2021年山东省淄博市周村区中考物理二模试卷及答案

这是一份2021年山东省淄博市周村区中考物理二模试卷及答案，共27页。试卷主要包含了选择题，理解与应用，分析与计算等内容，欢迎下载使用。

2021年山东省淄博市周村区中考物理二模试卷
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列有关声现象的说法，正确的是（　　）
A．在公共场所不大声喧哗，是在传播过程中控制噪声
B．只要物体振动，人们就一定能听到声音
C．医生通过听诊器给病人诊病是利用声传递信息
D．“不敢高声语、恐惊天上人“中的“高“是指声音的音调高
2．（2分）下列汉语成语中，能用光的折射解释的是（　　）
A．海市蜃楼 B．形影相随 C．波光粼粼 D．浮光掠影
3．（2分）下列数据记录正确的是（　　）
A．1L水在4℃时的质量是1L＝1kg
B．地球上质量是1kg的物体受到的重力是1kg＝9.8N
C．1标准大气压数值为1.013×105Pa＝1.013×105N/cm2
D．人步行的速度大约是1m/s＝3.6km/h
4．（2分）下列有关质量和密度的说法正确的是（　　）
A．嫦娥五号带回的“月壤”到达地球后质量变小
B．冰熔化成水后，质量不变，密度变大
C．一支粉笔用掉部分后，它的质量变小，密度变小
D．一罐氧气用掉部分后，罐内氧气的质量变小，密度不变
5．（2分）如图所示，烛焰在光屏上刚好成清晰的像。透镜不动，将蜡烛移至10cm刻度处，移动光屏，在光屏上（　　）

A．观察到倒立、缩小的实像
B．观察到倒立、放大的实像
C．观察到正立、放大的实像
D．不能呈现像
6．（2分）下列有关生活中的物理说法正确的是（　　）
A．汽车高速行驶时，车窗外空气流速越大，压强越大
B．菜刀刀刃做的非常锋利，是减少受力面积，增大压力
C．高压锅是利用增大锅内气压来降低液体沸点工作的
D．茶壶的壶嘴与壶身构成连通器，静止时水面总是相平的
7．（2分）湿毛巾晾晒后会变干，这是因为湿毛巾上的水发生了（　　）
A．液化 B．升华 C．沸腾 D．蒸发
8．（2分）如图所示，小明用酒精灯给试管中水加热至沸腾，一段时间后，橡皮塞会被水蒸气“顶“出去，下列有关说法不正确的是（　　）

A．实验前，小明向灯内添加酒精时闻到酒精味儿，这是扩散现象
B．实验中，酒精不断燃烧，其热值会减小
C．沸腾前，水的温度升高，内能增加
D．橡皮塞被水蒸气“顶“出去的过程，是内能转化为机械能
9．（2分）下列有关能源、信息和新材料的说法正确的是（　　）
A．生物质能和太阳能都属于不可再生能源
B．WiFi是通过超声波传递信息的
C．导体中电流的迅速变化会在空间激起电磁波
D．超导材料可用来制作熔断器的熔丝
10．（2分）如图是某小区的门禁系统，内部车辆出入，能够被自动识别栏杆抬起；外部车辆出入，需要门卫用按钮将栏杆抬起。若把车辆识别装置看作一个自动开关，按钮看作一个手动开关，下列电路图与门禁系统内部电路最接近的是（　　）

A． B．
C． D．
11．（2分）小朋友在玩滑板车时，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动，如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．车对地的压力和地对车的支持力是一对平衡力
B．脚向后蹬地，车会向前运动，说明物体间力的作用是相互的
C．停止蹬地后，车仍会继续向前运动，是由于受到惯性的作用
D．滑板车在向前滑行的过程中受到向后的滑动摩擦力
12．（2分）小明用绳子把一块橡皮悬挂起来，让橡皮从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高，下列说法正确的是（　　）

