2020贵阳一中高三第七次月考理科综合试题扫描版含答案

这是一份2020贵阳一中高三第七次月考理科综合试题扫描版含答案试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
理科综合参考答案
一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求；第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。
【解析】
1．动物细胞有中心体，大多数植物细胞中没有，A错误。中心体发出星射线形成纺锤体，将染色体往两极牵拉，而这一功能对染色体的精确分离是必需的，B正确。中心体为无膜结构，不含“磷脂分子”，C错误。每个中心体都由两个中心粒组成，D错误。
2．具有透气性的创可贴，抑制厌氧微生物的生长繁殖，减少伤口感染。给盆栽花卉适时松土，可以改善土壤通气条件，保证作物的有氧呼吸作用正常进行，可促进根系的生长。水稻不及时排水根系进行无氧呼吸产生酒精，C错误。酵母菌为兼性厌氧型生物，利用酵母菌生产，主要是利用其无氧呼吸发酵产生酒精，例如果酒发酵，需要控制无氧条件；醋酸菌是好氧菌，制作醋酸需要注意通气。
3．补充镁盐后，该幼苗叶绿体内的叶绿素增加，光反应增强，NADPH的合成速率增加，A错误。镁是构成叶绿素分子的必需元素，B正确。无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动有重要作用，C正确。用含该无机盐的完全培养液培养幼苗可作为对照组，D正确。
4．生长素是由色氨酸转变而来，A正确。脱落酸主要分布在将要脱落的器官和组织中，B正确。赤霉素主要通过促进细胞伸长引起植株生长，C错误。乙烯在植物的各个部位均可合成，D正确。
5．减数分裂和有丝分裂都可能发生染色体数目变异，A正确。染色体结构变异可能改变染色体上基因的数目、种类，一般不改变基因的结构，B错误。碱基对的替换如C—G替换成A—T，氢键的数目会减少，C正确。乳酸菌无染色体，不能发生染色体结构变异，噬菌体没有细胞结构，由遗传物质和蛋白质构成，可发生基因突变，人体三种可遗传变异均可发生，综上基因突变可发生于上述三种生物中，D正确。
6．λ大于1且λ为定值才为“J”型曲线，A错误。增长率只要大于0种群数量都在上升，B错误。种群数量达到K值后会围绕K值上下波动，C错误。误将重捕个体中的某些未标记个体记为标记个体，会导致重捕中被标志个体数偏大，最终导致实验所得数值比实际数值小，D正确。
7．聚乙烯纤维属于有机高分子材料，A正确。铝锂合金属于金属材料，B正确。电能属于二次能源，C正确。碳化硅属于新型无机非金属材料，D不正确。
8．28g乙烯中含极性共价键的数目应为4NA，A不正确。乙醇、乙醛都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B不正确。淀粉无甜味，C不正确。能发生银镜反应，是含有醛基类物质的性质，D正确。
9．据题意A、B、C、D、E五种短周期主族元素，原子序数依次增大，且分属于不同的周期，可知A为氢元素，E的单质在常温下能被浓硫酸钝化，则E为铝，D为O，由B原子最外层电子比E原子最外层电子多1，可知B为C，C为N。由H、C形成的化合物可为CH2=CH2、苯等化合物，可知既含极性键，又含非极性键，A错误。H、C、N与O可形成H2O2、H2O、CO、CO2、NO、N2O等化合物，B正确。最高价氧化物对应水化物的酸性：H2CO3C>N>O>H，D错误。
10．亚硫酸钠能与H2SO4反应生成SO2，SO2能使品红溶液褪色，A正确。仪器b中产生气体，说明HCl的酸性强于碳酸，仪器c中出现沉淀，不能说明碳酸的酸性强于硅酸，因为HCl是挥发性酸，且HCl不是氯的最高价氧化物对应的水化物，B错误。由于从b中导出的气体除了HBr外，还有挥发出的Br2蒸汽，Br2和HBr遇AgNO3都会产生淡黄色沉淀，C错误。仪器b中加入HCl后产生了使澄清石灰水变浑浊的气体，不能说明X溶液中含有CO，可能含有HCO或HSO等，D错误。
11．饱和氯化铁溶液滴入沸水中形成的红褐色液体是Fe(OH)3胶体，不是沉淀，A错误。草酸是弱酸，不能用离子式表示，B错误。新制氯水中含有Cl2，具有强氧化性，而Na2S中S2−具有还原性，Cl2可将S2−氧化成单质硫，C正确。离子反应得失电子、电荷不守恒，D错误。
