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专项提升训练06 羧酸和酯-【期末对点复习课】2021-2022学年高二化学下学期综合复习（人教版2019选择性必修3）
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这是一份专项提升训练06 羧酸和酯-【期末对点复习课】2021-2022学年高二化学下学期综合复习（人教版2019选择性必修3），共15页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
专项提升训练六 羧酸和酯
一、选择题
1.合成药物异搏定路线中某一步骤如图：
下列说法正确的是( )
A．物质X在空气中不易被氧化
B．1 mol物质Y最多能与1 mol NaOH发生反应
C．物质Z中所有碳原子一定在同一平面内
D．能用FeCl3溶液鉴别X与Z两种物质
【答案】D
【解析】
A.物质X中含有酚羟基，属于酚类，在空气中易被空气中氧气氧化，故A错误；
B.物质Y中含有的溴原子和酯基都能与氢氧化钠溶液反应，则1 mol物质Y最多能与2 mol NaOH发生反应，故B错误；
C.苯环、碳碳双键和酯基上的原子和连接的原子均在同一平面上，由于物质Z中的单键可以旋转，则物质Z中所有碳原子不一定在同一平面内，故C错误；
D.物质X中含有酚羟基，物质Z中不含有酚羟基，则用氯化铁溶液能够鉴别X与Z两种物质，故D正确；
故选D。
2.某药物中间体的合成路线如下，下列说法正确的是( )
A．对苯二酚在空气中能稳定存在
B．1mol该中间体最多可与12molH2反应
C．2，5－二羟基苯乙酮能发生加成、取代、缩聚反应
D．该中间体分子中含有1个手性碳原子
【答案】C
【解析】
A．酚羟基不稳定，易被氧气氧化，所以对苯二酚在空气中不能稳定存在，A项错误；
B．中间体中苯环、羰基能和氢气在一定条件下发生加成反应，所以1mol该中间体最多可与11反应，B项错误；
C．2,二羟基苯乙酮含有酚羟基、醛基、苯环，具有酚、醛和苯的性质，所以2,二羟基苯乙酮能发生加成、取代、缩聚反应，C项正确；
D．连接四个不同原子或原子团的C原子为手性碳原子，根据结构简式知，该分子中不含手性碳原子，D项错误；
答案选C。
3.某种药物合成中间体的结构简式为：，有关该物质的说法不正确的是
A．属于芳香族化合物
B．能发生消去反应和酯化反应
C．能分别与金属Na、NaOH溶液反应
D．1mol该有机物与足量NaOH溶液反应，消耗5molNaOH
【答案】D
【解析】
A．该物质是含有苯环的化合物，属于芳香族化合物，故A正确；
B．含有醇羟基，且醇羟基连接碳原子相邻碳原子上含有H原子，可以发生消去反应；含有羧基、醇羟基，可以发生酯化反应，故B正确；
C．含有酚羟基、醇羟基、羧基，均能与Na反应；羧基、酚羟基能与氢氧化钠反应，故C正确；
D．酚羟基、羧基能与氢氧化钠反应，1mol该有机物与足量NaOH溶液反应，消耗3molNaOH，故D错误；
故选D。
4.甲、乙、丙、丁四种有机物的结构简式及常见的反应类型如下：
下列对它们能发生的反应类型的判断中正确的是( )
①加成反应 ②取代反应 ③氧化反应 ④消去反应 ⑤银镜反应 ⑥与新制的Cu(OH)2悬浊液反应 ⑦酯化反应
A．甲：①②③④⑥⑦ B．乙：①②③⑤⑥⑦ C．丙：①②③④⑤⑥⑦ D．丁：②③④⑤⑥⑦
【答案】B
【解析】
由结构简式可知四种有机物都含有苯环，都具有苯的性质，甲结构中含有羧基和甲基，具有羧基和甲苯的性质，乙结构中含有醛基和醇羟基，具有醇和醛的性质，丙结构中含有羰基和酚羟基，具有酮和苯酚的性质，丁的结构中只含有酯基，具有酯的性质，据此解答。
A．甲结构中含有羧基和甲基，但不含有醇羟基，能发生①②③⑥⑦反应，但不能发生④消去反应，则A错误；
B．乙结构中含有醛基和醇羟基，具有醇和醛的性质，能发生①②③⑤⑥⑦反应，则B正确；
C．丙结构中含有羰基和酚羟基，具有酮和苯酚的性质，由于其结构中不含有醇羟基，不能发生④消去反应，不含有醛基，不能发生⑤银镜反应，也不能与⑥新制的Cu(OH)2悬浊液反应，酚羟基也不能发生⑦酯化反应，则C错误；
D．丁的结构中只含有酯基，具有酯的性质，不含有醇羟基，不能发生④⑤⑥⑦反应，则D错误；
故选B。
5.中药透骨草中一种抗氧化性活性成分结构如下。下列说法正确的是
A．在一定条件下能发生氧化反应、取代反应和消去反应
B．苯环上的一溴代物共5种
C．1 mol 该化合物最多与4 mol NaOH反应
D．该分子中最多有7个碳原子共面
【答案】B
【解析】
该有机物中含有碳碳双键、酚羟基、酯基三种官能团，据此分析。
A．酚羟基能发生氧化、取代反应，碳碳双键能发生氧化反应，酯基能发生取代反应，该有机物不含能发生消去反应的原子或原子团，A错误；
B．第一个苯环上有3种不同环境的H原子，第二个苯环上有2种不同环境的H原子，共有5种不同环境的H原子，故一溴代物有5种，B正确；
C．酚羟基、酯基能与NaOH溶液反应，该有机物含有2个酚羟基，2个酯基，其中一个酯基为苯酚酯的结构，故1mol有机物消耗5mol NaOH，C错误；
D．苯环是共面型分子，含乙烯结构的碳碳双键也是共面型分子，故该有机物一定处于同一个平面的原子不止7个，D错误；
故答案选B。
6.山梨酸(CH3—CH=CH—CH=CH—COOH)是一种常用的食品防腐剂。下列关于山梨酸性质的叙述中，不正确的是
A．可与钠反应 B．可与碳酸钠溶液反应
C．可生成高分子化合物 D．可与溴的四氯化碳溶液发生取代反应
【答案】D
【解析】
A．山梨酸含有羧基，可以与Na反应生成氢气，A正确；
B．含有羧基，可以和碳酸钠反应，B正确；
C．含有碳碳双键，可以发生加聚反应生成高分子化合物，C正确；
D．含有碳碳双键，可以和溴的四氯化碳溶液发生加成反应，而不是取代反应，D错误；
综上所述答案为D。
7.化合物乙可由化合物甲经多步反应得到。下列有关化合物甲、乙的说法正确的是( )
A．甲分子极易溶于水
B．乙中含有2个手性碳原子
C．用NaHCO3溶液或FeCl3溶液不能鉴别化合物甲、乙
