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2022年湖南省娄底市中考物理仿真试卷（一）(word版含答案)
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这是一份2022年湖南省娄底市中考物理仿真试卷（一）(word版含答案)，共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年湖南省娄底市中考物理仿真试卷（一）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 下列数据中与生活实际情况相符的是( )
A. 一只鸡蛋所受的重力约为50N
B. 人感觉温暖而舒适的室内温度约为35℃
C. 中学生步行上学的速度约为5m/s
D. 家用空调的电功率约为1000W
2. 民乐团演奏中国名曲《茉莉花》时，其中的声现象，下列说法错误的是( )
A. 竹笛声是由空气柱振动产生的
B. 胡琴、琵琶发出的声音音色不同
C. 敲击鼓面的节奏越快，鼓声传播得就越快
D. 听众关闭手机，是从声源处控制噪声
3. 下列对谚语中有关物态变化的分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象
B. “钩钩云消散，晴天多干旱”——云的形成是汽化现象
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象
4. 2021年4月13日，中国女足成功拿到东京奥运会门票，为祖国争得荣誉.如图是女足比赛时的场景。下列关于足球比赛中涉及到的物理知识，分析正确的是( )
A. 脚对球施加的力大小相同，其作用效果一定相同
B. 踢出去的足球能在空中继续运动，是因为足球受到惯性
C. 足球鞋底凹凸不平，是为了增大人与地面间的摩擦力
D. 运动员用脚踢球，球飞出去，说明力是使物体运动的原因
5. 一种山地自行车行驶时，车轮带动电机的线圈转动，车灯就能发光，而且自行车行驶得越快，车灯就越亮。下列四幅图中能说明该电机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
6. 某物理兴趣小组用可乐瓶制作了一个水火箭(如图)，先在瓶里装适量水，再将带有阀门的金属管插入瓶塞，旋紧瓶塞，用打气筒往瓶里打足气，打开阀门，水从尾部的金属管向下喷出，火箭竖直向上飞向空中。下列分析正确的是( )
A. 发射时，瓶内高压气体对水没有做功
B. 发射时，火箭的动能是由瓶内高压气体的内能转化来的
C. 上升过程中，火箭的重力势能转化为动能
D. 下降过程中，火箭的重力势能逐渐增大
7. 水平桌面上，完全相同的甲、乙、丙容器中装有三种不同液体，将同一实心小球放入容器中，静止时三容器中液面相平，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 小球所受的浮力F浮甲=F浮乙
C. 液体对容器底的压强p乙
A. 电流表A1示数变小，电压表V示数不变
B. 电流表A示数变大，灯泡亮度变亮
C. 电压表V示数与电流表A1示数的比值不变
D. 电压表V示数与电流表A1和A2示数之差的比值不变
9. 关于能源、信息与材料，下列说法错误的是( )
A. 电能和汽油都是二次能源
B. 风能、水能、核能都是可再生能源
C. 5G和4G信号的电磁波在真空中传播的速度相等
D. 若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
10. 中华传统文化博大精深。下列民间俗语与物理知识对应正确的是( )
A. 看山恰似走来迎——机械运动 B. 摘不到的镜中花——光的折射
C. 墙内开花墙外香——升华现象 D. 小小秤砣压千斤——等臂杠杆
11. 在“测量金属块密度”的实验中，已知金属块质量均匀分布且不渗水，量筒内已装有60mL的水。把天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线时，指针在分度盘上的位置如图甲所示；调节好天平后，测量金属块质量，天平恢复平衡时砝码质量和游码在标尺上的位置如图乙所示；测量金属块体积时量筒示数如图丙所示。下列操作或说法中正确的是( )
A. 如图甲所示，要使横梁平衡，应将天平平衡螺母向左调节
B. 如图乙所示，当横梁恢复平衡时，金属块的质量为54.4g
C. 利用密度公式计算可知，金属块的密度是2.70×103kg/m3
D. 将金属块截去一半，剩余金属块与原金属块相比，质量、体积和密度都减半
12. 图甲是通过小灯泡L的电流与其两端电压的关系图象。现将小灯泡L与电阻R连入如图乙所示的电路中。闭合开关S，小灯泡的实际功率为1.8W，电压表示数为3V。下列结果正确的是( )
①电源电压为9V
②电阻R的阻值为10Ω
③电路消耗的总功率为2.7W
④通过电阻R的电流为0.6A
A. 只有①②③正确 B. 只有②③④正确
C. 只有①③正确 D. 只有②④正确
二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）
13. “杂交水稻之父”袁隆平有禾下乘凉梦，其中水稻影子的形成是光的______ 现象；收获的季节，三亚南繁基地飘来阵阵稻香，这是______ 现象。
14. 如图所示是四冲程汽油机内部剖面图，此为______ 冲程；汽油机需要用冷却液进行降温，是利用了冷却液的______ 大的特性。
15. 如图所示，高铁站台上的黄色安全线提醒乘客不要越过，因为列车驶过时，周围空气的流速增大，压强______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，产生压力差，非常危险；乘客启动列车卫生间内的负压马桶时，马桶内的污物被“吸”入集污箱，这是利用______来实现的。
16. 暑假的下午，小红的妈妈在用电板锅煮饭，小红看着电视节目。当他用遥控器将待机的空调开机时，家里的空气开关“跳闸”了。则“跳闸”的原因是同时工作的用电器______过大。根据家里空气开关上的铭牌，如图所示，小红建议爸爸妈妈应该更换______大一些的空气开关。
17. 用如图所示滑轮组拉动物体A在粗糙的水平面上运动，不计绳和滑轮的自重。当F为20N时，物体A在水平面上做匀速直线运动，此时物体A受到地面的摩擦力为30N，则滑轮组的机械效率是______；当F增大到50N时，物体A受到地面的摩擦力为______N。
18. 如图甲所示，底面积S为25cm2的圆柱形平底容器内装有适量的未知液体，将容器放入水中处于直立漂浮状态，容器下表面所处深度h1=10cm，该容器受到的浮力是______N；如图乙所示，从容器中取出100cm3的液体后，当容器下表面所处深度h2=6.8cm时，该容器仍处于直立漂浮状态，则未知液体的密度是______kg/m3。(g取10N/kg)
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 如图所示，一条与主光轴垂直的光线经平面镜反射后射向前方的凹透镜。请画出经过平面镜反射后的反射光线以及经过凹透镜折射后的折射光线。
20. 如图所示，轻质杠杆OAB上挂一物体，拉力F使杠杆在图中位置平衡，请在图中画出力F的力臂L和物体所受的重力示意图。
四、实验探究题（本大题共2小题，共18.0分）
21. 利用如图装置进行“探究动能大小的影响因素”。
实验。用两根细绳将小球悬挂起来，拉起小球，将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度θ1的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止。图中的摆长L都相同，球A、B的质量大小为mA
(1)利用如图两根细绳悬挂小球，而不用一根细绳，其好处是______。
(2)图甲、乙中，同时释放A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置，这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的______无关。
(3)比较图甲、乙实验，观察到B球能将木块C撞得更远，由此可得出结论：______。
(4)有同学将实验装置改成如图所示，用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系。这个实验方案是______(选填“正确”或“错误”)的，因为______。
22. 在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电流表示数变大，连线不得交叉。
(2)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，出现该状况的原因是______。(填字母序号)
A.电流表内部断路了
B.灯座内部出现了短路
C.灯泡的灯丝断了
(3)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，其读数为______A，小灯泡的额定功率为______W。
(4)该实验装置不能完成的实验是______。(填字母序号)
A.探究串联电路中的电流规律
B.探究串联电路中的电压规律
C.探究电流与电压的关系
(5)另一组的小芳在进行实验时发现电流表已损坏无法使用，老师给她一个已知阻值为R0的定值电阻，同学们设计了如图丙所示的电路，并正确测出小灯泡的额定功率，已知电源电压不变，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器的滑片P使电压表读数为小灯泡额定电压U额；
②闭合开关S，断开S1，再闭合S2，保持滑动变阻器滑片P位置不动，读出此时电压表的示数为U；
③小灯泡额定功率的表达式P额=______。(用U额、U、R0表示)
