新高考化学一轮单元训练第十三单元有机化合物（B卷）含答案

这是一份新高考化学一轮单元训练第十三单元有机化合物（B卷）含答案，共8页。试卷主要包含了选择题的作答，非选择题的作答，已知、、，下列说法不正确的是，下列五种烷烃，下列有机反应方程式书写正确的是等内容，欢迎下载使用。
第十三单元 有机化合物（B）
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷（选择题）
一、选择题：本题共15小题，总计40分。在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一个选项符合题目要求，每题2分。第11～15题为不定项选择题，全部答对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的的0分。
1．黄冈市下辖两区、两市、七县，自古人杰地灵，物产丰富。下列说法错误的是
A．黄梅堆花酒采用纯糯米，运用传统制酒工艺制造而成，它的主要成分是水和乙醇
B．武穴佛手山药营养好，药用价值高，富含多种氨基酸、维生素和微量元素，其中的氨基酸是高分子化合物
C．罗田板栗具有糖分含量高，淀粉含量较低的特点，用碘液可检验其中是否含有淀粉
D．英山云雰茶具有香高、味醇、耐冲泡等特色，冲泡茶叶，主要目的是通过物理变化将茶叶中的有益成分转移到茶汤中
2．下列说法正确的是
A．糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反应
B．淀粉和纤维素互为同分异构体
C．“地沟油”经过加工处理后，可以用来制肥皂和生物柴油
D．蔗糖在一定条件下既能发生水解反应又能发生银镜反应
3．随着科学技术的发展，诞生了更多可靠的化学检验方法，下列说法正确的是
A．利用原子光谱上的特征谱线鉴定元素时，吸收光谱特点是亮线暗背景
B．应用质谱仪可以测定分子的结构
C．应用红外光谱仪可以测定分子的立体构型
D．18O可用于同位素跟踪法研究某些有机反应的机理
4．进行一氯取代后，只生成2种沸点不同的产物的烷烃的是
A．(CH3)2CHCH2CH2CH3 B．(CH3)3CCH2CH3
C．(CH3CH2)2CHCH3 D．(CH3)2CHCH(CH3)2
5．已知(x)、(y)、(z)，下列说法不正确的是
A．x、y、z互为同分异构体
B．z的二氯代物有3种
C．x、y可使溴的四氯化碳溶液因发生加成反应而褪色
D．x、y、z中只有x的所有原子可能处于同一平面
6．通过实验来验证淀粉水解可生成葡萄糖，其实验包括下列操作过程，这些操作过程的正确排列顺序是
①取少量淀粉和水制成溶液　②加热煮沸　③加入碱液中和酸性　④加入新制Cu(OH)2碱性悬浊液　⑤加入少量稀硫酸　⑥再加热
A．①②⑤⑥④③ B．①⑤②④⑥③ C．①⑤②③④⑥ D．①⑥④⑤③②
7．下列五种烷烃：① ② ③ ④ ⑤，其沸点按由高到低的顺序排列正确的是
A．①⑤②③④ B．①②⑤③④ C．④③⑤②① D．④③②⑤①
8．下列有机反应方程式书写正确的是
A．乙烯与溴水反应：CH2=CH2+Br2→CH3CHBr2
B．苯的硝化反应：+HNO3+H2O
C．乙醇的催化氧化：CH3CH2OH+3O22CO2+3H2O
D．乙酸与乙醇发生酯化反应：CH3COOH+HOCH2CH3CH3COOCH2CH3
9．某实验小组探究乙醇氧化反应，实验装置如图所示，以下叙述错误的是

A．在总反应中乙醇被氧化，而铜并未消耗
B．甲烧杯中为热水，乙烧杯中为冰水
C．试管a收集到的液体是纯净物
D．水槽中集气瓶收集到的气体：>4