D．乙能与盐酸、NaOH溶液反应，且1 mol乙最多能与4 mol NaOH反应
【答案】B
【解析】
A．甲中有苯环、酯基是不易溶于水的，故A错误；
B．连接4个不同原子或者原子团的为手性碳原子，乙中连接甲基的碳原子和连接溴原子的碳原子是手性碳原子，故B正确；
C．用NaHCO3溶液或FeCl3溶液可以鉴别化合物甲、乙，碳酸氢钠与甲反应放出二氧化碳与乙则不会，乙中的酚羟基会与FeCl3溶液发生显色反应，故C错误；
D． 1mol乙最多能与5 mol NaOH反应，乙中左侧酯基水解为羧基和酚羟基，都能和氢氧化钠反应，还有一个酚羟基和溴原子和右侧酯基，故D错误；
故选B。
8.化合物X是一种医药中间体，其结构简式如图所示。下列有关化合物X说法错误的是
化合物 X:
A．化合物X的分子式为C16H12O5
B．酸性条件下水解，水解产物有3种
C．该物质与银氨溶液水浴加热能出现银镜
D．1 mol化合物X最多能与5 mol NaOH反应
【答案】D
【解析】
A．由X的结构简式可知其分子式为：C16H12O5，故A正确；
B．X酸性条件下水解，可得到甲酸、乙酸、三种物质，故B正确；
C．该物质中含有甲酸酯基结构即存在-CHO，能与银氨溶液发生银镜反应，故C正确；
D．1mol该物质中存在2mol酯基分别消耗1molNaOH，水解产物中存在2mol酚羟基又能消耗2molNaOH，总共消耗4molNaOH，故D错误；
故选：D。
9.某有机物的结构简式如图所示，1mol该物质与足量的氢氧化钠反应，最多消耗氢氧化钠的物质的量是( ) '
A．1mol B．2mol C．3mol D．4mol
【答案】B
【解析】
1mol该有机物水解生成的有机物中含有1mol羧基、1mol酚羟基，可消耗2molNaOH，故选B。
10.下列关于分子式为C4H8O2的有机物的同分异构体的说法中，不正确的是
A．属于酯类的有4种
B．属于羧酸类的有3种
C．存在分子中含有六元环的同分异构体
D．既含有羟基又含有醛基的有5种
【答案】B
【解析】
A．若C4H8O2为酯，那么可以分成几种情况，①甲酸与丙醇形成的酯，有2种同分异构体，②乙酸与乙醇形成的酯，有1种同分异构体，③丙酸和甲醇形成的酯，有1种同分异构体，所以属于酯类的同分异构体有4种，A正确；
B．若C4H8O2为羧酸，则有可能是丁酸或者2-甲基丙酸，共两种同分异构体，B错误；
C．分子中4个碳与2个氧可形成六元环，C正确；
D．将分子式为C4H8O2的有机物写成既含羟基又含醛基的有机物，能写出5种，可以是2-羟基丁醛、3-羟基丁醛、4-羟基丁醛、2-甲基-2-羟基丙醛、2-甲基-3羟基丙醛，D正确；
故选B。
11.普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构如下所示。下列关于普伐他汀的性质描述不正确的是( )
A．该分子的分子式为C23H36O7
B．不能与FeCl3溶液发生显色反应
C．能发生加成、取代、消去反应
D．1mol该物质最多可与3mol NaOH反应
【答案】D
【解析】
A．由结构简式可知分子式为C23H36O7，故A正确；
B．不含酚羟基，则不能与FeCl3溶液发生显色反应，故B正确；
C．含-OH、-COOH可发生酯化反应，含-COOC-可发生水解反应，含双键可发生加成、氧化，羟基可发生消去反应，故C正确；
D．能与氢氧化钠反应的为酯基和羧基，则1 mol该物质最多可与2mol NaOH反应，故D错误。
12.某醇在适当条件下与足量的乙酸发生酯化反应，得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是a=b+84，有关该醇应该具有的结构特点的描述正确的是( )
A．该醇分子中一定具有甲基
B．该醇分子中一定没有甲基
C．该醇分子中至少含有二个碳原子
D．该醇分子可能是丙三醇
【答案】C
【解析】
酯的相对分子质量=醇的相对分子质量+乙酸的相对分子质量×计量数-水的相对分子质量×计量数，如果该醇为一元醇，则酯的相对分子质量=醇的相对分子质量+60-18=醇的相对分子质量+42；如果该醇是二元醇，则酯的相对分子质量=醇的相对分子质量+2×60-2×18=醇的相对分子质量+2×42=醇的相对分子质量+84，得到的酯的相对分子质量a与该醇的相对分子质量b的关系是a=b+84，符合题意，则该醇为二元醇；
A．该醇不一定含有甲基，如乙二醇，即，故A错误；
B．该醇可能含有甲基，如，故B错误；
C．该醇为二元醇，同一个碳原子上不能含有两个醇羟基，否则不稳定，所以该醇至少含有两个碳原子，故C正确；
D．该醇为二元醇，不可能是丙三醇，即，故D错误；
答案为C。
13.现有结构简式如图所示的某有机物，它是药物生产的中间体，关于该有机物叙述正确的是( )
A．该有机物与溴水发生加成反应
B．该有机物经催化氧化得醛
C．该有机物与浓硫酸混合加热可发生消去反应
D．1 mol该有机物与足量NaOH溶液反应最多消耗3 mol NaOH
【答案】B
【解析】
A．该分子中不含碳碳双键、碳碳叁键，不能与溴水发生加成反应，含有酚羟基，能和溴水发生取代反应，A错误；
B．醇羟基(-CH2OH)被氧化可生成醛基，B正确；
C．由于-OH(-CH2OH)邻位碳原子上没有氢原子，则与浓硫酸混合加热，不能发生消去反应，C错误；
D．该有机物在碱性条件下，酯基和氯原子均可水解，分别生成酚羟基、羧基和HCl，都能与NaOH反应，则1mo1有机物与足量的NaOH溶液反应，最多可以消耗4molNaOH，D错误；
答案选B。
14.某有机物A的分子式为C4H8O2，下列有关分析正确的是
A．若A能与银氨溶液反应产生银镜，则A的结构有5种
B．若A遇NaHCO3溶液有气体生成，则A的结构有4种
C．若A有特殊香味且不溶于水，则A的结构有3种
D．若A遇稀硫酸能生成两种有机物，则A的结构有4种
【答案】D
【解析】
该分子中不饱和度=(4×2+2-8)/2=1，说明该分子中含有一个碳碳双键或碳氧双键或一个碳环。
