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2022年山东省烟台市中考模拟物理试题（三）
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这是一份2022年山东省烟台市中考模拟物理试题（三），文件包含2022年山东省烟台市中考模拟物理试题三docx、烟台市初中物理模拟试题三参考答案及评分意见docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共26页， 欢迎下载使用。
一、选择题（每小题的四个选项中，只有一个是正确的，每小题2分，共30分）
1、B
【解析】可燃冰主要成分为甲烷，燃烧时生成水和二氧化碳，不会污染环境，属于清洁能源；可燃冰属于清洁能源，不属于化石能源（化石能源燃烧有污染），属于一次能源；使用后不能再生，属于不可再生能源．
2、C
【解析】A、镜中人是平面镜成像，平面镜成的像是由于光的反射形成的与物体等大、正立的虚像，故本选项不符合题意；
B、插入水中的铅笔好像弯折了，这是铅笔反射的光进入人眼时在水面发生了折射，故本选项不符合题意．
C、手影是由于光的直线传播形成的，故本选项符合题意；
D、倒影属于平面镜成像，平面镜成的像是由于光的反射形成的与物体等大、正立的虚像，故本选项不符合题意；
3、C
【解析】把罐扣在皮肤上，罐内空气的体积等于火罐的容积，体积不变，气体经过热传递，温度不断降低，压强减小，火罐内气体压强小于外界大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上．
4、D
【解析】“白粉”是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热；
冰棒在向下冒“白气”，是冰棒周围的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化放热，故D正确．
5、D
【解析】A．鸡蛋由于受到重力的作用，因此落入杯中，惯性不是一种力，不能说受到惯性力；
B．由于鸡蛋的质量大于硬纸片的质量，所以鸡蛋的惯性大于硬纸片的惯性；
C．鸡蛋静止在硬纸片上时受重力和纸片对它的支持力，下落时收到重力作用；
D．弹纸片时，纸片给手指一个作用力，因此手指感到疼说明力的作用是相互的，所以D正确．
6、B
【解析】A、发电机的工作原理是：电磁感应现象的应用，不是电磁铁的应用，对应不正确，不符合题意．
B、通电导体周围存在磁场，可以制成电磁铁，电铃应用了电磁铁，对应正确，符合题意．
C、动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用，不是通电导体在磁场中力运动的应用，对应不正确，不符合题意．
D、电风扇即电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，不是根据电磁感应现象制成的，对应不正确，不符合题意．
7、B
【解析】A、一切物质的分子都在不停地做无规则运动，包括0℃的水，不符合题意；
B、扩散现象是分子运动的结果，符合题意；
C、扩散现象可以发生在固体、液体、气体中，不符合题意；
D、清水的温度越高，扩散进行得越快，不符合题意；
8、C
【解析】A、人受到的支持力和他对地面的压力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，该选项说法不正确；
B、人受到的重力和人对地面的压力，二者方向相同，不是一对相互作用力，该选项说法不正确；
C、人受到的支持力和人对地面的压力，作用在两个物体上，大小相等，方向相反，在同一直线上，是一对相互作用力，该选项说法正确；
D、人对地面的压力和人受到的重力，尽管大小和方向都相同，但是二者的本质不同，该选项说法不正确．
9、C
【解析】A、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，所以不能用湿抹布擦插座，故A错；
B、使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线．故B错；
C、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套．如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故．所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，符合题意；
D、发现家用电器或电线失火时，必须先切断电源，然后再救火，故D错．
10、A
【解析】解：A、运动员在空中上升的过程中重力势能增加，动能减小，故动能转化为重力势能，故A正确；