10．某有机物W由C、H、O三种元素组成，相对分子质量为90。将9.0gW完全燃烧的产物依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重5.4g和13.2g。W能与NaHCO3溶液发生反应，且2个W发生分子间脱水反应生成六元环化合物。有关W的说法正确的是
A．W的分子式为C3H8O3
B．W催化氧化的产物能发生银镜反应
C．0.1molW与足量Na反应产生1.12LH2（标准状况）
D．W在一定条件下可以发生缩聚反应生成高分子材料
11．天然油脂结构的核心为甘油[HOCH2CH(OH)CH2OH]，有一瘦身用的非天然油脂，其结构的核心则为蔗糖(C12H22O11)。该非天然油脂可由直链型的不饱和油酸(C17H33COOH)与蔗糖反应而得，其反应示意图如下图所示(注意：图中的反应式不完整)。

下列说法不正确的是
A．蔗糖酯也是高级脂肪酸的甘油酯，属于油脂类物质
B．该非天然油脂与氢氧化钠溶液共热，其水解产物能与溴水发生加成反应
C．非天然油脂不属高分子化合物
D．该蔗糖酯在稀硫酸的作用下水解，最终可生成二种有机化合物
12．以下物质：①甲烷 ②苯 ③聚乙烯 ④聚乙炔 ⑤2-丁炔 ⑥环己烷 ⑦邻二甲苯 ⑧苯乙烯。既能使KMnO4酸性溶液褪色，又能使溴水因发生化学反应而褪色的是
A．④⑤⑧ B．④⑤⑦⑧ C．③④⑤⑧ D．③④⑤⑦⑧
13．某含C、H、O三种元素的未知物X，经实验测定该物质中元素的质量分数为碳72.0%，氢6.67%。另测得X的相对分子质量为150。下列关于X的说法不正确的是
A．实验式和分式均为C9H10O2
B．不可能含有苯环
C．1molX完全燃烧，可生成5mol水
D．若未测得X的相对分子质量，也能确定X的分子式
14．下列有关有机物同分异构体(均不考虑立体异构)数目的判断中，不正确的是
选项
有机物
同分异构体数目
A
分子式为C4H10O且能与金属钠反应的有机物
4种
B
相对分子质量为86的烷烃
5种
C
甲苯的一氯取代物
3种
D
含有2个甲基的分子式为C4H8Cl2的有机物
4种
A．A B．B C．C D．D
15．孟二醇的结构简式如图所示，W是孟二醇的同分异构体，W可水解生成碳原子数相同的两种有机物。下列有关说法正确的是

A．孟二醇与乙醇属于同系物
B．常温常压下，1mol孟二醇与足量的钠反应可生成22.4L H2
C．W的两种水解产物均可与NaHCO3溶液反应放出CO2
D．W的结构有32种(不含立体异构)
第Ⅱ卷（非选择题）
二、非选择题（共60分）
16．（1）有下列几组物质或微粒：A．H和H；B．甲烷和乙烷；C．红磷和白磷；D．金刚石、石墨和C60；E．丁烷和异丁烷；F．和其中，属于同分异构体的是________；属于同位素的是________；属于同素异形体的是________；属于同一种物质的是_______；属于同系物的是_________。（填字母编号）
（2）写出分子中碳原子数小于10，一氯代物只有一种结构的所有烷烃的结构简式：_________、_____________、___________、_____________。
（3）把1mol CH4和一定量Cl2组成的混合气体通入大试管中，将此试管倒立在盛有饱和食盐水的水槽中，放在光亮处，回答下列问题：
I．在反应结束后，试管内的产物最多的是_________，空间构型呈正四面体的产物为___________（填化学式），写出由甲烷直接生成该物质的化学方程式：_____________。
II．若（3）中甲烷完全反应，且生成的四种有机产物的物质的量相同，则反应消耗的Cl2的物质的量为_______。
17．通常将一定量的有机物充分燃烧转化为简单的无机物，根据产物的质量确定有机物的组成。如图所示是用燃烧法确定有机物分子式的常用装置，将含有C、H、O的有机物3.24g装入元素分析装置，通入足量的O2使之完全燃烧，实验过程中CaCl2管(B)增加了2.16g和NaOH管(A)增加了9.24g，试回答。