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
23. 某些电阻的阻值会随温度的变化而明显改变，利用电阻的这种特性可以制成电阻温度计，从而用来测量温度。在如图甲所示的电路中，电流表量程为0～0.6A，电源电压恒为6V，R滑为滑动变阻器，电阻R作为温度计的测温探头。当t≥0℃时，R的阻值随温度t的变化关系如图乙所示。闭合开关S后，把R放入0℃环境中，调节滑动变阻器R滑，使电流表指针恰好满偏(即0.6A)，然后保持R滑的阻值不变。
(1)在0℃环境中通电30s，整个电路消耗的电能是多少？
(2)滑动变阻器接入电路的电阻R滑为多大？
(3)再把测温探头R放到100℃环境中时，R消耗的电功率多少？
24. 在2018上海国际新能源汽车展上，各款车型争奇斗艳。参展的新能源汽车大部分为电动汽车，其动力主要来源于电动机，如图所示是一款新型电动汽车，请你根据下面的数据进行计算：
(1)若汽车质量为960kg，每个轮胎与地面的接触面积为200cm2，汽车静止在水平地面上时，它对地面的压强多大(g=l0N/kg)
(2)该电动汽车内部的电池电压为75V，额定电流为100A，电动机工作时可以把80%的电能转化为动能，汽车以额定功率匀速行驶，当速度为36km/h时，所受平均阻力是多少？
(3)普通汽车把汽车燃烧能量转化为动能的效率为25%.如果电动汽车以36km/h的速度在额定功率下匀速行驶100km，与普通汽车相比大约可以节省多少汽油？(汽油的热值是4.6×107J/kg，结果保留一位小数)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一只鸡蛋的质量约50g=0.05kg，受到的重力为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A不符合实际；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的环境气温在23℃左右，故B不符合实际；
C、中学生正常步行的速度约为4km/h=4×13.6m/s≈1.1m/s，故C不符合实际；
D、家用空调的功率较大，大部分在1000W左右，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】C
【解析】解：A、吹奏竹笛时，笛声是由笛子内部的空气柱振动产生的，故A正确；
B、胡琴、琵琶材料不同，发出的声音音色不同，故B正确；
C、鼓手敲击鼓面的节奏越快，鼓面振动越快，但是鼓声在空气中传播的速度不变，故C错误；
D、听众关闭手机，是从声源处控制噪声，故D正确。
故选：C。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)音色是指声音的品质与特色，它与发声物体的材料有关，不同物体发声的音色是不同的；
(3)声在同种介质中的传播速度不变；
(4)噪声的防治主要从三种方法来进行：一是从声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。
本题考查声现象，是一道声学综合题，难度不大，是对基础知识的考查。
3.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、“钩钩云消散，晴天多干旱”，云是高空的水蒸气遇冷液化形成的小水滴或凝华形成的小冰晶组成的，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故D错误。
故选：C。
(1)物质由一种状态变为另一种状态的过程叫做物态变化；(2)自然界中云雨霜雪的形成都是物态变化的结果。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：A.力的大小、方向和作用点都影响力的作用效果，故A错误；
B.足球离开脚以后，不再受到脚的踢力，还能继续在空中运动，是由于踢出去的足球具有惯性，要保持原来的运动状态，故B错误；
C.足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C正确；
D.脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点；
(2)一切物体都有保持静止或匀速直线运动状态的性质，我们把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；
(3)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
(4)力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持。
本题主要考查了力的三要素、惯性、增大或减小摩擦的方法以及力与运动的关系等多个知识点，深入理解基本规律，是正确解答的关键。
5.【答案】C
【解析】解：山地自行车行驶时，车轮带动电机的线圈转动，使灯泡发光，这是电磁感应现象；
A、验电器是检验物体是否带电的仪器，故A错误；
B、该实验为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，与自行车灯发光的工作原理无关，故B错误；
C、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流(可以从电流表指针发生偏转来体现)，这是电磁感应现象，与自行车灯发光的工作原理相符合，故C正确；
D、此图反映了通电导体在磁场中受力运动的作用，与自行车灯发光的工作原理无关，故D错误。
故选：C。
(1)山地自行车的车灯亮是利用电磁感应现象制成的，车轮带动电机的线圈转动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
(2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的工作原理，将两者对应即可得到答案。
(1)此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、验电器的作用等知识点。
(2)首先根据题目告诉的：线圈内磁性飞轮高速旋转明确出与自行车灯发光的工作原理是解决此题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：A、发射时，瓶内高压气体对水做功，将内能转化为机械能，故A错误；
B、发射时，火箭的动能是由瓶内高压气体的内能转化来的，故B正确；
C、上升过程中，火箭的动能势能转化为重力势能，故C错误；
D、下降过程中，火箭的重力势能逐渐减小，因为高度变小，故D错误。
故选：B。
(1)气体膨胀对外做功，将内能转化为机械能。
(2)机械能包括动能和势能；物体由于运动而具有的能量叫动能；物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能叫重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能。动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，弹性势能与弹性形变大小有关。
理解改变内能的方法和能量转化现象，理解影响动能和重力势能的因素，可解答此题。
7.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，小球在甲液体中悬浮，所以小球受到的浮力F浮甲=G球；小球在乙中沉底，所以小球受到的浮力F浮乙
B、小球在甲液体中悬浮，所以甲液体的密度ρ甲=ρ球；小球在乙中沉底，所以乙液体的密度ρ乙<ρ球；小球在丙中漂浮，所以丙液体的密度ρ丙>ρ球，同一实心小球，密度相同，所以三种液体的密度大小关系是ρ乙<ρ甲<ρ丙，故B错误；
C、三容器的液面等高，根据p=ρ液gh可知，密度大的液体对容器底的压强也大，三种液体对容器底的压强的大小关系是p乙
A、由图可知，小球在甲液体中处于悬浮，小球受到的浮力大小等于小球的重力大小；小球在乙液体中沉底，小球受到的浮力大小小于小球的重力大小；小球在丙液体中处于漂浮，小球受到的浮力大小等于小球的重力大小，由此可得出结论；
B、小球在甲液体中悬浮，甲液体的密度等于小球的密度；小球在乙液体中沉底，乙液体的密度小于小球的密度；小球在丙液体中处于漂浮，丙液体的密度大于小球的密度，由此可得出结论；
C、由于三容器中液面相平，即液体的深度相同，由液体对容器底的压强p=ρ液gh可知，密度大的液体对容器底的压强也大，由此可得出结论；
D、容器对桌面的压力大小等于容器中液体的重力，小球的重力，容器自重之和，由此可知，只需要比较三个容器中液体重力的大小；由图可知，甲，乙液体的体积相等，丙液体的体积最大，根据m=ρV可求出三个容器中液体的质量大小关系，根据G=mg可知三种液体的重力大小关系，由此可得出结论。
本题主要考查物体漂浮条件，悬浮条件，物体沉底条件，液体压强的计算，压力的计算，其中根据小球的状态分析小球受到的浮力大小关系，液体密度关系，容器内液体体积关系是本题的难点和解题关键。
8.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器支路的电流；
AB、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡支路的电流不变，灯泡的亮度不变；
闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过滑动变阻器的电流变大，即电流表A1示数变大；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大，故AB错误；
C、根据R=UI可知，电压表V示数与电流表A1示数的比值为滑动变阻器接入电路的电阻，因变阻器接入电路的电阻变小，则该比值变小，故C错误；