B、运动员在空中下落的过程中重力势能减小，动能增加，重力势能转化为动能，故B错误；
C、运动员从接触蹦蹦床到下落到最低处的过程中，运动员的动能减小，蹦床的弹性势能增大，是动能转化为弹性势能，故C错误；
D、运动员被蹦蹦床弹起的过程中，离开蹦床前，动能增大，蹦床的弹性势能减小，是弹性势能转化为动能；离开蹦床后，运动员的重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，故D错误．
11、D
【解析】解：A、由图可知，电流由螺线管的上方流入，由右手螺旋定则可知螺线管上端为S极，下端为N极，故A错误；
B、条形磁铁的重力与质量有关，质量不变，重力不变，故B错误；
CD、向左移动滑动变阻器的滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电流变大，磁性变强；因螺线管与磁铁相对的磁极为异名磁极，相互吸引；磁性变强，则螺线管与磁铁之间的吸引力增大，弹簧测力计示数变大，故C错误，D正确．
12、D
【解析】解：AB、由Q=cm△t知：质量相同的物质，吸收相同的热量，升高温度小的物质比热容大；因为海水和沙子的质量相同，吸热相同，它们的初温相同，海水的末温低于沙子的末温，海水升高的温度小，所以海水的比热容大，即海水吸热的能力更强，故AB错误；
C、加热相同的时间，海水吸收的热量等于沙子吸收的热量，故C错误；
D、若使海水和沙子升高相同的温度，因为海水的比热容大，海水吸收的热量多，所以需要给海水照射更长的时间，故D正确．
13、C
【解析】解：由图可知，物距小于像距，此时成倒立放大的实像，因此物距处于1倍和2倍焦距之间，像距大于2倍焦距，物距u=40cm-25cm=15cm；像距v=70cm-40cm=30cm；
由上分析得： 30cm＞2f f＜15cm＜2f；解得：7.5cm＜f＜15cm；
将蜡烛移到光具座的10cm刻度处时，物距u=40cm-10cm=30cm，处于2倍焦距之外，所以成倒立缩小的实像，所以C选项正确；
14、A
【解析】解：向上用力支点为B，以B点为支点，因为F上×AB=F×BC，
所以F上=F×BC/AB
向下用力支点为D，以D点支点，因为F下×AD=F×DC，
所以F下=F×DC/AD
由图知，BC=CD，AB＞AD，则BC/AB＜DC/AD
故F上＜F下，即向上用力最省力．
15、B
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端R2电压．
当滑动变阻器滑片由b向a移动过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小
∵I= U/R，∴电路中的电流变大即电流表的示数变大，定值电阻两端的电压变大即电压表V1的示数变大，∵P=UI，且电源的电压不变，
∴电路消耗的总功率变大，故A正确，B不正确；
∵串联电路总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压变小即电压表的示数变小即电压表V2的示数变小，
∴电压表V1的示数与电压表V2的示数之比变大，故C正确；
∵电压表V2的示数和电流表A的示数之比等于滑动变阻器接入电路中的电阻，
∴电压表V2的示数和电流表A的示数之比变小，故D正确．
二、填空题（每空1分，共15分）
16、水的比热容较大 较多 热传递
【解析】因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；暖气片散热时，在暖气片和水之间发生了热传递，将热量散发的房间取暖，是通过热传递的方式改变的．
17、（1）钢尺伸出桌面长度不同，用相同的力拨动，比较声音的不同 控制变量法（2）物体振动得越快，音调就越高
【解析】“探究影响声音高低的因素”时，应保持钢尺上下振动得振幅要相同．运用了控制变量法．钢尺伸出桌面越长时越不容易振动，而钢尺伸出桌面越短时，越容易振动，所以会导致钢尺振动的频率（或快慢）不同，即发声音调不同．钢尺伸出越长，钢尺振动就越慢，发出声音的音调就越低，钢尺伸出越短，钢尺振动就越快，发出声音的音调就越高．
18、ρa=2×103kg/m3 ρb=1×103kg/m3 ρa＞ρb b物质与水的密度相同
（答对三项即可）
【解析】（1）ρa=ma/V=4×103kg/2m3=2×103kg/m3
（2）ρb= mb/V=2×103kg/2m3=1×103kg/m3
（3）由此可得，ρa＞ρb
（4）b物质与水的密度相同
19、2:1 2:3 2:9
【解析】当开关S2、S3断开，闭合S1，两灯串联，P1=U12/R1=4W
当开关S2、S3闭合，断开S1，两灯并联，所以U=U1′=U2′，则：P1′=U2/R1=9W
所以：P1/P1′=U12/U2=4W/9W