（1）使产生的O2按从左到右的方向流动，则所选装置中各导管的正确连接顺序是_______。
（2）装置C中浓硫酸的作用是_______，燃烧管中CuO的作用是_______。
（3）已知质谱仪分析如图，则该有机物的分子式为_______。

18．已知有机物A、B、C、D、E、F有以下转化关系。A的产量可以衡量一个国家的石油化工发展水平；E是不溶于水且具有香味的无色液体，相对分子质量是C的2倍；F为高分子化合物。结合如图关系回答问题：

（1）写出C的结构简式：___________。
（2）写出B、D中官能团的名称：B____________，D_____________。
（3）写出下列反应的化学方程式：
②_______________________________________________________。
④_______________________________________________________。
（4）有机化合物的名称是____________，将其在催化剂存在下完全与H2加成，所得烷烃的名称是___________。
（5）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式为________。
（6）乙醇的分子结构为：，分子内脱水生成乙烯时，断开的键是______(填编号。下同)；在铜催化作用下发生催化氧化反应时，断开的键是____；酯化反应时，断开的键是______
19．某课外小组设计的实验室制取乙酸乙酯的装置如图1：

已知：A中放有浓硫酸；B中放有乙醇、乙酸；D中放有饱和碳酸钠溶液。
有关有机物的沸点如表：
试剂
乙醚
乙醇
乙酸
乙酸乙酯
沸点/℃
34.7
78.5
118
77.1
请回答：
（1）浓硫酸的作用：____。
（2）仪器C的名称是___，其作用有冷凝乙酸乙酯和___，若反应前向D中加入几滴酚酞，溶液呈红色。实验完毕后，将烧杯D中的溶液充分振荡、静置，现象为___。
（3）若用同位素18O标记乙醇中的氧原子以确定反应产物水分子中氧原子的提供者，写出能表示18O位置的化学方程式：___。
（4）现拟分离含少量乙醇和乙酸的乙酸乙酯粗产品，如图2是分离操作步骤流程图：

则试剂a是___，试剂b是___，分离方法Ⅰ是___，分离方法Ⅱ是___。
20．某学习小组拟设计实验探究淀粉在酸性条件下的水解反应及产物性质。请回答下列问题：
I．淀粉的水解实验

（1）淀粉的通式为_______，在淀粉水解实验中“稀硫酸”作用是_______。
（2）淀粉水解时最适宜的加热方式为_______。
（3）流程中能证明淀粉已经开始水解成葡萄糖的实验现象为_______。甲同学认为根据流程中加入碘水后溶液未变蓝色的现象不能得到“淀粉已完全水解”的结论，他的理由为_______。
II．探究砖红色固体成分
猜想1：红色固体是Cu2O； 猜想2：红色固体是Cu； 猜想3：红色固体是Cu和Cu2O。
（4）乙同学提出可用如下定性实验探究砖红色固体成分：取少量砖红色固体于小试管中，加入适量稀硫酸，振荡，溶液变蓝色。该定性方案不足之处是_______(已知：Cu2O+2H+=Cu+Cu2++H2O)。
（5）丙同学提出利用如图装置进行定量实验验证：

若w=7.2，实验结束后称得洗气瓶净增0.9g，则上述猜想_______合理(填“1”、“2”或“3”)，其依据是_______(计算说明)。
第十三单元 有机化合物（B）
答 案
1．【答案】B
【解析】高分子是指相对分子质量成千上万的分子，故氨基酸不属于高分子化合物，B错误；故答案为B。
2．【答案】C
