物理-2022年高考考前押题密卷（辽宁卷）（全解全析）

绝密★考试结束前

2022年高考考前押题密卷（辽宁卷）

物理·全解全析

1．【答案】 A

【解析】A．根据E=ℎν可知，频率相同的光子能量相同。A正确；B．原子从一个定态跃迁到另一个定态时，原子辐射一定频率的光子，光子的能量由这两种定态的能量差决定。电子轨道是量子化的，能量是量子化的，故而频率是不连续的。这也就成功解释了氢原子光谱不连续的特点——频率不连续特点。B错误；C．原子在不同的轨道之间跃迁产生不同频率的光子。C错误；D．根据Ek=ℎν−W0可知，激光光子的能量大于金属板的逸出功时，照射金属板即可发生光电效应。D错误。故选A。

2．【答案】  C

【解析】A．由题意知，解得。A正确；B．开始时，金属棒克服安培力的瞬时功率,克服重力的瞬时功率。B正确；C．由解得。C错误；D．从开始到运动到最高点的过程中，根据能量守恒,解得。D正确。故选C。

3．【答案】D

【解析】由图像可知t=0时两车相距应小于50 m，才能保证后面可以相遇两次，A错；若t=5 s时甲、乙两车第一次相遇，0~5 s内两图线围成的面积表示甲、乙两车原来相距d0 =37.5 m，B错；在两车两次相遇的时间内，t=10 s时两车距离一定最远，但是对于0~15 s，由于初状态两车距离d0未知，所以不能确定t=10 s时两车的距离是不是一定最远，故C错误，D正确。

4．【答案】  C

【解析】AB．小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得弹簧的弹力大小为F＝mgtan 37°＝mg，细绳的拉力FT＝＝mg。A、B错误；CD．细线烧断的瞬间，弹簧的弹力不变，小球的合力大小等于细线的拉力，则加速度大小a＝＝g。D错误，C正确。故选C。

5．【答案】 B

【解析】因为电梯加速和减速过程的加速度大小相等，故t1＝t2，设电梯做匀速运动的时间为t3，则平均速度＝＝＝，电梯从7楼到16楼的匀速运动时间更长，所以平均速度更大。故A错误，B正确；C．电梯对人的作用力始终向上，与位移同向，故始终做正功。故C错误；D．上升过程中匀加速阶段即将结束时，电梯对人做功的功率最大为P＝Fv＝(mg＋ma)v>mgv。D错误。故选B。

6．【答案】  D

【解析】A、B、C．当开关闭合时，液体中有从A到C方向的电流，根据正离子的定向移动方向与电流方向相同，而负离子移动方向与电流方向相反，由左手定则可以知道，钠离子与氯离子均偏向M处，M处钠离子与氯离子浓度高于N处，同时M处和N处仍呈电中性，电势相等。故A、B、C错误；D．由前面分析可知液体将受到指向M的安培力作用，在液面内部将产生压强，因此P端的液面将比Q端的高，D正确。故选D。

7．【答案】 A

【解析】乒乓球做平抛运动，两球水平位移相同，由可得下落高度之比为 ,故选A。

8．【答案】  ABD

【解析】A．一定质量的冰融化为同温度水的过程中，分子动能不变，此过程要吸收热量，内能增加，则分子势能增加。A正确；B．忽略分子间作用力，气体内能只有分子总动能，温度越高，分子平均动能越大，一定质量的大气的内能越大。B正确；C．夏天感觉比冬天闷热是因为夏天同温度下的大气的相对湿度比冬天的大。C错误；D．饱和汽压与温度有关，温度越低，饱和汽压越小，则水蒸气容易在草上形成露水。D正确。故选ABD。

9．【答案】  BD

【解析】AB．小车电动机的功率恒定，速度增大，据功率与速度关系公式P=Fv,可知，牵引力减小，根据牛顿第二定律有F=ma,故小车做加速度不断减小加速运动。A错误，B正确；C．对小车启动过程，根据动能定理，有。C错误；D．根据C的分析可知，小车受到的牵引力做的功为。D正确。故选BD。

10．【答案】  AD

【解析】A．由于两棒的长度之比为1∶2，所以电阻之比为1∶2，由于两棒是串联关系，在任何时刻电流均相等，根据焦耳定律Q＝I2Rt，所以CD棒上产生的焦耳热为2Q，在CD棒向右运动距离为s的过程中，根据功能关系有Fs＝3Q＋mv2×2，解得v＝。A正确；BC．设AB棒的长度为l，则CD棒的长度为2l，撤去拉力F后，AB棒继续向左加速运动，而CD棒向右开始减速运动，两棒最后匀速运动时，电路中电流为零，两棒切割磁感线产生的感应电动势大小相等，此时两棒的速度满足BlvAB′＝B·2lvCD′，即vAB′＝2vCD′，对两棒分别应用动量定理有FABt＝mvAB′－mv，－FCDt＝mvCD′－mv，因为FCD＝2FAB，解得AB棒的速度大小为vAB′＝v，方向向左，CD棒的速度大小为vCD′＝v，方向向右。B、C错误；D．撤去拉力F后到最后稳定运动过程，整个回路产生的焦耳热为Q′，根据能量守恒定律有Q′＝mv2×2－mvAB′2－mvCD′2，解得Q′＝mv2。D正确。故选AD。

