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2022年广东省潮州市高考物理二模试卷（含答案解析）

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这是一份2022年广东省潮州市高考物理二模试卷（含答案解析），共15页。试卷主要包含了0V，0，3A，内阻RA=2Ω)，0×104Pa，则需补充1，【答案】D，【答案】C，【答案】A，【答案】AD等内容，欢迎下载使用。

2022年广东省潮州市高考物理二模试卷

下列说法中正确的是

A. 开普勒发现行星运动规律，并最终得出万有引力定律
B. 一群氢原子从的激发态跃迁到基态，会辐射3种频率的光
C. 在核反应中，反应前的总质量大于反应后的总质量
D. 衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的

某电场区域的电场线分布如图，在电场中有A、B、C、D四个点，下面说法正确的是

A. B. C. D.

顾诵芬院士主持建立了我国飞机设计体系，开创了我国自行设计研制歼击机的历史。“歼”在某次训练时着舰不成功，飞行员经短暂反应后迅速启动“逃逸复飞”，若启动复飞时飞机距离航母跑道末端为210m，速度为。复飞过程可看成匀变速直线运动，飞机起飞所需的最小速度为，为使飞机能复飞成功，则复飞过程的加速度至少为

A. B. C. D.

电磁阻尼可以无磨损地使运动的线圈快速停下来。如图所示，扇形铜框在绝缘细杆作用下绕转轴O在同一水平面内快速逆时针转动虚线把圆环分成八等份，扇形铜框恰好可以与其中一份重合。为使线框快速停下来，实验小组设计了以下几种方案，其中虚线为匀强磁场的理想边界，边界内磁场大小均相同，其中最合理的是

A. B.
C. D.

2021年11月5日，占全球市场份额的无人机巨头大疆，发布迄今为止影像质量最优异的消费级无人机Mavic3。如图是该型号无人机绕拍摄主体时做水平匀速圆周运动的示意图。已知无人机的质量为m，无人机的轨道距拍摄对象高度为h，无人机与拍摄对象距离为r，无人机飞行的线速度大小为v，则无人机做匀速圆周运动时

A. 角速度为 B. 所受空气作用力为mg
C. 向心加速度为 D. 绕行一周的周期为

某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。当汽车启动时，开关S闭合，电机工作，下列说法正确的是

A. 车灯变暗
B. 路端电压变大
C. 电路的总电流变小
D. 电源的总功率变小

新疆是我国最大的产棉区，在新疆超出棉田都是通过机械自动化采收，自动采棉机将棉花打包成圆柱形棉包，然后平稳将其放下。放下棉包的过程可以简化为如图所示模型，质量为m的棉包放在“V”型挡板上，两板间夹角为固定不变，“V”型挡板可绕P轴在竖直面内转动，使BP板由水平位置逆时针缓慢转动，忽略“V”型挡板对棉包的摩擦力，已知重力加速度为g，下列说法正确的是

A. 棉包对AP板的压力一直减小
B. 棉包始终受到三个力的作用
C. BP板与AP板对棉包的作用力的合力不变
D. 当BP板转过时，棉包对BP板的作用力大小为mg

2021年9月20日，“天舟三号”在文昌航天发射中心成功发射升空。图中P、Q分别是“天舟三号”和“天和核心舱”对接前各自在预定轨道运行的情景，下列说法正确的是

A. 在预定轨道运行时，P的周期小于Q的周期
B. 在预定轨道运行时，P的速率小于Q的速率
C. 为了实现对接，P应减速
D. 为了实现对接，P应加速

某同学的电动自行车充电器是一输入电压为220V，输出电压为48V的变压器，由于副线圈烧坏了，为修复该充电器，该同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上绕了5匝线圈，如图所示，将原线圈接到220V交流电源上，测得新绕线圈两端电压为2V。则

A. 该充电器原线圈有550匝 B. 该充电器原线圈有1100匝
C. 被烧坏的副线圈有120匝 D. 被烧坏的副线圈有240匝

第24届冬季奥林匹克运动会于2022年2月4日在北京和张家口联合举行，北京成为奥运史上首个举办过夏季奥林匹克运动会和冬季奥林匹克运动会的城市。跳台滑雪是冬奥会中最具观赏性的项目之一。如图，跳台滑雪赛道由助滑道AB、着陆坡BC、停止区CD三部分组成；比赛中运动员从B运动到C可看成平抛运动。用E、P表示运动员在空中运动的机械能、重力的瞬时功率大小，用t表示运动员在空中的运动时间，下列图象中正确的是