D、根据并联电路的电流关系可知，电流表A1和A2示数之差为通过灯泡的电流；根据R=UI可知，电压表V示数与电流表A1和A2示数之差的比值为灯泡的电阻(忽略灯丝电阻的变化)，则该比值保持不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器支路的电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡支路的电流变化和灯泡亮度的变化；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的电流关系求出干路中电流的变化；
根据R=UI分析电压表V示数与电流表A1示数的比值的变化；
根据并联电路的电流规律和R=UI分析电压表V示数与电流表A1和A2示数之差的比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片移动时电阻的变化是关键。
9.【答案】B
【解析】解：A、我们生活中所使用的电能都是通过其他形式的能转化而来的，汽油是由石油加工来的，它们都是二次能源，故A正确；
B、核能都属于不可再生能源，故B错误；
C、5G和4G信号都是利用电磁波传播信息的，所以它们在真空中的传播速度相同，都是3×108m/s，故C正确；
D、如果用超导材料作为输电线，可大大降低输电过程中的电能损耗，所以利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，故D正确。
故选：B。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；
(3)电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；
(4)超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
此题是一道综合题，考查了能源的分类、电磁波的传播速度及超导体的特点和应用，包含的知识点较多，渗透了情感态度价值观。
10.【答案】A
【解析】解：A.看山恰似走来迎，是指人在靠近山的过程中，相对于人，山与人的距离越来越近，即以人为参照物，山是向人运动的。故A正确。
B.镜中花是花在平面镜所成的虚像，所以镜中花的形成原因是光的反射。故B错误。
C.墙外的人能闻到墙内的花香，是花香分子在空气中做无规则运动的结果。故C错误。
D.小小秤砣压千斤，是指只要在杆秤的一端挂一个小小的秤砣，在杆秤另一端的合适位置可以挂上重物，则杆秤可以在水平位置平衡。若以秤砣对杆秤的拉力为动力，则杆秤为省力杠杆。故D错误。
故选：A。
(1)物体的运动是相对于参照物而言的。
(2)平面镜所成的像为虚像。
(3)分子在永不停息地做无规则运动。
(4)杠杆可分为省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆。杆秤相当于省力杠杆。
这类题难度较低，但是因综合性强，考点丰富，所以出现频率很高。我们要对生活中的一些现象有一定的了解，这样可以在解题时事半功倍。
11.【答案】C
【解析】解：A、图甲中指针偏左，应将平衡螺母向右调节，使横梁平衡；故A错误；
B、图乙中，金属块的质量为m=50g+4g=54g；故B错误；
C、图丙中，量筒的示数为80mL，则金属块的体积为V=80mL-60mL=20mL=20cm3，则金属块的密度：ρ=mV=54g20cm3=2.7g/cm3=2.70×103kg/m3；故C正确；
D、将金属块截去一半，则质量会变为原来的12，体积也会变为原来的12；但是物质的种类没有发生变化，因此密度保持不变；故D错误。
故选：C。
(1)使用天平测量物体质量之前要进行调平，先将游码移至标尺左端的零刻度线，然后再调节平衡螺母，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
(2)用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码总质量和游码所对刻度值之和。读取游码所对刻度值时，要明确标尺的分度值；
(3)用量筒测量液体体积时，先明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；已知金属块的质量和体积，用ρ=mV计算金属块密度；
(4)密度是物质的一种特性，跟物质种类、状态和温度有关，跟质量和体积无关。
本实验考查了天平的调节，天平读数，量筒的读数和密度的计算，知道密度跟物质种类、状态和温度有关，跟质量和体积无关。
12.【答案】A
【解析】解：闭合开关，R和L串联，电压表测量R两端的电压。
①小灯泡的实际功率为1.8W，从图甲且根据P=UI可知，此时通过灯泡的电流为0.3A，灯泡两端的电压为6V，电压表示数为3V，则R两端的电压为3V，根据串联电路的电压特点可知电源电压U=6V+3V=9V，故①正确；
④通过灯泡的电流为0.3A，则通过R的电流也为0.3A，故④错误；
②根据欧姆定律可知R=URI=3V0.3A=10Ω，故②正确；
③电路消耗的总功率P=UI=9V×0.3A=2.7W，故③正确；
故选：A。
闭合开关，R和L串联，电压表测量R两端的电压。
①小灯泡的实际功率为1.8W，从图甲且根据P=UI可知，此时通过灯泡的电流为0.3A，灯泡两端的电压为6V，电压表示数为3V，则R两端的电压为3V，根据串联电路的电压特点可知电源电压；
④通过灯泡的电流为0.3A，则通过R的电流也为0.3A；
②根据欧姆定律可知R的阻值；
③根据P=UI得出电路消耗的总功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。
13.【答案】直线传播 扩散
【解析】解：水稻影子的形成是光的直线传播形成的；三亚南繁基地飘来阵阵稻香，这是由于稻香分子不停地做无规则运动，发生了扩散现象。
故答案为：直线传播；扩散。
光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动。
本题考查了光的直线传播、扩散现象，属于基础题。
14.【答案】做功 比热容
【解析】解：四冲程汽油机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生燃气的内能转化为机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的；
汽油机工作时会产生大量热，一般用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
故答案为：做功；比热容。
(1)四冲程汽油机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，完成一个工作循环，做一次功，共计四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
(2)水的比热容较大，相同质量的水和其他物质，在升高相同温度的情况下，水吸收的热量最多。
本题考查了四个冲程汽油机的能量转化、水的比热容大的应用的理解，是中考的热点题目。
15.【答案】减小 大气压
【解析】解：(1)当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。
(2)乘客启动列车卫生间内的负压马桶时，集污箱内气压减小，外界大气压不变，集污箱内的大气压小于外界大气压，在大气压的作用下，马桶内的污物被“吸”入集污箱。
故答案为：减小；大气压。
(1)当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题。
(2)大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查利用大气压、流体压强和流速的关系解释生活中的现象，同时考查了学生用物理知识解决实际问题的能力。
16.【答案】总功率 最大工作电流
【解析】解：空调属于大功率用电器，当他用遥控器将待机的空调开机时，家里的空气开关“跳闸”了，说明干路中的电流过大，则“跳闸”的原因可能是总功率过大了；
根据空气开关上的铭牌可知，该空气开关的漏电电流≤30mA，最大工作电流为10A，而由前面分析可知接入空调时干路中的电流过大(超过10A)，所以，为了让家中的空调能正常使用，该电路中应该更换最大工作电流大一些的空气开关。
故本题答案为：总功率；最大工作电流。
家庭电路电流过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大；
根据空气开关上的铭牌可知，该空气开关的漏电电流≤30mA，最大工作电流为10A，而由前面分析可知接入空调时干路中的电流过大(超过10A)，据此解答。
本题考查了家庭电路电流过大的原因和安全用电常识，属于基础题。
17.【答案】75% 30
【解析】解：(1)克服摩擦力做的功为有用功：W有用=fs；
由图可知：n=2，绳子自由端移动的距离sF=2s，做的总功：W总=F×2s，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=fsF×2s=f2F=30N2×20N=75%；
(2)当拉力改变时，由于接触面的粗糙程度和物体A对地面的压力不变，所以滑动摩擦力大小不变仍为30N。
故答案为：75%；30。
(1)克服摩擦力做的功为有用功，根据功的公式得出做的有用功；由图可知绳子的有效段数n，根据sF=ns得出绳子自由端移动的距离，得出总功的表达式，根据η=W有W总出滑轮组的机械效率；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析。
本题考查功的公式、机械效率公式的运用及影响滑动摩擦力大小的因素，关键是明确克服摩擦力做的功为有用功。
18.【答案】2.5 0.8×103
【解析】解：(1)容器排开水的体积：V排=Sh1=25cm2×10cm=250cm3=2.5×10-4m3，
容器受到水的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10-4m3=2.5N。