解得：U1/U1′=2/3
当两灯串联时，总电压等于各分电压之和，且电路中各处的电流相等
所以，R1/R2= U1/（U−U1）=2/1
且P甲= U2/（2R2+R2）= U2/3R2
P乙= U2/R2+ U2/2R2=3U2/2R2
所以，P甲/ P乙=2/9
20、0 J 1.8×104 J 75%
【解析】因为行车在水平移动货物的过程中，在竖直方向上没有移动距离，所以克服货物重力所做的功为0；
W有用=Gh=6000N×3m=1.8×104J，W总=Fs=2000N×4×3m=2.4×104J
滑轮组的机械效率η=W有用/W总=1.8×104J/2.4×104J=75%
三、作图简答题（21题3分，22题6分，共9分）
21、连烛A与其像B，作AB的垂直平分线即为平面镜的位置，连接SB与平面镜的交点O为入射点，则OS为反射光线，连接AO，则AO为入射光线．如图所示：（3分）
22、（1）－35.5℃（2分）（2）降低冷却液的凝固点（2分）（3）冷却液不容易沸腾（2分）
【解析】（1）从表中数据可知：温度保持不变的温度是－35.5℃，故该混合物的凝固点是－35.5℃；
（2）这是因为50％的水与50％的乙二醇混合而成的冷却液的凝固点比水低，可以降低冷却液的凝固点，使冷却液不至于凝固而胀破发动机．
（3）该冷却液在大气压力下的沸点是130℃，比水的沸点高得多，由材料可知，二者混合后使混合液的沸点将升高，不容易沸腾．
四、实验探究题（23题6分，24题8分，25题8分，共22分）
23、（1）显示光路 验证反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内（2分）
（2）没有把纸板F向后折转一定的角度，观察是否有反射光线（2分）
（3）错把反射光线与镜面的夹角当成了反射角（2分）
【解析】（1）光屏在实验中的作用是：显示光路；呈现光线、判断反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内；
（2）因为实验目的是证明“光在发生反射时，反射光线、入射光线与法线在一个平面内”．由实验步骤可知，两次实验都没有把F板向后折转一定的角度，观察是否有反射光线；
（3）根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，不是70°，60°40°，而70°，60°40°正好是反射光线与镜面的夹角．
24、（1）如右图（2分）
（2）0.3A 1.14W（2分）
（3）①如图连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点22
，移动滑片，使电压表的示数为3.83.8
V．
②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点11
，读出电压表的示数为U．
③小灯泡额定功率的表达式为P额=3.8V×(U-3.8V)/ R0（4分）
【解析】
（1）当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表上的示数变大，即电路中总电阻减小，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以应接滑动变阻器左下边接线柱；
（2）小灯泡正常发光时的电功率：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W
（3）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动变阻器滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持变阻顺滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出通过定值电阻的电流，即灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率．
25、（1）探究压力的作用效果与压力大小的关系；（2分）
（2）控制压力相同 木块的下表面更粗糙；（2分）
（3）该方案不可行，没有控制压力相同；（2分）
（4）将木块侧放或竖放，水平匀速拉动，读出弹簧测力计示数，并和图丁中示数比较．（2分）
【解析】（1）比较甲、乙两图，接触面的粗糙程度相同，压力不同，且压力越大，测力计的示数越大，摩擦力越大，所以目的是探究压力的作用效果与压力大小的关系；
（2）图乙、丙中铜块和木块叠在一起使物体间的压力相同，木块和铜块表面粗糙程度的不同，比较乙、丙两图中弹簧测力计示数可知，乙是铜块在下面，测力计示数为3.1N，丙是木块在下面，测力计示数为3.6N，所以说明木块的表面更粗糙；
