还剩17页未读，
继续阅读
2021-2022学年山东省菏泽市单县八年级（下）期末物理试卷（含解析）
展开
这是一份2021-2022学年山东省菏泽市单县八年级（下）期末物理试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
绝密★启用前
2021-2022学年山东省菏泽市单县八年级（下）期末物理试卷
一、单选题（本题共12小题，共24分）
1. 鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”，其中“山…向船尾跑去了”所选的参照物是( )
A. 山 B. 船 C. 流水 D. 河岸
2. 下列四种场景的叙述不正确的是( )
A. 图甲：铁轨铺在枕木上，主要是减小火车对地面的压强
B. 图乙：用力F压着物块静止在竖直墙上，现增大力F，物块受到的摩擦力也变大
C. 图丙：用手指托住乒乓球，从漏斗口用力向下吹气，同时手指移开，乒乓球不会掉
D. 图丁：将玻璃钢稍微倾斜，玻璃管中水银柱的竖直高度不变
3. 下列实例中与船闸工作原理相同的是( )
A. 抽水机 B. 吸尘器 C. 茶壶 D. 拦河大坝
4. 下列实验或现象中运用了相同物理知识的是( )
①热气球升空
②向悬挂的气球一侧吹气，气球向吹气一侧运动
③飞机起飞时机翼受到升力
④撤去酒精灯，闭口的易拉罐变瘪了
A. ①④ B. ③④ C. ①② D. ②③
5. 关于物体受到的浮力，下列说法正确的是( )
A. 液体的密度越大，受到的浮力越大
B. 没入水中物体在水中的位置越深受到的浮力越大
C. 物体排开水的体积越大，受到的浮力越大
D. 漂在水面上的物体比沉在水底的物体受到的浮力大
6. 家具用品中有很多被称为“神器”的小工具，给生活带来了很多便利。如图所示，下列“神器”中属于费力杠杆的是( )
A. 餐盘夹子 B. 核桃夹子
C. 手动榨汁机 D. 压蒜器
7. 在北京举办的第24届冬奥会上，我国健儿取得佳绩。如图是高台跳雪运动员在空中加速下落的情景。关于加速下落的过程，下列分析正确的是( )
A. 动能减小，重力势能减小
B. 动能增大，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能减小
D. 动能不变，重力势能不变
8. 以下估测接近实际的是( )
A. 八年级女生百米的平均速度大约是10m/s
B. 托起两个鸡蛋所用的力大约是1N
C. 一个成年人站立时对地面的压强约为200帕
D. 某中学生的重力约50N
9. 如图所示，在下列生活情境中，力对物体做功的是( )
A. 吊车吊着物体在水平方向移动
B. 小丽背着书包时站着不动
C. 小明用力推车但车保持静止不动
D. 运动跑球时，足球没有离开运动员脚之前
10. 下列说法中正确的是( )
A. 图甲中，同一艘轮船从长江驶入大海，浮力变大
B. 图乙中，热气球中充入的是密度比空气大的气体
C. 图丙中，可以说明物体浸没在液体中越深，所受的浮力越大
D. 图丁中，同一密度计在两种液体中所受浮力Fa=Fb，两种液体的密度ρa<ρb
11. 如图所示，体积相同而材料不同的四个小球甲、乙、丙、丁静止在水中，这四个小球所受的浮力分别为F甲、F乙、F丙、F丁，则( )
A. F甲=F乙 B. F丙=F丁 C. F乙>F丙 D. F甲>F乙
12. 如图所示，用滑轮或滑轮组将物体匀速拉起，不计绳重以及轮与轴间的摩擦。每个滑轮质量相等，物体重力相等，F1、F2、F3、F4中拉力最大的图是( )
A. B. C. D.
二、填空题（本题共5小题，共11分）
13. A、B两物体叠放在水平桌面上，如图所示，当右端挂8N的物体C时，物体A、B恰好能一起向右做匀速直线运动，此时A、B间的摩擦力为______N，桌面对物体B的摩擦力为______N；若对物体B施加一个水平向左的力使物体A、B一起向左做匀速直线运动。绳与滑轮间的摩擦忽略不计、该力的大小为______N。
14. 负压式救护车在抗击新冠疫情中发挥了重要作用。所谓负压，就是利用技术手段，使车内气压低于外界大气压，某款救护车车内气压力外界标准大气压的90%，若车顶的面积为6m2，则车顶受到大气形成的内外压力差为______N(标准大气压取：p0=1.01×105Pa)。
15. 2021年4月23日，中国海军迎来了第72个生日，我国第一艘两栖攻击舰——“海南舰”交接入列(如图)，该舰满载排水量约4万吨，可作为两栖车辆和气垫登陆艇的母船，运送士兵、步兵战车、主战坦克等武器装备。该舰满载时受到的浮力约是______N，它从长江口进入到东海，舰身会______(选填“上浮一些”、“位置不变”或“下沉一些”)(g=10N/kg)。
16. 如图是谷爱凌在大跳台比赛中的运动轨迹图，其中D为落地点。若不计空气阻力，A到B的过程中，谷爱凌的动能转化成______能，A、B、C三点中动能最大的是______点，B点的机械能______E点的机械能(选填“>”“=”或“<”)。
17. 体积为5×10-4m3的石头轻轻放入并浸没在水中，石头受到的浮力大小为______牛，若石头的重力为13N，最终它静止后，受到的合力大小为______牛。
三、作图题（本题共2小题，共4分）
18. 如图所示，小球A静止在墙角，请在图中画出A的受力示意图。
19. 请按要求完成下面各作图题。如图杠杆力F1、F2的作用下处于静止状态，请在图中作出F2的力臂L2和维持杠杆平衡的最小力F1。
四、实验探究题（本题共4小题，共19分）
20. 课后服务活动中，物理兴趣小组的同学们进行了“二力平衡条件”的探究。
(1)实验过程中小王发现两托盘中的砝码质量相差较多，但物体却能保持静止，所以他得出结论是：互为平衡的两个力大小不相等。得到这一结论是因为他选择了______(选填“甲”或“乙”)组器材做的实验。
(2)小王把小车转过一个角度，然后松手，观察小车能否恢复到原来的位置，他的这一操作是为了验证“两个力必须______才能平衡”这一条件。
(3)同组小李提出将装置中的物体换成小卡片，如图丙，这样不但能减小______对实验产生的影响，还具有更适合探究______的优点(填字母)。
A.方向相同的两个力能否平衡
B.不在同一条直线上的两个力能否平衡
C.大小不相等的两个力能否平衡
D.不在同一物体上的两个力能否平衡
21. 某班同学在“测量斜面的机械效率”实验时，所用实验器材有：长木板、支架、弹簧测力计、刻度尺、重力为5.4N木块(带挂钩)如图甲所示，将长木板和支架搭成长1.0m、高0.2m的斜面，用弹簧测力计沿斜面向上匀速拉动木块。
(1)如图乙所示，此时弹簧测力计对木块的拉力为______N。
(2)将木块匀速拉到斜面顶端，有用功为______，总功为______，斜面的机械效率为______。
(3)木块与斜面的摩擦力为______N。
22. 在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
(1)实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆______(选填“是”或“不是”)平衡状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节；实验过程中，总是使杠杆在水平位置平衡，目的是______。
(2)如图乙所示，若每个钩码重0.5N，则弹簧测力计示数为______N；
(3)如图丙所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧同时各去掉一个质量相同的钩码，则杠杆______(选填“左”或“右”)端将下沉。
23. 在“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验中，某同学提出了如下的猜想：
①浮力的大小可能跟物体浸入液体中的深度有关；
②浮力的大小可能跟物体排开液体的体积有关；
③浮力的大小可能跟液体的密度有关。
并做了如下图所示的实验，请根据要求完成下列问题：
(1)图B中物体所受的浮力为______N；
(2)分析图B、C可知，浮力的大小跟______有关；
(3)分析______两图可知，浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体的密度有关。
(4)该同学由图B和图C能否得出“浮力的大小跟浸入液体中的深度有关”的结论？
答：______。(先判断再说出理由)
(5)本实验中盐水的密度为______kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
五、计算题（本题共2小题，共12分）
24. 把一个体积为5×103cm3质量为3kg的木块放入水中，求：
(1)将木块放入水中后，等木块完全静止时，木块受到的浮力有多大？