A．橡皮在B、C两点的动能相等
B．橡皮在A、D 两点的机械能相等
C．橡皮从A到 O 点的过程中动能增大
D．橡皮在D点的动能最大
13．（2分）下列说法中不符合物理学发展史的是（　　）
A．奥斯特发现了电流周围存在磁场
B．我国宋代学者沈括是世界上最早记述磁偏角的人
C．法拉第通过实验发现了磁可以生电
D．牛顿用实验验证了牛顿第一定律
14．（2分）如图所示电源电压恒定，闭合开关，滑动变阻器滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数增大
B．定值电阻R两端的电压变小
C．定值电阻R的实际电功率变大
D．电压表示数与电流表示数比值不变
15．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R2＝10Ω，闭合开关，电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）

A．电流表A的示数为0.4A
B．电阻R1的阻值为40Ω
C．电阻R1的电功率为9W
D．10s内电阻R2产生的热量为36J
二、理解与应用（本题包括4个小题，共14分）
16．（4分）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为便于直接从杠杆上读出力臂的数值，应使杠杆在 　 　位置保持平衡。实验前，若杠杆处于如图甲所示位置，应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节。如图乙所示，应在B点挂 　 　个钩码，可以使杠杆处于水平平衡状态。实验室用的天平是 　 　杠杆。

17．（5分）电能表是测量 　 　的仪表。如图所示是小明家本月底的电能表表盘情况。他家同时使用的用电器总功率不能超过 　 　W。他让一个电暖气单独接入电路，使用高温挡工作2min，电能表转盘刚好转了100转，电暖气高温挡工作2min消耗的电能是 　 　J，电暖气高温挡的实际功率为 　 　W。若上月底电能表示数为2001.8kW•h，则本月消耗的电能为 　 　kW•h。

18．（3分）如图所示，将活塞迅速下压，玻璃筒内的硝化棉被点燃，此过程是通过 　 　的方式增加了筒内空气的内能，能量转化方式与汽油机的 　 　冲程相同；汽油机在一段时间内消耗了2kg汽油，这些汽油完全燃烧，可放出 　 　J的热量。（q汽油＝4.6×107J/kg）

19．（2分）如图所示，闭合开关，小磁针静止在通电螺线管上方。标出小磁针的N极并在虚线上用箭头标出磁感线方向。

20．（4分）在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由 E、F两部分组成，可绕竖直接缝ON翻转，如图所示。
实验次数
入射角
反射角
1
30°
30°
2
45°
45°
3
60°
60°
（1）实验还需要的器材是：　 　、激光笔和铅笔。
（2）实验中为了使光线能在纸板上显示出来，应该采取的操作是 　 　（选填“A”或“B”）；
A.让光束垂直纸板射到O点
B.让光束贴着纸板射到O点
（3）从光屏前不同方向都可以看到E板上光线的径迹，是由于光在E纸板上发生 　 　（选填“镜面”或“漫”）反射。分析表中数据可得结论：光在反射时，　 　。

21．（8分）在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示。
实验
次数
钩码所受的
重力G/N
钩码上升的高度h/cm
拉力
F/N
绳自由端移动的距离s/cm
机械效率
η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
88.9%
3
6
10
①
30
90.9%
4
4
20
1.5
60
②
（1）实验中应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码 　 　上升。
（2）如果在第1次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重力为 　 　N。
（3）第2次实验时所做的有用功为 　 　J。
（4）第3次实验时弹簧测力计的示数如图所示，则拉力为 　 　N；第4次实验滑轮组的机械效率 　 　。
（5）分析2、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 　 　（选填“有关”或“无关”）。
（6）如果用这个滑轮组提升7N的重物，则它的机械效率可能是 　 　（选填序号）。
A.93.1%B.88.5%C.87.9%
（7）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，提出一个提高机械效率的具体措施 　 　。