（3）要探究摩擦力大小与物体运动的速度的关系，应控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变物体的运动速度，由图可知，丙丁两图中木块对水平面的压力不同，所以不能得出了“滑动摩擦力大小与物体运动的速度有关”的结论；
（4）想探究摩擦力大小与接触面积大小之间的关系，在实验丁的基础上，保持压力和接触面的粗糙程度不变，只将木块侧放、立放，用弹簧测力计匀速直线拉动，记下示数进行比较即可．
五、计算题（26题12分，27题12分，共24分）
26、（1）不亮，因为当电水壶处于自动状态下，水未沸腾前，保温指示灯与温控开关并联，且温控开关处于连通，对保温指示灯短路，所以保温指示灯被短路不亮．（2分）
（2）I=P加热/U=2.2×103W/220V=10A（2分）
（3）加热状态时的功率为2200W
R=U2/ P加热= (220V)22.2×103W=22Ω（2分）
当保温时，R2和R串联，R消耗的功率是550W
P保温=I2R, 550W=I2×=22Ω,解得I=5A（2分）
此时电路中的总电阻为：R总=U/I=220V/5A=44Ω
R2=R总-R=44Ω-22Ω=22Ω（2分）
（4）因保证加热时间与在额定电压下的加热时间相同，所以，改装后的饮水机功率和不改装前饮水机的功率相等，且要并联电阻R3
此时R2的电功率：
P′= U实2/R=（220V/√2）2/22Ω=1100W
P3=P加热- P′=2.2×103W-1100W=1100W
R3= U实2/P3=（220V/√2）2/1100W=22Ω（2分）
27、（1）连通器、浮力、压强、杠杆等知识（2分）
（2）p1=ρgh1=1000kg/m3×10N/kg×1.6m=16000Pa（2分）
（3）根据平衡力知识可得F1=F2+F3；其中F1=p1S=16000Pa×0.0004m2=6.4N（2分）
F2=p2S=ρgh2S=1000kg/m3×10N/kg×0.1m×0.0004m2=0.4N
故细杆对橡胶片C的压力为：F3=F1-F2=6.4N-0.4N=6N（2分）
（4）根据力的作用是相互的，细杆对杠杆的A点向上的力为FA=F3=6N；作用在杠杆B点向上的力为B球受到的浮力F浮
不计杆及球的自重，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2
可得：FA•OA=F浮•OB；即：6N•AO=F浮•6AO；故F浮=1N（2分）
根据阿基米德原理：F浮=G排=ρ液gV排
1N=1000kg/m3×10N/kg×V排
VB=V排=0.0001m3（2分）
一、选择题（每小题的四个选项中，只有一个是正确的，每小题2分，共30分）
1、B
【解析】可燃冰主要成分为甲烷，燃烧时生成水和二氧化碳，不会污染环境，属于清洁能源；可燃冰属于清洁能源，不属于化石能源（化石能源燃烧有污染），属于一次能源；使用后不能再生，属于不可再生能源．
2、C
【解析】A、镜中人是平面镜成像，平面镜成的像是由于光的反射形成的与物体等大、正立的虚像，故本选项不符合题意；
B、插入水中的铅笔好像弯折了，这是铅笔反射的光进入人眼时在水面发生了折射，故本选项不符合题意．
C、手影是由于光的直线传播形成的，故本选项符合题意；
D、倒影属于平面镜成像，平面镜成的像是由于光的反射形成的与物体等大、正立的虚像，故本选项不符合题意；
3、C
【解析】把罐扣在皮肤上，罐内空气的体积等于火罐的容积，体积不变，气体经过热传递，温度不断降低，压强减小，火罐内气体压强小于外界大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上．
4、D
【解析】“白粉”是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热；
冰棒在向下冒“白气”，是冰棒周围的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化放热，故D正确．
5、D
【解析】A．鸡蛋由于受到重力的作用，因此落入杯中，惯性不是一种力，不能说受到惯性力；
B．由于鸡蛋的质量大于硬纸片的质量，所以鸡蛋的惯性大于硬纸片的惯性；
C．鸡蛋静止在硬纸片上时受重力和纸片对它的支持力，下落时收到重力作用；
D．弹纸片时，纸片给手指一个作用力，因此手指感到疼说明力的作用是相互的，所以D正确．
6、B
【解析】A、发电机的工作原理是：电磁感应现象的应用，不是电磁铁的应用，对应不正确，不符合题意．
B、通电导体周围存在磁场，可以制成电磁铁，电铃应用了电磁铁，对应正确，符合题意．
C、动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用，不是通电导体在磁场中力运动的应用，对应不正确，不符合题意．