(2)木块完全静止时，木块露出水面的体积是多少？
25. 利用图甲所示滑轮组提升重力为960N的物体A时，拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，物体上升的速度v随时间t变化的关系如图丙所示，不计绳重和一切摩擦。
(1)在0～1s内物体A上升了0.5m，求此过程中拉力做的功；
(2)求在1～3s内拉力做功的功率；
(3)求在1～3s内滑轮组的机械效率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：由题意可知，船向前行时，看到“山……向船尾跑去了”，即山在“后退”，一定是以运动的物体为参照物，既这是以船为参照物的。
故选：B。
判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。分析题意可知，题中的研究对象是“山”，它的运动状态是“向船尾跑去了”，即山在“运动”。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
2.【答案】B
【解析】解：A、铁轨铺在枕木上，在压力一定时，增大受力面积可以减小对地面的压强，故A正确；
B、由平衡条件知物块受到的摩擦力等于重力G，增大F不会改变摩擦力大小，故B错误；
C、从漏斗口向下用力吹气，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球不会掉下来，故C正确；
D、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此不会因倾斜而改变，故D正确。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；
(2)物体处于静止状态，合力为零，竖直方向受到竖直向下的重力，所以一定受到竖直向上的摩擦力；
(3)流体流速越大的位置，压强越小，飞机的机翼利用了这一原理；
(4)在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的。玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化。
此题考查了减小压强的方法、托里拆利实验时水银柱的测量等，水银柱的“高度”和“长度”是两个不同的概念，“高度”是由外界大气压决定的，而“长度”只有在玻璃管垂直时与“高度”相同。
3.【答案】C
【解析】解：船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器；
A、抽水机是利用大气压工作的，与连通器无关，故A错误；
B、吸尘器是利用流体的压强与流速的关系工作的，与连通器无关，故B错误；
C、茶壶的结构是：上端开口，下部连通，即是一个连通器，故C正确；
D、拦河大坝上窄下宽是因为液体内部的压强随深度的增大而增大，与连通器原理无关，故D错误。
故选：C。
上端开口、底部互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口、底部相连的。
4.【答案】D
【解析】解：①热气球升空利用了空气浮力；
②向悬挂的气球一侧吹气，吹气的那一侧空气流速大压强小，因此气球向吹气的那侧飘；
③飞机起飞好似利用流体压强与流速的关系，等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，压强较小；通过下表面的流速较小，压强大，所以飞机受到一个向上的升力；
④撤去酒精灯，被封口的易拉罐在大气压的作用下变瘪了。
所以②③的原理相同，都是应用的流体压强与流速的关系。
故选：D。
(1)大气受重力，具有流动性，因此大气存在压强；
(2)在气体和液体中，流速大的位置压强小。
本题考查了学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，是中考的热点问题。
5.【答案】C
【解析】解：A、根据阿基米德原理：F浮=G排=ρ液gV排；可见浮力与ρ液和V排都有关；还与物体的状态有关，如木块漂浮在水中和盐水中时，尽管液体密度变大，但木块所受浮力却相等，都等于木块的重力；A错误。
B、浸没于水中的物体，所受浮力与深度无关；因为ρ液和V排均不变，故浮力不变；B错误。
C、物体在水中，ρ液不变，V排越大，当然浮力越大；故C正确。
D、不论物体漂浮在水面，还是沉在水底，浮力大小总与ρ液和V排有关，与漂浮和沉底无关，如漂在水面的小木块所受浮力比沉入水底的大石块小；故D错误；
故选：C。
运用阿基米德原理，影响浮力大小的有液体密度和排开的体积；还要留意物体的状态等因素；抓住题目中的相等量和变化的量，慎重思考解答。
此题考查了阿基米德原理的应用，在判断浮力大小时，要考虑液体密度和排开的体积，还要考虑物体所处的状态等。综合以上统筹考虑方可解答正确。
6.【答案】A
【解析】解：A、餐盘夹子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不合题意；
B、手动榨汁机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、压蒜器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
7.【答案】C
【解析】解：运动员加速下降的过程中，运动员的质量不变，速度变大，故其动能增大，同时其高度减小，故其重力势能减小。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查了动能、重力势能的大小变化，掌握动能、重力势能大小的影响因素是解题的关键。
8.【答案】B
【解析】解：A.八年级女生百米赛跑的时间约为16s，平均速度约为v=st=100m16s=6.25m/s，故A错误；
B.一个鸡蛋的重力约为0.5N，两个鸡蛋的重力约为1N，由二力平衡条件可得，托起两个鸡蛋所用的力大约是1N，故B正确；
C.成年人的质量约为70kg，站立时对地面的压力F=G=mg=70kg×10N/kg=700N，双脚与水平地面的接触面积约为0.05m2，则一个成年人站立时对地面的压强p=FS=700N0.05m2=1.4×104Pa，故C错误；
D.中学生的重力约为500N，故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
这是一道估算题，估测是一种科学的近似计算，对于这类题，解题思路是首先要对一些物理量的单位及单位换算要有正确的认识，要对物理量的计算公式熟悉，要对常见的一些量要有数据、数量级的认识。
9.【答案】D
【解析】解：A、吊着重物水平移动，力的方向竖直向上，距离的方向水平向前，在力的方向上没有移动距离，故力没有做功，故A错误。
B、背着书包等车，只有力，没有移动距离，故力没有做功，故B错误。
C、用力推车没动，只有力，没有移动距离，故力没有做功，故C错误。
D、球离开运动员脚前，受到脚的力且在力的方向上移动了距离，所以力做功，故D正确。
故选：D。
做功的两个必要因素：1.作用在物体上的力；2.物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断，是基础题。
10.【答案】D
【解析】解：A、轮船从长江驶入大海时，始终处于漂浮状态，自身的重力不变，受到的浮力不变，故A错误；
B、气球是利用在空气中的浮力来工作的，当气球里气体的密度小于空气的密度时，浮力大于重力，才可以升空，故B错误；
C、根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，与物体的体积、物体浸入液体中的深度无关，故C错误；
D、同一密度计测量不同的液体的密度时，都处于漂浮状态，受到的浮力始终等于密度计的重力。由F浮=ρ液gV排可知：露出的体积越大(排开液体的体积越小)，液体的密度越大，两种液体的密度ρa<ρb，故D正确。
故选：D。
(1)阿基米德原理(浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体排开的液体受到的重力；
(2)热气球是利用在空气中的浮力来工作的，热气球要上升，则浮力应大于重力，据此分析。
(3)根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，液体密度越大，排开液体的体积越多，则浮力越大；
(4)物体受到的浮力一定时，排开液体的体积与液体密度成反比。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握与应用，是一道较为简单的应用题。
11.【答案】B
【解析】解：由图知，四个球排开水的体积：
V甲
F甲
故选：B。