A. B. C. D.

某学习小组要描绘一个标有“，”的小灯泡的伏安特性曲线，除导线和开关外，还有下列器材可供选择：
A.电流表量程为，内阻
B.电压表量程为3V，内阻
C.滑动变阻器最大阻值，允许通过的最大电流
D.滑动变阻器最大阻值，允许通过的最大电流
E.定值电阻
F.定值电阻
G.电源电动势为3V，内阻不计

学习小组设计了图甲所示的实验电路，滑动变阻器应选______，应选______。填器材前的代号电流表与并联后的量程为______ A。
利用图甲所示电路进行实验，某次测量时电流表的示数为，此时电压表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为______结果保留两位有效数字。
根据电压表和电流表读数，正确作出图象，如图丙所示。由图象可知，小灯泡电压增大时，灯泡灯丝的电阻率______选填“变大”、“不变”或“变小”。
某同学为测量当地的重力加速度，设计了图甲所示的实验装置。一轻质细线上端固定在力传感器上，下端悬挂一小钢球。钢球静止时球心刚好位于光电门处。主要实验步骤如下：

a、用游标卡尺测出钢球直径d；
b、钢球悬挂静止不动时，记下力传感器的示数，量出线长线长L远大于钢球直径；
c、将钢球拉到适当的高度后由静止释放，细线始终于拉直状态，计时器测出钢球通过光电门时的遮光时间t，记下力传感器示数的最大值。
游标卡尺示数如图乙，则钢球直径______mm；
钢球经过光电门时的速度表达式______；
通过以上信息可求出当地的重力加速度表达式为______用题干中所给物理量的符号表示。
在芯片制造过程中，离子注入是芯片制造重要的工序。甲图是我国自主研发的离子注入机，乙图是离子注入机的部分工作原理示意图。从离子源发出的离子经电场加速后沿水平方向先通过速度选择器，再进入磁分析器，磁分析器是中心线半径为R的四分之一圆环，其两端中心位置M和N处各有一个小孔，利用磁分析器选择出特定比荷的离子后经N点打在硅片未画出上，完成离子注入。已知速度选择器和磁分析器中的匀强磁场的磁感应强度大小均为B、方向均垂直纸面向外；速度选择器中匀强电场的电场强度大小为E。整个系统置于真空中，不计离子重力。求：
能从速度选择器中心线通过的离子的速度大小v；
能通过N打到硅片上的离子的比荷，并判断该离子的带电性质。

图中AB是绝缘水平面上相距的两点，AB间存在一个水平向右的匀强电场，场强大小。一带电量，质量的绝缘滑块Q静置在A点，滑块Q与水平面的动摩擦因数。用长的轻绳将不带电小球P悬挂在A点正上方的O点，保持绳子绷紧，将P球拉至与点O等高的水平位置，如图所示。现给P球竖直向下的初速度，此后P球下摆与Q发生弹性正碰。已知P球质量也为m，整个过程没有电荷转移，P、Q体积大小均可忽略不计，轻绳不被拉断。求：
与Q第一次碰撞后瞬间，P与Q的速度大小；
与Q第一次碰撞后，滑块Q离A点的最远距离；
若场强E可变，试讨论在轻绳不松弛的前提下，滑块Q在AB段滑行的路程与电场强度E的关系。

地球大气上下温差过大时，会造成冷空气下降热空气上升，从而形成气流漩涡，并有可能逐渐发展成龙卷风。热气团在上升过程中，若来不及与外界发生热交换，因外界大气压强减小，热气团气体体积______选填“变大”或“变小”，热气团对外做______选填“正”或“负”功。
为适应太空环境，去太空旅行的航天员都要穿航天服．航天服有一套生命系统，为航天员提供合适温度、氧气和气压，让航天员在太空中如同在地面上一样．假如在地面上航天服内气压为，气体体积为2L，到达太空后由于外部气压低，航天服急剧膨胀，内部气体体积变为4L，使航天服达到最大体积．若航天服内气体的温度不变，将航天服视为封闭系统．
①求此时航天服内的气体压强；
②若开启航天服封闭系统向航天服内充气，使航天服内的气压恢复到，则需补充的等温气体多少升？
如图所示，半圆形玻璃砖放在水平地面上，玻璃砖最低点B与地面接触，平面AC水平。一束由红光和紫光两种单色光组成的复合光斜射到圆心O，方向与平面AC成角，光线经玻璃砖折射后照射在地面上留下两个亮点P、Q，测得，。则玻璃砖对红光折射率为______。若不考虑光的反射，光在真空中的传播速度为c，则两种单色光在玻璃砖中传播的时间差为______。