A．分子式为C4H8O2能发生银镜反应，说明含有醛基，则可能为甲酸丙酯，甲酸有1种，丙醇有2种，甲酸丙酯共2种；可能为羟基醛，丁醛有2种，羟基丁醛有5种：CH2(OH)CH2CH2CHO、CH3CH(OH)CH2CHO、CH3CH2CH(OH)CHO，CH2(OH)CH(CH3)CHO、(CH3)C(OH)CHO；可能为醚醛，醚醛有3种：CH3OCH(CH3)CHO、CH3CH2OCH2CHO、CH3OCH2CH2CHO，所以共有10种，故A错误；
B．能和碳酸氢钠反应生成气体，说明含有羧基，可能是丁酸、2-甲基丙酸，同分异构体有2种，故B错误；
C．若A有特殊香味且不溶于水，说明该物质中含有酯基，可能是甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯，所以同分异构体有4种，故C错误；
D．若A在稀硫酸催化下加热进行反应能生成两种有机物，说明A是酯，根据C项分析可知有4种同分异构体，故D正确；
故选D。
二、非选择题
15.已知：CH3-CH=CH2+HBr→CH3-CHBr-CH3(主要产物)。1mol某芳香烃A充分燃烧后可以得到8mol CO2和4mol H2O。该烃A在不同条件下能发生如下所示的一系列变化。
回答下列问题：
(1)A的分子式为_______，E中官能团名称为_______。
(2)F的结构简式为_______，③的反应类型为_______。
(3)写出下列反应的化学方程式：② _______；④ _______。
【答案】C8H8 碳碳三键 加成 +2NaOH+2NaBr+2H2O n
【解析】
由元素守恒推得A的分子式为C8H8，其不饱和度=，根据题意，A中含有苯环，用掉4个不饱和度，由A→C知A中剩余1个不饱和度为碳碳双键，故A为苯乙烯，结构简式为：，A加聚得到聚苯乙烯C（），A与Br2加成得到B（），B消去生成E，根据E能与2 mol Br2加成，确定E为苯乙炔（），A与HBr加成得到D，根据信息，加成时，H容易加到氢多的碳原子上，故D为，D发生水解反应生成F（），F与醋酸发生酯化反应生成H（）。
(1)1 mol A充分燃烧生成8 mol CO2和4 mol H2O，根据元素守恒，确定A的分子式为C8H8；由分析知E为苯乙炔，其官能团名称为碳碳三键；
(2)由分析知，F结构简式为：；③的反应类型为加成反应；
(3)反应②为B发生消去反应生成E，对应方程式为：+2NaOH+2NaBr+2H2O；反应④为苯乙烯加聚生成聚苯乙烯，对应方程式为：n。
16.乙酸异戊酯是组成蜜蜂信息素的成分之一，具有橡胶的香味。实验室制备乙酸异戊酯的反应、装置示意图和有关信息如下：
相对分子质量
密度/(g·cm-3)
沸点/℃
水中溶解度
异戊醇
88
0.8123
131
微溶
乙酸
60
1.0492
118
溶
乙酸异戊酯
130
0.8670
142
难溶
实验步骤：
在A中加入4.4g的异戊醇，6.0g的乙酸、数滴浓硫酸和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，分别用少量水，饱和碳酸氢钠溶液和水洗涤，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，进行蒸馏纯化，收集140～143℃馏分，得乙酸异戊酯3.9g。回答下列问题：
(1)装置B的名称是：___。
(2)在洗涤操作中，第一次水洗的主要目的是：___；第二次水洗的主要目的是：___。
(3)在洗涤、分液操作中，应充分振荡，然后静置，待分层后___(填标号)。
A．直接将乙酸异戊酯从分液漏斗上口倒出
B．直接将乙酸异戊酯从分液漏斗下口放出
C．先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸异戊酯从下口放出
D．先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸异戊酯从上口放出
(4)本实验中加入过量乙酸的目的是：___。
(5)实验中加入少量无水硫酸镁的目的是：___。
(6)本实验的产率是：___。
A．40℅ B．50℅ C．60℅ D．70℅
(7)在进行蒸馏操作时，若从130℃开始收集馏分，产率偏___(填高或者低)，原因是___。
【答案】球形冷凝管 洗掉大部分浓硫酸和醋酸 洗掉碳酸氢钠 D 提高异戊醇的转化率 干燥 C 高 会收集到少量未反应的异戊醇
【解析】
本实验中，现在在A中加入4.4g的异戊醇，6.0g的乙酸、数滴浓硫酸和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，分别用少量水洗涤以洗去浓硫酸和浓硝酸，饱和碳酸氢钠溶液可以除去未反应的醋酸，同时降低酯的溶解度便于分层进行分液分离，得到的酯中混有饱和碳酸氢钠溶液，故需要进行第二次水洗涤以除去碳酸氢钠，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体进行干燥，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，便得到异戊醇、乙酸异戊酯和乙酸的混合物，然后在进行蒸馏纯化，收集140～143℃馏分，得乙酸异戊酯3.9g，根据产物的质量即可求出该反应的产率，据此分析解题。
(1)装置B是球形冷凝管，由于异戊醇、乙酸都是易挥发的物质，为使反应能充分进行，要用冷凝管冷凝回流，故答案为：球形冷凝管；
(2)反应后的溶液要经过多次洗涤，在洗涤操作中，第一次洗涤的主要目的是除去大部分催化剂硫酸和醋酸；第一步中饱和碳酸氢钠溶液既可以除去未洗净的醋酸，也可以降低酯的溶解度，但第一步洗涤后生成的酯中混有碳酸氢钠，所以第二次水洗，主要目的是除去产品中残留的碳酸氢钠，故答案为：洗掉大部分硫酸和醋酸；洗掉碳酸氢钠；
(3)由于酯的密度比水小，二者互不相溶，因此水在下层，酯在上层；分液时，要先将水层从分液漏斗的下口放出，待到两层液体界面时关闭分液漏斗的活塞，再将乙酸异戊酯从上口放出，所以正确的为d，故答案为：d；
(4)酯化反应是可逆反应，增大反应物的浓度可以使平衡正向移动；增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高，因此本实验中加入过量乙酸的目的是提高提高异戊醇的转化率，故答案为：提高异戊醇的转化率；