12．多孔碳电极可以增大与气体的接触面积，有利于扩散至电极表面，A正确。铝电极为负极，多孔碳电极为正极，电池中电子的流动方向：由铝电极流向多孔碳电极，B错误。据题意可知，O2实质上没有参与总反应，其作用是催化剂，C正确。依据多孔碳电极上的反应可知，当电路中通过1ml电子时，多孔碳电极上可吸收44g CO2，D正确。
13．水的电离为吸热过程，升高温度，平衡向着电离方向移动，水中增大，故pH减小，但，A不符合题意。水的电离为吸热过程，升高温度，促进水的电离，所以增大，醋酸根水解为吸热过程，CH3COO−+H2Oeq \(,\s\up7(),\s\d6())CH3COOH+OH−，升高温度促进盐类水解，所以c(OH−)增大，B不符合题意。升高温度，促进水的电离，故c(H+)增大；升高温度，促进铜离子水解Cu2++2H2Oeq \(,\s\up7(),\s\d6())Cu(OH)2+2H+，故c(H+)增大，两者共同作用使pH发生变化，C不符合题意。盐类水解为吸热过程，升高温度促进盐类水解，水解平衡均正向移动，故D符合题意。
14．由知，质点5s时速度减为0，位移为25m，剩下3s质点做反向加速运动，位移大小为9m，故质点前8秒内通过的路程为34m。
15．人在向上缓慢爬行的过程中受到的摩擦力为静摩擦力，等于重力沿切面向下的分力，，故人向上爬行时受到的摩擦力越来越小；物品在滑下的过程中受到的摩擦力为滑动摩擦力，，故物品受到的摩擦力在滑下的时候越来越小。
16．三个点上的卫星周期、角速度相同，从容易得到，由知，，L4点上的卫星比点上的卫星更靠近地球和月球，由万有引力定律和牛顿第二定律易知，故D正确。
17．设阴极材料光电子的逸出功为W，则，，所以，故A错误。由于，则光电管阴极K发生光电效应的极限频率，故B错误。根据A选项可得，若入射光频率变为原来的3倍，则光电子的最大初动能为，故C错误。入射光频率为，加大小为U的正向电压，根据动能定理可得电子到达A极的最大动能，而，解得，故D正确。
18．由动能定理，，，故A正确。从N点到P点离场源电荷+Q越来越近，故电势越来越高，故B错误。由可知，P点电场强度的大小是N点的4倍，故C错误。由A选项可知，故检验电荷在N点具有的电势能为，故D错误。
19．由图可知，小球受到的合力向下，故A正确。其中重力向下，故C正确。而电场力方向可能向上也可能向下，故B错误。D项也就不能确定。
20．滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电阻变大，则干路电流变小，则消耗的功率变小，故A正确。干路电流变小，分压变小，则电压表V的测量的电压变大，示数变大，故B正确。因输出电流变小，则输出功率变小即输入功率变小，电流表示数变小，故C错误。闭合开关S，并联支路增加，电阻变小，则副线圈即的电流变大，分压变大，则的分压变小，电流变小。电流表示数随副线圈电流的变大而变大，故D错误。
21.小球下滑时有，由表达式可知随着增加，a也越来越大，当时，a达到最大，此后，随着继续增加，a越来越小，直到时，a减小到0，小球做匀速直线运动，故A正确，B错误。整个过程中最大摩擦力出现在匀速运动过程中，，故D错误。由动能定理可以得到C正确。
三、非选择题（共174分）
（一）必考题：共11小题，共129分。
22.（每空2分，共6分）
（1）弹簧的劲度系数k
（2）
23．（除特殊标注外，每空1分，共8分）
（1）①K2 K1 R1 ②K2 R2
（2）0.2（3分）
24.（15分）
解：（1）设物体沿斜面向下的分力为G1，在斜面上受到的滑动摩擦力大小为f
①
②
解得 ③
静止在斜面上时 ④
（2）由牛顿运动定律可得
⑤
⑥
解得 ⑦
设撤去电场时物块的速度大小为，据题意据运动学公式可得
⑧
⑨
解得 ⑩
评分标准：本题共15分。正确得出①、②、⑤、⑥、⑨式各给1分，其余各式各给2分。
25.（18分）
解：（1）对于滑块从桌面左端运动到右端的过程有 ①
解得 ②
（2）滑块和小球碰撞前后满足动量守恒以及机械能守恒
③
④
解得 ⑤
（3）碰后，因为 ⑥
小球做平抛运动
水平方向有，竖直方向有 ⑦
圆的方程为 ⑧
解得 ⑨
小球B刚好在圆心等高处绳子拉直
此时小球向下的速度为 ⑩
设小球B在最低点时速度为，由动能定理有

