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2022年江苏省泰州市中考物理试卷解析版
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这是一份2022年江苏省泰州市中考物理试卷解析版，共55页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022年江苏省泰州市中考物理试卷
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）
1．（2分）在国际单位制中，下列物理量的单位不是以科学家的名字命名的是（ ）
A．电阻 B．压强 C．能量 D．质量
2．（2分）下列能源中，属于非清洁能源的是（ ）
A．风能 B．煤炭 C．水能 D．太阳能
3．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．用电器的金属外壳一定要接地
B．对人体而言，安全电压一般是36V
C．使用测电笔时，手不得接触笔尾金属电极
D．控制电灯的开关，接在零线或火线上都可以
4．（2分）下列关于粒子和宇宙的认识正确的是（ ）
A．汤姆生发现了电子，说明原子核仍可再分
B．地球等行星绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心
C．端午节闻到粽子香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．玻璃棒与丝绸摩擦后能带电，说明通过摩擦可创造电荷
5．（2分）下列关于物质的物理属性及应用的说法错误的是（ ）
A．房屋的天窗采用透光性好的玻璃
B．电线外层包有绝缘性好的塑料
C．白炽灯灯丝用熔点高的钨制成
D．水壶的把手用导热性好的胶木制成
6．（2分）在2022北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛中，中国选手任子威获得金牌，图甲是他正全力通过弯道、图乙是他获胜后站立在水平赛场中央大声欢呼的情形。下列说法正确的是（ ）
A．通过弯道过程中他处于平衡状态
B．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对相互作用力
C．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对平衡力
D．图甲中他的手对冰面的压力与冰面对他的手的支持力是一对相互作用力
7．（2分）随着人们生活水平的不断提高，自行车功能正从代步转变为健身。其构造中包含许多物理原理，例如：在轮胎上刻花纹来增大摩擦，下列四种改变摩擦力的方法与该例相同的是（ ）
A．自行车刹车时捏紧剎把
B．溜冰时穿旱冰鞋
C．体操运动员在手上涂镁粉
D．运动员击球时用力握球拍
8．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失，则皮球将（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
9．（2分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（ ）
A．饮料将温度传递给冰箱中的空气
B．饮料放出热量后自身所含热量减少
C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移
D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
10．（2分）如图所示是一款新式手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动电筒时，灯泡就能发光。下列所示的四个实验中能反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2分）水平桌面上的深桶容器中装有水，小明在空玻璃瓶口蒙上橡皮膜，将其置于水中某一深度处，恰好悬浮，如图所示，现沿桶壁向容器中缓慢加水，在水面上升的过程中，下列判断错误的是（ ）
A．玻璃瓶保持静止
B．玻璃瓶下沉至容器底
C．水对容器底的压强增大
D．桌面对容器的支持力增大
12．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样，将滑片置于最右端后，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A。在电路安全工作时，下列选项正确的是（ ）
A．电源电压为16V
B．R1的阻值为7.5Ω
C．R2消耗的功率范围为1.8W～6W
D．该电路总功率的最大值为18W
二、填空题（本题有10小题，每空1分，共26分）
13．（2分）2022北京冬奥会开幕式举世瞩目，小男孩在国旗传递环节中用小号吹奏的《我和我的祖国》响彻全场。小号声是由空气柱的 产生的，观众能听出是小号发出的声音，这是根据声音的 来判断的。
14．（3分）勤劳的小华发现家里电水壶中水烧开了，就将水灌入保温瓶，水未能灌满保温瓶，她塞好瓶塞没走多远，就听到“嘭”一声，转身看到：瓶塞被喷在空中，瓶口还冒着“白气”，瓶塞被喷出过程中的能量转化与汽油机的 冲程中的能量转化相同；“白气”是 （填物态变化名称）形成的，此过程需 热量。
15．（2分）如图是由飞船和核心舱等组合而成的中国空间站在轨运行时的示意图，以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船是 的。2022年3月23日王亚平等三名航天员在空间站开设了第二次“空中课堂”，他们是利用 与同学们进行交流，实现天地通话的。
16．（3分）小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律，该透镜的焦距为 cm。实验中，小明保持凸透镜在光具座上的位置不变，把点燃的蜡烛放在“20cm”刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，生活中利用这类透镜来矫正 眼的视力缺陷。
17．（2分）如图，小明用电压表测水果电池电压，由图可知：该水果电池的负极是 片，用水果电池给电路供电时，将 能转化为电能。
18．（2分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进行训练，他
用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的力的大小变化情况是 ；在此过程中，弹力带的 能转化为小明的重力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。
19．（3分）艳阳下的天德湖畔树影婆娑，水中的鹅卵石清晰可见，湖面上的小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的 形成的，游人看到水中的鹅卵石是光的 形成的；小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像到水面距离的大小变化情况是 。
20．（3分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大桥模型，她用长30cm、重5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，桥面OA实质是一种 （填简单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F＝ N；将细线一端的固定点由B点改至C点，拉力F的大小变化情况是 ，由此小华初步了解到大桥建造很高桥塔的好处。
21．（3分）一款环保共享电动汽车满载时总质量为900kg，轮胎与地面的总接触面积为300cm2，静止在水平马路上时，路面受到的压力F＝ N，压强p1＝ Pa；若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压强p2 p1（选填“大于”、“等于”或“小于”）（g取10N/kg）。
22．（3分）小明用如图所示电路研究调光灯的工作原理，所用电源电压恒为6V，灯泡L标有“4.8V 0.3A”字样，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，当观察到 时，可知灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率为 W，通电1min滑动变阻器产生的热量为 J。
三、解答题（本题有10小题，共50分。解答45、46题时应写出解题过程）
23．（2分）如图，请完成图中光通过透镜后的光路。
24．（2分）如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
25．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
26．（6分）如图，工人用动滑轮提升重为800N的物体，所用拉力为F，物体以0.2m/s的速度匀速上升，此时动滑轮的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。
求：
（1）物体在10s内上升的高度。
（2）工人对绳端的拉力。
（3）当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力。
27．（6分）在估测电水壶实际功率的活动中，小明所用电能表表盘如图所示，他先断开电路中
所有用电器的开关，再在电水壶中加入质量为0.5kg的水，测得水的初温为20℃。小明给电水壶通电2min，电能表的转盘恰好转20转，测得此时水温为60℃[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。求：
（1）水吸收的热量。
（2）电水壶的实际功率。
（3）电水壶的加热效率。
28．（5分）小明用如图所示装置“探究光的反射规律”。
（1）表面粗糙的纸板应 立在水平平面镜上，让一束光紧贴纸板A射向镜面上的O点，在纸板B上呈现出反射光束，以ON为轴，把纸板B向后翻折，纸板B上反射光束消失。由此可初步得出：反射光线、入射光线和法线 。
（2）把纸板B翻折至能呈现反射光束的位置后，让纸板A上的入射光束绕O点顺时针转动，此过程中反射角的大小变化情况是 。
（3）若将图中纸板整体以底边EF为轴向后旋转45°后，纸板B上 （选填“能”或“不能”）呈现出反射光束，纸板A上的入射光束 （选填“能”或“不能”）在平面镜中成像。
29．（7分）泰州特产小磨麻油是常见的调味料，在测定麻油密度的活动中。
（1）小明用所学知识初步判断麻油密度的大小，他向水中滴入几滴麻油，麻油能从倾斜的瓶口下落，这是由于麻油受到 力的作用。滴入水中的麻油，仍会继续向下运动，这是由于麻油 ；麻油最终漂浮在水面上，小明据此判断麻油的密度小于水的密度。
（2）为了测出麻油的密度，小明进行如下操作：
①把托盘天平放在水平桌面上，先将 ，再调节平衡螺母使横梁平衡。
②用托盘天平测得空烧杯的质量m0＝20g。
③在烧杯中倒入适量麻油，置于托盘天平左盘，天平横梁平衡后如图甲所示，则烧杯和麻油的总质量m＝ g。
④将烧杯中麻油倒入量筒中，如图乙所示。
⑤算出麻油的密度ρ＝ kg/m3。
（3）小华认为：小明操作步骤不合理，测得的麻油密度偏 ，应将上述操作顺序调整为：① ⑤。
30．（5分）在“比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量”实验中。
（1）由于燃料充分燃烧放出热量的多少不仅与燃料种类这一个因素有关，因此实验时必须控制酒精和碎纸片的 相等；实验中还需控制被加热的水的质量和初温均相同，以便于 。
（2）如图是小明安装好的实验装置，其中存在的错误是 。
（3）小华纠正了小明的错误，又组装了一套相同的实验装置，备好秒表。在两燃烧皿中分别加入准备好的酒精和碎纸片，读出水的初温后，进行如下操作：
①先点燃酒精，再点燃碎纸片。
②保证酒精和碎纸片燃烧时间相同，读取温度计的示数。
③待酒精和碎纸片充分燃烧结束，分别读取温度计的示数。
小红认为上述操作中，操作 是错误的。小明根据正确操作获得的数据，算出了燃料的热值，发现结果小于该燃料的实际热值，原因是 。
31．（5分）如图是小明“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验情形。
（1）物块未浸入水中时，弹簧测力计示数如图甲所示，物块的重力为 N。
（2）小明将物块从图甲下降至图乙的过程中，发现弹簧测力计示数逐渐减小的同时，还观察到 ，由此初步分析得出：物体所受浮力的大小与它排开液体的体积有关。
（3）继续增大物块所处的深度，当它与容器底部接触后，弹簧测力计示数如图丙所示，此时物块受到的浮力为 N。
（4）为探究浮力与液体密度的关系，小明又把物块浸没到事先配制好的盐水中，这样操作的目的是为了控制 相同；他发现液体密度改变，而物块受到的浮力变化却不明显。小明想出下列四种实验改进方案，其中不可行的是 。
A.换用体积更大的同种物块
B.换用密度比水小得多的液体
C.换用精确程度更高的测力计
D.利用现有器材进行多次实验
32．（10分）在“测量定值电阻阻值”的实验中，小明所用电源的电压保持不变，滑动变阻器标有“10Ω 2A”的字样。
（1）粗心的小明连好最后一根导线时的电路如图甲所示，请你指出其中存在的问题：一是 ；二是 。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻Rx/Ω
①
5.0
②
6.5
0.4
③
8.0
0.5
（2）小明解决上述问题后，闭合开关发现：电压表指针有明显偏转，而电流表指针几乎不动。经检查：电路中电表完好且只有一处故障，他初步判断可能是导线 （选导线编号）断路或 断路。
（3）排除上述电路故障后，小明开始实验：
①闭合开关，读出电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中，其中电流表指针位置如图乙所示，则电流表读数为 A，利用该组数据算出的Rx阻值为 Ω（保留一位小数）。
②闭合开关，将滑动变阻器的滑片向 移至适当位置，读出两电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中。
③闭合开关，继续移动滑片，直至移到了滑动变阻器的一端，读出两电表示数，断开开关，并将读数填在表中。
（4）分析表中数据，小明发现：随着待测电阻两端电压的增大，计算得出的待测电阻阻值变化情况是 。
他感到困惑：为何会出现这样的结果呢？小华帮他检查后指出：小明所测出的电压数据是错误的。于是小明想重新实验，小华提醒他：无需重新实验，利用已知信息和电流表的读数，不但可计算出待测电阻的阻值，还能求出电源电压。小明经过认真思考后，计算得出：待测电阻Rx＝ Ω，电源电压U总＝ V。
2022年江苏省泰州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）
1．（2分）在国际单位制中，下列物理量的单位不是以科学家的名字命名的是（ ）
A．电阻 B．压强 C．能量 D．质量
【分析】根据物理学家的贡献及对物理单位的掌握分析解答此题。
【解答】解：A、电阻的单位欧姆是根据物理学家欧姆的名字命名的，故A不合题意；