一列简谐横波沿水平方向由质点a向质点b传播，波速为，a、b两质点平衡位置间的距离为2m，时刻，a在波峰，b在平衡位置且向下振动，求：
①简谐横波的波长；
②经多长时间，质点b位于波谷位置。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、开普勒发现行星运动规律，牛顿得出万有引力定律，故A错误；
B、一群氢原子从的激发态跃迁到基态时，任意两个能级间跃迁一次，共能辐射种不同频率的光子，故B错误；
C、核反应是核聚变反应，核聚变过程中释放能量，结合爱因斯坦质能方程可知，反应前的总质量大于反应后的总质量，故C正确；
D、衰变中产生的射线实际上是原子核内的中子转化为质子而产生的，故D错误。
故选：C。
牛顿得出万有引力定律；根据玻尔理论分析；核聚变过程中存在质量亏损；根据衰变的本质判断。
本题考查物理学史以及原子核反应相关知识，对于原子物理中核反应方程、衰变、裂变与聚变、玻尔理论等基本知识要熟练掌握和应用．都是基本知识，加强记忆是基本的学习方法．

2.【答案】B

【解析】解：根据电场线的性质可知，电场线的疏密表示电场的强弱，由图可知，B点的电场强度比A点大；C点的电场强度比D点大，故A错误，B正确；
C、沿着电场线电势一定降低，所以A点电势大于B点的电势，所以故C错误；
D、沿着电场线电势一定降低，所以C点电势大于D点电势，故D错误。
故选：B。
明确电场线的性质，知道电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低。
本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低。

3.【答案】D

【解析】解：根据速度-位移公式可知，，故ABC错误，D正确；
故选：D。
根据匀变速直线运动的速度-位移公式代入数据即可完成分析。
本题主要考查了运动学公式的相关应用，熟悉速度-位移公式并代入数据计算即可，属于基础题型。

4.【答案】C

【解析】解：扇形铜框逆时针转动时，对于A、D选项来说，通过铜框的磁通量不发生变化，无感应电流产生，磁场对线框没有安培力；对于B、C选项，通过铜框的磁通量发生变化，产生感应电流，B项的铜框只有单边ad或bc受到安培阻力作用，而C项的铜框ad边、bc边同时都受到安培阻力作用，所以最合理的是C选项，故ABD错误，C正确。
故选：C。
根据穿过扇形铜框的磁通量有无变化，判断扇形铜框中有没有感应电流，结合感应电流能阻碍线框与磁场间的相对运动来分析。
本题要理解电磁阻尼的作用，即在电磁感应现象中，安培力阻碍导体与磁场间的相对运动。

5.【答案】C

【解析】解：根据几何关系可知无人机运行半径
A、无人机做匀速圆周运动时，，故A错误；
B、无人机做匀速圆周运动时，向心力为，所受空气作用力为，故B错误；
C、向心加速度为，故C正确；
D、根据可知，，故D错误；
故选：C。
无人机受到的重力和空气阻力，其合力提供向心力，根据牛顿第二定律求得向心力，根据周期与线速度的的关系求得周期，根据向心加速度的公式和角速度的公式解得向心加速度和角速度。
本题主要考查了匀速圆周运动，明确向心力的来源。利用好圆周运动的公式及各物理量间的关系即可。

6.【答案】A

【解析】解：当汽车启动时，开关S闭合，电机工作，车灯突然变暗，车灯的电流变小，故A正确；
开关S闭合，电机工作，外电路总电阻减小，电路的总电流变大，电源内阻上电压变大，路端电压变小，电源的总功率变大，故BCD错误。
故选：A。
开关S闭合，电机工作，确定其电流和电压的变化，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压和总电流的变化，由分析电源的总功率变化情况。
本题考查恒定电流，可用系统分析法，也可用“串反并同”快速判断动态分析。

7.【答案】C

【解析】解：如图所示，设BP板转动的角度为，棉包的重力为mg，根据正弦定理有
当从0增到到的过程中，AP板对棉包的支持力一直增大，则棉包对AP板的压力一直增大，故A错误；

B.当BP板或AP板处于水平状态时，棉包受重力和支持力这两个力作用，故B错误；
C.在AP板转到水平前，BP板与AP板对棉包的作用力的合力始终与棉包的重力平衡，所以合力不变，故C正确；
D.当BP板转过时，AP处于水平状态，此时棉包对BP板的作用力大小为零，故D错误。
故选：C。
对棉包受力分析，根据正弦定理判断分析。随着BP板的转动，按照旋转圆的方法判断棉包对AP板的压力变化。
本题以自动采棉机能够在采摘棉花的同时将棉花打包成圆柱形棉包为背景，考查物体受力分析，要求学生根据物体平衡状态，结合共点力平衡条件进行分析，难度适中。