由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，能从图中得出四个球排开水的体积关系是本题的关键。
12.【答案】B
【解析】解：每个滑轮质量相等，由G=mg可知动滑轮的重力相等，物体重力相等，
A、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，动滑轮省一半力，则F1=12(G+G动)；
B、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，则F2=2G+G动；
C、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，定滑轮不省力，F3=G；
D、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，n=3，则F4=13(G+G动)；
所以F2最大，故B正确，ACD错误。
故选：B。
定滑轮不省力，但可以改变力的方向；动滑轮能省力，但不能改变力的方向；
不计绳重以及轮与轴间的摩擦，根据F=1n(G+G动)得到拉力的大小。
本题考查滑轮的知识，知道动滑轮、动滑轮和滑轮组的特点。
13.【答案】0 8 16
【解析】解：物体A、B恰好能一起向右做匀速直线运动，此时A、B之间没有发生相对滑动，也没有发生相对滑动的趋势，所以A、B间的摩擦力为0；
物体A、B水平向右运动时，在水平方向上受到物体C对物体B施加的水平向右的拉力为8N、水平向左的摩擦力作用，因物体B处于匀速直线运动状态，则摩擦力和拉力是平衡力，所以水平向左的摩擦力与向右的拉力大小相等，为8N；
物体A、B水平向左运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体B受到的摩擦力不变，所以物体B水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是8N；
物体A、B水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力8N(物体C对物体B施加的)、水平向右的摩擦力10N，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，所以水平向左的拉力，F'=F+f=8N+8N=16N。
故答案为：0；8；16。
摩擦力产生的条件：两个物体之间有压力，且发生了相对滑动或有相对滑动的趋势；物体A、B在物体C的作用下向右做匀速直线运动，物体B在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；物体B向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体B和水平桌面的摩擦力不变。物体B水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，根据平衡力条件求出水平向左的拉力。
本题物体B向右匀速直线运动，分析受力情况，根据平衡力条件求出摩擦力大小，根据摩擦力大小的影响因素，判断出物体B向左和向右运动的摩擦力大小不变，物体B向左匀速直线运动，再次分析受力情况，根据平衡力条件求出拉力大小。
14.【答案】5.05×104
【解析】解：救护车车内气压为：p=p0×90%=1.01×105Pa×90%=0.909×105Pa；
救护车车内外的压强差为：Δp=p0-p=1.01×105Pa-0.909×105Pa=0.101×105Pa；
由p=FS得，车顶受到大气形成的内外压力差为：ΔF=ΔpS=0.101×105Pa×5m2=5.05×104N。
故答案为：5.05×104。
根据车内和车外的气压求出压强差；根据公式F=pS求出压力差的大小。
此题考查了压强变形公式的应用，属于基础知识的应用，难度不大。
15.【答案】4×108 上浮一些
【解析】解：
(1)攻击舰的满载排水量约4万吨，该舰满载时受到的浮力约为：
F浮=G排=m排g=4×104×103kg×10N/kg=4×108N；
(2)因为攻击舰处于漂浮状态时，浮力等于自身的重力，因此当这艘攻击舰满载时从长江驶入东海时，浮力保持不变，由于东海的海水密度大于长江水的密度，由F浮=ρ液gV排可得，液体密度变大，排开液体的体积变小，故舰身会上浮一些。
故答案为：4×108；上浮一些。
(1)知道攻击舰的满载排水量约4万吨，利用阿基米德原理求攻击舰满载时受到的浮力；
(2)根据漂浮条件可知，攻击舰满载时从长江驶入东海时，浮力保持不变，利用阿基米德原理分析解答。
本题主要考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，知道物体漂浮时浮力等于物体自身的重力是解题的关键。
16.【答案】重力势 C >
【解析】解：(1)不计空气阻力，A到B的过程中，谷爱凌的速度减小，动能减小；高度升高，重力势能变大，故A到B的过程中，谷爱凌的动能转化成重力势能。
(2)不计空气阻力，A、B、C三点中机械能相同，由于C点高度最低，故C点重力势能最小，动能最大。
(3)D为落地点，从D点到E点的过程中，谷爱凌受到摩擦阻力的作用，机械能转化为内能，故机械能会减小，又因A、B、C三点中机械能相同，故B点的机械能大于E点的机械能。
故答案为：重力势；C；>。
(1)运动员上升过程中，运动员的动能转化为重力势能。
(2)不计空气阻力，机械能守恒，从重力势能大小分析动能大小。
(3)运动员和地面之间存在摩擦力，运动员落地后继续滑行，机械能转化为内能。
通过谷爱凌的滑雪运动考查了动能和重力势能之间的转化、机械能和内能之间的转化等，体现了物理在体育运动中的广泛应用。
17.【答案】5 0
【解析】解：石头浸没在水中时排开水的体积V排=V石=5×10-4m3，
石头受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-4m3=5N；
因F浮
(1)石头浸没在水中时排开水的体积等于石头的体积，根据F浮=ρ水gV排求出石头受到的浮力；
(2)石头静止时，处于平衡状态，物体受到平衡力作用，据此分析受到的合力。
本题考查了阿基米德原理的应用以及力的合成，是一道基础题。
18.【答案】解：
小球静止，处于平衡状态，受到的竖直向下的重力、水平面的支持力是一对平衡力，从小球的重心开始，分别沿两个力的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
【解析】小球A静止在墙角，受到的竖直向下的重力、水平面的支持力，作用点都在重心。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
19.【答案】解：过支点O做力F2作用线的垂线段L2，则线段L2为力F2的力臂；
连接OA，若在A端施力F，当F的方向与OA垂直时动力臂最大，此时最省力；
根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力F1方向向上，据此可画出最小的动力，如下图所示：
【解析】力臂是由支点到力的作用线的距离，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。
此题考查了最小力和力臂的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。
20.【答案】甲 同一直线上 重力和摩擦力 D
【解析】解：(1)实验过程中小王发现两托盘中的砝码质量相差较多，但物体却能保持静止，说明物体受到摩擦力较大，甲图中木块与桌面的摩擦力是滑动摩擦力，乙图中小车与桌面的摩擦力是滚动摩擦力，滑动摩擦力较大，他选择了甲组器材进行实验；
(2)将小车扭转一个角度，两个力不在同一直线上，二力不平衡，故松手后，小车将转动，不能保持平衡，设计此实验的目的是探究在同一直线上的两个力才能平衡；
(3)同组小李提出将装置中的物体换成小卡片，减小了重力和摩擦力对实验结果的影响。探究二力必须作用在同一物体上，实验时可将物体分成两个物体，而小卡片比小车更容易被分成两个物体，因此乙装置更适合探究不在同一物体上的两个力能否平衡，故选D。
故答案为：(1)甲；(2)同一直线上；(3)重力和摩擦力；(4)D。
(1)两个相互接触的物体，发生相对运动时，在接触面上会产生阻碍相对运动的摩擦力；
(2)二力平衡的条件之一是作用在同一条直线；
(3)换成小卡片能减小重力和摩擦力的影响，小车不能分成两个物体，卡片可以分成两个，据此解答。
本题考查二力平衡条件的探究实验，掌握二力平衡条件是解答本题的关键。
21.【答案】1.8 1.08J 1.8J 60% 0.72
【解析】解：
(1)测力计分度值为0.2N，此时弹簧测力计对木块的拉力为1.8N；