B、压强的单位是帕斯卡是根据科学家伏特的名字命名的，故B不合题意；
C、能量的单位焦耳是根据物理学家焦耳的名字命名的，故C不合题意；
D、质量的单位千克是国际计量大会一致通过，规定的国际单位制中的七个基本单位之一，故D符合题意。
故选：D。
【点评】熟悉各物理量的单位，并知道各单位的由来是解题的关键。
2．（2分）下列能源中，属于非清洁能源的是（ ）
A．风能 B．煤炭 C．水能 D．太阳能
【分析】煤炭燃烧时产生大量废气，所以煤炭属于非清洁能源。
【解答】解：煤炭燃烧时产生大量废气，所以煤炭属于非清洁能源，使用风能、水能、太阳能时不会产生废气，所以风能、水能、太阳能属于清洁能源。
故选：B。
【点评】区分生活中的各种能源，是解答此题的关键。
3．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．用电器的金属外壳一定要接地
B．对人体而言，安全电压一般是36V
C．使用测电笔时，手不得接触笔尾金属电极
D．控制电灯的开关，接在零线或火线上都可以
【分析】（1）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
（2）不高于36V的电压对人体是安全的。
（3）使用测电笔测电时，笔尖触到测试体上，手接触测电测电笔笔的尾部的金属体。如果氖管发光，表示接触的是火线，如果氖管不发光，表示接触的是零线。
（4）从安全用电的角度分析，控制电灯的开关必须接在火线上。
【解答】解：A、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故A正确；
B、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故B错误；
C、使用测电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触电线，手不能接触笔尖金属体，否则会触电，故C错误；
D、从安全用电的角度分析，控制电灯的开关必须接在火线上，故D错误。
故选：A。
【点评】家庭电路中，正确使用各种元件，更要保证使用的安全性。
4．（2分）下列关于粒子和宇宙的认识正确的是（ ）
A．汤姆生发现了电子，说明原子核仍可再分
B．地球等行星绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心
C．端午节闻到粽子香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．玻璃棒与丝绸摩擦后能带电，说明通过摩擦可创造电荷
【分析】（1）电子的发现使人们认识到原子是由更小的粒子构成的；
（2）整个宇宙都是运动的；宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗行星，不是宇宙的中心；
（3）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；
（4）摩擦起电的实质：电荷（电子）的转移。
【解答】解：
A、汤姆生发现了电子，从而说明原子是可以再分的，故A错误；
B、地球等行星绕太阳转动，宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗行星，不是宇宙的中心，故B错误；
C、由于分子在不停地做无规则运动，所以我们会闻到粽子的香味，故C正确；
D、玻璃棒与丝绸摩擦后能带电，其原因是电荷发生了转移，并不是创造了电荷，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物理学史、分子的无规则运动、摩擦起电的实质等，属于基础题。
5．（2分）下列关于物质的物理属性及应用的说法错误的是（ ）
A．房屋的天窗采用透光性好的玻璃
B．电线外层包有绝缘性好的塑料
C．白炽灯灯丝用熔点高的钨制成
D．水壶的把手用导热性好的胶木制成
【分析】不同的物质有不同的物理属性，根据各个选项分析物质的物理属性。
【解答】解：
A、房屋的天窗需要透过光线，所以要采用透光性好的玻璃，故A正确；
B、电线外层包有绝缘性好的塑料，这样能防止发生触电事故，故B正确；
C、白炽灯灯丝的温度很高，需要用熔点高的钨制成，故C正确；
D、水壶的把手要有一定的隔热作用，所以要用导热性弱的胶木制成，故D错误。
故选：D。
【点评】不同物质的性质基本不同，决定了它们在用途上的不同，生活中要多观察，注重物理知识联系生活实际。
6．（2分）在2022北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛中，中国选手任子威获得金牌，图甲是他正全力通过弯道、图乙是他获胜后站立在水平赛场中央大声欢呼的情形。下列说法正确的是（ ）
A．通过弯道过程中他处于平衡状态
B．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对相互作用力
C．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对平衡力
D．图甲中他的手对冰面的压力与冰面对他的手的支持力是一对相互作用力
【分析】（1）平衡状态是指物体处于静止或匀速直线运动状态；
（2）相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
【解答】解：A、通过弯道过程中，任子威的运动方向不断变化，所以他处于非平衡状态，故A错误；
B、站立时他受到的重力和他对冰面的压力方向相同，所以不是一对相互作用力，故B错误；
C、站立时他受到的重力和他对冰面的压力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、图甲中他的手对冰面的压力与冰面对他的手的支持力同时作用在冰面和他的手上，符合相互作用力的条件，所以是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查平衡状态的判断、平衡力与相互作用力的区别，平衡力与相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
7．（2分）随着人们生活水平的不断提高，自行车功能正从代步转变为健身。其构造中包含许多物理原理，例如：在轮胎上刻花纹来增大摩擦，下列四种改变摩擦力的方法与该例相同的是（ ）
A．自行车刹车时捏紧剎把
B．溜冰时穿旱冰鞋
C．体操运动员在手上涂镁粉
D．运动员击球时用力握球拍
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：在轮胎上刻花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
A、用力捏刹把刹车，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A不合题意；
B、溜冰时穿旱冰鞋，用滚动代替滑动来减小摩擦力，故B不合题意；
C、体操运动员在手上涂镁粉，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C符合题意；
D、运动员击球时用力握球拍，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意。
故选：C。
【点评】本题在考查影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用。
8．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失，则皮球将（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
【分析】据牛顿第一运动定律可知，一切物体在没有受到任何外力时，总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：当皮球运动到最高点A时，仍然具有水平向右的速度，若此时所受的外力全部消失，由牛顿第一运动定律可知，小球将沿水平向右的方向做匀速直线运动。
故选：B。
【点评】此题考查了牛顿第一定律的应用，理解牛顿第一定律的内容是解题的关键。
9．（2分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（ ）
A．饮料将温度传递给冰箱中的空气
B．饮料放出热量后自身所含热量减少
C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移
D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递：热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体或从物体的高温部分向低温部分转移的过程；
（2）热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有；
（3）热传递的条件是有温度差，内能的影响因素：质量、温度和状态。
【解答】解：A、饮料放进冰箱后，温度较高的饮料放出热量、温度降低，饮料将热量传递给冰箱中的空气，而不是将传递给冰箱中的空气，故A错误；
B、热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故B错误；
C、是通过热传递的方式改变物体的内能，热传递是能的转移过程，故C正确；
D、饮料放热是因为饮料的温度比冰箱中空气的温度高，内能的影响因素：质量、温度和状态，无法比较内能多少，故D错误。
故选C。
【点评】本题考查了温度、热量与内能的关系、改变物体内能的方法（做功和热传递）等，属于基础题目。
10．（2分）如图所示是一款新式手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动电筒时，灯泡就能发光。下列所示的四个实验中能反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】（1）手压电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。
【解答】解：
手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
A、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的制成原理相符合，故A正确；
B、此图反映了通电导体在磁场中受到力运动，与手摇电筒的制成原理无关，故B错误。
C、该图是奥斯特实验，证明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的制成原理无关，故C错误。
D、此图反映了电流的磁效应，电磁铁通电后具有磁性，与手摇电筒的制成原理无关，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验等知识点；明确出手摇电筒的制成原理是解决此题的关键。
11．（2分）水平桌面上的深桶容器中装有水，小明在空玻璃瓶口蒙上橡皮膜，将其置于水中某一深度处，恰好悬浮，如图所示，现沿桶壁向容器中缓慢加水，在水面上升的过程中，下列判断错误的是（ ）
A．玻璃瓶保持静止
B．玻璃瓶下沉至容器底
C．水对容器底的压强增大
D．桌面对容器的支持力增大
【分析】（1）沿桶壁向容器中缓慢加水，随着液面升高，橡皮膜受到的液体压强变大，凹陷程度变大，会导致排开水的体积变小，由于液体密度不变，玻璃瓶受到的浮力变小，而玻璃瓶的重力不变，玻璃瓶会下沉；
（2）液面上升，液体深度增加，液体对容器底的压强增大；
（3）桌面对容器的支持力等于容器、玻璃瓶和水的重力之和，通过判断水的重力变化即可判断支持力的变化。
【解答】解：AB、沿桶壁向容器中缓慢加水，随着液面升高，橡皮膜受到的液体压强变大，凹陷程度变大，排开水的体积变小，液体密度不变，玻璃瓶受到的浮力变小，而玻璃瓶的重力不变，重力大于浮力，玻璃瓶会下沉至容器底，故A错误，B正确；
C、液面上升，水到容器底部的深度变大，液体密度不变，液体压强变大，故C正确；
D、根据平衡状态分析：桌面对容器的支持力等于容器、玻璃瓶和水的重力之和，由于水的重力增加，所以容桌面对容器的支持力也增加了，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了液体压强的特点、浮力大小的比较和浮与沉的判断，有一定难度。
12．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样，将滑片置于最右端后，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A。在电路安全工作时，下列选项正确的是（ ）
A．电源电压为16V
B．R1的阻值为7.5Ω
C．R2消耗的功率范围为1.8W～6W
D．该电路总功率的最大值为18W
【分析】根据电路图分析电路连接情况可知R1、R2并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流。再结合欧姆定律和并联电路电流与电压特点，求出电源电压与R1的值。最后动态分析出电路中的电功率，通过R2电流最大时R2电功率最大，R1电功率始终不变，则此时电路中总功率最大。R2完全接入电路中，R2电流最小，R2电功率最小。
【解答】解：根据电路图分析电路连接情况可知R1、并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流，则I＝0.8A，I2＝0.3A。
A、将滑片置于最右端，R2＝20Ω，根据I＝以及并联电路电压特点，U＝I2R2＝0.3A×20Ω＝6V，故A错误；
B、根据并联电路电压特点，各支路两端电压相等且等于电源电压。并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和。
由此可以得出I1＝I﹣I2＝0.8A﹣0.3A＝0.5A，则R1＝＝＝12Ω，故B错误；
C、当R2全部接入时，流过R2的电流最小，R2的电功率最小，P2min＝UI2＝6V×0.3A＝1.8W。根据滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样可知I2max＝1A，此时
R2的电功率最大，P2max＝UI2max＝6V×1A＝6W，故C正确；
D、P1＝UI1＝6V×0.5A＝3W，该电路总功率的最大值为P＝P1+P2max＝3W+6W＝9W，故D错误。
故答案为：C。
【点评】此题考察了欧姆定律、动态电路、电功率的综合计算，综合性较强，难度较大。
二、填空题（本题有10小题，每空1分，共26分）
13．（2分）2022北京冬奥会开幕式举世瞩目，小男孩在国旗传递环节中用小号吹奏的《我和我的祖国》响彻全场。小号声是由空气柱的 振动 产生的，观众能听出是小号发出的声音，这是根据声音的 音色 来判断的。
【分析】声音是由物体振动产生的；不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同。
【解答】解：小号声是由嘴吹气引起空气柱振动产生声音的；不同的乐器即便演秦相同的乐曲，发出的音色也不相同，故可用音色来辨别。
故答案为：振动；音色。
【点评】本题主要考查学生对：声音的产生及特征的了解和掌握，是一道基础题，要求学生应熟练掌握。