【解析】糖类中的单糖不能发生水解反应，A错误；淀粉和纤维素都是多糖，由于二者单糖单元结构不同，数目不同，因此不能互为同分异构体，B错误；“地沟油”主要成分是油脂，经过加工处理后，可以用来制肥皂和生物柴油，C正确；蔗糖是二糖，在一定条件下能发生水解反应，但分子中无醛基，因此不能发生银镜反应，D错误；故合理选项是C。
3．【答案】D
【解析】A．利用原子光谱上的特征谱线鉴定元素时，吸收光谱特点是暗线亮背景，故A错误；B．应用质谱仪可以测定分子的相对分子质量，故B错误；C．应用红外光谱仪可以测定分子中所含的官能团，故C错误；D．18O可用于同位素跟踪法研究某些有机反应的机理，如酯化反应，故D正确；故选D。
4．【答案】D
【解析】A．(CH3)2CHCH2CH2CH3有五种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有五种，A错误；B．(CH3)3CCH2CH3有三种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有三种，B错误；C．(CH3CH2)2CHCH3有四种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有四种，C错误；D．(CH3)2CHCH(CH3)2有二种不同位置的H原子，因此一氯取代产物有二种，D正确；选D。
5．【答案】A
【解析】A．x、z的分子式都是C8H8、y的分子式是C8H10，不是同分异构体，故A错误；B．z的二氯代物有3种（两个氯原子分别在同一条楞、面对角线、体对角线），故B正确；C．x、y中都含有碳碳双键，所以都可使溴的四氯化碳溶液因发生加成反应而褪色，故C正确；D．苯环决定一个平面，乙烯分子决定一个平面，单键可以旋转，x的所有原子可能处于同一平面；y、z中都含有单键碳，y、z不可能所有原子处于同一平面，故D正确。
6．【答案】C
【解析】验证淀粉水解产物的实验主要有以下步骤：（1）在酸性条件下加热使其水解，即选项中的①⑤②；（2）加碱中和硫酸，即选项中的③；（3）加入新制Cu(OH)2碱性悬浊液并加热检验产物，即选项中的④⑥；故答案为C。
7．【答案】A
【解析】烷烃和烯烃的物理性质随着分子中碳原子数的递增呈规律性变化，沸点逐渐升高；碳原子数相同的烃，支链越多，熔沸点越低。①中碳原子数为6个，碳原子数越多，故沸点最高；②⑤中碳原子是5个，支链越少，沸点越高，故沸点⑤＞②；③中碳原子是3个，④中碳原子是2个，故沸点按由高到低的顺序排列是：①⑤②③④。故选A。
8．【答案】B
【解析】乙烯与溴水之间能够发生加成反应，反应中溴原子分别结合碳原子，其化学方程式为：CH2=CH2+Br2→CH2BrCH2Br，故A错误；苯的硝化反应化学方程式为：+HNO3+H2O，故B正确；乙醇与氧气在催化剂、加热条件下生成乙醛、水，其化学方程式为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故C错误；乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯、水，其化学方程式为：CH3COOH+HOCH2CH3CH3COOCH2CH3+H2O，故D错误；综上所述，有机反应方程式书写正确的是B，故答案为：B。
9．【答案】C
【解析】甲烧杯提供稳定的乙醇和空气混合气体，即甲烧杯中的水为热水，直玻璃管中发生2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O，乙装置收集CH3CHO，水应是冷水，使乙醛气体遇冷转化成乙醛液体。A．乙醇催化氧化，发生的反应是2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O，Cu作催化剂，其质量保持不变，故A说法正确；B．根据上述分析，甲烧杯中为热水，乙烧杯中为冰水，故B说法正确；C．试管a收集到的液体除乙醛外，还含有未反应的乙醇，部分乙醛可能被氧化成乙酸，因此试管a中收集到的液体为乙醛、乙醇、乙酸，故C说法错误；D．空气中氮气和氧气的体积比为4∶1，反应消耗氧气使集气瓶氮气和氧气的体积之比大于4∶1，相同条件下，气体物质的量之比等于体积之比，即>4，故D说法正确。
