况下，应______(选填下列序号)。
A.尽量提高行驶速度
B.尽量少载乘客
C.鼓励“拼车”，尽量装满人员
第①次
第②次
第③次
动滑轮重G动/N
0.5
0.9
0.5
钩码重G/N
4
4
6
钩码上升高度h/m
0.2
0.2
0.2
弹簧测力计示数F/N
2.3
2.5
3.3
绳端移动距离s/m
0.4
0.4
0.4
机械效率η
87.0%
η2
90.9%
28. 在探究“影响动能的因素”实验中，如图所示，小刚将钢球从某一高度由静止释放，当钢球摆动到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块推过一段距离。
(1)钢球从某一高度向下摆动过程中，______能转化为______能。
(2)表中实验序号1和2两组的实验数据是探究钢球的______相同时，动能与______的关系。
(3)小明组也用相同的装置进行实验，但他们在做第3次实验时，木块被撞后在木板上滑行的距离超过木板的长度。则他们______(选填“需要”或“不需要”)换
用更长的木板重做第3次实验。
实验
序号
钢球的质
量m/g
钢球下摆的木块滑行的
距离s/cm
1
20
2025
2
40
2046
3
40
4080
29. 实验课中，各实验小组同学都在做“探究杠杆的平衡条件”的实验(实验中各组同学所用的钩码都相同，杠杆上每格长度均相同)。文文同学把杠杆的中点架在支架上，如图甲。
(1)调节杠杆两端的______，使杠杆在水平位置平衡，其目的是______。
(2)实验时，在杠杆左边挂2个钩码，如图甲所示，为了使杠杆重新在水平位置平衡，在A点应挂______个钩码。
(3)另一组的小琳同学安装好的实验装置如图乙所示。保持杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，弹簧测力计的示数F1将会______。小琳测量多组数据后发现，当杠杆平衡时，F1l1总是大于F2l2，其原因可能是______。
30. 小宇要探究“物体受到浮力与哪些因素有关”，他选用了电子秤、烧杯、圆柱体金属块、食盐和水，进行了如图中的各次操作(已知ρ水=1.0g/cm3)；
(1)比较甲、乙、丙中电子秤的示数可知，丙图中金属块受到的浮力为______ N。
(2)比较丙、丁中电子秤的示数可知，物体______越大，它受到的浮力越大。
(3)完成丁图中的实验操作后，往烧杯中加入一些食盐，待盐溶化后，发现电子秤的示数增大了。他______(选填“能”或“不能”)据此得出，其它条件相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力也越大。理由是______。
31. 如图所示，今年植树节小静同学提了一桶水放在水平地面上准备给树苗浇水，已知桶和水的总质量为14kg，桶中水深0.25m，桶的底面积为0.05m2。(桶壁厚度不计，ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)水对桶底的压强。
(2)地面受到水桶的压强。
32. 如图所示，“祝融号”火星车安全到达火星表面，它在火星表面上受到的重力为960N。在某次观测时，先用50s时间将车体重心升高1m，然后以1.8W的恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶了36m，用时1h。求：
(1)“祝融号”车体重心升高1m的过程中，克服重力做功的功率。
(2)“祝融号”在匀速直线行驶时所受的阻力。
33. 如图甲所示的是《天工开物》中记载的我国古代人民用桔槔来汲水的情景。小松同学受到启发，自制了一个能测量液体密度的“密度秤”(当杠杆静止于水平位置时，物体A悬挂点的刻度即为容器中液体的密度)，如图乙所示，质量不计的杠杆MN可绕O点转动，其中ON=0.2m，在C点悬挂质量为2kg的物体A，OC=0.5m，N端挂边长为0.1m的正方体B完全浸没于水中(已知ρ水=1.0×103kg/m3)，此时杠杆在水平位置平衡。求：
(1)B物体受到的浮力。
(2)B物体受到的重力。
(3)当容器装入另一种液体时，正方体B仍浸没于该液体中，物体A移到D点，杠杆在水平位置平衡，OD=0.44m，D点的刻度(容器中液体的密度)为多少。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：物质是由分子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子比原子核大；原子核是由质子和中子组成的，所以原子核比质子大；而夸克则是比中子更小的微粒，在这几种微粒中夸克是最小的。
故选：D。
物质是由分子或原子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的。