22．（9分）在探究电流与电压关系实验中，小明所用电路如图甲所示。

实验序号
U/V
I/A
①
1
0.20
②
2
0.40
③
3
0.58
（1）请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。要求：开关闭合前无需移动滑片。
（2）闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，则故障为 　 　
A.导线④断路B.导线③断路C.导线②断路D.导线①断路
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，当电压表示数为1V时，读出电流表示数并记录在上表中；继续移动滑片，分别读出电阻两端电压为2V和3V时电流表的示数，并依次记录在表格中，分析表中数据，可得出的结论是：在电阻一定时，　 　。
（4）小明在整理器材时发现定值电阻很热，他联想到：处理数据时，第三组数据之间的关系与前两组数据之间的关系存在差异，他和同组小红就此展开讨论，认为数据差异可能是由于 　 　造成的。
（5）同组的小红继续探究“电流与电阻的关系”，于是将图甲中的电阻又分别换成阻值为10Ω、15Ω的定值电阻，其余连接均不改变。图乙是小红根据测得的实验数据绘制的电流随电阻R变化的图象。由图象可知小红将定值电阻R两端的电压控制为 　 　V不变。当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，滑动变阻器连入电路的阻值应 　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
（6）小红又将定值电阻换接成额定电压是2.5V的小灯泡，若要测量小灯泡正常发光时的电功率，应移动滑片直到电压表的示数为 　 　V，记录此时电流表的示数如图丙所示，为 　 　A，则小灯泡的额定功率为 　 　W。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
23．（7分）五一假期，小明和爸爸玩水上皮划艇项目。若爸爸的质量是80kg，小明的质量是50kg，皮划艇及附属物的质量是20kg。（g＝10N/kg）求：
（1）皮划艇在水面上受到的浮力；
（2）皮划艇浸在水中的体积；
（3）水面下2cm处，皮划艇受到水的压强。
24．（8分）某家用电热水壶有加热和保温两挡，内部电路简化示意图如图甲所示。水烧开后，电热水壶自动调整为保温状态，其中R1和R2均为阻值不变的发热电阻。某次在一标准大气压下使用该电热水壶烧水，水的初温是20℃，质量为1.5kg，整个过程，电热水壶消耗的电功率随时间变化的图象如图乙所示。
求：
（1）R1的电阻；
（2）保温时电路中的电流；（保留一位小数）
（3）加热过程中水吸收的热量和消耗的电能。


参考答案
一、选择题（本题包括15个小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列有关声现象的说法，正确的是（　　）
A．在公共场所不大声喧哗，是在传播过程中控制噪声
B．只要物体振动，人们就一定能听到声音
C．医生通过听诊器给病人诊病是利用声传递信息
D．“不敢高声语、恐惊天上人“中的“高“是指声音的音调高
【解答】解：A、在公共场所不大声喧哗，是在声源处控制噪声，故A错误；
B、物体振动尽管能产生声音，但是没有传播声音的介质或者振动频率不在听觉范围之内，就不会听到声音，故B错误；
C、声音可以传递信息与能量，医生通过听诊器给病人诊病是利用声传递信息，故C正确；
D、古诗句中“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的响度大，故D错误。
故选：C。
2．（2分）下列汉语成语中，能用光的折射解释的是（　　）
A．海市蜃楼 B．形影相随 C．波光粼粼 D．浮光掠影
【解答】解：
A、海市蜃楼是由于光在不均匀大气中传播时发生折射形成的，故A正确；
B、形影相随属于光的直线传播现象，故B错误；
C、波光粼粼是光在水面上发生反射形成的，故C错误；
D、浮光掠影意思是水面上的反光和一闪而过的影子 属于光的反射、直线传播现象，故D错误。
故选：A。
3．（2分）下列数据记录正确的是（　　）
A．1L水在4℃时的质量是1L＝1kg
B．地球上质量是1kg的物体受到的重力是1kg＝9.8N
C．1标准大气压数值为1.013×105Pa＝1.013×105N/cm2
D．人步行的速度大约是1m/s＝3.6km/h
【解答】解：
A、1L水在4℃时的质量：m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，但是1L≠1kg，故A错误；
B、由g＝9.8N/kg可知，地球上质量是1kg的物体受到的重力是9.8N，但是1kg≠9.8N，故B错误；
C、1标准大气压数值为1.013×105Pa＝1.013×105N/m2，故C错误；
D、人步行的速度大约是1m/s=11000km13600ℎ=3.6km/h，故D正确。
故选：D。
4．（2分）下列有关质量和密度的说法正确的是（　　）
A．嫦娥五号带回的“月壤”到达地球后质量变小
B．冰熔化成水后，质量不变，密度变大
C．一支粉笔用掉部分后，它的质量变小，密度变小
D．一罐氧气用掉部分后，罐内氧气的质量变小，密度不变
【解答】解：A、质量是物体的一种基本属性，嫦娥五号带回的“月壤”到达地球后位置发生变化，但是质量不变，故A错误；
B、质量是物体的一种基本属性，一块冰熔化成水后，状态发生改变，但是质量不变，它的体积变小，由ρ=mV可知密度变大，故B正确；
C、密度是物质的一种特性，对于固体和液体，密度大小与质量、体积无关，一支粉笔用掉部分后，它的体积变小、质量变小，但密度不变，故C错误；
D、一罐氧气用掉部分后，罐内氧气的质量变小，但体积不变，由ρ=mV可知密度变小，故D错误。
故选：B。
5．（2分）如图所示，烛焰在光屏上刚好成清晰的像。透镜不动，将蜡烛移至10cm刻度处，移动光屏，在光屏上（　　）