11. 【答案】 (1)交流电源和刻度尺　(2)②③　(3)D

【解析】(1)还缺少的器材是交流电源和刻度尺．(2)①平衡摩擦力是在实验之前，对“实验中每条橡皮筋做相同的功”这一要求没有帮助．②应选长短、粗细一样的橡皮筋若干，保证每条橡皮筋弹力相同，故对“实验中每条橡皮筋做相同的功”这一要求有帮助．③每次实验都让小车从同一地点由静止释放，保证位移相同，故对“实验中每条橡皮筋做相同的功”这一要求有帮助．(3)功与速度的平方成正比，所以图象应为D.

12. 【答案】 (1)0.33～0.34　外　(2)①电路如图所示　②5　有　电阻箱的最小分度与待测电阻比较接近(或其它合理解释)

【解析】（1）由电流表的表盘可知电流大小为0.34A；电压表的百分比变化为；电流表的百分比变化为，因此可知电压表的示数变化更明显，说明电流表的分压更严重，因此不能让电流表分压，采用外接法。

（2）①电路图如图

②两次实验中电路电流相同，因此可有，可得；读数可得；

电阻箱的最小分度和待测阻值阻值接近，这样测得的阻值不够精确，如待测电阻阻值为5.4Ω，则实验只能测得其为，误差较大。

13. 【答案】 (1)   （2）

【解析】①入射角越大，折射角越大，在内、外层接触处越容易发生折射，光越容易漏出．当入射角为最大值θ1时，光在内、外层接触处恰好发生全反射

n1sinθ3＝n2sin

θ3＝－θ2

n1＝

结合sin2θ2＋cos2θ2＝1得

sinθ1＝

②光在光纤内经历的路程

x＝

光在光纤内运动的速度

v＝

光在光纤内运动的时间

t＝＝

14. 【答案】(1)8 m/s　(2)24 N　(3)

【解析】(1)设滑块P在传送带上相对滑动时的加速度为a，则有μmg＝ma

解得a＝2 m/s2

假设滑块P一直匀加速到B点，设此时滑块P的速率为v，有v2－0＝2aL，解得v＝8 m/s，滑块P的速率v＝8 m/s<v0＝10 m/s，说明假设成立，故滑块P与滑块Q碰撞前瞬间，滑块P的速度大小v＝8 m/s。

(2)滑块P与滑块Q碰撞，根据动量守恒定律有mv＝2mv共，解得v共＝4 m/s，滑块P与滑块Q碰撞后合为一个整体，从B点运动到D点有－2mgR＝·2mv－·2mv，对D点有N＝2m，解得N＝24 N，根据牛顿第三定律，滑块P、Q通过D点时对轨道的压力大小为24 N。

(3)对滑块E在最高点C点有

Mg＝M，解得vC＝＝ m/s

离开C点后做平抛运动

2R＝gt2，x＝vCt，解得x＝2R＝1 m

滑块P与滑块E发生碰撞，设碰后瞬间滑块P的速率为v1，滑块E的速率为v2有

mv＝－mv1＋Mv2

碰后滑块E从B点运动到C点有

－2MgR＝Mv－Mv

碰后滑块P向左滑动v－0＝2ax，解得＝。

15. 【答案】(1)v0，与y轴正方向夹角为30°    (2)  　(3)

【解析】 (1)将速度v0沿电场力的方向和垂直于电场力的方向分解，当沿电场力方向速度为零时，速度最小，由速度的合成与分解得：vQ＝v0cos θ⇒vQ＝v0，与y轴正方向夹角为30°。

(2)粒子在电场中的加速度a＝

沿y轴方向的加速度大小为ay＝sin θ

粒子从P到Q点的时间t1＝

OQ的距离为y＝v0t1－ayt＝

粒子恰好不从x轴离开磁场，轨迹与x轴相切，做圆周运动的半径为r

由几何关系得r＋r sin θ＝y

可得r＝

由向心力公式qvQB＝m

解得B＝。

(3)设粒子做匀速圆周运动的周期为T，则T＝＝

粒子在磁场中运动的时间t2＝T

所以总时间为t＝t1＋t2＝。