本题考查我们对于微观尺度的了解，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：小明踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，由于他排开水的体积逐渐变大，而液体的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，受到的浮力逐渐增大，由于小明的质量不变，所以重力不变，故A正确，BCD错误。
故选A。
顺着台阶，踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，由于排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知浮力的变化；
由于小明的质量不变，所以重力不变。
本题考查阿基米德原理的应用，难度不大，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：当他从跳台顶端沿雪面加速下滑时，他的质量不变，高度变小，重力势能减小，速度增大，动能变大，故B正确。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
掌握动能大小、重力势能大小的影响因素。根据影响因素，能判断动能、重力势能的大小变化。
4.【答案】A
【解析】解：如果在房间里吸烟，整个房间就会充满烟味由于烟分子不停地做无规则运动，在空气中进行扩散，所以整个房间也会充满烟味，故A正确、BCD错误。
故选：A。
物质是由分子或原子组成的，分子永不停息地做无规则运动。
本题考查分子运动，是对基础知识的考查。
5.【答案】C
【解析】解：
A、当足球被踢出去后，脚不再对球施加力，故A错误；
B、当足球被踢出去后，在空中继续飞行过程中，球运动的速度、方向发生了变化，运动状态改变，故B错误；
C、球在空中继续飞行过程中，球的质量不变，惯性不变，故C正确；
D、球在空中继续飞行过程中，受到竖直向下的重力、空气的阻力的作用，这两个力不是一对平衡力，所以合力不为0，故D错误。
故选：C。
(1)力是物体对物体的作用；
(2)物体运动速度或运动方向发生改变，则运动状态改变；
(3)惯性的大小只与质量有关，质量不变，惯性不变；
(4)根据物体的受力情况分析合力的大小。
本题考查了运动状态的判定、惯性、合力的大小等，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、推着小车前进，人给小车一个向前的力，小车在力的方向上移动了距离，人对小车做了功，故A不符合题意；
B、爬楼梯，人克服自身重力做了功，故B不符合题意；
C、顶住轮胎不动，人对轮胎用了力，轮胎没有在力的方向上移动距离，人对轮胎没有做功，故C符合题意；
D、用力且搬起箱子，箱子在力的方向上移动了距离，人对箱子做了功，故D不符合题意。
故选：C。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
有力有距离，力对物体不一定做功，例如物体由于惯性保持原来的运动，没有力对物体做功。
7.【答案】A
【解析】解：当把瓶盖撬开一个缝隙后，罐头内部气压会变大，最终与外界的气压相等，罐头瓶盖受到的大气压力的合力为0，所以容易瓶盖容器拧开。
故选：A。
根据罐头内部气压的变化分析。
本题考查了大气压的应用，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故A不合题意；
B、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】B
【解析】解：龙卷风内部空气流速快、压强小，外部流速慢、压强大，造成龙卷风内部的压强远小于外部的压强，能把附近的物体“吸入”其中。
故选：B。
运用流体压强与流速的关系来分析压强大小关系，据此得到物体被“吸”起的原因。
这类题要抓住问题的关键“流体压强和流速的关系”，判断出什么位置流速快，什么位置流速慢然后解题。
10.【答案】D
【解析】解：由题知，小杰和小彬质量相等，他们俩都跳了175次，每次跳起来的高度都相同，
根据W=Gh=mgh可知，小杰和小彬做功一样多；
小杰用时多余小彬，
根据P=Wt可知，小彬的功率大，即小彬做功更快。
故选：D。
根据W=Gh=mgh比较做功多少，根据P=Wt比较做功快慢，即功率大小。
此题考查功和功率的大小比较，难度不大，认真审题，抓住题目中的已知条件，利用功和功率公式可顺利作答。
11.【答案】C
【解析】解：因为用水平向右的力推水平地面上的储物箱，使储物箱做匀速直线运动，箱子处于平衡状态，分析可知，在水平方向上所受的推力与摩擦阻力符合二力平衡条件，所以是一对平衡力。
故选：C。
物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，所受到的力是一对平衡力；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，箱子处于静止状态即平衡状态，受力平衡。
12.【答案】C
【解析】解：由图可知，次种漂浮在盐水中，所以次种的密度要小于盐水的密度，即ρ次<ρ，