14．（3分）勤劳的小华发现家里电水壶中水烧开了，就将水灌入保温瓶，水未能灌满保温瓶，她塞好瓶塞没走多远，就听到“嘭”一声，转身看到：瓶塞被喷在空中，瓶口还冒着“白气”，瓶塞被喷出过程中的能量转化与汽油机的 做功 冲程中的能量转化相同；“白气”是 液化 （填物态变化名称）形成的，此过程需 放出 热量。
【分析】（1）做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
（2）知道“白气”是小水滴，是由水蒸气液化而来的。
【解答】解：（1）暖水瓶内的水蒸气将瓶塞冲起，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能；此过程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能。
（2）瓶塞被喷在空中，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低液化成大量的小水滴，这就是我们看到的“白气”，液化需要放出热量。
故答案为：做功；液化；放出。
【点评】此题综合考查做功过程中内能的变化、热机、物态变化辨析及吸、放热，是中考热点。
15．（2分）如图是由飞船和核心舱等组合而成的中国空间站在轨运行时的示意图，以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船是 静止 的。2022年3月23日王亚平等三名航天员在空间站开设了第二次“空中课堂”，他们是利用 电磁波 与同学们进行交流，实现天地通话的。
【分析】在判断物体的运动静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果改变，物体是运动的，如果不变，则物体是静止的；
电磁波可以传输信息。
【解答】解：以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船的位置没有发生变化，所以是静止的；
“空中课堂”是通过电磁波与同学们进行交流，实现天地通话的。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题在“天宫课堂”展示的情景中考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
16．（3分）小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律，该透镜的焦距为 12.0 cm。实验中，小明保持凸透镜在光具座上的位置不变，把点燃的蜡烛放在“20cm”刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立、 放大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，生活中利用这类透镜来矫正 远视 眼的视力缺陷。
【分析】平行于主光轴的平行光线经过凸透镜会会聚到焦点上，焦点到凸透镜光心的距离叫做凸透镜的焦距，长度的测量要估读到分度值的下一位；
蜡烛在20cm刻度线上，凸透镜在40cm刻度线上，求出物距，比较物距和焦距的关系，判断凸透镜成像情况；
凸透镜可以矫正远视眼。
【解答】解：平行于主光轴的平行光线经过凸透镜会会聚到焦点上，焦点到凸透镜光心的距离叫做凸透镜的焦距；
由图可知凸透镜在40cm刻度处，焦点在52cm刻度处，刻度尺的分度值是1cm，要估读到分度值的下一位，所以透镜的焦距为12.0cm；
蜡烛在20cm刻度线上，凸透镜在40cm刻度线上，u＝40cm﹣20cm＝20cm，凸透镜的焦距是12.0cm，f＜u＜2f，成倒立、放大的实像；
凸透镜可以矫正远视眼。
故答案为：12.0；放大；远视。
【点评】此题考查焦距的定义、凸透镜的应用，牢记知识点即可解答。
17．（2分）如图，小明用电压表测水果电池电压，由图可知：该水果电池的负极是 铁 片，用水果电池给电路供电时，将 化学 能转化为电能。
【分析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断水果电池的极性。
（2）水果电池是将化学能转化为电能的装置。
【解答】解：图中电压表指针正常偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的正极，即铜片是水果电池的正极，铁片是电池的负极。
水果电池和干电池、蓄电池类似，都是将化学能转化为电能的装置。
故答案为：铁；化学。
【点评】本题考查的是电源的能量转化和用电压表判断水果电池极性方法。运用电压表判断水果电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极。
18．（2分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进行训练，他
用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的力的大小变化情况是 变小 ；在此过程中，弹力带的 弹性势 能转化为小明的重力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。
【分析】（1）弹力的大小与物体的弹性形变有关，弹性形变越小，弹力也越小；
（2）能量之间可以相互转化，能量总是从逐渐减小的那种向逐渐增加的那种转化。
【解答】解：（1）随着小明身体上升，弹力带的弹性形变越来越小，即弹力变小；
（2）随着小明身体上升，弹力带的弹性势能转化为小明的重力势能。
故答案为：变小；弹性势。
【点评】此题主要考查的是弹力和能量的相互转化问题，在做能量的转化这种题时，我们要注意分析影响各种形式能的因素是如何变化的，从而得出哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。
19．（3分）艳阳下的天德湖畔树影婆娑，水中的鹅卵石清晰可见，湖面上的小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的 直线传播 形成的，游人看到水中的鹅卵石是光的 折射 形成的；小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像到水面距离的大小变化情况是 变大 。
【分析】影子是由光的直线传播形成的；
光从一种介质斜射入另一种介质时，要发生折射；
平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
【解答】解：地面上的树影是由光的直线传播形成的；
游人看到水中的鹅卵石是虚像，是由光的折射形成的；
小鸟从水面飞上树梢，由于平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同，所以小鸟在水中所成的像到水面距离的变大。
故答案为：直线传播；折射；变大。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的折射现象、平面镜成像的特点，属于基础题。
20．（3分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大桥模型，她用长30cm、重5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，桥面OA实质是一种 杠杆 （填简单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F＝ 10 N；将细线一端的固定点由B点改至C点，拉力F的大小变化情况是 减小 ，由此小华初步了解到大桥建造很高桥塔的好处。
【分析】（1）可以绕固定点转动的硬棒是杠杆；
（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，过支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；
根据杠杆平衡条件结合数学知识求解；将细线一端的固定点由B点改至C点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，根据杠杆平衡条件进行判断。
【解答】解：（1）由图可知，OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，所以桥面OA实质是一种杠杆；
（2）过支点向拉力的作用线作垂线，这条垂线段就是拉索对桥面拉力F的力臂L，如图所示：
在Rt△AOB中，∠A＝30°，则L＝OA＝0.15m
根据杠杆的平衡平衡条件，FL＝G×OA，
则F＝＝＝10N；
将细线一端的固定点由B点改至C点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，
根据杠杆平衡条件可知，动力减小。
故答案为：杠杆；10；减小。
【点评】本题考查了杠杆的应用，属于基础知识的考查，注重了物理知识和生活实际的联系。
21．（3分）一款环保共享电动汽车满载时总质量为900kg，轮胎与地面的总接触面积为300cm2，静止在水平马路上时，路面受到的压力F＝ 9×103 N，压强p1＝ 3×105 Pa；若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压强p2 小于 p1（选填“大于”、“等于”或“小于”）（g取10N/kg）。
【分析】（1）共享电动汽车静止在水平马路上时，路面受到的压力和汽车的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积的大小等于轮胎与地面的总接触面积，利用p＝求出路面受到的压强；
（2）若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压力不变，受力面积变大，利用p＝判断此时电动汽车对地面的压强变化，从而得出答案。
【解答】解：（1）共享电动汽车静止在水平马路上时，路面受到的压力：
F＝G＝mg＝900kg×10N/kg＝9×103N，
则路面受到的压强：p1＝＝＝3×105Pa；
（2）若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压力不变，受力面积变大，
由p＝可知，此时电动汽车对地面的压强变小，即p2＜p1。
故答案为：9×103；3×105；小于。
【点评】本题考查了压力和压强大小的计算以及压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等，知道该车不慎陷入路边松软的水平草坪时受力面积变大是关键。
22．（3分）小明用如图所示电路研究调光灯的工作原理，所用电源电压恒为6V，灯泡L标有“4.8V 0.3A”字样，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，当观察到 电流表为0.3A 时，可知灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率为 1.44 W，通电1min滑动变阻器产生的热量为 21.6 J。
【分析】（1）由题意可知，当灯泡正常发光时，电压为4.8V，电流为0.3A，而观察电路图只有电流表，所以需要观察电流表，根据P＝UI可计算正常发光时的实际功率；
（2）根据串联电路的总电压等于各串联部分电压之和，U滑＝U电﹣UL可求得滑动变阻器两端的电压，再由公式W＝UIt可以计算滑动变阻器产生的热量。
【解答】解：
由题意可知，当灯泡正常发光时，电压为4.8V，电流为0.3A，而观察电路图只有电流表，所以需要观察电流表为0.3A时，灯泡正常发光，
正常发光时的实际功率：P＝UI＝4.8V×0.3A＝1.44W，
根据串联电路的总电压等于各串联部分电压之和，
滑动变阻器两端的电压：U滑＝U电﹣UL＝6V﹣4.8V＝1.2V，
滑动变阻器产生的热量：Q＝W＝UIt＝1.2V×0.3A×60s＝21.6J；
故答案为：电流表为0.3A；1.44；21.6。
【点评】本题考查灯泡正常发光时的电压和电流以及实际功率的应用，以及热量的计算公式的熟练运用。
三、解答题（本题有10小题，共50分。解答45、46题时应写出解题过程）
23．（2分）如图，请完成图中光通过透镜后的光路。
【分析】仔细观察入射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图。
【解答】解：过凸透镜光心的光线传播方向不改变；通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【点评】凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
24．（2分）如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
【分析】（1）重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，从物体的重心表示出重力的方向即可；
（2）压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并从压力作用点表示出压力的方向即可。
【解答】解：从物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，即重力示意图；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。如图所示：
【点评】本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。
25．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
【分析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的右端为S极，左端为N极；
根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。如图：
【点评】本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断，又考查了电流方向的判断，一环扣一环，也是易错题，要求学生步步仔细才行。
26．（6分）如图，工人用动滑轮提升重为800N的物体，所用拉力为F，物体以0.2m/s的速度匀速上升，此时动滑轮的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。
求：
（1）物体在10s内上升的高度。
（2）工人对绳端的拉力。
（3）当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力。
【分析】（1）由v＝计算物体在10s内上升的高度；
（2）工人使用的是动滑轮，承担重物绳子的段数n＝2，由η＝＝＝计算工人对绳端的拉力；
（3）不计绳重和摩擦，根据nF＝G+G动计算出动滑轮的重力，再计算当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力。
【解答】解：
（1）由题知，物体上升速度为0.2m/s，物体在10s内上升的高度：
h＝vt＝0.2m/s×10s＝2m；
（2）工人使用的是动滑轮，承担重物绳子的段数n＝2，
由η＝＝＝可得，工人对绳端的拉力：
F＝＝＝500N；
（3）不计绳重和摩擦，由nF＝G+G动可得，动滑轮的重力，