最低点有
解得
评分标准：本题共18分。正确得出①~⑤式各给2分，其余各式各给1分。
26．（除特殊标注外，每空2分，共14分）
（1）defghabijc 防止空气中的水蒸气进入，吸收多余的氯气
（2）D中长导管太细，氯化铝易堵塞导管
（3）若先加热硬质玻璃管，Al 先与装置中残存的O2反应，无法制得纯净的AlCl3
（4）水浴加热（1分）
（5）B装置出现淡黄色沉淀（1分）
（6）分液（1分） 过滤（1分） 76.9%
【解析】（1）制备无水AlCl3，在装置B中利用浓盐酸与二氧化锰加热条件下反应生成氯气，通过装置E中的饱和食盐水将氯气中的氯化氢除去，装置C干燥氯气，纯净干燥的氯气进入装置A与铝粉在加热条件下反应生成氯化铝，最后为防止空气中的水蒸气进入且利用碱石灰吸收未反应的氯气，故装置合理的连接顺序依次为defghabijc，其中F装置的作用是防止空气中的水蒸气进入，吸收多余的氯气。
（2）因氯化铝易升华和凝华，而D中长导管太细，氯化铝易堵塞导管，应将长导管换成较粗的导管，避免氯化铝堵塞导管。
（3）实验时应先加热圆底烧瓶再加热硬质玻璃管，其原因是若先加热硬质玻璃管，Al 先与装置中残存的 O2 反应，无法制得纯净的AlCl3。
（4）由于反应在80℃条件下进行，采用水浴加热便于控制实验温度，还能使烧瓶受热均匀。
（5）若A中已经发生了反应，就会有HBr生成，遇到B装置中的AgNO3溶液，就会产生淡黄色沉淀。
（6）提纯产品时先用大量水洗去无机物，分液，因氯化铝易水解，会有少量氢氧化铝胶体与有机物混合，用稀盐酸除去少量氢氧化铝胶体，再用少量蒸馏水洗涤，再次分液后，加入大量无水氯化钙除去有机物中的水，过滤弃去固体，蒸馏并收集136.2℃馏分得到产品。加入苯的物质的量为，溴乙烷的物质的量为
，由反应方程式可知，加入的苯过量，则理论上生成乙苯的质量为，乙苯的产率为。
27．（除特殊标注外，每空2分，共14分）
（1）+1266 不变（1分）
（2）cd
（3）防止合成塔中的催化剂中毒，影响催化剂的活性 低温、高压（1分，全对才给分）
（4）① N2H+H2Oeq \(,\s\up7(),\s\d6())[N2H5·H2O]+ + H+ ②a
【解析】（1）；；因为温度没有变化，故K不变。
（2）由图象可知，A、C两点都在等温线上，C的压强大，则A、C两点的速率：A c(H+)>c([N2H5·H2O]+)
>c(OH−)，b不正确。依据电荷守恒可得：2c(N2H)+c([N2H5· H2O]+)+c(H+)=c(Cl−)+c(OH−)，c不正确。
28．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）4Fe(CrO2)2 + 8Na2CO3 + 7O2 eq \(=====,\s\up7(△))8Na2CrO4 + 2Fe2O3 + 8CO2（3分） d
（2）Al(OH)3、H2SiO3
（3）Na2CrO4（1分）
（4）使Na2Cr2O7转化为K2Cr2O7（1分） 溶液表面出现结晶膜（1分） 冷却结晶（1分）
（5）1︰4 3.5
【解析】（1）根据题意可知，高温煅烧中反应物为Fe(CrO2)2、碳酸钠、O2，产物主要是氧化铁、铬酸钠，主要反应的化学方程式为4Fe(CrO2)2+8Na2CO3+7O2eq \(=====,\s\up7(△))8Na2CrO4+2Fe2O3 + 8CO2；高温煅烧应在坩埚中进行，瓷坩埚属于硅酸盐产品，在高温下会与碳酸钠反应，因此应采用铁坩埚。
（2）高温煅烧的产物是、Na2SiO3、、Fe2O3，只有Fe2O3难溶于水，所以滤渣Ⅰ的成分是Fe2O3；加入醋酸调节pH=7的目的是使AlO、SiO形成Al(OH)3、H2SiO3沉淀除去。
（3）据题意可知，流程中滤液Ⅱ中的溶质主要是Na2CrO4。
（4）低温下K2Cr2O7的溶解度小于Na2Cr2O7，加入KCl的目的是使Na2Cr2O7转化为K2Cr2O7，获得晶体的操作依次是加热浓缩至溶液表面出现结晶膜、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥。
（5）CrO5中铬的化合价为+6价，设−2价氧有x个，−1价氧有y个，，
，解得，，因此它们的个数比为1︰4；用双线桥分析如下：