8.【答案】AD

【解析】解：A、“天舟三号”和“天和核心舱”在圆轨道上运动时，根据万有引力提供向心力可得：，则：，“天和核心舱”的轨道半径大，所以“天和核心舱”Q的周期大，故A正确；
B、根据万有引力提供向心力可得：，则：，“天和核心舱”的轨道半径大，所以“天和核心舱”Q的速率小，故B错误；
CD、根据变轨的原理可知，若要实现对接，则需要位于低轨道的P先加速，故C错误，D正确。
故选：AD。
根据万有引力提供向心力判断周期、速率之间的关系；根据变轨原理分析。
本题考查了万有引力定律的应用，知道变轨原理、知道万有引力提供向心力是解题的前提，根据题意应用万有引力公式与牛顿第二定律即可解题。

9.【答案】AC

【解析】解：设该变压器的原线圈、副线圈和新绕线圈的匝数分别用、、表示，原线圈、副线圈和新绕线圈两端的电压分别用
、和表示，则有
所以
匝匝
同理
所以
匝匝
故AC正确，BD错误；
故选：AC。
根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，分析即可得出结论．
掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，本题即可得到解决．

10.【答案】BC

【解析】解：AB、从B到C运动员做平抛运动，在空中运动时，只受到重力作用，故机械能守恒，故A错误，B正确；
CD、由于运动员从B到C做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，竖直方向获得的速度，故重力的瞬时功率为，故C正确，D错误；
故选：BC。
运动员从B到C做平抛运动，运动过程中只受到重力作用，机械能守恒，在竖直方向做自由落体运动，根据求得重力的瞬时功率。
本题主要考查了平抛运动，抓住在运动过程中只受到重力作用，机械能守恒，抓住瞬时功率求得瞬时功率。

11.【答案】变大

【解析】解：滑动变阻器采用分压接法，故应选择总阻值较小的C，以便于控制调节；由于电流表量程只有，而电路中灯泡的额定电流为，故应将表头与定值电阻并联以扩大量程，由于电流表内阻为，所以应与的定值电阻并联，根据串并联电路规律可知，改装后量程为；
电流表示数为，根据并联电路规律可知，流过灯泡电流为，由图可知，此时电压表读数为，由串并联电路规律可知，灯泡两端电压；故灯泡电阻；
图象的斜率表示电阻的倒数，故由图可知，随电压的增大，灯泡的电阻增大，因长度和截面积不变，说明电阻率变大。
故答案为：；F；；；变大。
从减小误差角度和可操作性角度确定滑动变阻器；根据给出的灯泡的额定电流和电流表量程进行分析，再根据电表的改装原理确定应并联电阻；
由并联电路规律确定灯泡中电流，再根据电压表读数方法读出电压值，由串联电路规律求出灯泡两端的电压，由欧姆定律求出灯泡的电阻；
明确图象的性质，由图象确定灯泡的电阻和电阻率的变化。
本题考查描绘灯泡的伏安特性曲线的实验，要明确实验原理，掌握实验中仪表的选择、数据处理等基础知道的掌握。

12.【答案】

【解析】解：游标卡尺的精度为，其读数为主尺的示数与游标尺示数之和，故钢球的直径；
根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度可知，钢球遮光长度为d，钢球的遮光时间为t，故钢球经过光电门的线速度大小为；
钢球静止时，根据二力平衡可得：
在最低点，根据牛顿第二定律有：
解得：
故答案为：；；
明确游标卡尺精度，根据游标卡尺原理和读数方法，读出示数；
根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度，求出钢球经过光电门的线速度；
根据牛顿第二定律求解向心力表达式，求解重力加速度。
此题综合考查了游标卡尺的读数方法和牛顿第二定律的应用，掌握运动过程某一点速度近似等于这段过程平均速度，若不满足，摆长等于摆线长与小球的半径之和。

13.【答案】解：离子通过速度选择器时，有
解得：
离子在磁分析器中，有
解得：
对离子受力分析可知，离子带正电荷。
答：能从速度选择器中心线通过的离子的速度大小为；
能通过N打到硅片上的离子的比荷为，离子带正电荷。