G动＝nF﹣G＝2×500N﹣800N＝200N，
当提升物重为G′＝1000N时，工人对绳端的拉力：
F′＝（G′+G动）＝×（1000N+200N）＝600N。
答：（1）物体在10s内上升的高度为2m；
（2）工人对绳端的拉力为500N；
（3）当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力为600N。
【点评】本题考查了速度公式、机械效率公式以及滑轮组拉力公式的灵活应用，难度适中。
27．（6分）在估测电水壶实际功率的活动中，小明所用电能表表盘如图所示，他先断开电路中
所有用电器的开关，再在电水壶中加入质量为0.5kg的水，测得水的初温为20℃。小明给电水壶通电2min，电能表的转盘恰好转20转，测得此时水温为60℃[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。求：
（1）水吸收的热量。
（2）电水壶的实际功率。
（3）电水壶的加热效率。
【分析】（1）根据Q＝c水mΔt可得水吸收热量；
（2）600imp/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3600次，据此求指示灯闪烁20次消耗的电能，根据P＝可得电功率；
（3）根据η＝×100%可得加热效率。
【解答】解：（1）水吸收的热量Q＝c水mΔt＝4200J/（kg•℃）×0.5kg×（60﹣20）℃＝8.4×104J；
（2）电水壶的实际电能W＝＝kW•h＝1.2×105J；
水壶的实际电功率P＝＝＝1kW＝1000W；
电水壶的加热效率η＝×100%＝＝70%。
答：（1）水吸收的热量是8.4×104J；
（2）电水壶的实际功率是1000W；
（3）电水壶的加热效率是70%。
【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，难度一般。
28．（5分）小明用如图所示装置“探究光的反射规律”。
（1）表面粗糙的纸板应 竖直 立在水平平面镜上，让一束光紧贴纸板A射向镜面上的O点，在纸板B上呈现出反射光束，以ON为轴，把纸板B向后翻折，纸板B上反射光束消失。由此可初步得出：反射光线、入射光线和法线 在同一平面内 。
（2）把纸板B翻折至能呈现反射光束的位置后，让纸板A上的入射光束绕O点顺时针转动，此过程中反射角的大小变化情况是 减小 。
（3）若将图中纸板整体以底边EF为轴向后旋转45°后，纸板B上 不能 （选填“能”或“不能”）呈现出反射光束，纸板A上的入射光束 能 （选填“能”或“不能”）在平面镜中成像。
【分析】（1）在“探究光的反射规律”的实验中，表面粗糙的纸板应竖直立在水平平面镜上；光反射时，反射光线、入射光线、法线都在同一个平面内；
（2）光反射时，反射角随入射角的增大而增大，减小而减小；
【解答】（1）实验前，应将纸板竖直放置于平面镜 上，这样反射光线才可以在硬纸板上呈现；把纸板B向后翻折，纸板B上反射光束消失，则呈现反射光线的纸板B和呈现入射光线的纸板A不在同一平面内，所以在B板上不能看到反射光；但是此时反射光线的位置不发生变化；反射光线和入射光线仍然在同一平面内；
（2）纸板A上的入射光束绕O点顺时针转动，入射角的减小，而反射角随入射角的增大而增大，减小而减小，故反射角减小；
（3）若将图中纸板整体以底边EF为轴向后旋转45°后，此时反射光线和入射光线不在同一平面内纸板B上不能呈现出反射光束。纸板A上的入射光束能在平面镜中成像。
故答案为：（1）竖直；在同一平面内；（2）减小；（3）不能；能。
【点评】本题考查了探究光的反射规律的实验，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
29．（7分）泰州特产小磨麻油是常见的调味料，在测定麻油密度的活动中。
（1）小明用所学知识初步判断麻油密度的大小，他向水中滴入几滴麻油，麻油能从倾斜的瓶口下落，这是由于麻油受到 重 力的作用。滴入水中的麻油，仍会继续向下运动，这是由于麻油 具有惯性 ；麻油最终漂浮在水面上，小明据此判断麻油的密度小于水的密度。
（2）为了测出麻油的密度，小明进行如下操作：
①把托盘天平放在水平桌面上，先将 将游码置于标尺左端的零刻线处 ，再调节平衡螺母使横梁平衡。
②用托盘天平测得空烧杯的质量m0＝20g。
③在烧杯中倒入适量麻油，置于托盘天平左盘，天平横梁平衡后如图甲所示，则烧杯和麻油的总质量m＝ 58 g。
④将烧杯中麻油倒入量筒中，如图乙所示。
⑤算出麻油的密度ρ＝ 0.95×103 kg/m3。
（3）小华认为：小明操作步骤不合理，测得的麻油密度偏 大 ，应将上述操作顺序调整为：① ③④② ⑤。
【分析】（1）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的；物体都有保持原来运动状态的性质称之为惯性；
（2）①调节平衡前，先将天平放在水平台上，游码置于标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母；
③利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和；
⑤根据空烧杯的质量和烧杯和麻油的总质量求出倒入量筒中麻油的质量，根据图乙读出量筒中麻油的体积，根据密度公式求出麻油的密度；
（3）根据将烧杯中麻油倒入量筒中时，麻油会沾在烧杯壁上导致所测体积偏小，根据密度公式分析所测麻油密度的偏差，据此可知只需要将测量空烧杯的质量移到将烧杯中麻油倒入量筒中之后。
【解答】解：（1）麻油能从倾斜的瓶口下落，这是由于麻油受到重力的作用；滴入水中的麻油，由于惯性，仍会继续向下运动；
（2）①调节平衡前，先将天平放在水平桌面上，再将游码置于标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母使横梁平衡；
③由图甲可知，游码标尺的分度值为0.2g，则烧杯和麻油的总质量m＝50g+5g+3g＝58g；
⑤由题意可知，倒入量筒中麻油的质量：m油＝m﹣m0＝58g﹣20g＝38g，
由图乙可知，量筒的分度值为1mL，则量筒中麻油的体积：V油＝40mL＝40cm3，
则麻油的密度ρ＝＝＝0.95g/cm3＝0.95×103kg/m3；
（3）将烧杯中麻油倒入量筒中时，麻油会沾在烧杯壁上导致所测体积偏小，由ρ＝可知，测得的麻油密度偏大；
根据测量液体密度的步骤可知，先用天平称出烧杯和麻油的总质量；再把烧杯中的麻油倒入量筒中，记下量筒中麻油体积；最后用天平称出空烧杯的质量，这样可以减小误差，所以应将上述操作顺序调整为①③④②⑤。
故答案为：（1）重；具有惯性；（2）①将游码置于标尺左端的零刻线处；③58；⑤0.95×103；（3）大；③④②。
【点评】本题测定麻油密度，考查重力、惯性、天平和量筒的使用、密度公式的应用和误差分析，是常考题，难度不大。
30．（5分）在“比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量”实验中。
（1）由于燃料充分燃烧放出热量的多少不仅与燃料种类这一个因素有关，因此实验时必须控制酒精和碎纸片的 质量 相等；实验中还需控制被加热的水的质量和初温均相同，以便于 通过水升高的温度来反映燃料完全燃烧放出的热量 。
（2）如图是小明安装好的实验装置，其中存在的错误是 温度计的玻璃泡没有充分浸入到烧杯的水中 。
（3）小华纠正了小明的错误，又组装了一套相同的实验装置，备好秒表。在两燃烧皿中分别加入准备好的酒精和碎纸片，读出水的初温后，进行如下操作：
①先点燃酒精，再点燃碎纸片。
②保证酒精和碎纸片燃烧时间相同，读取温度计的示数。
③待酒精和碎纸片充分燃烧结束，分别读取温度计的示数。
小红认为上述操作中，操作 ② 是错误的。小明根据正确操作获得的数据，算出了燃料的热值，发现结果小于该燃料的实际热值，原因是 燃料燃烧放出的热量有一部分会散失到空气中 。
【分析】（1）根据Q放＝mq可知燃料充分燃烧放出热量的多少与燃料的种类和燃料的质量有关，据此分析；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的示数大小来体现燃料的热值大小，根据此进行分析；
（2）根据温度计的使用方法分析解答；
（3）实验过程中要控制完全燃烧燃料的质量相同，燃烧时间相同并不能保证燃烧燃料的质量相同；燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失等，据此分析。
【解答】解：（1）由Q放＝mq可知，燃料充分燃烧放出热量的多少与燃料的种类和燃料的质量有关，因此实验是必须控制酒精和碎纸片的质量相同；控制被加热的水的质量和初温均相同，便于通过水升高的温度来反映燃料完全燃烧放出的热量；
（2）用温度计测量液体的温度时，应该让温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，不能碰到容器的底部和侧壁，由图可知，温度计的玻璃泡没有充分浸入到烧杯的水中；
（3）实验过程中要控制完全燃烧燃料的质量相同，燃烧时间相同并不能保证燃烧燃料的质量相同，所以保证酒精和碎纸片燃烧时间相同，读取温度计的示数的操作是错误；
由于燃料燃烧放出的热量有一部分会散失到空气中，又或被烧杯等实验装置吸了热，使Q放大于Q吸，依此计算出燃料的热值比实际要偏小些。
故答案为：（1）质量；通过水升高的温度来反映燃料完全燃烧放出的热量；（2）温度计的玻璃泡没有充分浸入到烧杯的水中；（3）②；燃料燃烧放出的热量有一部分会散失到空气中。
【点评】本题是“比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量”实验，主要考查控制变量法和转换法的使用、温度计的使用以及分析误差产生的原因，有一定的难度。
31．（5分）如图是小明“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验情形。
（1）物块未浸入水中时，弹簧测力计示数如图甲所示，物块的重力为 1.8 N。
（2）小明将物块从图甲下降至图乙的过程中，发现弹簧测力计示数逐渐减小的同时，还观察到 容器内的水面上升 ，由此初步分析得出：物体所受浮力的大小与它排开液体的体积有关。
（3）继续增大物块所处的深度，当它与容器底部接触后，弹簧测力计示数如图丙所示，此时物块受到的浮力为 0.8 N。
（4）为探究浮力与液体密度的关系，小明又把物块浸没到事先配制好的盐水中，这样操作的目的是为了控制 排开液体的体积 相同；他发现液体密度改变，而物块受到的浮力变化却不明显。小明想出下列四种实验改进方案，其中不可行的是 C、D 。
A.换用体积更大的同种物块
B.换用密度比水小得多的液体
C.换用精确程度更高的测力计
D.利用现有器材进行多次实验
【分析】（1）明确弹簧测力计的分度值为0.2N，可知弹簧测力计的示数为1.8N；
（2）容器内水面上升，说明物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大；
（3）影响浮力大小的因素有：液体的密度和排开液体的体积两个因素，图丙与图乙相比较，这两个因素都相同，所以，图丙中物块所受浮力等于图乙中所受浮力；
（4）当物体浸没时，V排＝V，浮力变化ΔF浮＝ρ盐水gV排﹣ρ水gV排＝ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积。
【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值为0.2N，甲图弹簧测力计的示数为1.8N；
（2）物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大，可以观察到“容器内水面上升”现象；
（3）根据F浮＝ρ液gV排可知，浮力大小只与液体的密度和排开液体的体积有关，所以，图丙中物块受到的浮力等于图乙中所受的浮力，即F浮＝G﹣F拉＝1.8N﹣1N＝0.8N；
（4）当物体两次都浸没时，V排2＝V排1＝V，浮力变化ΔF浮＝ρ盐水gV排2﹣ρ水gV排1＝ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积，选项A、B可行；而选项C、D不能改变两次的浮力之差，故选：C、D。
故答案为：（1）1.8；
（2）容器内的水面上升；
（3）0.8；
（4）排开液体的体积；C、D。
【点评】当物体浸没时，V排＝V；当物体两次V排相同时，两次浮力之差ΔF浮＝ΔρgV，影响ΔF浮的因素有Δρ、V两个。
32．（10分）在“测量定值电阻阻值”的实验中，小明所用电源的电压保持不变，滑动变阻器标有“10Ω 2A”的字样。
（1）粗心的小明连好最后一根导线时的电路如图甲所示，请你指出其中存在的问题：一是 滑动变阻器滑片没有滑到阻值最大处 ；二是 开关闭合了 。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻Rx/Ω
①
5.0
②
6.5
0.4
③
8.0
0.5
（2）小明解决上述问题后，闭合开关发现：电压表指针有明显偏转，而电流表指针几乎不动。经检查：电路中电表完好且只有一处故障，他初步判断可能是导线 ③ （选导线编号）断路或 Rx 断路。
（3）排除上述电路故障后，小明开始实验：
①闭合开关，读出电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中，其中电流表指针位置如图乙所示，则电流表读数为 0.3 A，利用该组数据算出的Rx阻值为 16.7 Ω（保留一位小数）。
②闭合开关，将滑动变阻器的滑片向 左 移至适当位置，读出两电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中。
③闭合开关，继续移动滑片，直至移到了滑动变阻器的一端，读出两电表示数，断开开关，并将读数填在表中。
（4）分析表中数据，小明发现：随着待测电阻两端电压的增大，计算得出的待测电阻阻值变化情况是 阻值逐渐变小 。
他感到困惑：为何会出现这样的结果呢？小华帮他检查后指出：小明所测出的电压数据是错误的。于是小明想重新实验，小华提醒他：无需重新实验，利用已知信息和电流表的读数，不但可计算出待测电阻的阻值，还能求出电源电压。小明经过认真思考后，计算得出：待测电阻Rx＝ 30 Ω，电源电压U总＝ 15 V。
【分析】（1）实验前，开关断开，滑动变阻器滑片滑到阻值最大处；
（2）电流表无示数，说明电流断路，电压表有示数，说明电压表并联的电阻可能断路或者相连导线断路；
（3）①电流表读数要注意量程和分度值，根据欧姆定律可得阻值；
②第二次实验的电流变大，说明滑动变阻器接入阻值变小；
（4）根据欧姆定律计算表格中三次的电阻大小，然后比较阻值变化；
第一次实验时，滑动变阻器的全部阻值接入电路，电源电压U＝I1（RP+Rx）；
第三次实验时，滑动变阻器的无电阻接入电路，电源电压U＝I3Rx；
通过联立方程即可求解答案。
【解答】解：（1）图中存在的问题是滑动变阻器滑片没有滑到阻值最大处和开关闭合了；
（2）电流表无示数，说明电流断路，电压表有示数，说明电压表并联的电阻可能断路或者导线断路，故为导线③或者Rx断路；
（3）①电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，读数为0.3A，根据欧姆定律R＝＝＝16.7Ω；
②第二次实验的电流变大，说明滑动变阻器接入阻值变小，故滑动变阻器滑片向左移动；
（4）第二次实验，R2＝＝＝16.25Ω；