10．【答案】D
【解析】浓硫酸增重5.4g，说明生成H2O的质量为5.4g，n(H2O)==0.3mol，n(H)=0.6mol，m(H)= 0.6mol×1g/mol=0.6g，碱石灰增重13.2g，说明生成CO2的质量为13.2g，n(CO2)==0.3mol，n(C)=0.3mol，m(C)=0.3mol×12g/mol=3.6g，9.0gW含O的质量为9.0g-0.6g-3.6g=4.8g，n(O)==0.3mol，因此n(C)∶n(H)∶n(O)=1∶2∶1，W的实验式为CH2O，相对分子质量为90，则分子式为C3H6O3，W能与NaHCO3溶液发生反应，可知W含羧基，2分子W之间脱水可生成六元环化合物，可推出W含有羟基，因此W的结构简式为。A．根据分析，W的分子式为C3H6O3，A错误；B．根据分析，W为，可被催化氧化为，酮羰基不能发生银镜反应，B错误；C．羟基和羧基均和钠反应，因此0.1molW与足量Na反应产生0.1molH2，体积为0.1mol×22.4L/mol=2.24L，C错误；D．W含有羧基和羟基两种官能团，可发生缩聚反应生成，属于高分子材料，D正确。
11．【答案】AD
【解析】A．蔗糖酯是高级脂肪酸与蔗糖形成的酯，并非某甘油酯，不是油脂，A错误；B．水解生成的不饱和油酸钠含有不饱和键，能与溴水发生加成反应，B正确；C．非天然油脂是高级脂肪酸甘油酯，不是高分子化合物，C正确；D．蔗糖酯水解产物为葡萄糖、果糖和不饱和油酸三种物质，D错误。
12．【答案】A
【解析】能被酸性高锰酸钾溶液氧化的物质是④聚乙炔；⑤2-丁炔；⑦邻二甲苯；⑧苯乙烯；能和溴水发生加成反应的物质有④聚乙炔；⑤2-丁炔；⑧苯乙烯，所以既能使KMnO4酸性溶液褪色，又能使溴水因发生化学反应而褪色的是④⑤⑧，故A正确；故选A。
13．【答案】BD
【解析】X的相对分子质量为150，碳元素的质量分数为72.0%，则X分子中碳原子数为，氢元素的质量分数为6.67%，X分子中H原子数为，X分子中氧原子数；A．X分子中含有9个C原子、10个H原子、2个O原子，所以实验式和分式均为C9H10O2，故A正确；B．苯环的不饱和度是4，X的分子式为C9H10O2，不饱和度是5，所以X分子中可能含有苯环，故B错误；C．X的分子式为C9H10O2，根据氢原子守恒，1mol C9H10O2完全燃烧，可生成5mol水，故C正确；D．若未测得X的相对分子质量，根据质量分数只能够测定实验式，不能确定分子式，故D错误。
14．【答案】C
【解析】A．分子式为C4H10O且能与金属钠反应的有机物，说明属于一元饱和丁醇，其相应的同分异构的醇有4种，故A错误；B．相对分子质量为86的烷烃的分子式为C6H14，其同分异构体有5种，故B正确；C．甲苯的苯环上的一氯代物有3种、甲基上的一氯代物有1种，共有4种同分异构体，故C错误；D．含有2个甲基的分子式为C4H8Cl2，相应的同分异构体有如下4种：、、、，故D正确；故答案A。
15．【答案】D