消耗4ml CrO5转移电子的物质的量为14ml，因此消耗1ml CrO5转移电子的物质的量为3.5ml。
29.（除特殊标注外，每空2分，共8分）
（1）被动
（2）思路：①将羊血均分为两组（1分），②分别置于常温和低温下（1分），③然后加入蒸馏水或低渗溶液（1分），④观察记录溶血（液体变澄清）所需时间（1分）
结果：低温处理组溶血时间比常温处理组更长（2分）
【解析】（2）实验思路应体现实验设计的对照原则等重要原则，并对自变量、因变量等进行清晰地描述。根据实验目的（观点）及题干中的有关信息可知，本实验的自变量是温度（低温与常温相比），因变量是溶血现象发生的时间，因此应分别设置低温处理组作为实验组、常温处理组作为对照组，用清水或其他低渗溶液诱发溶血现象，比较不同温度下的溶血时间。
30.（除特殊标注外，每空2分，共11分）
（1）内正外负 控制物质进出、细胞间的信息交流、将细胞与外部环境分隔开（答对其中1点给1分，答对其中2点即给2分）
（2）Na+ 升高
（3）固醇（或类固醇）（1分） 体液（或血液）
【解析】（1）谷氨酸是兴奋性神经递质，故作用于突触后膜会引起Na+内流而产生内正外负的动作电位。神经递质与后膜受体的结合体现了细胞膜的信息交流的作用，Na+内流和谷氨酸的释放体现了细胞膜控制物质进出的功能，当然细胞膜的存在本身也有将细胞与外部环境分隔开的作用。
（2）当突触间隙中谷氨酸积累过多时，持续作用会导致Na+过度内流，使突触后神经元因渗透压升高而膨胀损伤甚至涨破。
（3）性激素、胆固醇、维生素D都属于固醇，而固醇、磷脂和脂肪又都属于脂质。雌性激素作为激素，满足激素调节的三大特点：微量高效、体液运输和作用于靶器官和靶细胞。
31．（每空2分，共10分）
（1）自我调节
（2）林火烧掉枯枝落叶可以加速生态系统的物质循环
（3）营养结构相对单一（简单）
（4）次生演替 结构和功能
【解析】（1）生态系统具有一定的自我调节能力以维持自身结构与功能的相对稳定。
（2）林火烧掉枯枝落叶，枯枝落叶中的有机物转化为无机物，可以加速生态系统的物质循环。
（3）相对于天然林而言，人工林生态系统的营养结构单一，自我调节能力差，抵抗力稳定性也相对较差。
（4）森林火灾后，保留原有土壤条件，属于次生演替。人类可通过科学方法促进生态系统的结构功能恢复到正常。
32.（除特殊标注外，每空2分，共10分）
（1）圆形 基因的分离（或分离）
（2）思路一：让亲本中的子叶圆形黄色植株自交（1分），观察子代的表现型并统计比例
（1分）；子代出现圆形黄色︰圆形绿色︰皱形黄色︰皱形绿色=9︰3︰3︰1（写出表现型及比例3分，只写表现型2分，只写比例0分），证明两对性状的遗传符合基因的自由组合定律（1分）
思路二：让亲本中的子叶圆形黄色植株与F1中的皱形绿色植株杂交（1分），观察子代的表现型并统计比例（1分）子代出现圆形黄色︰圆形绿色︰皱形黄色︰皱形绿色
=1︰1︰1︰1（写出表现型及比例3分，只写表现型2分，只写比例0分），证明两对性状的遗传符合基因的自由组合定律；（1分）（说明：两个思路写出一个即可）
【解析】根据题干信息F1的种子子叶中出现的表现型及比例为：圆形黄色︰皱形黄色︰圆形绿色︰皱形绿色=3︰1︰3︰1，说明圆形︰皱形=3︰1，黄色︰绿色=1︰1，因此圆形为显性性状；亲本圆形黄色基因组成为双杂合子，圆形绿色的基因组成为单杂合子，F1中圆形黄色有双杂合也有单杂合，而皱形绿色为隐性纯合子，故实验设计应选用亲本中的圆形黄色自交或亲本中圆形黄色与F1中的皱形绿色测交，从而验证自由组合定律。
（二）选考题：共45分。
33.（15分）
（1）（5分）ADE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）
（2）（10分）
解： ①
②
③
④
⑤
评分标准：本题共10分。正确得出①~⑤式各给2分。
34.（15分）
（1）（5分）BCD（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）
（2）（10分）
解：如图
①
②
③
评分标准：本题共10分。正确得出①式给3分，正确得出②式给5分，正确得出③式给2分。
35．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）三角锥形（1分） 低（1分） NH3分子间存在氢键（1分） C