D、电风扇即电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，不是根据电磁感应现象制成的，对应不正确，不符合题意．
7、B
【解析】A、一切物质的分子都在不停地做无规则运动，包括0℃的水，不符合题意；
B、扩散现象是分子运动的结果，符合题意；
C、扩散现象可以发生在固体、液体、气体中，不符合题意；
D、清水的温度越高，扩散进行得越快，不符合题意；
8、C
【解析】A、人受到的支持力和他对地面的压力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，该选项说法不正确；
B、人受到的重力和人对地面的压力，二者方向相同，不是一对相互作用力，该选项说法不正确；
C、人受到的支持力和人对地面的压力，作用在两个物体上，大小相等，方向相反，在同一直线上，是一对相互作用力，该选项说法正确；
D、人对地面的压力和人受到的重力，尽管大小和方向都相同，但是二者的本质不同，该选项说法不正确．
9、C
【解析】A、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故，所以不能用湿抹布擦插座，故A错；
B、使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线．故B错；
C、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套．如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故．所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，符合题意；
D、发现家用电器或电线失火时，必须先切断电源，然后再救火，故D错．
10、A
【解析】解：A、运动员在空中上升的过程中重力势能增加，动能减小，故动能转化为重力势能，故A正确；
B、运动员在空中下落的过程中重力势能减小，动能增加，重力势能转化为动能，故B错误；
C、运动员从接触蹦蹦床到下落到最低处的过程中，运动员的动能减小，蹦床的弹性势能增大，是动能转化为弹性势能，故C错误；
D、运动员被蹦蹦床弹起的过程中，离开蹦床前，动能增大，蹦床的弹性势能减小，是弹性势能转化为动能；离开蹦床后，运动员的重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，故D错误．
11、D
【解析】解：A、由图可知，电流由螺线管的上方流入，由右手螺旋定则可知螺线管上端为S极，下端为N极，故A错误；
B、条形磁铁的重力与质量有关，质量不变，重力不变，故B错误；
CD、向左移动滑动变阻器的滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电流变大，磁性变强；因螺线管与磁铁相对的磁极为异名磁极，相互吸引；磁性变强，则螺线管与磁铁之间的吸引力增大，弹簧测力计示数变大，故C错误，D正确．
12、D
【解析】解：AB、由Q=cm△t知：质量相同的物质，吸收相同的热量，升高温度小的物质比热容大；因为海水和沙子的质量相同，吸热相同，它们的初温相同，海水的末温低于沙子的末温，海水升高的温度小，所以海水的比热容大，即海水吸热的能力更强，故AB错误；
C、加热相同的时间，海水吸收的热量等于沙子吸收的热量，故C错误；
D、若使海水和沙子升高相同的温度，因为海水的比热容大，海水吸收的热量多，所以需要给海水照射更长的时间，故D正确．
13、C
【解析】解：由图可知，物距小于像距，此时成倒立放大的实像，因此物距处于1倍和2倍焦距之间，像距大于2倍焦距，物距u=40cm-25cm=15cm；像距v=70cm-40cm=30cm；
由上分析得： 30cm＞2f f＜15cm＜2f；解得：7.5cm＜f＜15cm；
将蜡烛移到光具座的10cm刻度处时，物距u=40cm-10cm=30cm，处于2倍焦距之外，所以成倒立缩小的实像，所以C选项正确；
14、A
【解析】解：向上用力支点为B，以B点为支点，因为F上×AB=F×BC，
所以F上=F×BC/AB
向下用力支点为D，以D点支点，因为F下×AD=F×DC，
所以F下=F×DC/AD
由图知，BC=CD，AB＞AD，则BC/AB＜DC/AD
故F上＜F下，即向上用力最省力．
15、B
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端R2电压．
当滑动变阻器滑片由b向a移动过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小
∵I= U/R，∴电路中的电流变大即电流表的示数变大，定值电阻两端的电压变大即电压表V1的示数变大，∵P=UI，且电源的电压不变，