(2)根据已知条件，将木块匀速拉到斜面顶端，做的有用功：
W有=Gh=5.4N×0.2m=1.08J，
W总=Fs=1.8N×1m=1.8J，
斜面的机械效率为：η=W有W总×100%=1.08J1.8J×100%=60%；
(3)将木块匀速拉到斜面顶端，则额外功：
W额=W总-W有=1.8J-1.08J=0.72J，
由W额=fs得，木块所受摩擦力：
f=W额s=0.72J1m=0.72N。
故答案为：
(1)1.8；(2)1.08J；1.8J；60%；(3)0.72。
(1)根据测力计分度值读数；
(2)克服重力做的功为有用功，拉力做的功为总功，先根据W有=Gh和W总=Fs分别求出有用功和总功，根据η=W有W总×100%求出机械效率；
(3)根据W额=W总-W有求出额外功，克服摩擦力做功就是额外功，由W额=fs求出摩擦力。
此题是测量斜面的机械效率，考查测力计读数、功和机械效率的计算，要掌握。
22.【答案】是 左 便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响 0.6 左
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，是处于平衡状态；杠杆的右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，故应将平衡螺母向左调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)设杠杆一个小格为L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，
F1×5L=3×0.5N×2L，则F1=0.6N；
(3)设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果在图丁中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，
杠杆的左端：5G×2L=10GL，杠杆的右端：2G×4L=8GL，杠杆的右端力和力臂的乘积小于左端的乘积，所以杠杆右端上翘，左端将下沉。
故答案为：(1)是；左；便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；(2)0.6；(3)左。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆的右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，据此分析将平衡螺母调节的方向，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析；知道阻力、阻力臂、动力臂，根据杠杆平衡条件，求出动力大小；
(3)根据杠杆平衡条件分析解答。
本题探究杠杆平衡条件，涉及到的知识点有：杠杆平衡的调节、根据杠杆平衡条件进行计算等。
23.【答案】0.3 物体排开液体的体积 D、E 不能，没有控制排开液体的体积相等 1.2×103
【解析】解：(1)根据称重法测浮力，图B中物体所受的浮力为：
F浮B=G-F示B=4N-3.7N=0.3N；
(2)B、C图知液体的密度相同，排开液体的体积不相同，弹簧测力计的示数不相同，浮力不相同，故可以验证浮力大小跟物体排开液体的体积有关；
(3)要探究浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体密度的关系，需要控制排开液体的体积不变，改变液体的密度，图D、E符合题意；
(4)研究浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关，要控制液体的密度和排开液体的体积相同，只改变物体浸入液体的深度，由图B和图C知，排开液体的体积不同，故不能得出“浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关”的结论；
(5)图C中物体所受的浮力：
F浮C=G-FC=4N-3.5N=0.5N，
根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排水可得排开水的体积为：
V物=V排水=F浮Cρ水g=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-5m3，
由图AE知，物体浸没在盐水时受到的浮力：
F浮E=G-FE=4N-3.4N=0.6N，
根据阿基米德原理F浮盐=ρ盐gV盐可得盐水的密度：
ρ盐=F浮盐gV盐=0.6N10N/kg×5×10-4m3=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)0.3；(2)物体排开液体的体积；(3)D、E；(4)不能，没有控制排开液体的体积相等；(5)1.2×103。
(1)由图AB，根据称重法求图B中物体所受的浮力；
(2)找出BC的相同量和不同量分析解答；
(3)要探究浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体密度的关系，需要控制排开液体的体积不变，改变液体的密度；
(4)研究浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关，要控制排开液体的密度和排开液体的体积相同，只改变物体浸入液体的深度，由图B和图C分析回答；
(5)根据称量法算出物体浸没水中时的浮力，由阿基米德原理算出排开液体的体积，根据称重法可求出物体浸没在盐水时受到的浮力，由阿基米德原理算出盐水的密度。
本题探究浮力大小跟哪些因素有关，考查称重法测浮力及控制变量法的运用，综合性强，有一定的难度。
24.【答案】解：(1)木块的密度ρ木=m木V=3kg5×103×10-6m3=0.6×103kg/m3<ρ水，
将木块放入水中后，等木块完全静止时，木块漂浮，受到的浮力F浮=G=mg=3kg×10N/kg=30N；
(2)木块完全静止时，木块排开水的体积V排=F浮ρ水g=30N1.0×103kg/m3×10N/kg=3×10-3m3=3×103cm3，
露出水面的体积V露=V-V排=5×103cm3-3×103cm3=2×103cm3。
答：(1)将木块放入水中后，等木块完全静止时，木块受到的浮力为30N；
(2)木块完全静止时，木块露出水面的体积是2×103cm3。
【解析】(1)根据密度公式计算木块的密度，根据浮沉条件判断将木块放入水中后的状态，并得出木块所受的浮力；
(2)根据V排=F浮ρ水g得出木块完全静止时排开水的体积，根据V露=V-V排得出露出水面的体积。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
25.【答案】解：(1)从图中可知n=3，在0～1s内拉力F=450N，
物体A上升了0.5m，绳子自由端移动的距离s=nh=3×0.5m=1.5m，
此过程中拉力做的功W=Fs=450N×1.5m=675J；
(2)在1～3s内物体做匀速直线运动，速度v物=1.0m/s，绳子自由端的速度v=nv物=3×1.0m/s=3m/s，拉力F'=400N，
根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力做功的功率P=F'v=400N×3m/s=1200W；
(3)在1～3s内滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhF's=GhF'nh=GnF'=960N3×400N×100%=80%。
答：(1)在0～1s内物体A上升了0.5m，此过程中拉力做的功为675J；
(2)在1～3s内拉力做功的功率为1200W；
(3)在1～3s内滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)从图中可知n=3，且在0～1s内拉力F=450N，物体A上升了0.5m，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs得出此过程中拉力做的功；
(2)在1～3s内物体做匀速直线运动，速度v物=1.0m/s，根据v=nv物得出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力做功的功率；
(3)根据η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF得出在1～3s内滑轮组的机械效率。
本题考查有关滑轮组的功、功率和机械效率的有关知识，关键是从图中得出有用信息。
绝密★启用前
2021-2022学年山东省菏泽市单县八年级（下）期末物理试卷
一、单选题（本题共12小题，共24分）