A．观察到倒立、缩小的实像
B．观察到倒立、放大的实像
C．观察到正立、放大的实像
D．不能呈现像
【解答】解：如图，u＝40cm﹣20cm＝20cm，v＝60cm﹣40cm＝20cm，此时光屏上出现清晰的像，
u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm，
将蜡烛移至10cm刻度处，u'＝40cm﹣10cm＝30cm，物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像。
故选：A。
6．（2分）下列有关生活中的物理说法正确的是（　　）
A．汽车高速行驶时，车窗外空气流速越大，压强越大
B．菜刀刀刃做的非常锋利，是减少受力面积，增大压力
C．高压锅是利用增大锅内气压来降低液体沸点工作的
D．茶壶的壶嘴与壶身构成连通器，静止时水面总是相平的
【解答】解：
A、根据流体压强和流速的关系可知，小汽车高速行驶时车窗外空气流速大，压强小，故A错误；
B、刀的刃要磨得很锋利，是在压力一定时，减小受力面积，来增大压强，故B错误；
C、用高压锅是利用提高锅内气压来提高液体的沸点，而不是降低液体的沸点，故C错误；
D、水壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平，故D正确。
故选：D。
7．（2分）湿毛巾晾晒后会变干，这是因为湿毛巾上的水发生了（　　）
A．液化 B．升华 C．沸腾 D．蒸发
【解答】解：
湿毛巾不久后会变干，这个过程中，水由液态变为气态，是汽化（蒸发）现象。
故选：D。
8．（2分）如图所示，小明用酒精灯给试管中水加热至沸腾，一段时间后，橡皮塞会被水蒸气“顶“出去，下列有关说法不正确的是（　　）

A．实验前，小明向灯内添加酒精时闻到酒精味儿，这是扩散现象
B．实验中，酒精不断燃烧，其热值会减小
C．沸腾前，水的温度升高，内能增加
D．橡皮塞被水蒸气“顶“出去的过程，是内能转化为机械能
【解答】解：A、向酒精灯添加酒精，酒精挥发到空气中并不断扩散，我们会闻到酒精味，故A正确；
B、热值是指单位质量某种燃料完全燃烧放出的热量，它是物质的燃烧特性，因此酒精的热值不会随燃烧而发生变化，故B错误；
C、沸腾前，水吸收热量，温度升高，内能增大，故C正确；
D、试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故D正确。
故选：B。
9．（2分）下列有关能源、信息和新材料的说法正确的是（　　）
A．生物质能和太阳能都属于不可再生能源
B．WiFi是通过超声波传递信息的
C．导体中电流的迅速变化会在空间激起电磁波
D．超导材料可用来制作熔断器的熔丝
【解答】解：A.生物质能和太阳能都可以从自然界中源源不断地直接获得，都属于可再生能源。故A错误。
B.WiFi信号是一种电磁波。故B错误。
C.导体中电流的迅速变化时会在空间激起电磁波；若电流是稳定不变的，则不会激起电磁波。故C正确。
D.熔丝是利用电流的热效应来保护电路的。超导材料的电阻为0，由焦耳定律可知，电流通过这种材料不会产生热量，当电路中电流过大时，无法熔断来保护电路，所以不能用超导材料制作熔丝。故D错误。
故选：C。
10．（2分）如图是某小区的门禁系统，内部车辆出入，能够被自动识别栏杆抬起；外部车辆出入，需要门卫用按钮将栏杆抬起。若把车辆识别装置看作一个自动开关，按钮看作一个手动开关，下列电路图与门禁系统内部电路最接近的是（　　）