(5)实验中加入少量无水硫酸镁的目的是吸收酯中少量的水分，对其进行干燥，故答案为：干燥乙酸异戊酯；
(6)乙酸的物质的量为：n==0.1mol，异戊醇的物质的量为：n==0.05mol，由于乙酸和异戊醇是按照1：1进行反应，所以乙酸过量，生成乙酸异戊酯的量要按照异戊醇的物质的量计算，即理论上生成0.05mol乙酸异戊酯；实际上生成的乙酸异戊酯的物质的量为=0.03mol，所以实验中乙酸异戊酯的产率为： ×100%=60%，故答案为：60%；
(7)在进行蒸馏操作时，若从130℃便开始收集馏分此时的蒸气中含有异戊醇，会收集少量的未反应的异戊醇，因此会导致产率偏高，故答案为：高；会收集少量未反应的异戊醇。
17.(1)莽草酸是一种合成治疗禽流感药物达菲的原料，鞣酸存在于苹果、生石榴等植物中。
①区别两种酸的试剂是___________。
②莽草酸与溴水反应生成产物的结构简式为：___________。
③等物质的量的莽草酸和鞣酸分别与足量NaOH溶液反应，消耗氢氧化钠物质的量之比是___________。
④鞣酸的核磁共振氢谱图(H核磁共振谱图)上有___________个吸收峰。
(2)某含氧有机化合物X，其相对分子质量为46，其中碳元素的质量分数为52.2%，氢元素的质量分数为13.0%。
①X的分子式是___________。
②X与金属钠反应放出氢气，反应的化学方程式是___________(有机物用结构简式表示)。
③X与氧气在铜或银的催化作用下反应生成Y，Y的结构简式是___________。
【答案】氯化铁溶液(或溴水) 1︰4 4 C2H6O 2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑ CH3CHO
【解析】
(1)①莽草酸分子中含有不饱和的碳碳双键，能够与溴水发生加成反应而使溴水褪色，而鞣酸分子中含有酚羟基，遇浓溴水发生反应产生白色沉淀，二者现象不同，因此区别两种酸的试剂可以是溴水；或根据酚遇KSCN溶液会产生紫色络化物，而与莽草酸不能反应，因此也可以用KSCN溶液鉴别；
②莽草酸分子中含有不饱和的碳碳双键，与溴水发生加成反应时，断开不饱和的碳碳双键中较活泼的键，然后2个Br原子分别连接在两个不饱和的C原子上，形成饱和C原子，则反应产物是：；
③莽草酸分子中只有羧基可以与NaOH溶液发生反应，而鞣酸分子中含有的3个酚羟基和1个羧基都可以与NaOH发生反应，若两种物质的物质的量都是1 mol，则二者反应消耗NaOH的物质的量分别是1 mol、4 mol，因此消耗氢氧化钠物质的量之比是1：4；
④鞣酸分子高度对称，在分子中含有4种不同位置的H原子，因此④鞣酸的核磁共振氢谱图(H核磁共振谱图)上有4个吸收峰；
(2)①某含氧有机化合物X，其相对分子质量为46，其中碳元素的质量分数为52.2%，氢元素的质量分数为13.0%，含有O元素为(100-52.2-13.0)%=34.8%，则X的分子中含有的CHO个数分别是C：=2；H：=6；O：=1，所以物质的分子式C2H6O；
②X能够与金属钠反应放出氢气，则X是CH3CH2OH，乙醇与钠反应的化学方程式为：2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑；
③X分子中含有醇羟基，由于羟基连接的C原子上含有2个H原子，可以与O2在铜或银的催化作用下被氧化反应生成CH3CHO，则Y的结构简式是CH3CHO。
18.对-甲基苯甲酸乙酯(F)是有机化工原料，用于合成药物的中间体，某兴趣小组利用中学的简单有机物进行合成，其方案如下：
(1)A的结构简式是_______。
(2)指出化学反应类型：② _______；③_______。
(3)丁子香酚( )是一种重要的调味剂，它与F的关系是_______。
a．同系物 b．同分异构体 c．同种物质
(4)写出反应③的化学方程式：_______。
(5)D与新制氢氧化铜悬浊液反应方程式：_______。
【答案】CH2=CH2 氧化反应 酯化反应(或取代反应) b +CH3CH2OH+H2O +2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O
【解析】
B和E在浓硫酸存在条件下加热反应生成F，由F的结构可知，B、E应该为乙醇和，由D的结构可知，E的结构简式为、则B为CH3CH2OH；A与水发生加成反应生成B，则A为CH2=CH2，据此进行解答。
(1)由上述分析可知，A为CH2=CH2，故答案为：CH2=CH2；
(2)根据流程图，反应②是醛基在催化剂存在时被氧气氧化生成羧基，属于氧化反应；反应③为醇和酸的酯化反应，也是取代反应，故答案为：氧化反应；酯化反应(或取代反应)；
(3)丁子香酚()含有酚羟基、醚键、碳碳双键，F()中含有酯基，两者含有的官能团不同，结构不同、但分子式相同，互为同分异构体，故答案为：b；
(4)反应③是与乙醇发生酯化反应生成，反应的化学方程式为+CH3CH2OH+H2O，故答案为：+CH3CH2OH+H2O；
(5)D中含有醛基，能够与新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀，反应的合成方程式为+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O，故答案为：+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。
19.化合物A的分子式为，有如下转化关系：
已知B的分子比C的分子多一个碳原子，A和F互为同系物。按要求填写：
(1)A的结构简式______。
(2)B的分子式______。
(3)D的名称______。
(4)C氧化生成D的化学方程式______。
(5)C与E反应的化学方程式______。
【答案】 甲醛
【解析】
化合物A的分子式为，酸性条件下可以水解，说明A是酯，则B和C分别是酸和醇，又因为B的分子比C的分子多一个碳原子，则B是乙酸，C是甲醇，氧化得到的D是甲醛，甲醛氧化得到的E是甲酸，则F是甲酸甲酯。
属于酯，分解得到乙酸和甲醇，则A是乙酸甲酯，结构简式为：；故答案为：；