1. 鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”，其中“山…向船尾跑去了”所选的参照物是( )
A. 山 B. 船 C. 流水 D. 河岸
2. 下列四种场景的叙述不正确的是( )
A. 图甲：铁轨铺在枕木上，主要是减小火车对地面的压强
B. 图乙：用力F压着物块静止在竖直墙上，现增大力F，物块受到的摩擦力也变大
C. 图丙：用手指托住乒乓球，从漏斗口用力向下吹气，同时手指移开，乒乓球不会掉
D. 图丁：将玻璃钢稍微倾斜，玻璃管中水银柱的竖直高度不变
3. 下列实例中与船闸工作原理相同的是( )
A. 抽水机 B. 吸尘器 C. 茶壶 D. 拦河大坝
4. 下列实验或现象中运用了相同物理知识的是( )
①热气球升空
②向悬挂的气球一侧吹气，气球向吹气一侧运动
③飞机起飞时机翼受到升力
④撤去酒精灯，闭口的易拉罐变瘪了
A. ①④ B. ③④ C. ①② D. ②③
5. 关于物体受到的浮力，下列说法正确的是( )
A. 液体的密度越大，受到的浮力越大
B. 没入水中物体在水中的位置越深受到的浮力越大
C. 物体排开水的体积越大，受到的浮力越大
D. 漂在水面上的物体比沉在水底的物体受到的浮力大
6. 家具用品中有很多被称为“神器”的小工具，给生活带来了很多便利。如图所示，下列“神器”中属于费力杠杆的是( )
A. 餐盘夹子 B. 核桃夹子
C. 手动榨汁机 D. 压蒜器
7. 在北京举办的第24届冬奥会上，我国健儿取得佳绩。如图是高台跳雪运动员在空中加速下落的情景。关于加速下落的过程，下列分析正确的是( )
A. 动能减小，重力势能减小
B. 动能增大，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能减小
D. 动能不变，重力势能不变
8. 以下估测接近实际的是( )
A. 八年级女生百米的平均速度大约是10m/s
B. 托起两个鸡蛋所用的力大约是1N
C. 一个成年人站立时对地面的压强约为200帕
D. 某中学生的重力约50N
9. 如图所示，在下列生活情境中，力对物体做功的是( )
A. 吊车吊着物体在水平方向移动
B. 小丽背着书包时站着不动
C. 小明用力推车但车保持静止不动
D. 运动跑球时，足球没有离开运动员脚之前
10. 下列说法中正确的是( )
A. 图甲中，同一艘轮船从长江驶入大海，浮力变大
B. 图乙中，热气球中充入的是密度比空气大的气体
C. 图丙中，可以说明物体浸没在液体中越深，所受的浮力越大
D. 图丁中，同一密度计在两种液体中所受浮力Fa=Fb，两种液体的密度ρa<ρb
11. 如图所示，体积相同而材料不同的四个小球甲、乙、丙、丁静止在水中，这四个小球所受的浮力分别为F甲、F乙、F丙、F丁，则( )
A. F甲=F乙 B. F丙=F丁 C. F乙>F丙 D. F甲>F乙
12. 如图所示，用滑轮或滑轮组将物体匀速拉起，不计绳重以及轮与轴间的摩擦。每个滑轮质量相等，物体重力相等，F1、F2、F3、F4中拉力最大的图是( )
A. B. C. D.
二、填空题（本题共5小题，共11分）
13. A、B两物体叠放在水平桌面上，如图所示，当右端挂8N的物体C时，物体A、B恰好能一起向右做匀速直线运动，此时A、B间的摩擦力为______N，桌面对物体B的摩擦力为______N；若对物体B施加一个水平向左的力使物体A、B一起向左做匀速直线运动。绳与滑轮间的摩擦忽略不计、该力的大小为______N。
14. 负压式救护车在抗击新冠疫情中发挥了重要作用。所谓负压，就是利用技术手段，使车内气压低于外界大气压，某款救护车车内气压力外界标准大气压的90%，若车顶的面积为6m2，则车顶受到大气形成的内外压力差为______N(标准大气压取：p0=1.01×105Pa)。
15. 2021年4月23日，中国海军迎来了第72个生日，我国第一艘两栖攻击舰——“海南舰”交接入列(如图)，该舰满载排水量约4万吨，可作为两栖车辆和气垫登陆艇的母船，运送士兵、步兵战车、主战坦克等武器装备。该舰满载时受到的浮力约是______N，它从长江口进入到东海，舰身会______(选填“上浮一些”、“位置不变”或“下沉一些”)(g=10N/kg)。
16. 如图是谷爱凌在大跳台比赛中的运动轨迹图，其中D为落地点。若不计空气阻力，A到B的过程中，谷爱凌的动能转化成______能，A、B、C三点中动能最大的是______点，B点的机械能______E点的机械能(选填“>”“=”或“<”)。
17. 体积为5×10-4m3的石头轻轻放入并浸没在水中，石头受到的浮力大小为______牛，若石头的重力为13N，最终它静止后，受到的合力大小为______牛。
三、作图题（本题共2小题，共4分）
18. 如图所示，小球A静止在墙角，请在图中画出A的受力示意图。
19. 请按要求完成下面各作图题。如图杠杆力F1、F2的作用下处于静止状态，请在图中作出F2的力臂L2和维持杠杆平衡的最小力F1。
四、实验探究题（本题共4小题，共19分）
20. 课后服务活动中，物理兴趣小组的同学们进行了“二力平衡条件”的探究。
(1)实验过程中小王发现两托盘中的砝码质量相差较多，但物体却能保持静止，所以他得出结论是：互为平衡的两个力大小不相等。得到这一结论是因为他选择了______(选填“甲”或“乙”)组器材做的实验。
(2)小王把小车转过一个角度，然后松手，观察小车能否恢复到原来的位置，他的这一操作是为了验证“两个力必须______才能平衡”这一条件。
(3)同组小李提出将装置中的物体换成小卡片，如图丙，这样不但能减小______对实验产生的影响，还具有更适合探究______的优点(填字母)。
A.方向相同的两个力能否平衡
B.不在同一条直线上的两个力能否平衡
C.大小不相等的两个力能否平衡
D.不在同一物体上的两个力能否平衡
21. 某班同学在“测量斜面的机械效率”实验时，所用实验器材有：长木板、支架、弹簧测力计、刻度尺、重力为5.4N木块(带挂钩)如图甲所示，将长木板和支架搭成长1.0m、高0.2m的斜面，用弹簧测力计沿斜面向上匀速拉动木块。
(1)如图乙所示，此时弹簧测力计对木块的拉力为______N。
(2)将木块匀速拉到斜面顶端，有用功为______，总功为______，斜面的机械效率为______。
(3)木块与斜面的摩擦力为______N。
22. 在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
(1)实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆______(选填“是”或“不是”)平衡状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节；实验过程中，总是使杠杆在水平位置平衡，目的是______。
(2)如图乙所示，若每个钩码重0.5N，则弹簧测力计示数为______N；
(3)如图丙所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧同时各去掉一个质量相同的钩码，则杠杆______(选填“左”或“右”)端将下沉。
23. 在“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验中，某同学提出了如下的猜想：
①浮力的大小可能跟物体浸入液体中的深度有关；
②浮力的大小可能跟物体排开液体的体积有关；
③浮力的大小可能跟液体的密度有关。
并做了如下图所示的实验，请根据要求完成下列问题：
(1)图B中物体所受的浮力为______N；
(2)分析图B、C可知，浮力的大小跟______有关；
(3)分析______两图可知，浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体的密度有关。
(4)该同学由图B和图C能否得出“浮力的大小跟浸入液体中的深度有关”的结论？
答：______。(先判断再说出理由)
(5)本实验中盐水的密度为______kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)
五、计算题（本题共2小题，共12分）
24. 把一个体积为5×103cm3质量为3kg的木块放入水中，求：
(1)将木块放入水中后，等木块完全静止时，木块受到的浮力有多大？
(2)木块完全静止时，木块露出水面的体积是多少？
25. 利用图甲所示滑轮组提升重力为960N的物体A时，拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，物体上升的速度v随时间t变化的关系如图丙所示，不计绳重和一切摩擦。
(1)在0～1s内物体A上升了0.5m，求此过程中拉力做的功；
(2)求在1～3s内拉力做功的功率；