(2)从容器中取出100cm3的液体后，容器下表面所处的深度h2=6.8cm=0.068m，
容器减少的浮力为：△F浮=ρ水g△V排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10-3m2×(0.1-0.068)m=0.8N。
减小的浮力等于减小的重力，
所以，△F浮=G液减=0.8N，
所以从容器中取出液体的质量为：m=G减液g=0.8N10N/kg=0.08kg=80g，
液体的密度为：ρ=mV=80g100cm3=0.8g/cm3。
故答案为：2.5；0.8×103。
(1)知道容器下表面深度和底面积求出容器排开水的体积，根据阿基米德原理求出容器受到的浮力。
(2)根据减小的浮力等于减小的重力列出等式求解。
变化的浮力等于变化的重力，在浮力计算中应用很广泛，要熟练掌握。
19.【答案】解：(1)由图知，入射光线与主光轴垂直，主光轴与镜面的夹角为45°，过入射点垂直于镜面作出法线，则入射角为90°-45°=45°，反射角也为45°，根据光的反射定律作出反射光线；
(2)平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，据此画出入射光线，如图所示：
【解析】(1)已知入射光线与主光轴垂直，主光轴与镜面的夹角为45°，可先求出入射角，再根据反射角等于入射角画出反射光线；
(2)作出折射光线要根据：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。
本题综合考查光的反射光路图和凹透镜光路图的画法，熟记反射定律的内容，并掌握凹透镜三条特殊光线是解答此题关键。
20.【答案】解：过物体的重心，向竖直向下方向画一条有向线段，用G表示物体所受重力；由支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度为F的力臂L，如图所示：
【解析】①力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
②力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线。从而正确地画出力臂。
21.【答案】便于控制小球的撞击方向，使木块沿同一直线运动 质量 速度相同时，物体质量越大，动能越大 错误 铁球的动能相同，木块最终移动的距离相同
【解析】解：(1)若用一根细绳，小球的摆动方向会不稳定，利用如图两根细绳悬挂小球，便于控制小球的撞击方向，使木块沿同一直线运动；
(2)甲、乙两图中，小球的质量不同，由题意知，摆角相同，小球同时到达竖直位置，说明小球的速度大小与小球的质量无关；
(3)mA
故答案为：(1)便于控制小球的撞击方向，使木块沿同一直线运动；(2)质量；(3)速度相同时，物体质量越大，动能越大；(4)错误；铁球的动能相同，木块最终移动的距离相同。
(1)根据三角形的稳定性进行分析；
(2)比较甲、乙两图的速度和质量的关系便可得出结论；
(3)木块被撞出得远，说明小球的动能大，根据动能大小和质量大小比较，得出动能和质量的关系；
(4)结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
22.【答案】(1)；(2)B；(3)0.3；0.75；(4)C；(5)U额×U-U额R0。
【解析】
【分析】
本题是测小灯泡电功率的实验，考查了电路连接、电路故障分析、串联电路特点和欧姆定律的应用、电功率的计算以及特殊方法测灯泡功率等，知道灯泡正常发光时两端电压等于额定电压，实际功率越大灯泡越亮。
【解答】
(1) 小灯泡的额定电压为 2.5V ，则电压表选用小量程，滑动变阻器的滑片 P 向 A 端移动时，电流表示数变大，电阻变小，故左下接线柱应接入电路，如图所示：
(2)A. 若电流表内部断路了，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
B. 若灯座内部出现了短路，电压表没有示数，电路为通路，电流表有示数，符合题意；
C. 若灯泡的灯丝断了，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意；
故选： B ；
(3) 由图乙可知，当电压表的示数为 2.5V ，电流表选用小量程，分度值为 0.02A ，示数为 0.3A ，小灯泡的额定功率为： P=UI=2.5V×0.3A=0.75W ；
(4)A. 将电流表分别串联在电路中的不同位置，可以测出不同位置的电流，故可探究串联电路中的电流规律；
B. 用电压表分别测量灯与变阻器的电压以及电路两端的总电压，故可探究串联电路中的电压规律；
C. 探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，故不能探究电流与电压的关系；
故选： C ；
(5) 实验步骤：
① 闭合开关 S 、 S1 ，断开 S2 ，调节清片 P 使电压表读数为 U额 ，此时小灯泡正常发光；
② 不改变滑动变阻器滑片 P 的位置，闭合开关 S 、 S2 ，断开 S1 ，记录电压表此时读数为 U ；
③ 在 ① 中，电压表测灯的电压，灯正常发光，在 ② 中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压： U0=U-U额 ，
由欧姆定律可得，灯泡的额定电流： IL=I0=U-U额R0 ，
所以小灯泡额定功率的表达式： P额=U额IL=U额×U-U额R0 。
故答案为： (1) 见解答； (2)B ； (3)0.3 ； 0.75 ； (4)C ； (5)U额×U-U额R0 。
23.【答案】解：由电路图可知，闭合开关S后，滑动变阻器R滑与测温探头R串联，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知，在0℃环境中电路中的电流I=0.6A，
则通电30s内整个电路消耗的电能：W=UIt=6V×0.6A×30s=108J；
(2)当R放入0℃环境中时，由图乙可知，测温探头电阻R0=2Ω，
由I=UR可得，电路的总电阻：R总=UI=6V0.6A=10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路的电阻：R滑=R总-R0=10Ω-2Ω=8Ω；
(3)把测温探头R放到100℃环境中时，由图乙可知，测温探头电阻R=7Ω，
此时电路中的电流：I1=UR总'=UR+R滑=6V7Ω+8Ω=0.4A，
R消耗的电功率：PR=I12R=(0.4A)2×7Ω=1.12W。
答：(1)在0℃环境中通电30s，整个电路消耗的电能是108J；
(2)滑动变阻器接入电路的电阻R滑为8Ω；
(3)再把测温探头R放到100℃环境中时，R消耗的电功率为1.12W。
【解析】由电路图可知，闭合开关S后，滑动变阻器R滑与测温探头R串联，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知，在0℃环境中电路中的电流为0.6A，根据W=UIt求出通电30s内整个电路消耗的电能；
(2)当R放入0℃环境中时，根据图乙读出测温探头电阻，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的电阻；
(3)把测温探头R放到100℃环境中时，根据图乙读出测温探头电阻，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=UI=I2R求出R消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
24.【答案】解：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F=G=mg=960kg×10N/kg=9600N，
受力面积：
S=200cm2×4=800cm2=8×10-2m2，
对地面的压强：
p=FS=9600N8×10-2m2=1.2×105Pa；
(2)电动机工作时的功率：
P电=UI=75V×100A=7500W，
由η=P机械P电×100%可得，牵引力的功率：
P机械=80%P电=80%×7500W=6000W，
汽车行驶的速度：
v=36km/h=10m/s，
因汽车以额定功率匀速行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，
所以，由P=Wt=Fst=Fv可得，所受平均阻力：
f=F'=P机械v=6000W10m/s=600N；
(3)在额定功率下匀速行驶100km牵引力做的功：
W=F's=600N×100×103m=6×107J，
由η=WQ放×100%可得，需要汽油完全燃烧释放的热量：
Q放=Wη'=6×107J25%=2.4×108J，
由Q放=mq可得，节省汽油的质量：
m'=Q放q=2.4×108J4.6×107J/kg≈5.2kg。
答：(1)汽车静止在水平地面上时，它对地面的压强为1.2×105Pa；
(2)汽车以额定功率匀速行驶，当速度为36km/h时，所受平均阻力是600N；
(3)与普通汽车相比大约可以节省5.2kg的汽油。
【解析】(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，受力面积等于4个轮胎与地面的接触面积之和，根据p=FS求出对地面的压强；
(2)根据P=UI求出电动机工作时的功率，利用η=P机械P电×100%求出牵引力的功率，汽车以额定功率匀速行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv求出所受平均阻力；
(3)根据W=Fs求出在额定功率下匀速行驶100km牵引力做的功，利用η=WQ放×100%求出需要汽油完全燃烧释放的热量，最后根据Q放=mq求出节省汽油的质量。