是乙酸，分子式为：；故答案为：；
由分析可知D是甲醛，故答案为：甲醛；
甲醇氧化为甲醛的化学方程式为：；故答案为：；
甲醇和甲酸反应生成甲酸甲酯的反应为：，该反应属于取代反应酯化反应，故答案为：，取代反应酯化反应。
专项提升训练六 羧酸和酯
一、选择题
1.合成药物异搏定路线中某一步骤如图：
下列说法正确的是( )
A．物质X在空气中不易被氧化
B．1 mol物质Y最多能与1 mol NaOH发生反应
C．物质Z中所有碳原子一定在同一平面内
D．能用FeCl3溶液鉴别X与Z两种物质
【答案】D
【解析】
A.物质X中含有酚羟基，属于酚类，在空气中易被空气中氧气氧化，故A错误；
B.物质Y中含有的溴原子和酯基都能与氢氧化钠溶液反应，则1 mol物质Y最多能与2 mol NaOH发生反应，故B错误；
C.苯环、碳碳双键和酯基上的原子和连接的原子均在同一平面上，由于物质Z中的单键可以旋转，则物质Z中所有碳原子不一定在同一平面内，故C错误；
D.物质X中含有酚羟基，物质Z中不含有酚羟基，则用氯化铁溶液能够鉴别X与Z两种物质，故D正确；
故选D。
2.某药物中间体的合成路线如下，下列说法正确的是( )
A．对苯二酚在空气中能稳定存在
B．1mol该中间体最多可与12molH2反应
C．2，5－二羟基苯乙酮能发生加成、取代、缩聚反应
D．该中间体分子中含有1个手性碳原子
【答案】C
【解析】
A．酚羟基不稳定，易被氧气氧化，所以对苯二酚在空气中不能稳定存在，A项错误；
B．中间体中苯环、羰基能和氢气在一定条件下发生加成反应，所以1mol该中间体最多可与11反应，B项错误；
C．2,二羟基苯乙酮含有酚羟基、醛基、苯环，具有酚、醛和苯的性质，所以2,二羟基苯乙酮能发生加成、取代、缩聚反应，C项正确；
D．连接四个不同原子或原子团的C原子为手性碳原子，根据结构简式知，该分子中不含手性碳原子，D项错误；
答案选C。
3.某种药物合成中间体的结构简式为：，有关该物质的说法不正确的是
A．属于芳香族化合物
B．能发生消去反应和酯化反应
C．能分别与金属Na、NaOH溶液反应
D．1mol该有机物与足量NaOH溶液反应，消耗5molNaOH
【答案】D
【解析】
A．该物质是含有苯环的化合物，属于芳香族化合物，故A正确；
B．含有醇羟基，且醇羟基连接碳原子相邻碳原子上含有H原子，可以发生消去反应；含有羧基、醇羟基，可以发生酯化反应，故B正确；
C．含有酚羟基、醇羟基、羧基，均能与Na反应；羧基、酚羟基能与氢氧化钠反应，故C正确；
D．酚羟基、羧基能与氢氧化钠反应，1mol该有机物与足量NaOH溶液反应，消耗3molNaOH，故D错误；
故选D。
4.甲、乙、丙、丁四种有机物的结构简式及常见的反应类型如下：
下列对它们能发生的反应类型的判断中正确的是( )
①加成反应 ②取代反应 ③氧化反应 ④消去反应 ⑤银镜反应 ⑥与新制的Cu(OH)2悬浊液反应 ⑦酯化反应
A．甲：①②③④⑥⑦ B．乙：①②③⑤⑥⑦ C．丙：①②③④⑤⑥⑦ D．丁：②③④⑤⑥⑦
【答案】B
【解析】
由结构简式可知四种有机物都含有苯环，都具有苯的性质，甲结构中含有羧基和甲基，具有羧基和甲苯的性质，乙结构中含有醛基和醇羟基，具有醇和醛的性质，丙结构中含有羰基和酚羟基，具有酮和苯酚的性质，丁的结构中只含有酯基，具有酯的性质，据此解答。
A．甲结构中含有羧基和甲基，但不含有醇羟基，能发生①②③⑥⑦反应，但不能发生④消去反应，则A错误；
B．乙结构中含有醛基和醇羟基，具有醇和醛的性质，能发生①②③⑤⑥⑦反应，则B正确；
C．丙结构中含有羰基和酚羟基，具有酮和苯酚的性质，由于其结构中不含有醇羟基，不能发生④消去反应，不含有醛基，不能发生⑤银镜反应，也不能与⑥新制的Cu(OH)2悬浊液反应，酚羟基也不能发生⑦酯化反应，则C错误；
D．丁的结构中只含有酯基，具有酯的性质，不含有醇羟基，不能发生④⑤⑥⑦反应，则D错误；
故选B。
5.中药透骨草中一种抗氧化性活性成分结构如下。下列说法正确的是
A．在一定条件下能发生氧化反应、取代反应和消去反应
B．苯环上的一溴代物共5种
C．1 mol 该化合物最多与4 mol NaOH反应
D．该分子中最多有7个碳原子共面
【答案】B
【解析】
该有机物中含有碳碳双键、酚羟基、酯基三种官能团，据此分析。
A．酚羟基能发生氧化、取代反应，碳碳双键能发生氧化反应，酯基能发生取代反应，该有机物不含能发生消去反应的原子或原子团，A错误；
B．第一个苯环上有3种不同环境的H原子，第二个苯环上有2种不同环境的H原子，共有5种不同环境的H原子，故一溴代物有5种，B正确；
C．酚羟基、酯基能与NaOH溶液反应，该有机物含有2个酚羟基，2个酯基，其中一个酯基为苯酚酯的结构，故1mol有机物消耗5mol NaOH，C错误；
D．苯环是共面型分子，含乙烯结构的碳碳双键也是共面型分子，故该有机物一定处于同一个平面的原子不止7个，D错误；
故答案选B。
6.山梨酸(CH3—CH=CH—CH=CH—COOH)是一种常用的食品防腐剂。下列关于山梨酸性质的叙述中，不正确的是
A．可与钠反应 B．可与碳酸钠溶液反应
C．可生成高分子化合物 D．可与溴的四氯化碳溶液发生取代反应
【答案】D
【解析】
A．山梨酸含有羧基，可以与Na反应生成氢气，A正确；
B．含有羧基，可以和碳酸钠反应，B正确；
C．含有碳碳双键，可以发生加聚反应生成高分子化合物，C正确；
D．含有碳碳双键，可以和溴的四氯化碳溶液发生加成反应，而不是取代反应，D错误；
综上所述答案为D。
7.化合物乙可由化合物甲经多步反应得到。下列有关化合物甲、乙的说法正确的是( )
A．甲分子极易溶于水
B．乙中含有2个手性碳原子
C．用NaHCO3溶液或FeCl3溶液不能鉴别化合物甲、乙
D．乙能与盐酸、NaOH溶液反应，且1 mol乙最多能与4 mol NaOH反应
【答案】B
【解析】
A．甲中有苯环、酯基是不易溶于水的，故A错误；
B．连接4个不同原子或者原子团的为手性碳原子，乙中连接甲基的碳原子和连接溴原子的碳原子是手性碳原子，故B正确；
C．用NaHCO3溶液或FeCl3溶液可以鉴别化合物甲、乙，碳酸氢钠与甲反应放出二氧化碳与乙则不会，乙中的酚羟基会与FeCl3溶液发生显色反应，故C错误；