第三次实验，R3＝＝＝16Ω；
所以随着电压变大，电阻阻值变小；
第一次实验时，滑动变阻器的全部阻值接入电路，电源电压U＝I1（RP+Rx）；
第三次实验时，滑动变阻器的无电阻接入电路，电源电压U＝I3Rx；
联立方程解得Rx＝15Ω；U＝7.5V。
故答案为：（1）滑动变阻器滑片没有滑到阻值最大处；开关闭合了；（2）③；Rx；（3）①0.3；16.7；②左；（4）阻值逐渐减小；15；7.5。
【点评】本题主要考查了伏安法测电阻的实验内容，设计操作，分析故障和欧姆定律的相关计算。有一定难度。
2022年江苏省泰州市中考物理试卷
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）
1．（2分）在国际单位制中，下列物理量的单位不是以科学家的名字命名的是（ ）
A．电阻 B．压强 C．能量 D．质量
2．（2分）下列能源中，属于非清洁能源的是（ ）
A．风能 B．煤炭 C．水能 D．太阳能
3．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．用电器的金属外壳一定要接地
B．对人体而言，安全电压一般是36V
C．使用测电笔时，手不得接触笔尾金属电极
D．控制电灯的开关，接在零线或火线上都可以
4．（2分）下列关于粒子和宇宙的认识正确的是（ ）
A．汤姆生发现了电子，说明原子核仍可再分
B．地球等行星绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心
C．端午节闻到粽子香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．玻璃棒与丝绸摩擦后能带电，说明通过摩擦可创造电荷
5．（2分）下列关于物质的物理属性及应用的说法错误的是（ ）
A．房屋的天窗采用透光性好的玻璃
B．电线外层包有绝缘性好的塑料
C．白炽灯灯丝用熔点高的钨制成
D．水壶的把手用导热性好的胶木制成
6．（2分）在2022北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛中，中国选手任子威获得金牌，图甲是他正全力通过弯道、图乙是他获胜后站立在水平赛场中央大声欢呼的情形。下列说法正确的是（ ）
A．通过弯道过程中他处于平衡状态
B．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对相互作用力
C．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对平衡力
D．图甲中他的手对冰面的压力与冰面对他的手的支持力是一对相互作用力
7．（2分）随着人们生活水平的不断提高，自行车功能正从代步转变为健身。其构造中包含许多物理原理，例如：在轮胎上刻花纹来增大摩擦，下列四种改变摩擦力的方法与该例相同的是（ ）
A．自行车刹车时捏紧剎把
B．溜冰时穿旱冰鞋
C．体操运动员在手上涂镁粉
D．运动员击球时用力握球拍
8．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失，则皮球将（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
9．（2分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（ ）
A．饮料将温度传递给冰箱中的空气
B．饮料放出热量后自身所含热量减少
C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移
D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
10．（2分）如图所示是一款新式手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动电筒时，灯泡就能发光。下列所示的四个实验中能反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2分）水平桌面上的深桶容器中装有水，小明在空玻璃瓶口蒙上橡皮膜，将其置于水中某一深度处，恰好悬浮，如图所示，现沿桶壁向容器中缓慢加水，在水面上升的过程中，下列判断错误的是（ ）
A．玻璃瓶保持静止
B．玻璃瓶下沉至容器底
C．水对容器底的压强增大
D．桌面对容器的支持力增大
12．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样，将滑片置于最右端后，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A。在电路安全工作时，下列选项正确的是（ ）
A．电源电压为16V
B．R1的阻值为7.5Ω
C．R2消耗的功率范围为1.8W～6W
D．该电路总功率的最大值为18W
二、填空题（本题有10小题，每空1分，共26分）
13．（2分）2022北京冬奥会开幕式举世瞩目，小男孩在国旗传递环节中用小号吹奏的《我和我的祖国》响彻全场。小号声是由空气柱的 产生的，观众能听出是小号发出的声音，这是根据声音的 来判断的。
14．（3分）勤劳的小华发现家里电水壶中水烧开了，就将水灌入保温瓶，水未能灌满保温瓶，她塞好瓶塞没走多远，就听到“嘭”一声，转身看到：瓶塞被喷在空中，瓶口还冒着“白气”，瓶塞被喷出过程中的能量转化与汽油机的 冲程中的能量转化相同；“白气”是 （填物态变化名称）形成的，此过程需 热量。
15．（2分）如图是由飞船和核心舱等组合而成的中国空间站在轨运行时的示意图，以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船是 的。2022年3月23日王亚平等三名航天员在空间站开设了第二次“空中课堂”，他们是利用 与同学们进行交流，实现天地通话的。
16．（3分）小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律，该透镜的焦距为 cm。实验中，小明保持凸透镜在光具座上的位置不变，把点燃的蜡烛放在“20cm”刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，生活中利用这类透镜来矫正 眼的视力缺陷。
17．（2分）如图，小明用电压表测水果电池电压，由图可知：该水果电池的负极是 片，用水果电池给电路供电时，将 能转化为电能。
18．（2分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进行训练，他
用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的力的大小变化情况是 ；在此过程中，弹力带的 能转化为小明的重力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。
19．（3分）艳阳下的天德湖畔树影婆娑，水中的鹅卵石清晰可见，湖面上的小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的 形成的，游人看到水中的鹅卵石是光的 形成的；小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像到水面距离的大小变化情况是 。
20．（3分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大桥模型，她用长30cm、重5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，桥面OA实质是一种 （填简单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F＝ N；将细线一端的固定点由B点改至C点，拉力F的大小变化情况是 ，由此小华初步了解到大桥建造很高桥塔的好处。
21．（3分）一款环保共享电动汽车满载时总质量为900kg，轮胎与地面的总接触面积为300cm2，静止在水平马路上时，路面受到的压力F＝ N，压强p1＝ Pa；若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压强p2 p1（选填“大于”、“等于”或“小于”）（g取10N/kg）。
22．（3分）小明用如图所示电路研究调光灯的工作原理，所用电源电压恒为6V，灯泡L标有“4.8V 0.3A”字样，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，当观察到 时，可知灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率为 W，通电1min滑动变阻器产生的热量为 J。
三、解答题（本题有10小题，共50分。解答45、46题时应写出解题过程）
23．（2分）如图，请完成图中光通过透镜后的光路。
24．（2分）如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
25．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
26．（6分）如图，工人用动滑轮提升重为800N的物体，所用拉力为F，物体以0.2m/s的速度匀速上升，此时动滑轮的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。
求：
（1）物体在10s内上升的高度。
（2）工人对绳端的拉力。
（3）当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力。
27．（6分）在估测电水壶实际功率的活动中，小明所用电能表表盘如图所示，他先断开电路中
所有用电器的开关，再在电水壶中加入质量为0.5kg的水，测得水的初温为20℃。小明给电水壶通电2min，电能表的转盘恰好转20转，测得此时水温为60℃[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。求：
（1）水吸收的热量。
（2）电水壶的实际功率。
（3）电水壶的加热效率。
28．（5分）小明用如图所示装置“探究光的反射规律”。
（1）表面粗糙的纸板应 立在水平平面镜上，让一束光紧贴纸板A射向镜面上的O点，在纸板B上呈现出反射光束，以ON为轴，把纸板B向后翻折，纸板B上反射光束消失。由此可初步得出：反射光线、入射光线和法线 。
（2）把纸板B翻折至能呈现反射光束的位置后，让纸板A上的入射光束绕O点顺时针转动，此过程中反射角的大小变化情况是 。
（3）若将图中纸板整体以底边EF为轴向后旋转45°后，纸板B上 （选填“能”或“不能”）呈现出反射光束，纸板A上的入射光束 （选填“能”或“不能”）在平面镜中成像。
29．（7分）泰州特产小磨麻油是常见的调味料，在测定麻油密度的活动中。
（1）小明用所学知识初步判断麻油密度的大小，他向水中滴入几滴麻油，麻油能从倾斜的瓶口下落，这是由于麻油受到 力的作用。滴入水中的麻油，仍会继续向下运动，这是由于麻油 ；麻油最终漂浮在水面上，小明据此判断麻油的密度小于水的密度。
（2）为了测出麻油的密度，小明进行如下操作：
①把托盘天平放在水平桌面上，先将 ，再调节平衡螺母使横梁平衡。
②用托盘天平测得空烧杯的质量m0＝20g。
③在烧杯中倒入适量麻油，置于托盘天平左盘，天平横梁平衡后如图甲所示，则烧杯和麻油的总质量m＝ g。
④将烧杯中麻油倒入量筒中，如图乙所示。
⑤算出麻油的密度ρ＝ kg/m3。
（3）小华认为：小明操作步骤不合理，测得的麻油密度偏 ，应将上述操作顺序调整为：① ⑤。
30．（5分）在“比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量”实验中。
（1）由于燃料充分燃烧放出热量的多少不仅与燃料种类这一个因素有关，因此实验时必须控制酒精和碎纸片的 相等；实验中还需控制被加热的水的质量和初温均相同，以便于 。
（2）如图是小明安装好的实验装置，其中存在的错误是 。
（3）小华纠正了小明的错误，又组装了一套相同的实验装置，备好秒表。在两燃烧皿中分别加入准备好的酒精和碎纸片，读出水的初温后，进行如下操作：
①先点燃酒精，再点燃碎纸片。
②保证酒精和碎纸片燃烧时间相同，读取温度计的示数。
③待酒精和碎纸片充分燃烧结束，分别读取温度计的示数。
小红认为上述操作中，操作 是错误的。小明根据正确操作获得的数据，算出了燃料的热值，发现结果小于该燃料的实际热值，原因是 。
31．（5分）如图是小明“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验情形。
（1）物块未浸入水中时，弹簧测力计示数如图甲所示，物块的重力为 N。
（2）小明将物块从图甲下降至图乙的过程中，发现弹簧测力计示数逐渐减小的同时，还观察到 ，由此初步分析得出：物体所受浮力的大小与它排开液体的体积有关。
（3）继续增大物块所处的深度，当它与容器底部接触后，弹簧测力计示数如图丙所示，此时物块受到的浮力为 N。
（4）为探究浮力与液体密度的关系，小明又把物块浸没到事先配制好的盐水中，这样操作的目的是为了控制 相同；他发现液体密度改变，而物块受到的浮力变化却不明显。小明想出下列四种实验改进方案，其中不可行的是 。
A.换用体积更大的同种物块
B.换用密度比水小得多的液体
C.换用精确程度更高的测力计
D.利用现有器材进行多次实验
32．（10分）在“测量定值电阻阻值”的实验中，小明所用电源的电压保持不变，滑动变阻器标有“10Ω 2A”的字样。
（1）粗心的小明连好最后一根导线时的电路如图甲所示，请你指出其中存在的问题：一是 ；二是 。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻Rx/Ω
①
5.0
②
6.5
0.4
③
8.0
0.5
（2）小明解决上述问题后，闭合开关发现：电压表指针有明显偏转，而电流表指针几乎不动。经检查：电路中电表完好且只有一处故障，他初步判断可能是导线 （选导线编号）断路或 断路。
（3）排除上述电路故障后，小明开始实验：
①闭合开关，读出电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中，其中电流表指针位置如图乙所示，则电流表读数为 A，利用该组数据算出的Rx阻值为 Ω（保留一位小数）。
②闭合开关，将滑动变阻器的滑片向 移至适当位置，读出两电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中。
③闭合开关，继续移动滑片，直至移到了滑动变阻器的一端，读出两电表示数，断开开关，并将读数填在表中。
（4）分析表中数据，小明发现：随着待测电阻两端电压的增大，计算得出的待测电阻阻值变化情况是 。
他感到困惑：为何会出现这样的结果呢？小华帮他检查后指出：小明所测出的电压数据是错误的。于是小明想重新实验，小华提醒他：无需重新实验，利用已知信息和电流表的读数，不但可计算出待测电阻的阻值，还能求出电源电压。小明经过认真思考后，计算得出：待测电阻Rx＝ Ω，电源电压U总＝ V。
2022年江苏省泰州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）
1．（2分）在国际单位制中，下列物理量的单位不是以科学家的名字命名的是（ ）
A．电阻 B．压强 C．能量 D．质量
【分析】根据物理学家的贡献及对物理单位的掌握分析解答此题。