∴电路消耗的总功率变大，故A正确，B不正确；
∵串联电路总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压变小即电压表的示数变小即电压表V2的示数变小，
∴电压表V1的示数与电压表V2的示数之比变大，故C正确；
∵电压表V2的示数和电流表A的示数之比等于滑动变阻器接入电路中的电阻，
∴电压表V2的示数和电流表A的示数之比变小，故D正确．
二、填空题（每空1分，共15分）
16、水的比热容较大 较多 热传递
【解析】因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；暖气片散热时，在暖气片和水之间发生了热传递，将热量散发的房间取暖，是通过热传递的方式改变的．
17、（1）钢尺伸出桌面长度不同，用相同的力拨动，比较声音的不同 控制变量法（2）物体振动得越快，音调就越高
【解析】“探究影响声音高低的因素”时，应保持钢尺上下振动得振幅要相同．运用了控制变量法．钢尺伸出桌面越长时越不容易振动，而钢尺伸出桌面越短时，越容易振动，所以会导致钢尺振动的频率（或快慢）不同，即发声音调不同．钢尺伸出越长，钢尺振动就越慢，发出声音的音调就越低，钢尺伸出越短，钢尺振动就越快，发出声音的音调就越高．
18、ρa=2×103kg/m3 ρb=1×103kg/m3 ρa＞ρb b物质与水的密度相同
（答对三项即可）
【解析】（1）ρa=ma/V=4×103kg/2m3=2×103kg/m3
（2）ρb= mb/V=2×103kg/2m3=1×103kg/m3
（3）由此可得，ρa＞ρb
（4）b物质与水的密度相同
19、2:1 2:3 2:9
【解析】当开关S2、S3断开，闭合S1，两灯串联，P1=U12/R1=4W
当开关S2、S3闭合，断开S1，两灯并联，所以U=U1′=U2′，则：P1′=U2/R1=9W
所以：P1/P1′=U12/U2=4W/9W
解得：U1/U1′=2/3
当两灯串联时，总电压等于各分电压之和，且电路中各处的电流相等
所以，R1/R2= U1/（U−U1）=2/1
且P甲= U2/（2R2+R2）= U2/3R2
P乙= U2/R2+ U2/2R2=3U2/2R2
所以，P甲/ P乙=2/9
20、0 J 1.8×104 J 75%
【解析】因为行车在水平移动货物的过程中，在竖直方向上没有移动距离，所以克服货物重力所做的功为0；
W有用=Gh=6000N×3m=1.8×104J，W总=Fs=2000N×4×3m=2.4×104J
滑轮组的机械效率η=W有用/W总=1.8×104J/2.4×104J=75%
三、作图简答题（21题3分，22题6分，共9分）
21、连烛A与其像B，作AB的垂直平分线即为平面镜的位置，连接SB与平面镜的交点O为入射点，则OS为反射光线，连接AO，则AO为入射光线．如图所示：（3分）
22、（1）－35.5℃（2分）（2）降低冷却液的凝固点（2分）（3）冷却液不容易沸腾（2分）
【解析】（1）从表中数据可知：温度保持不变的温度是－35.5℃，故该混合物的凝固点是－35.5℃；
（2）这是因为50％的水与50％的乙二醇混合而成的冷却液的凝固点比水低，可以降低冷却液的凝固点，使冷却液不至于凝固而胀破发动机．
（3）该冷却液在大气压力下的沸点是130℃，比水的沸点高得多，由材料可知，二者混合后使混合液的沸点将升高，不容易沸腾．
四、实验探究题（23题6分，24题8分，25题8分，共22分）
23、（1）显示光路 验证反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内（2分）
（2）没有把纸板F向后折转一定的角度，观察是否有反射光线（2分）
（3）错把反射光线与镜面的夹角当成了反射角（2分）
【解析】（1）光屏在实验中的作用是：显示光路；呈现光线、判断反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内；
（2）因为实验目的是证明“光在发生反射时，反射光线、入射光线与法线在一个平面内”．由实验步骤可知，两次实验都没有把F板向后折转一定的角度，观察是否有反射光线；
（3）根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，当入射角分别为20°、30°、50°时，反射线与法线的夹角，即反射角也应分别是20°、30°、50°，不是70°，60°40°，而70°，60°40°正好是反射光线与镜面的夹角．
24、（1）如右图（2分）
（2）0.3A 1.14W（2分）
（3）①如图连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点22
，移动滑片，使电压表的示数为3.83.8
V．