D． 1mol乙最多能与5 mol NaOH反应，乙中左侧酯基水解为羧基和酚羟基，都能和氢氧化钠反应，还有一个酚羟基和溴原子和右侧酯基，故D错误；
故选B。
8.化合物X是一种医药中间体，其结构简式如图所示。下列有关化合物X说法错误的是
化合物 X:
A．化合物X的分子式为C16H12O5
B．酸性条件下水解，水解产物有3种
C．该物质与银氨溶液水浴加热能出现银镜
D．1 mol化合物X最多能与5 mol NaOH反应
【答案】D
【解析】
A．由X的结构简式可知其分子式为：C16H12O5，故A正确；
B．X酸性条件下水解，可得到甲酸、乙酸、三种物质，故B正确；
C．该物质中含有甲酸酯基结构即存在-CHO，能与银氨溶液发生银镜反应，故C正确；
D．1mol该物质中存在2mol酯基分别消耗1molNaOH，水解产物中存在2mol酚羟基又能消耗2molNaOH，总共消耗4molNaOH，故D错误；
故选：D。
9.某有机物的结构简式如图所示，1mol该物质与足量的氢氧化钠反应，最多消耗氢氧化钠的物质的量是( ) '
A．1mol B．2mol C．3mol D．4mol
【答案】B
【解析】
1mol该有机物水解生成的有机物中含有1mol羧基、1mol酚羟基，可消耗2molNaOH，故选B。
10.下列关于分子式为C4H8O2的有机物的同分异构体的说法中，不正确的是
A．属于酯类的有4种
B．属于羧酸类的有3种
C．存在分子中含有六元环的同分异构体
D．既含有羟基又含有醛基的有5种
【答案】B
【解析】
A．若C4H8O2为酯，那么可以分成几种情况，①甲酸与丙醇形成的酯，有2种同分异构体，②乙酸与乙醇形成的酯，有1种同分异构体，③丙酸和甲醇形成的酯，有1种同分异构体，所以属于酯类的同分异构体有4种，A正确；
B．若C4H8O2为羧酸，则有可能是丁酸或者2-甲基丙酸，共两种同分异构体，B错误；
C．分子中4个碳与2个氧可形成六元环，C正确；
D．将分子式为C4H8O2的有机物写成既含羟基又含醛基的有机物，能写出5种，可以是2-羟基丁醛、3-羟基丁醛、4-羟基丁醛、2-甲基-2-羟基丙醛、2-甲基-3羟基丙醛，D正确；
故选B。
11.普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构如下所示。下列关于普伐他汀的性质描述不正确的是( )
A．该分子的分子式为C23H36O7
B．不能与FeCl3溶液发生显色反应
C．能发生加成、取代、消去反应
D．1mol该物质最多可与3mol NaOH反应
【答案】D
【解析】
A．由结构简式可知分子式为C23H36O7，故A正确；
B．不含酚羟基，则不能与FeCl3溶液发生显色反应，故B正确；
C．含-OH、-COOH可发生酯化反应，含-COOC-可发生水解反应，含双键可发生加成、氧化，羟基可发生消去反应，故C正确；
D．能与氢氧化钠反应的为酯基和羧基，则1 mol该物质最多可与2mol NaOH反应，故D错误。
12.某醇在适当条件下与足量的乙酸发生酯化反应，得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是a=b+84，有关该醇应该具有的结构特点的描述正确的是( )
A．该醇分子中一定具有甲基
B．该醇分子中一定没有甲基
C．该醇分子中至少含有二个碳原子
D．该醇分子可能是丙三醇
【答案】C
【解析】
酯的相对分子质量=醇的相对分子质量+乙酸的相对分子质量×计量数-水的相对分子质量×计量数，如果该醇为一元醇，则酯的相对分子质量=醇的相对分子质量+60-18=醇的相对分子质量+42；如果该醇是二元醇，则酯的相对分子质量=醇的相对分子质量+2×60-2×18=醇的相对分子质量+2×42=醇的相对分子质量+84，得到的酯的相对分子质量a与该醇的相对分子质量b的关系是a=b+84，符合题意，则该醇为二元醇；
A．该醇不一定含有甲基，如乙二醇，即，故A错误；
B．该醇可能含有甲基，如，故B错误；
C．该醇为二元醇，同一个碳原子上不能含有两个醇羟基，否则不稳定，所以该醇至少含有两个碳原子，故C正确；
D．该醇为二元醇，不可能是丙三醇，即，故D错误；
答案为C。
13.现有结构简式如图所示的某有机物，它是药物生产的中间体，关于该有机物叙述正确的是( )
A．该有机物与溴水发生加成反应
B．该有机物经催化氧化得醛
C．该有机物与浓硫酸混合加热可发生消去反应
D．1 mol该有机物与足量NaOH溶液反应最多消耗3 mol NaOH
【答案】B
【解析】
A．该分子中不含碳碳双键、碳碳叁键，不能与溴水发生加成反应，含有酚羟基，能和溴水发生取代反应，A错误；
B．醇羟基(-CH2OH)被氧化可生成醛基，B正确；
C．由于-OH(-CH2OH)邻位碳原子上没有氢原子，则与浓硫酸混合加热，不能发生消去反应，C错误；
D．该有机物在碱性条件下，酯基和氯原子均可水解，分别生成酚羟基、羧基和HCl，都能与NaOH反应，则1mo1有机物与足量的NaOH溶液反应，最多可以消耗4molNaOH，D错误；
答案选B。
14.某有机物A的分子式为C4H8O2，下列有关分析正确的是
A．若A能与银氨溶液反应产生银镜，则A的结构有5种
B．若A遇NaHCO3溶液有气体生成，则A的结构有4种
C．若A有特殊香味且不溶于水，则A的结构有3种
D．若A遇稀硫酸能生成两种有机物，则A的结构有4种
【答案】D
【解析】
该分子中不饱和度=(4×2+2-8)/2=1，说明该分子中含有一个碳碳双键或碳氧双键或一个碳环。
A．分子式为C4H8O2能发生银镜反应，说明含有醛基，则可能为甲酸丙酯，甲酸有1种，丙醇有2种，甲酸丙酯共2种；可能为羟基醛，丁醛有2种，羟基丁醛有5种：CH2(OH)CH2CH2CHO、CH3CH(OH)CH2CHO、CH3CH2CH(OH)CHO，CH2(OH)CH(CH3)CHO、(CH3)C(OH)CHO；可能为醚醛，醚醛有3种：CH3OCH(CH3)CHO、CH3CH2OCH2CHO、CH3OCH2CH2CHO，所以共有10种，故A错误；
B．能和碳酸氢钠反应生成气体，说明含有羧基，可能是丁酸、2-甲基丙酸，同分异构体有2种，故B错误；