良种沉入盐水底部，所以良种的密度大于盐水的密度，即ρ良>ρ，
综合以上分析可知，良种的密度最大，盐水的密度其次，次种的密度最小，即ρ良>ρ>ρ次。
故选：C。
物体的浮沉条件：当物体的密度大于液体密度时，物体会沉底；当物体的密度等于液体密度时，物体会悬浮在液体中；当物体的密度小于液体密度时，物体会漂浮在液面上；据此分析。
本题考查物体浮沉条件的应用，是一道基础题。
13.【答案】A
【解析】解：由图可知，C点在水面，B是AC的中点，所以A、B两点的竖直深度为：hB=12hA，由p=ρgh可知，pB=12pA=12×p=0.5p。
故选：A。
根据p=ρgh进行分析即可。
本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用，理解深度是指液体内某点到液体自由液面的垂直距离是本题的关键。
14.【答案】B
【解析】解：当人从支点O处向右缓慢走动过程中，拉力F为动力，人对杠杆的压力大小等于人的重力G，动力臂为整个主梁的长度，设为L，阻力臂为s，根据杠杆的平衡条件得：FL=Gs，故F=GsL，由关系式知：拉力F与重物到支点O的距离s成一次函数关系，且拉力随s的增大而增大，故B符合题意。
故选：B。
当人从支点O处向右缓慢走动过程中，以左侧的支柱为支点O，吊桥右端受到的拉力F为动力，
动力臂为整个吊桥的长度，设为L；人对吊桥的压力为阻力，大小等于人的重力G，阻力臂为s，根据杠杆的平衡条件分析出F和s的关系式，据此分析F与s的关系图像。
本题考查了杠杆平衡条件的应用和图像的分析能力，是一道难题。
15.【答案】D
【解析】解：A、滑轮C是动滑轮，动滑轮能省力，但不能改变力的方向，故A错误。
B、绳子拉滑轮的力F拉=G+G动2=8N+2N2=5N，，则绳子对物体A向右的拉力为5N，物体还受到摩擦力的作用，水平方向上，物体在这三个力的作用下处于平衡状态，故物体A受到的摩擦力6N−5N=1N，故B错误。
C、物体A移动的距离s=2h=2×0.6m=1.2m，故C错误。
D、拉力F做的功W=Fs=6N×1.2m=7.2J，故D正确。
故选：D。
(1)定滑轮可以改变力的方向，动滑轮可以省一半的力。
(2)先分析物体A在水平方向上的受力情况，绳子对物体A的拉力等于绳子拉滑轮的力，即F拉=G+G动2，最后根据合力为零解答。
(3)物体A移动的距离等于绳端移动的距离。
(4)拉力F做的功等于W=Fs。
本题考查了滑轮的特点、功的计算以及摩擦力的大小和平衡力，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学知识的综合应用能力。
16.【答案】D
【解析】解：A、瓶子的重力为：G瓶=m瓶g=0.05kg×10N/kg=0.5N，
图乙中玻璃瓶处于漂浮状态，浮力等于其总重力，即：F浮水=G瓶+G水，
则：ρ水gS(h1+h2)=G瓶+ρ水gSh1，
则：ρ水gSh2=G瓶，
玻璃瓶底面积为：
S=G瓶ρ水gh2=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=2.5×10−3m2=25cm2，故A错误；
B、甲图中瓶内水的体积为：V水=Sh1=25cm2×10cm=250cm3，所以瓶内水的质量为：m水=ρ水V水=1.0g/cm3×250cm3=250g，故B错误；
C、乙图中瓶内液面低于瓶内液面，根据p=ρgh知玻璃瓶在水中漂浮时瓶内水对瓶盖的压强小于瓶外水对瓶盖的压强，故C错误；
D、设玻璃瓶的底面积为S，玻璃瓶在水中和在液体中受的浮力相等，
F浮水=F浮液，
ρ水gV排=ρ液gV排′，
ρ水g(V水+Sh2)=ρ液g(V水+Sh3)，
因为水的体积V水=Sh1，图中h1=0.10m，h2=0.02m，h3=0.04m，
解得：ρ液=ρ水(h1+h2)h1+h3=1.0g/cm3×(10cm+2cm)10cm+5cm=0.8g/cm3，故D正确。
故选：D。
(1)图乙中瓶子处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此列出等式，然后即可求出玻璃瓶底的面积；
(2)根据m=ρV求出甲图中瓶内水的质量；
(3)根据图知瓶内外液面的高度，根据p=ρgh判断出玻璃瓶在水中漂浮时瓶内外水对瓶盖压强的关系；
(4)根据瓶子在水中和在图丙的液体中受的浮力相等列出等式，解出液体密度。
此题主要考查的是学生对浮力、二力平衡等知识的理解和掌握，综合性很强，难度较大，能够读懂图中信息是解决此题的关键。
17.【答案】大气压 鼓起来
【解析】解：将双掌合拢，用力向内挤压尽量排除手掌间的空气，使手掌内气压很小。两手掌猛然分开时，要克服大气压的作用，所以会感觉到有一种力量阻碍两手分开；
从海拔较低的地区进入海拔较高的西藏地区后，包装袋内空气质量一定，但包装袋外部受到的气压减小，所以袋内空气体积会变大，鼓起一些。
故答案为：大气压；鼓起来。
(1)我们可以把两只手想象成两个吸盘来帮助理解；
(2)大气压强随着海拔高度的增加而减小。