(3)求在1～3s内滑轮组的机械效率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：由题意可知，船向前行时，看到“山……向船尾跑去了”，即山在“后退”，一定是以运动的物体为参照物，既这是以船为参照物的。
故选：B。
判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。分析题意可知，题中的研究对象是“山”，它的运动状态是“向船尾跑去了”，即山在“运动”。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
2.【答案】B
【解析】解：A、铁轨铺在枕木上，在压力一定时，增大受力面积可以减小对地面的压强，故A正确；
B、由平衡条件知物块受到的摩擦力等于重力G，增大F不会改变摩擦力大小，故B错误；
C、从漏斗口向下用力吹气，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球不会掉下来，故C正确；
D、在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此不会因倾斜而改变，故D正确。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；
(2)物体处于静止状态，合力为零，竖直方向受到竖直向下的重力，所以一定受到竖直向上的摩擦力；
(3)流体流速越大的位置，压强越小，飞机的机翼利用了这一原理；
(4)在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的。玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化。
此题考查了减小压强的方法、托里拆利实验时水银柱的测量等，水银柱的“高度”和“长度”是两个不同的概念，“高度”是由外界大气压决定的，而“长度”只有在玻璃管垂直时与“高度”相同。
3.【答案】C
【解析】解：船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器；
A、抽水机是利用大气压工作的，与连通器无关，故A错误；
B、吸尘器是利用流体的压强与流速的关系工作的，与连通器无关，故B错误；
C、茶壶的结构是：上端开口，下部连通，即是一个连通器，故C正确；
D、拦河大坝上窄下宽是因为液体内部的压强随深度的增大而增大，与连通器原理无关，故D错误。
故选：C。
上端开口、底部互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口、底部相连的。
4.【答案】D
【解析】解：①热气球升空利用了空气浮力；
②向悬挂的气球一侧吹气，吹气的那一侧空气流速大压强小，因此气球向吹气的那侧飘；
③飞机起飞好似利用流体压强与流速的关系，等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，压强较小；通过下表面的流速较小，压强大，所以飞机受到一个向上的升力；
④撤去酒精灯，被封口的易拉罐在大气压的作用下变瘪了。
所以②③的原理相同，都是应用的流体压强与流速的关系。
故选：D。
(1)大气受重力，具有流动性，因此大气存在压强；
(2)在气体和液体中，流速大的位置压强小。
本题考查了学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，是中考的热点问题。
5.【答案】C
【解析】解：A、根据阿基米德原理：F浮=G排=ρ液gV排；可见浮力与ρ液和V排都有关；还与物体的状态有关，如木块漂浮在水中和盐水中时，尽管液体密度变大，但木块所受浮力却相等，都等于木块的重力；A错误。
B、浸没于水中的物体，所受浮力与深度无关；因为ρ液和V排均不变，故浮力不变；B错误。
C、物体在水中，ρ液不变，V排越大，当然浮力越大；故C正确。
D、不论物体漂浮在水面，还是沉在水底，浮力大小总与ρ液和V排有关，与漂浮和沉底无关，如漂在水面的小木块所受浮力比沉入水底的大石块小；故D错误；
故选：C。
运用阿基米德原理，影响浮力大小的有液体密度和排开的体积；还要留意物体的状态等因素；抓住题目中的相等量和变化的量，慎重思考解答。
此题考查了阿基米德原理的应用，在判断浮力大小时，要考虑液体密度和排开的体积，还要考虑物体所处的状态等。综合以上统筹考虑方可解答正确。
6.【答案】A
【解析】解：A、餐盘夹子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不合题意；
B、手动榨汁机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、压蒜器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
7.【答案】C
【解析】解：运动员加速下降的过程中，运动员的质量不变，速度变大，故其动能增大，同时其高度减小，故其重力势能减小。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查了动能、重力势能的大小变化，掌握动能、重力势能大小的影响因素是解题的关键。
8.【答案】B
【解析】解：A.八年级女生百米赛跑的时间约为16s，平均速度约为v=st=100m16s=6.25m/s，故A错误；
B.一个鸡蛋的重力约为0.5N，两个鸡蛋的重力约为1N，由二力平衡条件可得，托起两个鸡蛋所用的力大约是1N，故B正确；
C.成年人的质量约为70kg，站立时对地面的压力F=G=mg=70kg×10N/kg=700N，双脚与水平地面的接触面积约为0.05m2，则一个成年人站立时对地面的压强p=FS=700N0.05m2=1.4×104Pa，故C错误；
D.中学生的重力约为500N，故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
这是一道估算题，估测是一种科学的近似计算，对于这类题，解题思路是首先要对一些物理量的单位及单位换算要有正确的认识，要对物理量的计算公式熟悉，要对常见的一些量要有数据、数量级的认识。
9.【答案】D
【解析】解：A、吊着重物水平移动，力的方向竖直向上，距离的方向水平向前，在力的方向上没有移动距离，故力没有做功，故A错误。
B、背着书包等车，只有力，没有移动距离，故力没有做功，故B错误。
C、用力推车没动，只有力，没有移动距离，故力没有做功，故C错误。
D、球离开运动员脚前，受到脚的力且在力的方向上移动了距离，所以力做功，故D正确。
故选：D。
做功的两个必要因素：1.作用在物体上的力；2.物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断，是基础题。
10.【答案】D
【解析】解：A、轮船从长江驶入大海时，始终处于漂浮状态，自身的重力不变，受到的浮力不变，故A错误；
B、气球是利用在空气中的浮力来工作的，当气球里气体的密度小于空气的密度时，浮力大于重力，才可以升空，故B错误；
C、根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，与物体的体积、物体浸入液体中的深度无关，故C错误；
D、同一密度计测量不同的液体的密度时，都处于漂浮状态，受到的浮力始终等于密度计的重力。由F浮=ρ液gV排可知：露出的体积越大(排开液体的体积越小)，液体的密度越大，两种液体的密度ρa<ρb，故D正确。
故选：D。
(1)阿基米德原理(浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体排开的液体受到的重力；
(2)热气球是利用在空气中的浮力来工作的，热气球要上升，则浮力应大于重力，据此分析。
(3)根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，液体密度越大，排开液体的体积越多，则浮力越大；
(4)物体受到的浮力一定时，排开液体的体积与液体密度成反比。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握与应用，是一道较为简单的应用题。
11.【答案】B
【解析】解：由图知，四个球排开水的体积：
V甲
F甲
故选：B。
由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，能从图中得出四个球排开水的体积关系是本题的关键。
12.【答案】B
【解析】解：每个滑轮质量相等，由G=mg可知动滑轮的重力相等，物体重力相等，
A、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，动滑轮省一半力，则F1=12(G+G动)；