C．若A有特殊香味且不溶于水，说明该物质中含有酯基，可能是甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯，所以同分异构体有4种，故C错误；
D．若A在稀硫酸催化下加热进行反应能生成两种有机物，说明A是酯，根据C项分析可知有4种同分异构体，故D正确；
故选D。
二、非选择题
15.已知：CH3-CH=CH2+HBr→CH3-CHBr-CH3(主要产物)。1mol某芳香烃A充分燃烧后可以得到8mol CO2和4mol H2O。该烃A在不同条件下能发生如下所示的一系列变化。
回答下列问题：
(1)A的分子式为_______，E中官能团名称为_______。
(2)F的结构简式为_______，③的反应类型为_______。
(3)写出下列反应的化学方程式：② _______；④ _______。
【答案】C8H8 碳碳三键 加成 +2NaOH+2NaBr+2H2O n
【解析】
由元素守恒推得A的分子式为C8H8，其不饱和度=，根据题意，A中含有苯环，用掉4个不饱和度，由A→C知A中剩余1个不饱和度为碳碳双键，故A为苯乙烯，结构简式为：，A加聚得到聚苯乙烯C（），A与Br2加成得到B（），B消去生成E，根据E能与2 mol Br2加成，确定E为苯乙炔（），A与HBr加成得到D，根据信息，加成时，H容易加到氢多的碳原子上，故D为，D发生水解反应生成F（），F与醋酸发生酯化反应生成H（）。
(1)1 mol A充分燃烧生成8 mol CO2和4 mol H2O，根据元素守恒，确定A的分子式为C8H8；由分析知E为苯乙炔，其官能团名称为碳碳三键；
(2)由分析知，F结构简式为：；③的反应类型为加成反应；
(3)反应②为B发生消去反应生成E，对应方程式为：+2NaOH+2NaBr+2H2O；反应④为苯乙烯加聚生成聚苯乙烯，对应方程式为：n。
16.乙酸异戊酯是组成蜜蜂信息素的成分之一，具有橡胶的香味。实验室制备乙酸异戊酯的反应、装置示意图和有关信息如下：
相对分子质量
密度/(g·cm-3)
沸点/℃
水中溶解度
异戊醇
88
0.8123
131
微溶
乙酸
60
1.0492
118
溶
乙酸异戊酯
130
0.8670
142
难溶
实验步骤：
在A中加入4.4g的异戊醇，6.0g的乙酸、数滴浓硫酸和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，分别用少量水，饱和碳酸氢钠溶液和水洗涤，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，进行蒸馏纯化，收集140～143℃馏分，得乙酸异戊酯3.9g。回答下列问题：
(1)装置B的名称是：___。
(2)在洗涤操作中，第一次水洗的主要目的是：___；第二次水洗的主要目的是：___。
(3)在洗涤、分液操作中，应充分振荡，然后静置，待分层后___(填标号)。
A．直接将乙酸异戊酯从分液漏斗上口倒出
B．直接将乙酸异戊酯从分液漏斗下口放出
C．先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸异戊酯从下口放出
D．先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸异戊酯从上口放出
(4)本实验中加入过量乙酸的目的是：___。
(5)实验中加入少量无水硫酸镁的目的是：___。
(6)本实验的产率是：___。
A．40℅ B．50℅ C．60℅ D．70℅
(7)在进行蒸馏操作时，若从130℃开始收集馏分，产率偏___(填高或者低)，原因是___。
【答案】球形冷凝管 洗掉大部分浓硫酸和醋酸 洗掉碳酸氢钠 D 提高异戊醇的转化率 干燥 C 高 会收集到少量未反应的异戊醇
【解析】
本实验中，现在在A中加入4.4g的异戊醇，6.0g的乙酸、数滴浓硫酸和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，分别用少量水洗涤以洗去浓硫酸和浓硝酸，饱和碳酸氢钠溶液可以除去未反应的醋酸，同时降低酯的溶解度便于分层进行分液分离，得到的酯中混有饱和碳酸氢钠溶液，故需要进行第二次水洗涤以除去碳酸氢钠，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体进行干燥，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，便得到异戊醇、乙酸异戊酯和乙酸的混合物，然后在进行蒸馏纯化，收集140～143℃馏分，得乙酸异戊酯3.9g，根据产物的质量即可求出该反应的产率，据此分析解题。
(1)装置B是球形冷凝管，由于异戊醇、乙酸都是易挥发的物质，为使反应能充分进行，要用冷凝管冷凝回流，故答案为：球形冷凝管；
(2)反应后的溶液要经过多次洗涤，在洗涤操作中，第一次洗涤的主要目的是除去大部分催化剂硫酸和醋酸；第一步中饱和碳酸氢钠溶液既可以除去未洗净的醋酸，也可以降低酯的溶解度，但第一步洗涤后生成的酯中混有碳酸氢钠，所以第二次水洗，主要目的是除去产品中残留的碳酸氢钠，故答案为：洗掉大部分硫酸和醋酸；洗掉碳酸氢钠；
(3)由于酯的密度比水小，二者互不相溶，因此水在下层，酯在上层；分液时，要先将水层从分液漏斗的下口放出，待到两层液体界面时关闭分液漏斗的活塞，再将乙酸异戊酯从上口放出，所以正确的为d，故答案为：d；
(4)酯化反应是可逆反应，增大反应物的浓度可以使平衡正向移动；增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高，因此本实验中加入过量乙酸的目的是提高提高异戊醇的转化率，故答案为：提高异戊醇的转化率；
(5)实验中加入少量无水硫酸镁的目的是吸收酯中少量的水分，对其进行干燥，故答案为：干燥乙酸异戊酯；
(6)乙酸的物质的量为：n==0.1mol，异戊醇的物质的量为：n==0.05mol，由于乙酸和异戊醇是按照1：1进行反应，所以乙酸过量，生成乙酸异戊酯的量要按照异戊醇的物质的量计算，即理论上生成0.05mol乙酸异戊酯；实际上生成的乙酸异戊酯的物质的量为=0.03mol，所以实验中乙酸异戊酯的产率为： ×100%=60%，故答案为：60%；