本题考查大气压以及气压与高度的关系，难度不大，是对基础知识的考查。
18.【答案】5×108 减小
【解析】解：(1)由阿基米德原理可得，在标准排水量时航母所受浮力：
F浮=G排=m排g=5×104×103kg×10N/kg=5×108N；
(2)一架歼−15从山东舰起飞前后，山东舰始终处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，
当一架歼−15从山东舰起飞后，山东舰的总重力减小，受到的浮力减小。
故答案为：5×108；减小。
(1)知道山东舰的标准排水量，根据阿基米德原理F浮=G排=m排g求出航母所受的浮力；
(2)一架歼−15从山东舰起飞前后，山东舰始终处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，分析一架歼−15从山东舰起飞后的重力变化得出受到的浮力变化。
本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，明白排水量的含义是关键。
19.【答案】大于 非平衡 压入 不变
【解析】解：(1)“竹蜻蜓”在加速上升，则合力的方向与运动方向相同，即合力方向向上，所以它受到的升力要大于它的重力；当它升高到最高点时，只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态。
(2)潜艇模型处于悬浮状态，模型受到的浮力等于重力，向左推注射器活塞，压入空气，则水会被压出试管，此时模型的总重减小，即浮力大于重力，模型上浮，所以要使模型上浮，应该利用注射器压入空气，把模型中的水排出；
在潜艇模型露出水面前，浸没在水中，此时水的密度不变，其排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知，潜艇所受浮力不变。
故答案为：(1)大于；非平衡；(2)压入；不变。
(1)“竹蜻蜓”在加速上升，则合力的方向与运动方向相同，即合力方向向上，据此分析升力与重力的大小关系；当升高到最高点时，“竹蜻蜓”只受重力的作用，据此分析处于什么状态；
(2)潜艇是通过改变自身的重力来实现浮、沉的，结合这个特点来分析如何改变模型的总重力；
在潜艇模型露出水面前，浸没在水中，此时水的密度不变，其排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知它受到的浮力变化情况。
本题考查运动与力的关系、平衡状态的判断、潜水艇的工作原理以及阿基米德原理的应用，是一道综合题。
20.【答案】>=
【解析】解：不计摩擦、滑轮重和绳重，用同一个动滑轮先后提升同一物体，
甲图，拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，省一半的距离，即F甲=2G，s甲=12h；
乙图，拉力作用在绳子自由端，省一半的力，费一半的距离，即F乙=12G，s乙=2h。
则W甲=F甲×s甲=2G×12h=Gh，W乙=F乙×s乙=12G×2h=Gh，
所以，F甲>F乙，W甲=W乙。
故答案为：>；=。
不计摩擦、动滑轮重和绳重，由图知，甲图中拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，省一半的距离；乙图中拉力作用在绳子自由端，省一半的力，费一半的距离；据此比较拉力大小，并结合做功公式比较做功大小。
此题考查功的大小比较、动滑轮的工作特点，知道不计摩擦、滑轮重和绳重时，拉力与物体重力的关系是解答本题的关键。
21.【答案】增大 B
【解析】解：蹦极者从A点下落至B点的过程中，弹性绳的弹性形变程度变大，弹性势能变大；
从A点到B点的过程中，人的重力大于弹性绳的拉力，蹦极者做加速运动，速度越来越快，动能越来越大；从B点到C点的过程中，人的重力小于弹性绳的拉力，蹦极者做减速运动，速度越来越慢，动能越来越小，最低点时速度为零；所以整个过程中蹦极者重力等于绳子弹力时速度最大，即在B点的速度最大。
故答案为：增大；B。
弹性势能的大小与弹性形变程度的大小有关；重力势能的大小与质量、高度有关；动能的大小与质量、速度有关；
根据蹦极者在下落过程中的受力情况分析蹦极者的运动状态的变化。
此题考查动能和弹性势能的大小变化，明确影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素是解题的关键。
22.【答案】解：因为动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动，因此动力车受到水平向右的推力大于水平向左的摩擦力作用，因此从物体重心作水平向右的推力和水平向左的摩擦力，注意水平向右的推力线段大于水平向左的摩擦力的线段。如图所示：
【解析】由于动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动，因此动力车受到水平向右的推力大于水平向左的摩擦力作用；然后从重心表示出推力和摩擦力的方向和大小。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