【解答】解：A、电阻的单位欧姆是根据物理学家欧姆的名字命名的，故A不合题意；
B、压强的单位是帕斯卡是根据科学家伏特的名字命名的，故B不合题意；
C、能量的单位焦耳是根据物理学家焦耳的名字命名的，故C不合题意；
D、质量的单位千克是国际计量大会一致通过，规定的国际单位制中的七个基本单位之一，故D符合题意。
故选：D。
【点评】熟悉各物理量的单位，并知道各单位的由来是解题的关键。
2．（2分）下列能源中，属于非清洁能源的是（ ）
A．风能 B．煤炭 C．水能 D．太阳能
【分析】煤炭燃烧时产生大量废气，所以煤炭属于非清洁能源。
【解答】解：煤炭燃烧时产生大量废气，所以煤炭属于非清洁能源，使用风能、水能、太阳能时不会产生废气，所以风能、水能、太阳能属于清洁能源。
故选：B。
【点评】区分生活中的各种能源，是解答此题的关键。
3．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．用电器的金属外壳一定要接地
B．对人体而言，安全电压一般是36V
C．使用测电笔时，手不得接触笔尾金属电极
D．控制电灯的开关，接在零线或火线上都可以
【分析】（1）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
（2）不高于36V的电压对人体是安全的。
（3）使用测电笔测电时，笔尖触到测试体上，手接触测电测电笔笔的尾部的金属体。如果氖管发光，表示接触的是火线，如果氖管不发光，表示接触的是零线。
（4）从安全用电的角度分析，控制电灯的开关必须接在火线上。
【解答】解：A、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故A正确；
B、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故B错误；
C、使用测电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触电线，手不能接触笔尖金属体，否则会触电，故C错误；
D、从安全用电的角度分析，控制电灯的开关必须接在火线上，故D错误。
故选：A。
【点评】家庭电路中，正确使用各种元件，更要保证使用的安全性。
4．（2分）下列关于粒子和宇宙的认识正确的是（ ）
A．汤姆生发现了电子，说明原子核仍可再分
B．地球等行星绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心
C．端午节闻到粽子香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．玻璃棒与丝绸摩擦后能带电，说明通过摩擦可创造电荷
【分析】（1）电子的发现使人们认识到原子是由更小的粒子构成的；
（2）整个宇宙都是运动的；宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗行星，不是宇宙的中心；
（3）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；
（4）摩擦起电的实质：电荷（电子）的转移。
【解答】解：
A、汤姆生发现了电子，从而说明原子是可以再分的，故A错误；
B、地球等行星绕太阳转动，宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗行星，不是宇宙的中心，故B错误；
C、由于分子在不停地做无规则运动，所以我们会闻到粽子的香味，故C正确；
D、玻璃棒与丝绸摩擦后能带电，其原因是电荷发生了转移，并不是创造了电荷，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物理学史、分子的无规则运动、摩擦起电的实质等，属于基础题。
5．（2分）下列关于物质的物理属性及应用的说法错误的是（ ）
A．房屋的天窗采用透光性好的玻璃
B．电线外层包有绝缘性好的塑料
C．白炽灯灯丝用熔点高的钨制成
D．水壶的把手用导热性好的胶木制成
【分析】不同的物质有不同的物理属性，根据各个选项分析物质的物理属性。
【解答】解：
A、房屋的天窗需要透过光线，所以要采用透光性好的玻璃，故A正确；
B、电线外层包有绝缘性好的塑料，这样能防止发生触电事故，故B正确；
C、白炽灯灯丝的温度很高，需要用熔点高的钨制成，故C正确；
D、水壶的把手要有一定的隔热作用，所以要用导热性弱的胶木制成，故D错误。
故选：D。
【点评】不同物质的性质基本不同，决定了它们在用途上的不同，生活中要多观察，注重物理知识联系生活实际。
6．（2分）在2022北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛中，中国选手任子威获得金牌，图甲是他正全力通过弯道、图乙是他获胜后站立在水平赛场中央大声欢呼的情形。下列说法正确的是（ ）
A．通过弯道过程中他处于平衡状态
B．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对相互作用力
C．站立时他受到的重力和他对冰面的压力是一对平衡力
D．图甲中他的手对冰面的压力与冰面对他的手的支持力是一对相互作用力
【分析】（1）平衡状态是指物体处于静止或匀速直线运动状态；
（2）相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
【解答】解：A、通过弯道过程中，任子威的运动方向不断变化，所以他处于非平衡状态，故A错误；
B、站立时他受到的重力和他对冰面的压力方向相同，所以不是一对相互作用力，故B错误；
C、站立时他受到的重力和他对冰面的压力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、图甲中他的手对冰面的压力与冰面对他的手的支持力同时作用在冰面和他的手上，符合相互作用力的条件，所以是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查平衡状态的判断、平衡力与相互作用力的区别，平衡力与相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
7．（2分）随着人们生活水平的不断提高，自行车功能正从代步转变为健身。其构造中包含许多物理原理，例如：在轮胎上刻花纹来增大摩擦，下列四种改变摩擦力的方法与该例相同的是（ ）
A．自行车刹车时捏紧剎把
B．溜冰时穿旱冰鞋
C．体操运动员在手上涂镁粉
D．运动员击球时用力握球拍
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：在轮胎上刻花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
A、用力捏刹把刹车，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A不合题意；
B、溜冰时穿旱冰鞋，用滚动代替滑动来减小摩擦力，故B不合题意；
C、体操运动员在手上涂镁粉，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C符合题意；
D、运动员击球时用力握球拍，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意。
故选：C。
【点评】本题在考查影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用。
8．（2分）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时。若它所受外力突然全部消失，则皮球将（ ）
A．保持静止
B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动
D．竖直向下做匀速直线运动
【分析】据牛顿第一运动定律可知，一切物体在没有受到任何外力时，总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：当皮球运动到最高点A时，仍然具有水平向右的速度，若此时所受的外力全部消失，由牛顿第一运动定律可知，小球将沿水平向右的方向做匀速直线运动。
故选：B。
【点评】此题考查了牛顿第一定律的应用，理解牛顿第一定律的内容是解题的关键。
9．（2分）夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低。下列说法正确的是（ ）
A．饮料将温度传递给冰箱中的空气
B．饮料放出热量后自身所含热量减少
C．饮料温度降低的过程伴随着内能的转移
D．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多
【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递：热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体或从物体的高温部分向低温部分转移的过程；
（2）热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有；
（3）热传递的条件是有温度差，内能的影响因素：质量、温度和状态。
【解答】解：A、饮料放进冰箱后，温度较高的饮料放出热量、温度降低，饮料将热量传递给冰箱中的空气，而不是将传递给冰箱中的空气，故A错误；
B、热量是过程量，只能说吸收或放出，不能说含有，故B错误；
C、是通过热传递的方式改变物体的内能，热传递是能的转移过程，故C正确；
D、饮料放热是因为饮料的温度比冰箱中空气的温度高，内能的影响因素：质量、温度和状态，无法比较内能多少，故D错误。
故选C。
【点评】本题考查了温度、热量与内能的关系、改变物体内能的方法（做功和热传递）等，属于基础题目。
10．（2分）如图所示是一款新式手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动电筒时，灯泡就能发光。下列所示的四个实验中能反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】（1）手压电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。
【解答】解：
手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
A、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的制成原理相符合，故A正确；
B、此图反映了通电导体在磁场中受到力运动，与手摇电筒的制成原理无关，故B错误。
C、该图是奥斯特实验，证明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的制成原理无关，故C错误。
D、此图反映了电流的磁效应，电磁铁通电后具有磁性，与手摇电筒的制成原理无关，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验等知识点；明确出手摇电筒的制成原理是解决此题的关键。
11．（2分）水平桌面上的深桶容器中装有水，小明在空玻璃瓶口蒙上橡皮膜，将其置于水中某一深度处，恰好悬浮，如图所示，现沿桶壁向容器中缓慢加水，在水面上升的过程中，下列判断错误的是（ ）
A．玻璃瓶保持静止
B．玻璃瓶下沉至容器底
C．水对容器底的压强增大
D．桌面对容器的支持力增大
【分析】（1）沿桶壁向容器中缓慢加水，随着液面升高，橡皮膜受到的液体压强变大，凹陷程度变大，会导致排开水的体积变小，由于液体密度不变，玻璃瓶受到的浮力变小，而玻璃瓶的重力不变，玻璃瓶会下沉；
（2）液面上升，液体深度增加，液体对容器底的压强增大；
（3）桌面对容器的支持力等于容器、玻璃瓶和水的重力之和，通过判断水的重力变化即可判断支持力的变化。
【解答】解：AB、沿桶壁向容器中缓慢加水，随着液面升高，橡皮膜受到的液体压强变大，凹陷程度变大，排开水的体积变小，液体密度不变，玻璃瓶受到的浮力变小，而玻璃瓶的重力不变，重力大于浮力，玻璃瓶会下沉至容器底，故A错误，B正确；
C、液面上升，水到容器底部的深度变大，液体密度不变，液体压强变大，故C正确；
D、根据平衡状态分析：桌面对容器的支持力等于容器、玻璃瓶和水的重力之和，由于水的重力增加，所以容桌面对容器的支持力也增加了，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了液体压强的特点、浮力大小的比较和浮与沉的判断，有一定难度。
12．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样，将滑片置于最右端后，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A、0.3A。在电路安全工作时，下列选项正确的是（ ）
A．电源电压为16V
B．R1的阻值为7.5Ω
C．R2消耗的功率范围为1.8W～6W
D．该电路总功率的最大值为18W
【分析】根据电路图分析电路连接情况可知R1、R2并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流。再结合欧姆定律和并联电路电流与电压特点，求出电源电压与R1的值。最后动态分析出电路中的电功率，通过R2电流最大时R2电功率最大，R1电功率始终不变，则此时电路中总功率最大。R2完全接入电路中，R2电流最小，R2电功率最小。
【解答】解：根据电路图分析电路连接情况可知R1、并联，A1测量干路电流，A2测量通过R2的电流，则I＝0.8A，I2＝0.3A。
A、将滑片置于最右端，R2＝20Ω，根据I＝以及并联电路电压特点，U＝I2R2＝0.3A×20Ω＝6V，故A错误；
B、根据并联电路电压特点，各支路两端电压相等且等于电源电压。并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和。
由此可以得出I1＝I﹣I2＝0.8A﹣0.3A＝0.5A，则R1＝＝＝12Ω，故B错误；
C、当R2全部接入时，流过R2的电流最小，R2的电功率最小，P2min＝UI2＝6V×0.3A＝1.8W。根据滑动变阻器R2标有“20Ω.1A”的字样可知I2max＝1A，此时
R2的电功率最大，P2max＝UI2max＝6V×1A＝6W，故C正确；
D、P1＝UI1＝6V×0.5A＝3W，该电路总功率的最大值为P＝P1+P2max＝3W+6W＝9W，故D错误。
故答案为：C。
【点评】此题考察了欧姆定律、动态电路、电功率的综合计算，综合性较强，难度较大。
二、填空题（本题有10小题，每空1分，共26分）
13．（2分）2022北京冬奥会开幕式举世瞩目，小男孩在国旗传递环节中用小号吹奏的《我和我的祖国》响彻全场。小号声是由空气柱的 振动 产生的，观众能听出是小号发出的声音，这是根据声音的 音色 来判断的。
【分析】声音是由物体振动产生的；不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同。
【解答】解：小号声是由嘴吹气引起空气柱振动产生声音的；不同的乐器即便演秦相同的乐曲，发出的音色也不相同，故可用音色来辨别。
故答案为：振动；音色。
【点评】本题主要考查学生对：声音的产生及特征的了解和掌握，是一道基础题，要求学生应熟练掌握。