本题考查了压强公式和电功率公式、效率公式、功率公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及二力平衡条件的应用等，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
2022年湖南省娄底市中考物理仿真试卷（一）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 下列数据中与生活实际情况相符的是( )
A. 一只鸡蛋所受的重力约为50N
B. 人感觉温暖而舒适的室内温度约为35℃
C. 中学生步行上学的速度约为5m/s
D. 家用空调的电功率约为1000W
2. 民乐团演奏中国名曲《茉莉花》时，其中的声现象，下列说法错误的是( )
A. 竹笛声是由空气柱振动产生的
B. 胡琴、琵琶发出的声音音色不同
C. 敲击鼓面的节奏越快，鼓声传播得就越快
D. 听众关闭手机，是从声源处控制噪声
3. 下列对谚语中有关物态变化的分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象
B. “钩钩云消散，晴天多干旱”——云的形成是汽化现象
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象
4. 2021年4月13日，中国女足成功拿到东京奥运会门票，为祖国争得荣誉.如图是女足比赛时的场景。下列关于足球比赛中涉及到的物理知识，分析正确的是( )
A. 脚对球施加的力大小相同，其作用效果一定相同
B. 踢出去的足球能在空中继续运动，是因为足球受到惯性
C. 足球鞋底凹凸不平，是为了增大人与地面间的摩擦力
D. 运动员用脚踢球，球飞出去，说明力是使物体运动的原因
5. 一种山地自行车行驶时，车轮带动电机的线圈转动，车灯就能发光，而且自行车行驶得越快，车灯就越亮。下列四幅图中能说明该电机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
6. 某物理兴趣小组用可乐瓶制作了一个水火箭(如图)，先在瓶里装适量水，再将带有阀门的金属管插入瓶塞，旋紧瓶塞，用打气筒往瓶里打足气，打开阀门，水从尾部的金属管向下喷出，火箭竖直向上飞向空中。下列分析正确的是( )
A. 发射时，瓶内高压气体对水没有做功
B. 发射时，火箭的动能是由瓶内高压气体的内能转化来的
C. 上升过程中，火箭的重力势能转化为动能
D. 下降过程中，火箭的重力势能逐渐增大
7. 水平桌面上，完全相同的甲、乙、丙容器中装有三种不同液体，将同一实心小球放入容器中，静止时三容器中液面相平，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 小球所受的浮力F浮甲=F浮乙
C. 液体对容器底的压强p乙
A. 电流表A1示数变小，电压表V示数不变
B. 电流表A示数变大，灯泡亮度变亮
C. 电压表V示数与电流表A1示数的比值不变
D. 电压表V示数与电流表A1和A2示数之差的比值不变
9. 关于能源、信息与材料，下列说法错误的是( )
A. 电能和汽油都是二次能源
B. 风能、水能、核能都是可再生能源
C. 5G和4G信号的电磁波在真空中传播的速度相等
D. 若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
10. 中华传统文化博大精深。下列民间俗语与物理知识对应正确的是( )
A. 看山恰似走来迎——机械运动 B. 摘不到的镜中花——光的折射
C. 墙内开花墙外香——升华现象 D. 小小秤砣压千斤——等臂杠杆
11. 在“测量金属块密度”的实验中，已知金属块质量均匀分布且不渗水，量筒内已装有60mL的水。把天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线时，指针在分度盘上的位置如图甲所示；调节好天平后，测量金属块质量，天平恢复平衡时砝码质量和游码在标尺上的位置如图乙所示；测量金属块体积时量筒示数如图丙所示。下列操作或说法中正确的是( )
A. 如图甲所示，要使横梁平衡，应将天平平衡螺母向左调节
B. 如图乙所示，当横梁恢复平衡时，金属块的质量为54.4g
C. 利用密度公式计算可知，金属块的密度是2.70×103kg/m3
D. 将金属块截去一半，剩余金属块与原金属块相比，质量、体积和密度都减半
12. 图甲是通过小灯泡L的电流与其两端电压的关系图象。现将小灯泡L与电阻R连入如图乙所示的电路中。闭合开关S，小灯泡的实际功率为1.8W，电压表示数为3V。下列结果正确的是( )
①电源电压为9V
②电阻R的阻值为10Ω
③电路消耗的总功率为2.7W
④通过电阻R的电流为0.6A
A. 只有①②③正确 B. 只有②③④正确
C. 只有①③正确 D. 只有②④正确
二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）
13. “杂交水稻之父”袁隆平有禾下乘凉梦，其中水稻影子的形成是光的______ 现象；收获的季节，三亚南繁基地飘来阵阵稻香，这是______ 现象。
14. 如图所示是四冲程汽油机内部剖面图，此为______ 冲程；汽油机需要用冷却液进行降温，是利用了冷却液的______ 大的特性。
15. 如图所示，高铁站台上的黄色安全线提醒乘客不要越过，因为列车驶过时，周围空气的流速增大，压强______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，产生压力差，非常危险；乘客启动列车卫生间内的负压马桶时，马桶内的污物被“吸”入集污箱，这是利用______来实现的。
16. 暑假的下午，小红的妈妈在用电板锅煮饭，小红看着电视节目。当他用遥控器将待机的空调开机时，家里的空气开关“跳闸”了。则“跳闸”的原因是同时工作的用电器______过大。根据家里空气开关上的铭牌，如图所示，小红建议爸爸妈妈应该更换______大一些的空气开关。
17. 用如图所示滑轮组拉动物体A在粗糙的水平面上运动，不计绳和滑轮的自重。当F为20N时，物体A在水平面上做匀速直线运动，此时物体A受到地面的摩擦力为30N，则滑轮组的机械效率是______；当F增大到50N时，物体A受到地面的摩擦力为______N。
18. 如图甲所示，底面积S为25cm2的圆柱形平底容器内装有适量的未知液体，将容器放入水中处于直立漂浮状态，容器下表面所处深度h1=10cm，该容器受到的浮力是______N；如图乙所示，从容器中取出100cm3的液体后，当容器下表面所处深度h2=6.8cm时，该容器仍处于直立漂浮状态，则未知液体的密度是______kg/m3。(g取10N/kg)
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 如图所示，一条与主光轴垂直的光线经平面镜反射后射向前方的凹透镜。请画出经过平面镜反射后的反射光线以及经过凹透镜折射后的折射光线。
20. 如图所示，轻质杠杆OAB上挂一物体，拉力F使杠杆在图中位置平衡，请在图中画出力F的力臂L和物体所受的重力示意图。
四、实验探究题（本大题共2小题，共18.0分）
21. 利用如图装置进行“探究动能大小的影响因素”。
实验。用两根细绳将小球悬挂起来，拉起小球，将小球A、B分别拉到与竖直方向成一定角度θ1的位置，然后都由静止释放，当小球摆动到竖直位置时，将与静止在水平面上的木块C发生碰撞，木块都会在水平面上滑行一定距离后停止。图中的摆长L都相同，球A、B的质量大小为mA
(1)利用如图两根细绳悬挂小球，而不用一根细绳，其好处是______。
(2)图甲、乙中，同时释放A、B，观察到它们并排摆动且始终相对静止，同时到达竖直位置，这表明两小球在摆动过程中的任一时刻的速度大小与小球的______无关。
(3)比较图甲、乙实验，观察到B球能将木块C撞得更远，由此可得出结论：______。
(4)有同学将实验装置改成如图所示，用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系。这个实验方案是______(选填“正确”或“错误”)的，因为______。
22. 在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电流表示数变大，连线不得交叉。
(2)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，出现该状况的原因是______。(填字母序号)
A.电流表内部断路了
B.灯座内部出现了短路
C.灯泡的灯丝断了
(3)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，其读数为______A，小灯泡的额定功率为______W。
(4)该实验装置不能完成的实验是______。(填字母序号)
A.探究串联电路中的电流规律
B.探究串联电路中的电压规律
C.探究电流与电压的关系
(5)另一组的小芳在进行实验时发现电流表已损坏无法使用，老师给她一个已知阻值为R0的定值电阻，同学们设计了如图丙所示的电路，并正确测出小灯泡的额定功率，已知电源电压不变，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器的滑片P使电压表读数为小灯泡额定电压U额；
②闭合开关S，断开S1，再闭合S2，保持滑动变阻器滑片P位置不动，读出此时电压表的示数为U；
③小灯泡额定功率的表达式P额=______。(用U额、U、R0表示)
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
23. 某些电阻的阻值会随温度的变化而明显改变，利用电阻的这种特性可以制成电阻温度计，从而用来测量温度。在如图甲所示的电路中，电流表量程为0～0.6A，电源电压恒为6V，R滑为滑动变阻器，电阻R作为温度计的测温探头。当t≥0℃时，R的阻值随温度t的变化关系如图乙所示。闭合开关S后，把R放入0℃环境中，调节滑动变阻器R滑，使电流表指针恰好满偏(即0.6A)，然后保持R滑的阻值不变。