23.【答案】解：从支点O向拉力F1的作用线引垂线，则垂线段的长度即为力臂l，如图所示：
【解析】掌握力臂的概念，从支点到力的作用线的距离；具体的画法：从支点O向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为其力臂。
力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
24.【答案】答：(1)瀑布是水的重力势能转化为动能，瀑布落差越大，水的重力势能越大，转化的动能就越大，所以底部的水流越湍急。
(2)靠近瀑布游泳时，人靠近瀑布的一侧空气流速大压强小，而人的外侧空气流速小压强大，在内外压强差的作用下，人容易被“吸入”瀑布之下而发生危险。
【解析】(1)动能和势能之间可以相互转化；动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
此题通过瀑布考查动能和势能大小的影响因素、流体压强和流速的关系，生活处处皆物理的，学习过程中应注意观察生活的相关现象，并学会利用所学知识加以解释。
25.【答案】惯性 重 引
【解析】解：(1)硬币没有跟着塑料片飞出去，这是由于硬币具有惯性；最终硬币落入杯中，是由于它受到重力的作用；
(2)在硬塑料片上放一枚硬币，发现塑料片不会翻倒，由杠杆的平衡条件可知，塑料片的支点在中间，这是因为水分子和塑料片分子间存在引力，使另一端受到向下力的作用。
故答案为：(1)惯性；重；(2)引。
(1)物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；硬币落入杯中，受到了竖直向下的力的作用，这个力就是重力；
(2)当杯内水盛满，塑料片与水充分接触时，塑料片仍没有被压翻，由杠杆的平衡条件可知，塑料片的支点在中间，说明另一端也受到向下的力的作用，可见这个力就是水分子和塑料片分子之间的引力。
本题考查了惯性、重力、杠杆的概念和分子间的作用力，比较基础，只要细心解答不难。
26.【答案】变大 大于 潜水艇
【解析】解：“浮沉子”的原理：挤压矿泉水瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入“浮沉子”中，将“浮沉子”中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉。松开手后瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，“浮沉子”里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮，可见，“浮沉子”是通过改变自身重力来改变浮沉的，与潜水艇的工作原理相同。
故答案为：变大；大于；潜水艇。
物体的浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。
此题考查了浮沉子的工作原理，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。
27.【答案】竖直 匀速 80%小 高 A
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，使钩码匀速上升。
(2)实验数据如表所示，第②次实验中，有用功W有=Gh=4N×0.2m=0.8J，总功W总=Fs=2.5N×0.4m=1J，机械效率η=W有W总×100%=0.8J1J×100%=80%。
(3)比较实验序号第①和②两次的实验数据可知，当动滑轮自重越小时，机械效率越高。
(4)比较实验序号第①和③，用同一动滑轮提升不同的重物，重物越重，机械效率越高；
由表中数据可知，同一滑轮将不同的重物提升相同的高度，提升物体越重，机械效率越高；即对同一滑轮，额外功一定，增加提升物体的重力，增大有用功，可提高机械效率；
A、行驶速度与机械效率无关，故A不符合题意；
BC、鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员，是在额外功相同时，人越多，有用功越多，机械效率越高，故B不符合题意，C符合题意。
故答案为：(1)竖直；匀速；(2)80%；(3)小；(4)高；A。
(1)实验中应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
(2)根据表中实验数据求出有用功和总功，在利用机械效率公式求出滑轮组效率。
(3)在其他条件一定时，看动滑轮重不同时对应的机械效率是否相同，据此回答。
(4)对于改变滑轮组机械效率的方法，有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。据此分析。
本题考查了测量滑轮组机械效率的实验，涉及到注意事项、测力计读数、滑轮组机械效率的计算和分析实验数据得出结论的能力等，要注意影响滑轮组机械效率因素的运用。
28.【答案】重力势 动 速度 质量 不需要