14．（3分）勤劳的小华发现家里电水壶中水烧开了，就将水灌入保温瓶，水未能灌满保温瓶，她塞好瓶塞没走多远，就听到“嘭”一声，转身看到：瓶塞被喷在空中，瓶口还冒着“白气”，瓶塞被喷出过程中的能量转化与汽油机的 做功 冲程中的能量转化相同；“白气”是 液化 （填物态变化名称）形成的，此过程需 放出 热量。
【分析】（1）做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
（2）知道“白气”是小水滴，是由水蒸气液化而来的。
【解答】解：（1）暖水瓶内的水蒸气将瓶塞冲起，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能；此过程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能。
（2）瓶塞被喷在空中，水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能减小，温度降低液化成大量的小水滴，这就是我们看到的“白气”，液化需要放出热量。
故答案为：做功；液化；放出。
【点评】此题综合考查做功过程中内能的变化、热机、物态变化辨析及吸、放热，是中考热点。
15．（2分）如图是由飞船和核心舱等组合而成的中国空间站在轨运行时的示意图，以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船是 静止 的。2022年3月23日王亚平等三名航天员在空间站开设了第二次“空中课堂”，他们是利用 电磁波 与同学们进行交流，实现天地通话的。
【分析】在判断物体的运动静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果改变，物体是运动的，如果不变，则物体是静止的；
电磁波可以传输信息。
【解答】解：以天和核心舱为参照物，神舟载人飞船的位置没有发生变化，所以是静止的；
“空中课堂”是通过电磁波与同学们进行交流，实现天地通话的。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题在“天宫课堂”展示的情景中考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
16．（3分）小明用如图所示的透镜来探究凸透镜成像规律，该透镜的焦距为 12.0 cm。实验中，小明保持凸透镜在光具座上的位置不变，把点燃的蜡烛放在“20cm”刻度线处，移动光屏，烛焰可在光屏上成倒立、 放大 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，生活中利用这类透镜来矫正 远视 眼的视力缺陷。
【分析】平行于主光轴的平行光线经过凸透镜会会聚到焦点上，焦点到凸透镜光心的距离叫做凸透镜的焦距，长度的测量要估读到分度值的下一位；
蜡烛在20cm刻度线上，凸透镜在40cm刻度线上，求出物距，比较物距和焦距的关系，判断凸透镜成像情况；
凸透镜可以矫正远视眼。
【解答】解：平行于主光轴的平行光线经过凸透镜会会聚到焦点上，焦点到凸透镜光心的距离叫做凸透镜的焦距；
由图可知凸透镜在40cm刻度处，焦点在52cm刻度处，刻度尺的分度值是1cm，要估读到分度值的下一位，所以透镜的焦距为12.0cm；
蜡烛在20cm刻度线上，凸透镜在40cm刻度线上，u＝40cm﹣20cm＝20cm，凸透镜的焦距是12.0cm，f＜u＜2f，成倒立、放大的实像；
凸透镜可以矫正远视眼。
故答案为：12.0；放大；远视。
【点评】此题考查焦距的定义、凸透镜的应用，牢记知识点即可解答。
17．（2分）如图，小明用电压表测水果电池电压，由图可知：该水果电池的负极是 铁 片，用水果电池给电路供电时，将 化学 能转化为电能。
【分析】（1）由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断水果电池的极性。
（2）水果电池是将化学能转化为电能的装置。
【解答】解：图中电压表指针正常偏转，则连接电压表正接线柱的是电池的正极，即铜片是水果电池的正极，铁片是电池的负极。
水果电池和干电池、蓄电池类似，都是将化学能转化为电能的装置。
故答案为：铁；化学。
【点评】本题考查的是电源的能量转化和用电压表判断水果电池极性方法。运用电压表判断水果电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极。
18．（2分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进行训练，他
用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的力的大小变化情况是 变小 ；在此过程中，弹力带的 弹性势 能转化为小明的重力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。
【分析】（1）弹力的大小与物体的弹性形变有关，弹性形变越小，弹力也越小；
（2）能量之间可以相互转化，能量总是从逐渐减小的那种向逐渐增加的那种转化。
【解答】解：（1）随着小明身体上升，弹力带的弹性形变越来越小，即弹力变小；
（2）随着小明身体上升，弹力带的弹性势能转化为小明的重力势能。
故答案为：变小；弹性势。
【点评】此题主要考查的是弹力和能量的相互转化问题，在做能量的转化这种题时，我们要注意分析影响各种形式能的因素是如何变化的，从而得出哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。
19．（3分）艳阳下的天德湖畔树影婆娑，水中的鹅卵石清晰可见，湖面上的小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的 直线传播 形成的，游人看到水中的鹅卵石是光的 折射 形成的；小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像到水面距离的大小变化情况是 变大 。
【分析】影子是由光的直线传播形成的；
光从一种介质斜射入另一种介质时，要发生折射；
平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
【解答】解：地面上的树影是由光的直线传播形成的；
游人看到水中的鹅卵石是虚像，是由光的折射形成的；
小鸟从水面飞上树梢，由于平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同，所以小鸟在水中所成的像到水面距离的变大。
故答案为：直线传播；折射；变大。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的折射现象、平面镜成像的特点，属于基础题。
20．（3分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大桥模型，她用长30cm、重5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，桥面OA实质是一种 杠杆 （填简单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F＝ 10 N；将细线一端的固定点由B点改至C点，拉力F的大小变化情况是 减小 ，由此小华初步了解到大桥建造很高桥塔的好处。
【分析】（1）可以绕固定点转动的硬棒是杠杆；
（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，过支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；
根据杠杆平衡条件结合数学知识求解；将细线一端的固定点由B点改至C点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，根据杠杆平衡条件进行判断。
【解答】解：（1）由图可知，OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，所以桥面OA实质是一种杠杆；
（2）过支点向拉力的作用线作垂线，这条垂线段就是拉索对桥面拉力F的力臂L，如图所示：
在Rt△AOB中，∠A＝30°，则L＝OA＝0.15m
根据杠杆的平衡平衡条件，FL＝G×OA，
则F＝＝＝10N；
将细线一端的固定点由B点改至C点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，
根据杠杆平衡条件可知，动力减小。
故答案为：杠杆；10；减小。
【点评】本题考查了杠杆的应用，属于基础知识的考查，注重了物理知识和生活实际的联系。
21．（3分）一款环保共享电动汽车满载时总质量为900kg，轮胎与地面的总接触面积为300cm2，静止在水平马路上时，路面受到的压力F＝ 9×103 N，压强p1＝ 3×105 Pa；若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压强p2 小于 p1（选填“大于”、“等于”或“小于”）（g取10N/kg）。
【分析】（1）共享电动汽车静止在水平马路上时，路面受到的压力和汽车的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积的大小等于轮胎与地面的总接触面积，利用p＝求出路面受到的压强；
（2）若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压力不变，受力面积变大，利用p＝判断此时电动汽车对地面的压强变化，从而得出答案。
【解答】解：（1）共享电动汽车静止在水平马路上时，路面受到的压力：
F＝G＝mg＝900kg×10N/kg＝9×103N，
则路面受到的压强：p1＝＝＝3×105Pa；
（2）若该车不慎陷入路边松软的水平草坪，此时电动汽车对地面的压力不变，受力面积变大，
由p＝可知，此时电动汽车对地面的压强变小，即p2＜p1。
故答案为：9×103；3×105；小于。
【点评】本题考查了压力和压强大小的计算以及压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等，知道该车不慎陷入路边松软的水平草坪时受力面积变大是关键。
22．（3分）小明用如图所示电路研究调光灯的工作原理，所用电源电压恒为6V，灯泡L标有“4.8V 0.3A”字样，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，当观察到 电流表为0.3A 时，可知灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率为 1.44 W，通电1min滑动变阻器产生的热量为 21.6 J。
【分析】（1）由题意可知，当灯泡正常发光时，电压为4.8V，电流为0.3A，而观察电路图只有电流表，所以需要观察电流表，根据P＝UI可计算正常发光时的实际功率；
（2）根据串联电路的总电压等于各串联部分电压之和，U滑＝U电﹣UL可求得滑动变阻器两端的电压，再由公式W＝UIt可以计算滑动变阻器产生的热量。
【解答】解：
由题意可知，当灯泡正常发光时，电压为4.8V，电流为0.3A，而观察电路图只有电流表，所以需要观察电流表为0.3A时，灯泡正常发光，
正常发光时的实际功率：P＝UI＝4.8V×0.3A＝1.44W，
根据串联电路的总电压等于各串联部分电压之和，
滑动变阻器两端的电压：U滑＝U电﹣UL＝6V﹣4.8V＝1.2V，
滑动变阻器产生的热量：Q＝W＝UIt＝1.2V×0.3A×60s＝21.6J；
故答案为：电流表为0.3A；1.44；21.6。
【点评】本题考查灯泡正常发光时的电压和电流以及实际功率的应用，以及热量的计算公式的熟练运用。
三、解答题（本题有10小题，共50分。解答45、46题时应写出解题过程）
23．（2分）如图，请完成图中光通过透镜后的光路。
【分析】仔细观察入射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图。
【解答】解：过凸透镜光心的光线传播方向不改变；通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【点评】凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
24．（2分）如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
【分析】（1）重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，从物体的重心表示出重力的方向即可；
（2）压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并从压力作用点表示出压力的方向即可。
【解答】解：从物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，即重力示意图；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。如图所示：
【点评】本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。
25．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
【分析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的右端为S极，左端为N极；
根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。如图：
【点评】本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断，又考查了电流方向的判断，一环扣一环，也是易错题，要求学生步步仔细才行。
26．（6分）如图，工人用动滑轮提升重为800N的物体，所用拉力为F，物体以0.2m/s的速度匀速上升，此时动滑轮的机械效率为80%，不计绳重和摩擦。
求：
（1）物体在10s内上升的高度。
（2）工人对绳端的拉力。
（3）当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力。
【分析】（1）由v＝计算物体在10s内上升的高度；
（2）工人使用的是动滑轮，承担重物绳子的段数n＝2，由η＝＝＝计算工人对绳端的拉力；
（3）不计绳重和摩擦，根据nF＝G+G动计算出动滑轮的重力，再计算当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力。
【解答】解：
（1）由题知，物体上升速度为0.2m/s，物体在10s内上升的高度：
h＝vt＝0.2m/s×10s＝2m；
（2）工人使用的是动滑轮，承担重物绳子的段数n＝2，
由η＝＝＝可得，工人对绳端的拉力：
F＝＝＝500N；
（3）不计绳重和摩擦，由nF＝G+G动可得，动滑轮的重力，
G动＝nF﹣G＝2×500N﹣800N＝200N，
当提升物重为G′＝1000N时，工人对绳端的拉力：
F′＝（G′+G动）＝×（1000N+200N）＝600N。
答：（1）物体在10s内上升的高度为2m；
（2）工人对绳端的拉力为500N；
（3）当被提升的物重增大为1000N时，工人对绳端的拉力为600N。
【点评】本题考查了速度公式、机械效率公式以及滑轮组拉力公式的灵活应用，难度适中。