(1)在0℃环境中通电30s，整个电路消耗的电能是多少？
(2)滑动变阻器接入电路的电阻R滑为多大？
(3)再把测温探头R放到100℃环境中时，R消耗的电功率多少？
24. 在2018上海国际新能源汽车展上，各款车型争奇斗艳。参展的新能源汽车大部分为电动汽车，其动力主要来源于电动机，如图所示是一款新型电动汽车，请你根据下面的数据进行计算：
(1)若汽车质量为960kg，每个轮胎与地面的接触面积为200cm2，汽车静止在水平地面上时，它对地面的压强多大(g=l0N/kg)
(2)该电动汽车内部的电池电压为75V，额定电流为100A，电动机工作时可以把80%的电能转化为动能，汽车以额定功率匀速行驶，当速度为36km/h时，所受平均阻力是多少？
(3)普通汽车把汽车燃烧能量转化为动能的效率为25%.如果电动汽车以36km/h的速度在额定功率下匀速行驶100km，与普通汽车相比大约可以节省多少汽油？(汽油的热值是4.6×107J/kg，结果保留一位小数)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一只鸡蛋的质量约50g=0.05kg，受到的重力为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A不符合实际；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的环境气温在23℃左右，故B不符合实际；
C、中学生正常步行的速度约为4km/h=4×13.6m/s≈1.1m/s，故C不符合实际；
D、家用空调的功率较大，大部分在1000W左右，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】C
【解析】解：A、吹奏竹笛时，笛声是由笛子内部的空气柱振动产生的，故A正确；
B、胡琴、琵琶材料不同，发出的声音音色不同，故B正确；
C、鼓手敲击鼓面的节奏越快，鼓面振动越快，但是鼓声在空气中传播的速度不变，故C错误；
D、听众关闭手机，是从声源处控制噪声，故D正确。
故选：C。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)音色是指声音的品质与特色，它与发声物体的材料有关，不同物体发声的音色是不同的；
(3)声在同种介质中的传播速度不变；
(4)噪声的防治主要从三种方法来进行：一是从声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。
本题考查声现象，是一道声学综合题，难度不大，是对基础知识的考查。
3.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、“钩钩云消散，晴天多干旱”，云是高空的水蒸气遇冷液化形成的小水滴或凝华形成的小冰晶组成的，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故D错误。
故选：C。
(1)物质由一种状态变为另一种状态的过程叫做物态变化；(2)自然界中云雨霜雪的形成都是物态变化的结果。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：A.力的大小、方向和作用点都影响力的作用效果，故A错误；
B.足球离开脚以后，不再受到脚的踢力，还能继续在空中运动，是由于踢出去的足球具有惯性，要保持原来的运动状态，故B错误；
C.足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C正确；
D.脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点；
(2)一切物体都有保持静止或匀速直线运动状态的性质，我们把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；
(3)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
(4)力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持。
本题主要考查了力的三要素、惯性、增大或减小摩擦的方法以及力与运动的关系等多个知识点，深入理解基本规律，是正确解答的关键。
5.【答案】C
【解析】解：山地自行车行驶时，车轮带动电机的线圈转动，使灯泡发光，这是电磁感应现象；
A、验电器是检验物体是否带电的仪器，故A错误；
B、该实验为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，与自行车灯发光的工作原理无关，故B错误；
C、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流(可以从电流表指针发生偏转来体现)，这是电磁感应现象，与自行车灯发光的工作原理相符合，故C正确；
D、此图反映了通电导体在磁场中受力运动的作用，与自行车灯发光的工作原理无关，故D错误。
故选：C。
(1)山地自行车的车灯亮是利用电磁感应现象制成的，车轮带动电机的线圈转动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
(2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的工作原理，将两者对应即可得到答案。
(1)此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、验电器的作用等知识点。
(2)首先根据题目告诉的：线圈内磁性飞轮高速旋转明确出与自行车灯发光的工作原理是解决此题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：A、发射时，瓶内高压气体对水做功，将内能转化为机械能，故A错误；
B、发射时，火箭的动能是由瓶内高压气体的内能转化来的，故B正确；
C、上升过程中，火箭的动能势能转化为重力势能，故C错误；
D、下降过程中，火箭的重力势能逐渐减小，因为高度变小，故D错误。
故选：B。
(1)气体膨胀对外做功，将内能转化为机械能。
(2)机械能包括动能和势能；物体由于运动而具有的能量叫动能；物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能叫重力势能；物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能。动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，弹性势能与弹性形变大小有关。
理解改变内能的方法和能量转化现象，理解影响动能和重力势能的因素，可解答此题。
7.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，小球在甲液体中悬浮，所以小球受到的浮力F浮甲=G球；小球在乙中沉底，所以小球受到的浮力F浮乙
B、小球在甲液体中悬浮，所以甲液体的密度ρ甲=ρ球；小球在乙中沉底，所以乙液体的密度ρ乙<ρ球；小球在丙中漂浮，所以丙液体的密度ρ丙>ρ球，同一实心小球，密度相同，所以三种液体的密度大小关系是ρ乙<ρ甲<ρ丙，故B错误；
C、三容器的液面等高，根据p=ρ液gh可知，密度大的液体对容器底的压强也大，三种液体对容器底的压强的大小关系是p乙
A、由图可知，小球在甲液体中处于悬浮，小球受到的浮力大小等于小球的重力大小；小球在乙液体中沉底，小球受到的浮力大小小于小球的重力大小；小球在丙液体中处于漂浮，小球受到的浮力大小等于小球的重力大小，由此可得出结论；
B、小球在甲液体中悬浮，甲液体的密度等于小球的密度；小球在乙液体中沉底，乙液体的密度小于小球的密度；小球在丙液体中处于漂浮，丙液体的密度大于小球的密度，由此可得出结论；
C、由于三容器中液面相平，即液体的深度相同，由液体对容器底的压强p=ρ液gh可知，密度大的液体对容器底的压强也大，由此可得出结论；
D、容器对桌面的压力大小等于容器中液体的重力，小球的重力，容器自重之和，由此可知，只需要比较三个容器中液体重力的大小；由图可知，甲，乙液体的体积相等，丙液体的体积最大，根据m=ρV可求出三个容器中液体的质量大小关系，根据G=mg可知三种液体的重力大小关系，由此可得出结论。
本题主要考查物体漂浮条件，悬浮条件，物体沉底条件，液体压强的计算，压力的计算，其中根据小球的状态分析小球受到的浮力大小关系，液体密度关系，容器内液体体积关系是本题的难点和解题关键。
8.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器支路的电流；
AB、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡支路的电流不变，灯泡的亮度不变；
闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过滑动变阻器的电流变大，即电流表A1示数变大；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大，故AB错误；
C、根据R=UI可知，电压表V示数与电流表A1示数的比值为滑动变阻器接入电路的电阻，因变阻器接入电路的电阻变小，则该比值变小，故C错误；
D、根据并联电路的电流关系可知，电流表A1和A2示数之差为通过灯泡的电流；根据R=UI可知，电压表V示数与电流表A1和A2示数之差的比值为灯泡的电阻(忽略灯丝电阻的变化)，则该比值保持不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器支路的电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡支路的电流变化和灯泡亮度的变化；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的电流关系求出干路中电流的变化；