B、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，则F2=2G+G动；
C、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，定滑轮不省力，F3=G；
D、不计绳重以及轮与轴间的摩擦，n=3，则F4=13(G+G动)；
所以F2最大，故B正确，ACD错误。
故选：B。
定滑轮不省力，但可以改变力的方向；动滑轮能省力，但不能改变力的方向；
不计绳重以及轮与轴间的摩擦，根据F=1n(G+G动)得到拉力的大小。
本题考查滑轮的知识，知道动滑轮、动滑轮和滑轮组的特点。
13.【答案】0 8 16
【解析】解：物体A、B恰好能一起向右做匀速直线运动，此时A、B之间没有发生相对滑动，也没有发生相对滑动的趋势，所以A、B间的摩擦力为0；
物体A、B水平向右运动时，在水平方向上受到物体C对物体B施加的水平向右的拉力为8N、水平向左的摩擦力作用，因物体B处于匀速直线运动状态，则摩擦力和拉力是平衡力，所以水平向左的摩擦力与向右的拉力大小相等，为8N；
物体A、B水平向左运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体B受到的摩擦力不变，所以物体B水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是8N；
物体A、B水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力8N(物体C对物体B施加的)、水平向右的摩擦力10N，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，所以水平向左的拉力，F'=F+f=8N+8N=16N。
故答案为：0；8；16。
摩擦力产生的条件：两个物体之间有压力，且发生了相对滑动或有相对滑动的趋势；物体A、B在物体C的作用下向右做匀速直线运动，物体B在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；物体B向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体B和水平桌面的摩擦力不变。物体B水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，根据平衡力条件求出水平向左的拉力。
本题物体B向右匀速直线运动，分析受力情况，根据平衡力条件求出摩擦力大小，根据摩擦力大小的影响因素，判断出物体B向左和向右运动的摩擦力大小不变，物体B向左匀速直线运动，再次分析受力情况，根据平衡力条件求出拉力大小。
14.【答案】5.05×104
【解析】解：救护车车内气压为：p=p0×90%=1.01×105Pa×90%=0.909×105Pa；
救护车车内外的压强差为：Δp=p0-p=1.01×105Pa-0.909×105Pa=0.101×105Pa；
由p=FS得，车顶受到大气形成的内外压力差为：ΔF=ΔpS=0.101×105Pa×5m2=5.05×104N。
故答案为：5.05×104。
根据车内和车外的气压求出压强差；根据公式F=pS求出压力差的大小。
此题考查了压强变形公式的应用，属于基础知识的应用，难度不大。
15.【答案】4×108 上浮一些
【解析】解：
(1)攻击舰的满载排水量约4万吨，该舰满载时受到的浮力约为：
F浮=G排=m排g=4×104×103kg×10N/kg=4×108N；
(2)因为攻击舰处于漂浮状态时，浮力等于自身的重力，因此当这艘攻击舰满载时从长江驶入东海时，浮力保持不变，由于东海的海水密度大于长江水的密度，由F浮=ρ液gV排可得，液体密度变大，排开液体的体积变小，故舰身会上浮一些。
故答案为：4×108；上浮一些。
(1)知道攻击舰的满载排水量约4万吨，利用阿基米德原理求攻击舰满载时受到的浮力；
(2)根据漂浮条件可知，攻击舰满载时从长江驶入东海时，浮力保持不变，利用阿基米德原理分析解答。
本题主要考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，知道物体漂浮时浮力等于物体自身的重力是解题的关键。
16.【答案】重力势 C >
【解析】解：(1)不计空气阻力，A到B的过程中，谷爱凌的速度减小，动能减小；高度升高，重力势能变大，故A到B的过程中，谷爱凌的动能转化成重力势能。
(2)不计空气阻力，A、B、C三点中机械能相同，由于C点高度最低，故C点重力势能最小，动能最大。
(3)D为落地点，从D点到E点的过程中，谷爱凌受到摩擦阻力的作用，机械能转化为内能，故机械能会减小，又因A、B、C三点中机械能相同，故B点的机械能大于E点的机械能。
故答案为：重力势；C；>。
(1)运动员上升过程中，运动员的动能转化为重力势能。
(2)不计空气阻力，机械能守恒，从重力势能大小分析动能大小。
(3)运动员和地面之间存在摩擦力，运动员落地后继续滑行，机械能转化为内能。
通过谷爱凌的滑雪运动考查了动能和重力势能之间的转化、机械能和内能之间的转化等，体现了物理在体育运动中的广泛应用。
17.【答案】5 0
【解析】解：石头浸没在水中时排开水的体积V排=V石=5×10-4m3，
石头受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-4m3=5N；
因F浮
(1)石头浸没在水中时排开水的体积等于石头的体积，根据F浮=ρ水gV排求出石头受到的浮力；
(2)石头静止时，处于平衡状态，物体受到平衡力作用，据此分析受到的合力。
本题考查了阿基米德原理的应用以及力的合成，是一道基础题。
18.【答案】解：
小球静止，处于平衡状态，受到的竖直向下的重力、水平面的支持力是一对平衡力，从小球的重心开始，分别沿两个力的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
【解析】小球A静止在墙角，受到的竖直向下的重力、水平面的支持力，作用点都在重心。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
19.【答案】解：过支点O做力F2作用线的垂线段L2，则线段L2为力F2的力臂；
连接OA，若在A端施力F，当F的方向与OA垂直时动力臂最大，此时最省力；
根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力F1方向向上，据此可画出最小的动力，如下图所示：
【解析】力臂是由支点到力的作用线的距离，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。
此题考查了最小力和力臂的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。
20.【答案】甲 同一直线上 重力和摩擦力 D
【解析】解：(1)实验过程中小王发现两托盘中的砝码质量相差较多，但物体却能保持静止，说明物体受到摩擦力较大，甲图中木块与桌面的摩擦力是滑动摩擦力，乙图中小车与桌面的摩擦力是滚动摩擦力，滑动摩擦力较大，他选择了甲组器材进行实验；
(2)将小车扭转一个角度，两个力不在同一直线上，二力不平衡，故松手后，小车将转动，不能保持平衡，设计此实验的目的是探究在同一直线上的两个力才能平衡；
(3)同组小李提出将装置中的物体换成小卡片，减小了重力和摩擦力对实验结果的影响。探究二力必须作用在同一物体上，实验时可将物体分成两个物体，而小卡片比小车更容易被分成两个物体，因此乙装置更适合探究不在同一物体上的两个力能否平衡，故选D。
故答案为：(1)甲；(2)同一直线上；(3)重力和摩擦力；(4)D。
(1)两个相互接触的物体，发生相对运动时，在接触面上会产生阻碍相对运动的摩擦力；
(2)二力平衡的条件之一是作用在同一条直线；
(3)换成小卡片能减小重力和摩擦力的影响，小车不能分成两个物体，卡片可以分成两个，据此解答。
本题考查二力平衡条件的探究实验，掌握二力平衡条件是解答本题的关键。
21.【答案】1.8 1.08J 1.8J 60% 0.72
【解析】解：
(1)测力计分度值为0.2N，此时弹簧测力计对木块的拉力为1.8N；
(2)根据已知条件，将木块匀速拉到斜面顶端，做的有用功：
W有=Gh=5.4N×0.2m=1.08J，
W总=Fs=1.8N×1m=1.8J，
斜面的机械效率为：η=W有W总×100%=1.08J1.8J×100%=60%；
(3)将木块匀速拉到斜面顶端，则额外功：
W额=W总-W有=1.8J-1.08J=0.72J，
由W额=fs得，木块所受摩擦力：
f=W额s=0.72J1m=0.72N。
故答案为：
(1)1.8；(2)1.08J；1.8J；60%；(3)0.72。