②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点11
，读出电压表的示数为U．
③小灯泡额定功率的表达式为P额=3.8V×(U-3.8V)/ R0（4分）
【解析】
（1）当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表上的示数变大，即电路中总电阻减小，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以应接滑动变阻器左下边接线柱；
（2）小灯泡正常发光时的电功率：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W
（3）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动变阻器滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持变阻顺滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出通过定值电阻的电流，即灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率．
25、（1）探究压力的作用效果与压力大小的关系；（2分）
（2）控制压力相同 木块的下表面更粗糙；（2分）
（3）该方案不可行，没有控制压力相同；（2分）
（4）将木块侧放或竖放，水平匀速拉动，读出弹簧测力计示数，并和图丁中示数比较．（2分）
【解析】（1）比较甲、乙两图，接触面的粗糙程度相同，压力不同，且压力越大，测力计的示数越大，摩擦力越大，所以目的是探究压力的作用效果与压力大小的关系；
（2）图乙、丙中铜块和木块叠在一起使物体间的压力相同，木块和铜块表面粗糙程度的不同，比较乙、丙两图中弹簧测力计示数可知，乙是铜块在下面，测力计示数为3.1N，丙是木块在下面，测力计示数为3.6N，所以说明木块的表面更粗糙；
（3）要探究摩擦力大小与物体运动的速度的关系，应控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变物体的运动速度，由图可知，丙丁两图中木块对水平面的压力不同，所以不能得出了“滑动摩擦力大小与物体运动的速度有关”的结论；
（4）想探究摩擦力大小与接触面积大小之间的关系，在实验丁的基础上，保持压力和接触面的粗糙程度不变，只将木块侧放、立放，用弹簧测力计匀速直线拉动，记下示数进行比较即可．
五、计算题（26题12分，27题12分，共24分）
26、（1）不亮，因为当电水壶处于自动状态下，水未沸腾前，保温指示灯与温控开关并联，且温控开关处于连通，对保温指示灯短路，所以保温指示灯被短路不亮．（2分）
（2）I=P加热/U=2.2×103W/220V=10A（2分）
（3）加热状态时的功率为2200W
R=U2/ P加热= (220V)22.2×103W=22Ω（2分）
当保温时，R2和R串联，R消耗的功率是550W
P保温=I2R, 550W=I2×=22Ω,解得I=5A（2分）
此时电路中的总电阻为：R总=U/I=220V/5A=44Ω
R2=R总-R=44Ω-22Ω=22Ω（2分）
（4）因保证加热时间与在额定电压下的加热时间相同，所以，改装后的饮水机功率和不改装前饮水机的功率相等，且要并联电阻R3
此时R2的电功率：
P′= U实2/R=（220V/√2）2/22Ω=1100W
P3=P加热- P′=2.2×103W-1100W=1100W
R3= U实2/P3=（220V/√2）2/1100W=22Ω（2分）
27、（1）连通器、浮力、压强、杠杆等知识（2分）
（2）p1=ρgh1=1000kg/m3×10N/kg×1.6m=16000Pa（2分）
（3）根据平衡力知识可得F1=F2+F3；其中F1=p1S=16000Pa×0.0004m2=6.4N（2分）
F2=p2S=ρgh2S=1000kg/m3×10N/kg×0.1m×0.0004m2=0.4N
故细杆对橡胶片C的压力为：F3=F1-F2=6.4N-0.4N=6N（2分）
（4）根据力的作用是相互的，细杆对杠杆的A点向上的力为FA=F3=6N；作用在杠杆B点向上的力为B球受到的浮力F浮
不计杆及球的自重，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2
可得：FA•OA=F浮•OB；即：6N•AO=F浮•6AO；故F浮=1N（2分）
根据阿基米德原理：F浮=G排=ρ液gV排
1N=1000kg/m3×10N/kg×V排
VB=V排=0.0001m3（2分）
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