根据R=UI分析电压表V示数与电流表A1示数的比值的变化；
根据并联电路的电流规律和R=UI分析电压表V示数与电流表A1和A2示数之差的比值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片移动时电阻的变化是关键。
9.【答案】B
【解析】解：A、我们生活中所使用的电能都是通过其他形式的能转化而来的，汽油是由石油加工来的，它们都是二次能源，故A正确；
B、核能都属于不可再生能源，故B错误；
C、5G和4G信号都是利用电磁波传播信息的，所以它们在真空中的传播速度相同，都是3×108m/s，故C正确；
D、如果用超导材料作为输电线，可大大降低输电过程中的电能损耗，所以利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，故D正确。
故选：B。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；
(3)电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；
(4)超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
此题是一道综合题，考查了能源的分类、电磁波的传播速度及超导体的特点和应用，包含的知识点较多，渗透了情感态度价值观。
10.【答案】A
【解析】解：A.看山恰似走来迎，是指人在靠近山的过程中，相对于人，山与人的距离越来越近，即以人为参照物，山是向人运动的。故A正确。
B.镜中花是花在平面镜所成的虚像，所以镜中花的形成原因是光的反射。故B错误。
C.墙外的人能闻到墙内的花香，是花香分子在空气中做无规则运动的结果。故C错误。
D.小小秤砣压千斤，是指只要在杆秤的一端挂一个小小的秤砣，在杆秤另一端的合适位置可以挂上重物，则杆秤可以在水平位置平衡。若以秤砣对杆秤的拉力为动力，则杆秤为省力杠杆。故D错误。
故选：A。
(1)物体的运动是相对于参照物而言的。
(2)平面镜所成的像为虚像。
(3)分子在永不停息地做无规则运动。
(4)杠杆可分为省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆。杆秤相当于省力杠杆。
这类题难度较低，但是因综合性强，考点丰富，所以出现频率很高。我们要对生活中的一些现象有一定的了解，这样可以在解题时事半功倍。
11.【答案】C
【解析】解：A、图甲中指针偏左，应将平衡螺母向右调节，使横梁平衡；故A错误；
B、图乙中，金属块的质量为m=50g+4g=54g；故B错误；
C、图丙中，量筒的示数为80mL，则金属块的体积为V=80mL-60mL=20mL=20cm3，则金属块的密度：ρ=mV=54g20cm3=2.7g/cm3=2.70×103kg/m3；故C正确；
D、将金属块截去一半，则质量会变为原来的12，体积也会变为原来的12；但是物质的种类没有发生变化，因此密度保持不变；故D错误。
故选：C。
(1)使用天平测量物体质量之前要进行调平，先将游码移至标尺左端的零刻度线，然后再调节平衡螺母，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；
(2)用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码总质量和游码所对刻度值之和。读取游码所对刻度值时，要明确标尺的分度值；
(3)用量筒测量液体体积时，先明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；已知金属块的质量和体积，用ρ=mV计算金属块密度；
(4)密度是物质的一种特性，跟物质种类、状态和温度有关，跟质量和体积无关。
本实验考查了天平的调节，天平读数，量筒的读数和密度的计算，知道密度跟物质种类、状态和温度有关，跟质量和体积无关。
12.【答案】A
【解析】解：闭合开关，R和L串联，电压表测量R两端的电压。
①小灯泡的实际功率为1.8W，从图甲且根据P=UI可知，此时通过灯泡的电流为0.3A，灯泡两端的电压为6V，电压表示数为3V，则R两端的电压为3V，根据串联电路的电压特点可知电源电压U=6V+3V=9V，故①正确；
④通过灯泡的电流为0.3A，则通过R的电流也为0.3A，故④错误；
②根据欧姆定律可知R=URI=3V0.3A=10Ω，故②正确；
③电路消耗的总功率P=UI=9V×0.3A=2.7W，故③正确；
故选：A。
闭合开关，R和L串联，电压表测量R两端的电压。
①小灯泡的实际功率为1.8W，从图甲且根据P=UI可知，此时通过灯泡的电流为0.3A，灯泡两端的电压为6V，电压表示数为3V，则R两端的电压为3V，根据串联电路的电压特点可知电源电压；
④通过灯泡的电流为0.3A，则通过R的电流也为0.3A；
②根据欧姆定律可知R的阻值；
③根据P=UI得出电路消耗的总功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。
13.【答案】直线传播 扩散
【解析】解：水稻影子的形成是光的直线传播形成的；三亚南繁基地飘来阵阵稻香，这是由于稻香分子不停地做无规则运动，发生了扩散现象。
故答案为：直线传播；扩散。
光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动。
本题考查了光的直线传播、扩散现象，属于基础题。
14.【答案】做功 比热容
【解析】解：四冲程汽油机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生燃气的内能转化为机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的；
汽油机工作时会产生大量热，一般用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
故答案为：做功；比热容。
(1)四冲程汽油机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，完成一个工作循环，做一次功，共计四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
(2)水的比热容较大，相同质量的水和其他物质，在升高相同温度的情况下，水吸收的热量最多。
本题考查了四个冲程汽油机的能量转化、水的比热容大的应用的理解，是中考的热点题目。
15.【答案】减小 大气压
【解析】解：(1)当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。
(2)乘客启动列车卫生间内的负压马桶时，集污箱内气压减小，外界大气压不变，集污箱内的大气压小于外界大气压，在大气压的作用下，马桶内的污物被“吸”入集污箱。
故答案为：减小；大气压。
(1)当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题。
(2)大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查利用大气压、流体压强和流速的关系解释生活中的现象，同时考查了学生用物理知识解决实际问题的能力。
16.【答案】总功率 最大工作电流
【解析】解：空调属于大功率用电器，当他用遥控器将待机的空调开机时，家里的空气开关“跳闸”了，说明干路中的电流过大，则“跳闸”的原因可能是总功率过大了；
根据空气开关上的铭牌可知，该空气开关的漏电电流≤30mA，最大工作电流为10A，而由前面分析可知接入空调时干路中的电流过大(超过10A)，所以，为了让家中的空调能正常使用，该电路中应该更换最大工作电流大一些的空气开关。
故本题答案为：总功率；最大工作电流。
家庭电路电流过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大；
根据空气开关上的铭牌可知，该空气开关的漏电电流≤30mA，最大工作电流为10A，而由前面分析可知接入空调时干路中的电流过大(超过10A)，据此解答。
本题考查了家庭电路电流过大的原因和安全用电常识，属于基础题。
17.【答案】75% 30
【解析】解：(1)克服摩擦力做的功为有用功：W有用=fs；
由图可知：n=2，绳子自由端移动的距离sF=2s，做的总功：W总=F×2s，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=fsF×2s=f2F=30N2×20N=75%；
(2)当拉力改变时，由于接触面的粗糙程度和物体A对地面的压力不变，所以滑动摩擦力大小不变仍为30N。
故答案为：75%；30。
(1)克服摩擦力做的功为有用功，根据功的公式得出做的有用功；由图可知绳子的有效段数n，根据sF=ns得出绳子自由端移动的距离，得出总功的表达式，根据η=W有W总出滑轮组的机械效率；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析。
本题考查功的公式、机械效率公式的运用及影响滑动摩擦力大小的因素，关键是明确克服摩擦力做的功为有用功。
18.【答案】2.5 0.8×103
【解析】解：(1)容器排开水的体积：V排=Sh1=25cm2×10cm=250cm3=2.5×10-4m3，
容器受到水的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10-4m3=2.5N。
(2)从容器中取出100cm3的液体后，容器下表面所处的深度h2=6.8cm=0.068m，
容器减少的浮力为：△F浮=ρ水g△V排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10-3m2×(0.1-0.068)m=0.8N。