(1)根据测力计分度值读数；
(2)克服重力做的功为有用功，拉力做的功为总功，先根据W有=Gh和W总=Fs分别求出有用功和总功，根据η=W有W总×100%求出机械效率；
(3)根据W额=W总-W有求出额外功，克服摩擦力做功就是额外功，由W额=fs求出摩擦力。
此题是测量斜面的机械效率，考查测力计读数、功和机械效率的计算，要掌握。
22.【答案】是 左 便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响 0.6 左
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，是处于平衡状态；杠杆的右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，故应将平衡螺母向左调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)设杠杆一个小格为L，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，
F1×5L=3×0.5N×2L，则F1=0.6N；
(3)设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果在图丁中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，
杠杆的左端：5G×2L=10GL，杠杆的右端：2G×4L=8GL，杠杆的右端力和力臂的乘积小于左端的乘积，所以杠杆右端上翘，左端将下沉。
故答案为：(1)是；左；便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；(2)0.6；(3)左。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆的右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，据此分析将平衡螺母调节的方向，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析；知道阻力、阻力臂、动力臂，根据杠杆平衡条件，求出动力大小；
(3)根据杠杆平衡条件分析解答。
本题探究杠杆平衡条件，涉及到的知识点有：杠杆平衡的调节、根据杠杆平衡条件进行计算等。
23.【答案】0.3 物体排开液体的体积 D、E 不能，没有控制排开液体的体积相等 1.2×103
【解析】解：(1)根据称重法测浮力，图B中物体所受的浮力为：
F浮B=G-F示B=4N-3.7N=0.3N；
(2)B、C图知液体的密度相同，排开液体的体积不相同，弹簧测力计的示数不相同，浮力不相同，故可以验证浮力大小跟物体排开液体的体积有关；
(3)要探究浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体密度的关系，需要控制排开液体的体积不变，改变液体的密度，图D、E符合题意；
(4)研究浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关，要控制液体的密度和排开液体的体积相同，只改变物体浸入液体的深度，由图B和图C知，排开液体的体积不同，故不能得出“浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关”的结论；
(5)图C中物体所受的浮力：
F浮C=G-FC=4N-3.5N=0.5N，
根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排水可得排开水的体积为：
V物=V排水=F浮Cρ水g=0.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-5m3，
由图AE知，物体浸没在盐水时受到的浮力：
F浮E=G-FE=4N-3.4N=0.6N，
根据阿基米德原理F浮盐=ρ盐gV盐可得盐水的密度：
ρ盐=F浮盐gV盐=0.6N10N/kg×5×10-4m3=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)0.3；(2)物体排开液体的体积；(3)D、E；(4)不能，没有控制排开液体的体积相等；(5)1.2×103。
(1)由图AB，根据称重法求图B中物体所受的浮力；
(2)找出BC的相同量和不同量分析解答；
(3)要探究浸在液体中的物体所受的浮力大小跟液体密度的关系，需要控制排开液体的体积不变，改变液体的密度；
(4)研究浮力的大小可能跟物体浸入液体的深度有关，要控制排开液体的密度和排开液体的体积相同，只改变物体浸入液体的深度，由图B和图C分析回答；
(5)根据称量法算出物体浸没水中时的浮力，由阿基米德原理算出排开液体的体积，根据称重法可求出物体浸没在盐水时受到的浮力，由阿基米德原理算出盐水的密度。
本题探究浮力大小跟哪些因素有关，考查称重法测浮力及控制变量法的运用，综合性强，有一定的难度。
24.【答案】解：(1)木块的密度ρ木=m木V=3kg5×103×10-6m3=0.6×103kg/m3<ρ水，
将木块放入水中后，等木块完全静止时，木块漂浮，受到的浮力F浮=G=mg=3kg×10N/kg=30N；
(2)木块完全静止时，木块排开水的体积V排=F浮ρ水g=30N1.0×103kg/m3×10N/kg=3×10-3m3=3×103cm3，
露出水面的体积V露=V-V排=5×103cm3-3×103cm3=2×103cm3。
答：(1)将木块放入水中后，等木块完全静止时，木块受到的浮力为30N；
(2)木块完全静止时，木块露出水面的体积是2×103cm3。
【解析】(1)根据密度公式计算木块的密度，根据浮沉条件判断将木块放入水中后的状态，并得出木块所受的浮力；
(2)根据V排=F浮ρ水g得出木块完全静止时排开水的体积，根据V露=V-V排得出露出水面的体积。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
25.【答案】解：(1)从图中可知n=3，在0～1s内拉力F=450N，
物体A上升了0.5m，绳子自由端移动的距离s=nh=3×0.5m=1.5m，
此过程中拉力做的功W=Fs=450N×1.5m=675J；
(2)在1～3s内物体做匀速直线运动，速度v物=1.0m/s，绳子自由端的速度v=nv物=3×1.0m/s=3m/s，拉力F'=400N，
根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力做功的功率P=F'v=400N×3m/s=1200W；
(3)在1～3s内滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhF's=GhF'nh=GnF'=960N3×400N×100%=80%。
答：(1)在0～1s内物体A上升了0.5m，此过程中拉力做的功为675J；
(2)在1～3s内拉力做功的功率为1200W；
(3)在1～3s内滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)从图中可知n=3，且在0～1s内拉力F=450N，物体A上升了0.5m，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs得出此过程中拉力做的功；
(2)在1～3s内物体做匀速直线运动，速度v物=1.0m/s，根据v=nv物得出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力做功的功率；
(3)根据η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF得出在1～3s内滑轮组的机械效率。
本题考查有关滑轮组的功、功率和机械效率的有关知识，关键是从图中得出有用信息。
相关试卷
2023年山东省菏泽市单县中考二模物理试题（含解析）： 这是一份2023年山东省菏泽市单县中考二模物理试题（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省菏泽市单县中考物理三模试卷： 这是一份2023年山东省菏泽市单县中考物理三模试卷，共20页。试卷主要包含了 如图所示，属于光的折射的是等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省菏泽市单县中考物理一模试卷： 这是一份2023年山东省菏泽市单县中考物理一模试卷，共32页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验题，计算与应用等内容，欢迎下载使用。