【解析】含有官能团的数目不同，且碳的连接方式不同，孟二醇与乙醇不是同系物，A项错误；常温常压不是标准状况，B项错误；W能水解，说明W为酯，酯是由醇与酸发生酯化反应得到，醇不与NaHCO3反应，C项错误；孟二醇的分子式为C10H20O2，水解产物碳原子数都相同，都有5个碳原子，则酸有CH3CH2CH2CH2COOH、(CH3)2CHCH2COOH、CH3CH2CH(CH3)COOH、(CH3)3CCOOH共4种结构，醇有CH3CH2CH2CH2CH2OH、CH3CH2CH2CH(CH3)OH、CH3CH2CH(CH3)CH2OH、(CH3)2CHCH2CH2OH、CH3CH2C(CH3)2OH、CH3CH(CH3)CH(CH3)OH、(CH3)3CCH2OH、(CH3CH2)2CHOH共8种结构，因此符合要求的W有4×8=32种，D项正确。
16．【答案】（1）E A C、D F B
（2） CH4 CH3CH3 C(CH3)4 (CH3)3CC(CH3)3
（3） HCl CCl4 CHCl3+4Cl2CCl4+4HCl 2.5mol
【解析】（1）A．H和H属于H元素的不同原子，两者互为同位素；B．甲烷和乙烷属于分子组成相同、结构相同的烷烃，两者互为同系物；C．红磷和白磷属于磷元素的不同单质，两者互为同素异形体；D．金刚石、石墨和C60均属于碳元素的不同单质，其互为同素异形体；E．丁烷和异丁烷分子式相同，但是结构不同，两者互为同分异构体；F．和均为3-甲基戊烷，属于同一种物质；综上所述，属于同分异构体的是E；属于同位素的是A；属于同素异形体的是CD；属于同一种物质的是F；属于同系物的是B。（2）一氯代物只有一种结构的烷烃，其分子结构一定是高度对称的，如CH4分子中的4个H完全等同，CH3CH3分子中的6个H原子完全等同，同理，将CH4和CH3CH3分子中的所有H原子换为-CH3，则其分子中的H原子仍然是完全等同的，因此，分子中碳原子数小于10，一氯代物只有一种结构的烷烃共有4种，分另是CH4、CH3CH3、C(CH3)4、(CH3)3CC(CH3)3。（3）把1mol CH4和一定量Cl2组成的混合气体通入大试管中，将此试管倒立在盛有饱和食盐水的水槽中，放在光亮处。I．两者在光照的条件下发生4步取代反应，每一步都有HCl生成，有机产物有一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷和四氯甲烷。因此，在反应结束后，试管内的产物最多的是HCl（尽管其溶于水成为盐酸，但是这种产物最多仍成立），空间构型呈正四面体的产物是四氯甲烷，其分子式为CCl4，由甲烷直接生成该物质的化学方程式为CHCl3+4Cl2CCl4+4HCl。II．若（3）中甲烷完全反应且生成的四种有机产物的物质的量相同，则一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷和四氯甲烷的物质的量均为0.25mol，由于每取代一个H原子需要一个Cl2分子，故反应消耗的Cl2的物质的量为0.25mol+0.25mol×2+0.25mol×3+0.25mol×4=2.5mol。
17．【答案】g→f→e→h→i→c→d→a→b 干燥O2 确保有机物中的碳元素全部转化为CO2(或将产生的CO被氧化铜转化为CO2) C7H8O
【解析】（1）D中生成的氧气中含有水蒸气，应先通过C中的浓硫酸干燥，在E中电炉加热时用纯氧氧化管内样品，生成二氧化碳和水，如有一氧化碳生成，则E中CuO可与CO进一步反应生成二氧化碳，然后分别通入B(吸收水)、A(吸收二氧化碳）中，根据产物的质量推断有机物的组成，则产生的氧气按从左到右流向，所选择装置各导管的连接顺序是g→f→e→h→i→c→d→a→b；（2）D中生成的氧气中含有水蒸气，应先通过C中的浓硫酸干燥，以免影响实验结果，即装置C中浓硫酸的作用是干燥O2；一氧化碳能与氧化铜反应，可被氧化成二氧化碳，因此CuO的作用是把有机物不完全燃烧产生的CO转化为CO2；（3）由质谱知最大荷质比为108，所以其相对分子质量也是108，CaCl2管(B)增加了2.16g为水的质量，NaOH(A)管增加了9.24g为二氧化碳的质量，3.24g该有机物中n(C)=n(CO2)=，n(H)=2n(H2O)=，则含氧元素的质量为m(O)3.24-0.21×12-0.24×1=0.48g，，则C、H、O的个数比为7∶8∶1，相对分子质量也是108，则该有机物的分子式为C7H8O。