【解析】解：(1)钢球从某一高度向下摆动过程中，钢球的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能；
(2)根据表中实验序号1和2两组的实验数据可知，钢球摆下的高度相同，到达水平面时的速度相同，钢球的质量不同，探究的是动能大小与质量的关系；
(3)他们在做第3次实验时，木块被撞后在木板上滑行的距离超过木板的长度，这说明此时钢球的动能较大；在质量相同时，速度越小，动能越小，实验中可以通过减小钢球摆下的高度来减小动能的大小，所以不需要换用更长的木板重做第3次实验。
故答案为：(1)重力势；动；(2)速度；质量；(3)不需要。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，据此分析；
(3)运用控制变量法，根据实验数据分析。
此题考查的影响动能大小实验的探究，考查了转换法和控制变量法的应用，本题难度不大。
29.【答案】平衡螺母 便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 3 变大 杠杆自身有重力
【解析】解：(1)实验前若杠杆不在水平位置平衡，可通过调节平衡螺母在水平位置平衡，其目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
如图甲所示，实验过程中，左端下沉，可将右侧的钩码向右移动。
(2)设一钩码重为G，一格长度为L，
2G×3L=2L×nG，解得n=3；
(3)实验装置如图乙所示。保持杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位时平衡时，弹簧测力计的示数F1将会变大；
用如图乙所示装置进行探究，当杠杆平衡时，F1l1总是小于F2l2，其原因可能是杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响
故答案为：(1)平衡螺母；便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；(3)变大；杠杆自身有重力。
(1)探究杠杆平衡条件时，通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
(2)根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，可解此题；
(3)分析动力臂大小的变化，根据杠杆的平衡条件分析即可解答；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。
(1)探究杠杆的平衡条件和使用天平称量物体质量时，操作步骤是大致相同的：首先调节杠杆或天平在水平位置平衡，然后在挂钩码或往天平盘内增加物体和砝码，使杠杆或天平重新平衡。
(2)探究杠杆平衡时，弹簧测力计倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，力臂变小，力变大，是本实验经常考查的内容。
30.【答案】0.16物体排开液体 不能 食盐增加了水的重力
【解析】解：(1)丙图烧杯中水对金属块有浮力(托力)，物体间力的作用是相互的，这个力会导致电子秤的示数增大。比较乙、丙中电子秤的示数可知，丙图中金属块受到的浮力为：F浮=(m乙−m丙)g=(598.8×103kg−582.8kg×103kg)×10N/kg=0.16N；
(2)丁图中圆柱体金属块排开水的体积较大，电子秤的示数较大，即圆柱体金属块在丙图水中受到的浮力大，因此比较丙、丁中电子秤的示数可知，物体排开液体的体积越大，它受到的浮力越大；
(3)往烧杯中加入一些食盐，待盐溶化后，发现电子秤的示数增大了，这是由两个因素造成的：一是食盐增加了水的重力；二是金属块受到的浮力增大，从而增大了烧杯对电子秤的压力。因此他不能据此得出，其它条件相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力也越大，理由是食盐增加了水的重力。
故答案为：(1)0.16；(2)物体排开液体；(3)不能；食盐增加了水的重力。
(1)浮力是液体对物体向上的托力，根据物体间力的作用是相互的求解；
(2)物体在水中所受的浮力的大小与排开水的体积成正比；
(3)丁图中电子秤的示数与液体的重力和金属块受到的浮力有关，分析时结合控制变量法。
本题中称重法测量浮力和控制变量法的运用是本实验操作和分析的关键，找出实验中控制不变的量是哪些；改变的物理量是哪一个。
31.【答案】解：(1)水对桶底的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.25m=2.5×103Pa；
(2)桶和水的总重力：
G=mg=14kg×10N/kg=140N，
桶对水平地面的压力：
F=G=140N，
地面受到水桶的压强：
p=FS=140N0.05m2=2.8×103Pa。
答：(1)水对桶底的压强为2.5×103Pa；