减小的浮力等于减小的重力，
所以，△F浮=G液减=0.8N，
所以从容器中取出液体的质量为：m=G减液g=0.8N10N/kg=0.08kg=80g，
液体的密度为：ρ=mV=80g100cm3=0.8g/cm3。
故答案为：2.5；0.8×103。
(1)知道容器下表面深度和底面积求出容器排开水的体积，根据阿基米德原理求出容器受到的浮力。
(2)根据减小的浮力等于减小的重力列出等式求解。
变化的浮力等于变化的重力，在浮力计算中应用很广泛，要熟练掌握。
19.【答案】解：(1)由图知，入射光线与主光轴垂直，主光轴与镜面的夹角为45°，过入射点垂直于镜面作出法线，则入射角为90°-45°=45°，反射角也为45°，根据光的反射定律作出反射光线；
(2)平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，据此画出入射光线，如图所示：
【解析】(1)已知入射光线与主光轴垂直，主光轴与镜面的夹角为45°，可先求出入射角，再根据反射角等于入射角画出反射光线；
(2)作出折射光线要根据：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。
本题综合考查光的反射光路图和凹透镜光路图的画法，熟记反射定律的内容，并掌握凹透镜三条特殊光线是解答此题关键。
20.【答案】解：过物体的重心，向竖直向下方向画一条有向线段，用G表示物体所受重力；由支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度为F的力臂L，如图所示：
【解析】①力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
②力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线。从而正确地画出力臂。
21.【答案】便于控制小球的撞击方向，使木块沿同一直线运动 质量 速度相同时，物体质量越大，动能越大 错误 铁球的动能相同，木块最终移动的距离相同
【解析】解：(1)若用一根细绳，小球的摆动方向会不稳定，利用如图两根细绳悬挂小球，便于控制小球的撞击方向，使木块沿同一直线运动；
(2)甲、乙两图中，小球的质量不同，由题意知，摆角相同，小球同时到达竖直位置，说明小球的速度大小与小球的质量无关；
(3)mA
故答案为：(1)便于控制小球的撞击方向，使木块沿同一直线运动；(2)质量；(3)速度相同时，物体质量越大，动能越大；(4)错误；铁球的动能相同，木块最终移动的距离相同。
(1)根据三角形的稳定性进行分析；
(2)比较甲、乙两图的速度和质量的关系便可得出结论；
(3)木块被撞出得远，说明小球的动能大，根据动能大小和质量大小比较，得出动能和质量的关系；
(4)结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
22.【答案】(1)；(2)B；(3)0.3；0.75；(4)C；(5)U额×U-U额R0。
【解析】
【分析】
本题是测小灯泡电功率的实验，考查了电路连接、电路故障分析、串联电路特点和欧姆定律的应用、电功率的计算以及特殊方法测灯泡功率等，知道灯泡正常发光时两端电压等于额定电压，实际功率越大灯泡越亮。
【解答】
(1) 小灯泡的额定电压为 2.5V ，则电压表选用小量程，滑动变阻器的滑片 P 向 A 端移动时，电流表示数变大，电阻变小，故左下接线柱应接入电路，如图所示：
(2)A. 若电流表内部断路了，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
B. 若灯座内部出现了短路，电压表没有示数，电路为通路，电流表有示数，符合题意；
C. 若灯泡的灯丝断了，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意；
故选： B ；
(3) 由图乙可知，当电压表的示数为 2.5V ，电流表选用小量程，分度值为 0.02A ，示数为 0.3A ，小灯泡的额定功率为： P=UI=2.5V×0.3A=0.75W ；
(4)A. 将电流表分别串联在电路中的不同位置，可以测出不同位置的电流，故可探究串联电路中的电流规律；
B. 用电压表分别测量灯与变阻器的电压以及电路两端的总电压，故可探究串联电路中的电压规律；
C. 探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，故不能探究电流与电压的关系；
故选： C ；
(5) 实验步骤：
① 闭合开关 S 、 S1 ，断开 S2 ，调节清片 P 使电压表读数为 U额 ，此时小灯泡正常发光；
② 不改变滑动变阻器滑片 P 的位置，闭合开关 S 、 S2 ，断开 S1 ，记录电压表此时读数为 U ；
③ 在 ① 中，电压表测灯的电压，灯正常发光，在 ② 中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压： U0=U-U额 ，
由欧姆定律可得，灯泡的额定电流： IL=I0=U-U额R0 ，
所以小灯泡额定功率的表达式： P额=U额IL=U额×U-U额R0 。
故答案为： (1) 见解答； (2)B ； (3)0.3 ； 0.75 ； (4)C ； (5)U额×U-U额R0 。
23.【答案】解：由电路图可知，闭合开关S后，滑动变阻器R滑与测温探头R串联，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知，在0℃环境中电路中的电流I=0.6A，
则通电30s内整个电路消耗的电能：W=UIt=6V×0.6A×30s=108J；
(2)当R放入0℃环境中时，由图乙可知，测温探头电阻R0=2Ω，
由I=UR可得，电路的总电阻：R总=UI=6V0.6A=10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路的电阻：R滑=R总-R0=10Ω-2Ω=8Ω；
(3)把测温探头R放到100℃环境中时，由图乙可知，测温探头电阻R=7Ω，
此时电路中的电流：I1=UR总'=UR+R滑=6V7Ω+8Ω=0.4A，
R消耗的电功率：PR=I12R=(0.4A)2×7Ω=1.12W。
答：(1)在0℃环境中通电30s，整个电路消耗的电能是108J；
(2)滑动变阻器接入电路的电阻R滑为8Ω；
(3)再把测温探头R放到100℃环境中时，R消耗的电功率为1.12W。
【解析】由电路图可知，闭合开关S后，滑动变阻器R滑与测温探头R串联，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知，在0℃环境中电路中的电流为0.6A，根据W=UIt求出通电30s内整个电路消耗的电能；
(2)当R放入0℃环境中时，根据图乙读出测温探头电阻，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的电阻；
(3)把测温探头R放到100℃环境中时，根据图乙读出测温探头电阻，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=UI=I2R求出R消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
24.【答案】解：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F=G=mg=960kg×10N/kg=9600N，
受力面积：
S=200cm2×4=800cm2=8×10-2m2，
对地面的压强：
p=FS=9600N8×10-2m2=1.2×105Pa；
(2)电动机工作时的功率：
P电=UI=75V×100A=7500W，
由η=P机械P电×100%可得，牵引力的功率：
P机械=80%P电=80%×7500W=6000W，
汽车行驶的速度：
v=36km/h=10m/s，
因汽车以额定功率匀速行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，
所以，由P=Wt=Fst=Fv可得，所受平均阻力：
f=F'=P机械v=6000W10m/s=600N；
(3)在额定功率下匀速行驶100km牵引力做的功：
W=F's=600N×100×103m=6×107J，
由η=WQ放×100%可得，需要汽油完全燃烧释放的热量：
Q放=Wη'=6×107J25%=2.4×108J，
由Q放=mq可得，节省汽油的质量：
m'=Q放q=2.4×108J4.6×107J/kg≈5.2kg。
答：(1)汽车静止在水平地面上时，它对地面的压强为1.2×105Pa；
(2)汽车以额定功率匀速行驶，当速度为36km/h时，所受平均阻力是600N；
(3)与普通汽车相比大约可以节省5.2kg的汽油。
【解析】(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，受力面积等于4个轮胎与地面的接触面积之和，根据p=FS求出对地面的压强；
(2)根据P=UI求出电动机工作时的功率，利用η=P机械P电×100%求出牵引力的功率，汽车以额定功率匀速行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv求出所受平均阻力；
(3)根据W=Fs求出在额定功率下匀速行驶100km牵引力做的功，利用η=WQ放×100%求出需要汽油完全燃烧释放的热量，最后根据Q放=mq求出节省汽油的质量。
本题考查了压强公式和电功率公式、效率公式、功率公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及二力平衡条件的应用等，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
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