18．【答案】（1）CH3CHO
（2） 羟基 羧基
（3） 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O
CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O
（4）5，6-二甲基-3-乙基-1-庚炔 2，3-二甲基-5-乙基庚烷
（5）
（6）①③ ④⑤ ④
【解析】A的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平的标志，则A为CH2=CH2，CH2=CH2与水发生加成反应生成B为CH3CH2OH，CH3CH2OH在Cu作催化剂条件下发生催化氧化生成C为CH3CHO，E是不溶于水且具有香味的无色液体，则E为酯，其相对分子质量是C的2倍，则E为CH3COOC2H5，D为CH3COOH，乙烯发生加聚反应生成F为。根据上述分析可知：A为CH2=CH2，B为CH3CH2OH，C为CH3CHO，D为CH3COOH，E为CH3COOC2H5，乙烯发生加聚反应生成F为。（1）C的结构简式为CH3CHO；（2）B为CH3CH2OH，官能团是-OH，名称为羟基；D为CH3COOH ，D中官能团是-COOH，名称为羧基；（3）B为CH3CH2OH，在Cu作催化剂条件下加热发生催化氧化生成C为CH3CHO，反应②的化学方程式为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；B为CH3CH2OH，D为CH3COOH，二者在浓硫酸作催化剂条件下加热，发生酯化反应产生乙酸乙酯和水，该反应为可逆反应，故反应④的化学方程式为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；（4）命名时，要选择分子中包含碳碳三键在内的最长的碳链为主链，该物质最长碳链上含有7个C原子，从离C≡C较近的左端为起点，给主链上的C原子编号，以确定碳碳三键和支链的位置。在主链的1、2号碳原子之间有碳碳三键，在5、6号C原子上各有一个甲基，在3号C原子上有1个乙基，有机化合物的名称是5，6-二甲基-3-乙基-1-庚炔。将其在催化剂存在下完全与H2加成，得到的物质是烷烃，此时要从离支链较近的右端为起点给主链C原子进行编号，在主链的2、3号C原子上各有1个甲基，在5号C原子上有1个乙基，则所得烷烃的名称是2，3-二甲基-5-乙基庚烷；（5）烷烃分子式通式是CnH2n+2，若烷烃的相对分子质量为72，则12n+2n+2=72，解答n=5，该烷烃是戊烷C5H12，戊烷有正戊烷、异戊烷、新戊烷三种结构，对于各种同分异构体，物质分子中含有的支链越多，分子间作用力越小，物质的熔沸点就越低。则分子式是C5H12的沸点最低的同分异构体是新戊烷，结构简式为；（6）乙醇的分子结构为：，分子内脱水生成乙烯时，断裂C-O键和甲基上的C-H键，故断开的键编号是①③；在铜催化作用下发生催化氧化反应时，断裂羟基中的H-O键和羟基连接的C原子上的C-H键，则断开的键编号是④⑤；乙醇发生酯化反应时，根据酯化反应脱水方式：酸脱羟基醇脱氢，可知乙醇分子断开的键是羟基中的H-O键，其编号是④。
19．【答案】（1）催化剂和吸水剂
（2）球形干燥管 防止倒吸 红色变浅或褪去且出现分层现象
（3）CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O