(2)地面受到水桶的压强为2.8×103Pa。
【解析】(1)根据p=ρgh求水对桶底的压强；
(2)根据G=mg求桶和水的总重力，桶对水平地面的压力大小等于桶和水的总重力，根据p=FS求地面受到水桶的压强。
本题考查液体压强公式、重力公式和压强定义式的应用，关键是知道水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等。
32.【答案】解：(1)“祝融号”火星车车体重心升高1m的过程中，克服重力做的功为：W=Gh=960N×1m=960J；克服重力做功的功率为：P=Wt=960J50sW=19.2W；
(2)“祝融号”以恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶的牵引力为F，则牵引力F做的功为：
WF=Fs=P′t′；
“祝融号”的牵引力为：F=P′t′s=1.8W×3600s36m=180N；
因为“祝融号”做匀速直线行驶，根据二力平衡的条件知所受的阻力为f=F=180N。
答：(1)“祝融号”车体重心升高1m的过程中，克服重力做功的功率为19.2W。
(2)“祝融号”在匀速直线行驶时所受的阻力为180N。
【解析】(1)利用W=Gh求出车体重心升高1m的过程中，克服重力做的功，利用P=Wt求出克服重力做功的功率；
(2)根据P=Fs′t′求出“祝融号”以1.8W的恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶的牵引力，最后根据二力平衡的条件得出所受的阻力。
本题考查了二力平衡条件的应用和功的计算、功率的计算，是一道综合性较强的习题。
33.【答案】解：(1)由题意可知，B物体的体积：VB=(a)3=(0.1m)3=1×10−3m3，
因为B物体浸没在水中，所以B物体排开水的体积：
VB排=VB=1×10−3m3，
则B物体受到的浮力：
FB浮=ρ水gVB排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N；
(2)A物体对杠杆的拉力：FA=GA=mAg=2kg×10N/kg=20N，
由杠杆的平衡条件可得：FA×LOC=FB×LON，
即：20N×0.5m=FB×0.2m，
解得：FB=50N，
由图可知，此时B物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力和浮力，由力的平衡条件可知，B物体的重力：
GB=FB+FB浮=50N+10N=60N；
(3)当容器装入另一种液体时，正方体B仍浸没于该液体中，物体A移到D点，
由杠杆的平衡条件可得：FA×LOD=FB′×LON，
即：20N×0.44m=FB′×0.2m，
解得：FB′=44N，
由图可知，此时B物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力和浮力，由力的平衡条件可知，B物体的浮力：
F浮B′=GB−FB′=60N−44N=16N，
由F浮=ρ液gV排得液体的密度为：
ρ液=F浮B′gVB=16N10N/kg×1×10−3m3=1.6×103kg/m3，即D点的刻度(容器中液体的密度)为1.6×103kg/m3。
答：(1)B物体受到的浮力为10N；
(2)B物体受到的重力为60N；
(3)D点的刻度(容器中液体的密度)为1.6×103kg/m3。
【解析】(1)根据体积公式求出B物体的体积，根据阿基米德原理求出B物体浸没在水中时所受的浮力；
(2)根据F=G=mg求出物体A对杠杆的拉力，再由杠杆原理求绳子对B物体的拉力；对B物体进行受力分析，由力的平衡条件求出物体B的重力；
(3)由杠杆的平衡条件算出物体A移到D点时绳子对B物体的拉力，由力的平衡条件算出B物体的浮力，最后由F浮=ρ液gV排算出液体的密度。
本题考查阿基米德原理、杠杆平衡条件、力的平衡条件和密度公式的应用，关键是根据力的平衡条件求出物体B的重力。
相关试卷
福建省福州市福清市2022-2023学年八年级上学期期末物理试卷： 这是一份福建省福州市福清市2022-2023学年八年级上学期期末物理试卷，共31页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，简答题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年福建省福州市八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）： 这是一份2021-2022学年福建省福州市八年级（下）期末物理试卷（含答案解析），共27页。试卷主要包含了F2，拉力做的功为W1等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年福建省福州市福清市九年级（上）期中物理试卷（含答案解析）： 这是一份2022-2023学年福建省福州市福清市九年级（上）期中物理试卷（含答案解析），共21页。