(7)在进行蒸馏操作时，若从130℃便开始收集馏分此时的蒸气中含有异戊醇，会收集少量的未反应的异戊醇，因此会导致产率偏高，故答案为：高；会收集少量未反应的异戊醇。
17.(1)莽草酸是一种合成治疗禽流感药物达菲的原料，鞣酸存在于苹果、生石榴等植物中。
①区别两种酸的试剂是___________。
②莽草酸与溴水反应生成产物的结构简式为：___________。
③等物质的量的莽草酸和鞣酸分别与足量NaOH溶液反应，消耗氢氧化钠物质的量之比是___________。
④鞣酸的核磁共振氢谱图(H核磁共振谱图)上有___________个吸收峰。
(2)某含氧有机化合物X，其相对分子质量为46，其中碳元素的质量分数为52.2%，氢元素的质量分数为13.0%。
①X的分子式是___________。
②X与金属钠反应放出氢气，反应的化学方程式是___________(有机物用结构简式表示)。
③X与氧气在铜或银的催化作用下反应生成Y，Y的结构简式是___________。
【答案】氯化铁溶液(或溴水) 1︰4 4 C2H6O 2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑ CH3CHO
【解析】
(1)①莽草酸分子中含有不饱和的碳碳双键，能够与溴水发生加成反应而使溴水褪色，而鞣酸分子中含有酚羟基，遇浓溴水发生反应产生白色沉淀，二者现象不同，因此区别两种酸的试剂可以是溴水；或根据酚遇KSCN溶液会产生紫色络化物，而与莽草酸不能反应，因此也可以用KSCN溶液鉴别；
②莽草酸分子中含有不饱和的碳碳双键，与溴水发生加成反应时，断开不饱和的碳碳双键中较活泼的键，然后2个Br原子分别连接在两个不饱和的C原子上，形成饱和C原子，则反应产物是：；
③莽草酸分子中只有羧基可以与NaOH溶液发生反应，而鞣酸分子中含有的3个酚羟基和1个羧基都可以与NaOH发生反应，若两种物质的物质的量都是1 mol，则二者反应消耗NaOH的物质的量分别是1 mol、4 mol，因此消耗氢氧化钠物质的量之比是1：4；
④鞣酸分子高度对称，在分子中含有4种不同位置的H原子，因此④鞣酸的核磁共振氢谱图(H核磁共振谱图)上有4个吸收峰；
(2)①某含氧有机化合物X，其相对分子质量为46，其中碳元素的质量分数为52.2%，氢元素的质量分数为13.0%，含有O元素为(100-52.2-13.0)%=34.8%，则X的分子中含有的CHO个数分别是C：=2；H：=6；O：=1，所以物质的分子式C2H6O；
②X能够与金属钠反应放出氢气，则X是CH3CH2OH，乙醇与钠反应的化学方程式为：2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑；
③X分子中含有醇羟基，由于羟基连接的C原子上含有2个H原子，可以与O2在铜或银的催化作用下被氧化反应生成CH3CHO，则Y的结构简式是CH3CHO。
18.对-甲基苯甲酸乙酯(F)是有机化工原料，用于合成药物的中间体，某兴趣小组利用中学的简单有机物进行合成，其方案如下：
(1)A的结构简式是_______。
(2)指出化学反应类型：② _______；③_______。
(3)丁子香酚( )是一种重要的调味剂，它与F的关系是_______。
a．同系物 b．同分异构体 c．同种物质
(4)写出反应③的化学方程式：_______。
(5)D与新制氢氧化铜悬浊液反应方程式：_______。
【答案】CH2=CH2 氧化反应 酯化反应(或取代反应) b +CH3CH2OH+H2O +2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O
【解析】
B和E在浓硫酸存在条件下加热反应生成F，由F的结构可知，B、E应该为乙醇和，由D的结构可知，E的结构简式为、则B为CH3CH2OH；A与水发生加成反应生成B，则A为CH2=CH2，据此进行解答。
(1)由上述分析可知，A为CH2=CH2，故答案为：CH2=CH2；
(2)根据流程图，反应②是醛基在催化剂存在时被氧气氧化生成羧基，属于氧化反应；反应③为醇和酸的酯化反应，也是取代反应，故答案为：氧化反应；酯化反应(或取代反应)；
(3)丁子香酚()含有酚羟基、醚键、碳碳双键，F()中含有酯基，两者含有的官能团不同，结构不同、但分子式相同，互为同分异构体，故答案为：b；
(4)反应③是与乙醇发生酯化反应生成，反应的化学方程式为+CH3CH2OH+H2O，故答案为：+CH3CH2OH+H2O；
(5)D中含有醛基，能够与新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀，反应的合成方程式为+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O，故答案为：+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。
19.化合物A的分子式为，有如下转化关系：
已知B的分子比C的分子多一个碳原子，A和F互为同系物。按要求填写：
(1)A的结构简式______。
(2)B的分子式______。
(3)D的名称______。
(4)C氧化生成D的化学方程式______。
(5)C与E反应的化学方程式______。
【答案】 甲醛
【解析】
化合物A的分子式为，酸性条件下可以水解，说明A是酯，则B和C分别是酸和醇，又因为B的分子比C的分子多一个碳原子，则B是乙酸，C是甲醇，氧化得到的D是甲醛，甲醛氧化得到的E是甲酸，则F是甲酸甲酯。
属于酯，分解得到乙酸和甲醇，则A是乙酸甲酯，结构简式为：；故答案为：；
是乙酸，分子式为：；故答案为：；
由分析可知D是甲醛，故答案为：甲醛；
甲醇氧化为甲醛的化学方程式为：；故答案为：；
甲醇和甲酸反应生成甲酸甲酯的反应为：，该反应属于取代反应酯化反应，故答案为：，取代反应酯化反应。
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