（4）饱和Na2CO3溶液 硫酸 分液 蒸馏
【解析】本题是对实验室制备乙酸乙酯的常规考题，反应中浓硫酸作催化剂和吸水剂，球形干燥管有利于冷凝乙酸乙酯且可以防止由于乙醇、乙酸蒸气易溶于水而产生的倒吸现象，根据酯化反应机理可知酸脱羟基醇脱氢，产物的分离部分是将产生的乙酸乙酯通入到饱和碳酸钠溶液中，出现分层，分液分离出乙酸乙酯，洗涤干燥，在蒸馏出乙醇，最后在进行加入硫酸将乙酸钠转化为乙酸蒸馏出来。（1）乙酸与乙醇发生酯化反应，该反应为可逆反应，需浓硫酸作催化剂，浓硫酸吸水利于平衡向生成乙酸乙酯方向移动，故浓硫酸的作用为催化剂、吸水剂，增加乙醇的量平衡正向移动，提高乙酸的转化率，故答案为：催化剂和吸水剂；（2）仪器C具有球形特征，为球形干燥管或干燥管，乙酸、乙醇易溶于碳酸钠溶液，会导致装置内气体减小，容易发生倒吸，球形干燥管的管口伸入液面下可能发生倒吸，但球形干燥管体积大，可冷凝乙酸乙酯，也可以防止倒吸，碳酸钠为强碱弱酸盐，水解生成碳酸氢根离子和氢氧根离子，离子方程式：+H2O+OH-；碳酸钠溶液显碱性，遇到酚酞变红，实验完毕后，将烧杯D中的溶液充分振荡、静止，乙酸和碳酸钠反应而使溶液红色变浅，乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，密度比水小，溶液分层，上层无色油体液体；（3）羧酸与醇发生的酯化反应中，羧酸中的羧基提供-OH，醇中的-OH提供-H，相互结合生成水，其它基团相互结合生成酯，同时该反应可逆，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH218OH
CH3CO18OC2H5+H2O；（4）由分离流程可知，加试剂a为碳酸钠，分离方法Ⅰ为分液，油层含乙酸乙酯和水，加无水硫酸钠可吸收水，A为乙酸乙酯；水层含乙醇、乙酸钠、碳酸钠，分离方法Ⅱ为蒸馏，E为乙醇，C中含乙酸钠、碳酸钠，加试剂b为硫酸，分离方法Ⅲ为蒸馏，由上述分析可知a为饱和Na2CO3溶液，Ⅰ为分液，Ⅱ为蒸馏，b为硫酸，故答案为：饱和Na2CO3溶液；硫酸；分液；蒸馏。
20．【答案】（1）(C6H10O5)n 作催化剂
（2）水浴加热
（3）有砖红色固体出现 碘水可与过量的NaOH反应
（4）只能证明砖红色固体中含有Cu2O，无法确定砖红色固体中是否存在铜
（5）1 m(H2O)=0.9g n(H2O)=0.05 mol，m(O)=0.8g m(Cu)=7.2g-0.8g=6.4g，n(O)∶n(Cu)=1∶2
【解析】（1）淀粉和纤维素的通式相同，均为(C6H10O5)n ，“n”表示聚合度；大多数有机反应速率较慢，故淀粉水解需要加入催化剂，稀硫酸在该反应中作催化剂。（2）淀粉70℃条件下水解，最适宜的加热方式为水浴加热。（3）含有醛基的有机物能和新制氢氧化铜在加热条件下反应生成砖红色固体，淀粉水解生成的葡萄糖分子中有醛基，所以流程中能证明淀粉已经开始水解成葡萄糖的实验现象为有砖红色固体出现。水解后加入的氢氧化钠可能过量，碘能与氢氧化钠反应：I2+2NaOH=NaI+NaIO+H2O。即使淀粉未完全水解，可能导致加入碘水，溶液不变色。应该取加入氢氧化钠溶液之前的溶液进行实验，用碘水检验是否有淀粉溶液。（4）因为铜不和稀硫酸反应，则题给信息溶液变蓝色只能说明砖红色固体中一定含有氧化亚铜，但无法确定砖红色固体中是否含有铜。（5）浓硫酸净增质量是水的质量。由Cu2O+H22Cu+H2O可知，水中O的质量即为氧化亚铜中O的质量。m(H2O)=0.9g，n(H2O)=n(O)=0.05 mol，m(O)=0.8g；砖色固体中m(Cu)=7.2g-0.8g=6.4g，n(Cu)=0.1mol，所以n(O)∶n(Cu)=1∶2，所以猜想1成立。