【解析】速度选择器中，离子受到的电场力和洛伦兹力平衡，可解得速度；
在磁分析器中运动的离子由洛伦兹力提供向心力，运用左手定则判断离子的电性；，由洛伦兹力提供向心力，求从磁分析器射出的离子的比荷。
解答本题的关键要理解速度选择器和磁分析器的工作原理，知道在在速度选择器中，离子受到的电场力和洛伦兹力二力平衡。离子在磁分析器中运动时，由洛伦兹力提供向心力。

14.【答案】解：小球P运动至与Q碰撞前，有：
解得：
P与Q发生弹性碰撞，有：
解得：，
设碰撞后，Q没有滑离AB段，当Q减速至0，有：
解得：假设成立
P与Q第一次碰撞后，滑块Q离A点的最远距离为
当P与Q第一次碰撞后，Q恰好能滑到B点，则
解得：
当时，Q从B点离开电场，则Q在AB段滑行的路程为
当时，Q没有从B离开，因为则Q返回再次与P相碰。
设Q第一次在AB段减速至0的位移为时，返回与P碰撞后，P恰好能回到O点等高位置
则：
设Q回到A点时速度为。
Q从A回到A，由动能定理有
P与Q再次碰撞，质量相等弹性碰撞，交换速度，则碰后P的速度也为
此后P运动至圆心等高，由动能定理有
解得：
当时，P超过O点等高位置，因为，P无法到达最高点，绳子松懈，不满足条件。时，因为，Q无法停在AB段，最终停在A点。
全过程，对系统，由能量守恒，有：
解得：
则Q在AB段滑行的路程为
综上：为保证绳子不松懈需满足：
当时，Q在AB段滑行的路程为；时，Q在AB段滑行的路程为。
答：与Q第一次碰撞后瞬间，P与Q的速度大小分别为0和；
与Q第一次碰撞后，滑块Q离A点的最远距离为；
为保证绳子不松懈需满足：。当时，Q在AB段滑行的路程为2m；时，Q在AB段滑行的路程为。

【解析】小球P运动至与Q碰撞前，利用动能定理求出小球P与Q碰撞前瞬间的速度大小。P与Q发生弹性碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律相结合求出P与Q第一次碰撞后瞬间，P与Q的速度大小；
与Q第一次碰撞后，根据动能定理求滑块Q离A点的最远距离；
分析Q的运动过程，结合临界条件，运用动能定理和能量守恒定律求解。
解答本题时，要分析清楚P与Q的运动情况，挖掘隐含的临界情况和临界条件，分段运用动能定理是关键。

15.【答案】变大正

【解析】解：热气团在上升过程中，因外界大气压强减小，假设热气团的体积不变，根据，则热气团的温度必然降低，则一定放出热量，故假设不正确，可知热气团在上升过程中，若来不及与外界发生热交换，则热气团气体体积变大，热气团对外做正功。
故答案为：变大，正
气体的压强减小，气体体积变大，气体对外做功，根据题意应用热力学第一定律分析答题。
根据题意分析清楚气体状态变化过程，掌握基础知识是解题的前提与关键，应用热力学第一定律即可解题。

16.【答案】解：①航天服内气体经历等温过程，
，，
由玻意耳定律
得
②设需要补充的气体体积为V，将补充的气体与原航天服内气体视为一个整体，充气后的气压
由玻意耳定律得
答：①此时航天服内的气体压强
②若开启航天服封闭系统向航天服内充气，使航天服内的气压恢复到，则需补充的等温气体为

【解析】由玻意耳定律求的压强
求出气体的状态参量，应用玻意耳定律求出气体的体积．
本题考查了求气体压强、气体体积问题，分析清楚气体状态变化过程、应用玻意耳定律即可正确解题．

17.【答案】

【解析】解：两种单色光折射后的光路如图所示：

玻璃砖对紫光的折射率大于对红光的折射率，因此图中光线a为紫光，b为红光。
由几何关系可知入射角
设紫光的折射角为，由几何关系可知
因此玻璃砖对紫光的折射率，代入数据解得：
设红光的折射角为，由几何关系可知
因此玻璃砖对红光的折射率，代入数据解得：
不考虑光的反射，两种单色光在玻璃砖中传播的时间差
由光速与折射率的关系
联立解得：。
故答案为：，
作出光路图，根据几何知识求解两光的折射角，根据折射定律求解红光和紫光的折射率；根据求解两种光在玻璃砖内的传播时间，相减即可。
解决该题的关键是正确作出光路图，能根据几何知识求解相关的角度，熟记折射定律表达式以及光在介质中传播的速度的表达式。