27．（6分）在估测电水壶实际功率的活动中，小明所用电能表表盘如图所示，他先断开电路中
所有用电器的开关，再在电水壶中加入质量为0.5kg的水，测得水的初温为20℃。小明给电水壶通电2min，电能表的转盘恰好转20转，测得此时水温为60℃[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。求：
（1）水吸收的热量。
（2）电水壶的实际功率。
（3）电水壶的加热效率。
【分析】（1）根据Q＝c水mΔt可得水吸收热量；
（2）600imp/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3600次，据此求指示灯闪烁20次消耗的电能，根据P＝可得电功率；
（3）根据η＝×100%可得加热效率。
【解答】解：（1）水吸收的热量Q＝c水mΔt＝4200J/（kg•℃）×0.5kg×（60﹣20）℃＝8.4×104J；
（2）电水壶的实际电能W＝＝kW•h＝1.2×105J；
水壶的实际电功率P＝＝＝1kW＝1000W；
电水壶的加热效率η＝×100%＝＝70%。
答：（1）水吸收的热量是8.4×104J；
（2）电水壶的实际功率是1000W；
（3）电水壶的加热效率是70%。
【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，难度一般。
28．（5分）小明用如图所示装置“探究光的反射规律”。
（1）表面粗糙的纸板应 竖直 立在水平平面镜上，让一束光紧贴纸板A射向镜面上的O点，在纸板B上呈现出反射光束，以ON为轴，把纸板B向后翻折，纸板B上反射光束消失。由此可初步得出：反射光线、入射光线和法线 在同一平面内 。
（2）把纸板B翻折至能呈现反射光束的位置后，让纸板A上的入射光束绕O点顺时针转动，此过程中反射角的大小变化情况是 减小 。
（3）若将图中纸板整体以底边EF为轴向后旋转45°后，纸板B上 不能 （选填“能”或“不能”）呈现出反射光束，纸板A上的入射光束 能 （选填“能”或“不能”）在平面镜中成像。
【分析】（1）在“探究光的反射规律”的实验中，表面粗糙的纸板应竖直立在水平平面镜上；光反射时，反射光线、入射光线、法线都在同一个平面内；
（2）光反射时，反射角随入射角的增大而增大，减小而减小；
【解答】（1）实验前，应将纸板竖直放置于平面镜 上，这样反射光线才可以在硬纸板上呈现；把纸板B向后翻折，纸板B上反射光束消失，则呈现反射光线的纸板B和呈现入射光线的纸板A不在同一平面内，所以在B板上不能看到反射光；但是此时反射光线的位置不发生变化；反射光线和入射光线仍然在同一平面内；
（2）纸板A上的入射光束绕O点顺时针转动，入射角的减小，而反射角随入射角的增大而增大，减小而减小，故反射角减小；
（3）若将图中纸板整体以底边EF为轴向后旋转45°后，此时反射光线和入射光线不在同一平面内纸板B上不能呈现出反射光束。纸板A上的入射光束能在平面镜中成像。
故答案为：（1）竖直；在同一平面内；（2）减小；（3）不能；能。
【点评】本题考查了探究光的反射规律的实验，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
29．（7分）泰州特产小磨麻油是常见的调味料，在测定麻油密度的活动中。
（1）小明用所学知识初步判断麻油密度的大小，他向水中滴入几滴麻油，麻油能从倾斜的瓶口下落，这是由于麻油受到 重 力的作用。滴入水中的麻油，仍会继续向下运动，这是由于麻油 具有惯性 ；麻油最终漂浮在水面上，小明据此判断麻油的密度小于水的密度。
（2）为了测出麻油的密度，小明进行如下操作：
①把托盘天平放在水平桌面上，先将 将游码置于标尺左端的零刻线处 ，再调节平衡螺母使横梁平衡。
②用托盘天平测得空烧杯的质量m0＝20g。
③在烧杯中倒入适量麻油，置于托盘天平左盘，天平横梁平衡后如图甲所示，则烧杯和麻油的总质量m＝ 58 g。
④将烧杯中麻油倒入量筒中，如图乙所示。
⑤算出麻油的密度ρ＝ 0.95×103 kg/m3。
（3）小华认为：小明操作步骤不合理，测得的麻油密度偏 大 ，应将上述操作顺序调整为：① ③④② ⑤。
【分析】（1）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的；物体都有保持原来运动状态的性质称之为惯性；
（2）①调节平衡前，先将天平放在水平台上，游码置于标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母；
③利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和；
⑤根据空烧杯的质量和烧杯和麻油的总质量求出倒入量筒中麻油的质量，根据图乙读出量筒中麻油的体积，根据密度公式求出麻油的密度；
（3）根据将烧杯中麻油倒入量筒中时，麻油会沾在烧杯壁上导致所测体积偏小，根据密度公式分析所测麻油密度的偏差，据此可知只需要将测量空烧杯的质量移到将烧杯中麻油倒入量筒中之后。
【解答】解：（1）麻油能从倾斜的瓶口下落，这是由于麻油受到重力的作用；滴入水中的麻油，由于惯性，仍会继续向下运动；
（2）①调节平衡前，先将天平放在水平桌面上，再将游码置于标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母使横梁平衡；
③由图甲可知，游码标尺的分度值为0.2g，则烧杯和麻油的总质量m＝50g+5g+3g＝58g；
⑤由题意可知，倒入量筒中麻油的质量：m油＝m﹣m0＝58g﹣20g＝38g，
由图乙可知，量筒的分度值为1mL，则量筒中麻油的体积：V油＝40mL＝40cm3，
则麻油的密度ρ＝＝＝0.95g/cm3＝0.95×103kg/m3；
（3）将烧杯中麻油倒入量筒中时，麻油会沾在烧杯壁上导致所测体积偏小，由ρ＝可知，测得的麻油密度偏大；
根据测量液体密度的步骤可知，先用天平称出烧杯和麻油的总质量；再把烧杯中的麻油倒入量筒中，记下量筒中麻油体积；最后用天平称出空烧杯的质量，这样可以减小误差，所以应将上述操作顺序调整为①③④②⑤。
故答案为：（1）重；具有惯性；（2）①将游码置于标尺左端的零刻线处；③58；⑤0.95×103；（3）大；③④②。
【点评】本题测定麻油密度，考查重力、惯性、天平和量筒的使用、密度公式的应用和误差分析，是常考题，难度不大。
30．（5分）在“比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量”实验中。
（1）由于燃料充分燃烧放出热量的多少不仅与燃料种类这一个因素有关，因此实验时必须控制酒精和碎纸片的 质量 相等；实验中还需控制被加热的水的质量和初温均相同，以便于 通过水升高的温度来反映燃料完全燃烧放出的热量 。
（2）如图是小明安装好的实验装置，其中存在的错误是 温度计的玻璃泡没有充分浸入到烧杯的水中 。
（3）小华纠正了小明的错误，又组装了一套相同的实验装置，备好秒表。在两燃烧皿中分别加入准备好的酒精和碎纸片，读出水的初温后，进行如下操作：
①先点燃酒精，再点燃碎纸片。
②保证酒精和碎纸片燃烧时间相同，读取温度计的示数。
③待酒精和碎纸片充分燃烧结束，分别读取温度计的示数。
小红认为上述操作中，操作 ② 是错误的。小明根据正确操作获得的数据，算出了燃料的热值，发现结果小于该燃料的实际热值，原因是 燃料燃烧放出的热量有一部分会散失到空气中 。
【分析】（1）根据Q放＝mq可知燃料充分燃烧放出热量的多少与燃料的种类和燃料的质量有关，据此分析；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的示数大小来体现燃料的热值大小，根据此进行分析；
（2）根据温度计的使用方法分析解答；
（3）实验过程中要控制完全燃烧燃料的质量相同，燃烧时间相同并不能保证燃烧燃料的质量相同；燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失等，据此分析。
【解答】解：（1）由Q放＝mq可知，燃料充分燃烧放出热量的多少与燃料的种类和燃料的质量有关，因此实验是必须控制酒精和碎纸片的质量相同；控制被加热的水的质量和初温均相同，便于通过水升高的温度来反映燃料完全燃烧放出的热量；
（2）用温度计测量液体的温度时，应该让温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，不能碰到容器的底部和侧壁，由图可知，温度计的玻璃泡没有充分浸入到烧杯的水中；
（3）实验过程中要控制完全燃烧燃料的质量相同，燃烧时间相同并不能保证燃烧燃料的质量相同，所以保证酒精和碎纸片燃烧时间相同，读取温度计的示数的操作是错误；
由于燃料燃烧放出的热量有一部分会散失到空气中，又或被烧杯等实验装置吸了热，使Q放大于Q吸，依此计算出燃料的热值比实际要偏小些。
故答案为：（1）质量；通过水升高的温度来反映燃料完全燃烧放出的热量；（2）温度计的玻璃泡没有充分浸入到烧杯的水中；（3）②；燃料燃烧放出的热量有一部分会散失到空气中。
【点评】本题是“比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量”实验，主要考查控制变量法和转换法的使用、温度计的使用以及分析误差产生的原因，有一定的难度。
31．（5分）如图是小明“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验情形。
（1）物块未浸入水中时，弹簧测力计示数如图甲所示，物块的重力为 1.8 N。
（2）小明将物块从图甲下降至图乙的过程中，发现弹簧测力计示数逐渐减小的同时，还观察到 容器内的水面上升 ，由此初步分析得出：物体所受浮力的大小与它排开液体的体积有关。
（3）继续增大物块所处的深度，当它与容器底部接触后，弹簧测力计示数如图丙所示，此时物块受到的浮力为 0.8 N。
（4）为探究浮力与液体密度的关系，小明又把物块浸没到事先配制好的盐水中，这样操作的目的是为了控制 排开液体的体积 相同；他发现液体密度改变，而物块受到的浮力变化却不明显。小明想出下列四种实验改进方案，其中不可行的是 C、D 。
A.换用体积更大的同种物块
B.换用密度比水小得多的液体
C.换用精确程度更高的测力计
D.利用现有器材进行多次实验
【分析】（1）明确弹簧测力计的分度值为0.2N，可知弹簧测力计的示数为1.8N；
（2）容器内水面上升，说明物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大；
（3）影响浮力大小的因素有：液体的密度和排开液体的体积两个因素，图丙与图乙相比较，这两个因素都相同，所以，图丙中物块所受浮力等于图乙中所受浮力；
（4）当物体浸没时，V排＝V，浮力变化ΔF浮＝ρ盐水gV排﹣ρ水gV排＝ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积。
【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值为0.2N，甲图弹簧测力计的示数为1.8N；
（2）物块进入水中的体积增大，也即排开液体的体积在增大，可以观察到“容器内水面上升”现象；
（3）根据F浮＝ρ液gV排可知，浮力大小只与液体的密度和排开液体的体积有关，所以，图丙中物块受到的浮力等于图乙中所受的浮力，即F浮＝G﹣F拉＝1.8N﹣1N＝0.8N；
（4）当物体两次都浸没时，V排2＝V排1＝V，浮力变化ΔF浮＝ρ盐水gV排2﹣ρ水gV排1＝ΔρgV，要想增大两次的浮力之差，可以增大两次的密度差，或者增大物体的体积，选项A、B可行；而选项C、D不能改变两次的浮力之差，故选：C、D。
故答案为：（1）1.8；
（2）容器内的水面上升；
（3）0.8；
（4）排开液体的体积；C、D。
【点评】当物体浸没时，V排＝V；当物体两次V排相同时，两次浮力之差ΔF浮＝ΔρgV，影响ΔF浮的因素有Δρ、V两个。
32．（10分）在“测量定值电阻阻值”的实验中，小明所用电源的电压保持不变，滑动变阻器标有“10Ω 2A”的字样。
（1）粗心的小明连好最后一根导线时的电路如图甲所示，请你指出其中存在的问题：一是 滑动变阻器滑片没有滑到阻值最大处 ；二是 开关闭合了 。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻Rx/Ω
①
5.0
②
6.5
0.4
③
8.0
0.5
（2）小明解决上述问题后，闭合开关发现：电压表指针有明显偏转，而电流表指针几乎不动。经检查：电路中电表完好且只有一处故障，他初步判断可能是导线 ③ （选导线编号）断路或 Rx 断路。
（3）排除上述电路故障后，小明开始实验：
①闭合开关，读出电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中，其中电流表指针位置如图乙所示，则电流表读数为 0.3 A，利用该组数据算出的Rx阻值为 16.7 Ω（保留一位小数）。
②闭合开关，将滑动变阻器的滑片向 左 移至适当位置，读出两电表示数后立即断开开关，并将读数填在表中。
③闭合开关，继续移动滑片，直至移到了滑动变阻器的一端，读出两电表示数，断开开关，并将读数填在表中。
（4）分析表中数据，小明发现：随着待测电阻两端电压的增大，计算得出的待测电阻阻值变化情况是 阻值逐渐变小 。
他感到困惑：为何会出现这样的结果呢？小华帮他检查后指出：小明所测出的电压数据是错误的。于是小明想重新实验，小华提醒他：无需重新实验，利用已知信息和电流表的读数，不但可计算出待测电阻的阻值，还能求出电源电压。小明经过认真思考后，计算得出：待测电阻Rx＝ 30 Ω，电源电压U总＝ 15 V。
【分析】（1）实验前，开关断开，滑动变阻器滑片滑到阻值最大处；
（2）电流表无示数，说明电流断路，电压表有示数，说明电压表并联的电阻可能断路或者相连导线断路；
（3）①电流表读数要注意量程和分度值，根据欧姆定律可得阻值；
②第二次实验的电流变大，说明滑动变阻器接入阻值变小；
（4）根据欧姆定律计算表格中三次的电阻大小，然后比较阻值变化；
第一次实验时，滑动变阻器的全部阻值接入电路，电源电压U＝I1（RP+Rx）；
第三次实验时，滑动变阻器的无电阻接入电路，电源电压U＝I3Rx；
通过联立方程即可求解答案。
【解答】解：（1）图中存在的问题是滑动变阻器滑片没有滑到阻值最大处和开关闭合了；
（2）电流表无示数，说明电流断路，电压表有示数，说明电压表并联的电阻可能断路或者导线断路，故为导线③或者Rx断路；
（3）①电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，读数为0.3A，根据欧姆定律R＝＝＝16.7Ω；
②第二次实验的电流变大，说明滑动变阻器接入阻值变小，故滑动变阻器滑片向左移动；
（4）第二次实验，R2＝＝＝16.25Ω；
第三次实验，R3＝＝＝16Ω；
所以随着电压变大，电阻阻值变小；
第一次实验时，滑动变阻器的全部阻值接入电路，电源电压U＝I1（RP+Rx）；
第三次实验时，滑动变阻器的无电阻接入电路，电源电压U＝I3Rx；
联立方程解得Rx＝15Ω；U＝7.5V。
故答案为：（1）滑动变阻器滑片没有滑到阻值最大处；开关闭合了；（2）③；Rx；（3）①0.3；16.7；②左；（4）阻值逐渐减小；15；7.5。
【点评】本题主要考查了伏安法测电阻的实验内容，设计操作，分析故障和欧姆定律的相关计算。有一定难度。
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