A． B．
C． D．
【解答】解：由题知，小区内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关都能单独打开门，即两开关并联后再与电动机串联，只有C图正确。
故选：C。
11．（2分）小朋友在玩滑板车时，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动，如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．车对地的压力和地对车的支持力是一对平衡力
B．脚向后蹬地，车会向前运动，说明物体间力的作用是相互的
C．停止蹬地后，车仍会继续向前运动，是由于受到惯性的作用
D．滑板车在向前滑行的过程中受到向后的滑动摩擦力
【解答】解：A、车对地面的压力和地面对车的支持力作用在不同的物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、脚向后蹬地，脚给地面一个向后的力，地面给脚一个向前的力，所以车会向前运动，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、停止蹬地后，车仍会继续向前运动，是由于车具有惯性，不能说受到惯性等的作用，故C错误；
D、滑板车在向前滑行的过程中，车轮相对于地面有向后的运动趋势，所以受到向前的滑动摩擦力，故D错误。
故选：B。
12．（2分）小明用绳子把一块橡皮悬挂起来，让橡皮从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高，下列说法正确的是（　　）

A．橡皮在B、C两点的动能相等
B．橡皮在A、D 两点的机械能相等
C．橡皮从A到 O 点的过程中动能增大
D．橡皮在D点的动能最大
【解答】解：A、橡皮在B、C两点的高度相等，质量不变，重力势能相等；从B点到C点的过程中，由于空气阻力的作用，有部分机械能转化为内能，所以两处动能不相等，故A错误；
B、由于空气阻力的作用，橡皮从A点到D点的过程中，有部分机械能转化为内能，所以两处的机械能不相等，故B错误；
C、橡皮从A到O点的过程中，质量不变，高度减少，速度增大，重力势能转化为动能和内能，动能增大，故C正确；
D、在D点时，橡皮的速度为零，动能最小，故D错误。
故选：C。
13．（2分）下列说法中不符合物理学发展史的是（　　）
A．奥斯特发现了电流周围存在磁场
B．我国宋代学者沈括是世界上最早记述磁偏角的人
C．法拉第通过实验发现了磁可以生电
D．牛顿用实验验证了牛顿第一定律
【解答】解：A、奥斯特发现了电流周围存在磁场，故A正确；
B、我国宋代学者沈括在《梦溪笔谈》中最早记述磁偏角，故B正确；
C、法拉第通过实验发现了磁可以生电，即发现了电磁感应现象，故C正确；
D、牛顿第一定律成立的条件是一切物体不受外力的作用，这个条件在实际实验中不能达到。牛顿是在前人实验的基础上加上科学推理总结出牛顿第一定律的，故D错误。
故选：D。
14．（2分）如图所示电源电压恒定，闭合开关，滑动变阻器滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数增大
B．定值电阻R两端的电压变小
C．定值电阻R的实际电功率变大
D．电压表示数与电流表示数比值不变
【解答】解：由电路图可知，闭合开关，电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、滑动变阻器滑片向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器电阻变小，其分担的电压变小，即电压表示数变小；根据串联电路的电压关系可知，电阻两端的电压变大，故AB错误；
C、由于电路中的电流变大，根据P＝I2R可知：定值电阻R的实际电功率变大，故C正确；
D、电压表示数与电流表示数比值为滑动变阻器的连入电路的电阻，由于连入电路的电阻变小，则比值变小，故D错误。
故选：C。
15．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R2＝10Ω，闭合开关，电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）

A．电流表A的示数为0.4A
B．电阻R1的阻值为40Ω
C．电阻R1的电功率为9W
D．10s内电阻R2产生的热量为36J
【解答】解：由电路图可知，闭合开关，R1与R2串联，电压表V2测R1两端的电压，电压表V1测电源两端的电压，电流表测电路中的电流。
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，
所以，电压表V2的量程为0～3V，分度值为0.1V，R2两端的电压U2＝1.5V，
电压表V1的量程为0～15V，分度值为0.5V，电源的电压U＝7.5V，
则R1两端的电压U1＝U﹣U2＝7.5V﹣1.5V＝6V。
A、因串联电路中各处的电流相等，所以，电流表A的示数：I=U2R2=1.5V10Ω=0.15A，故A错误；
B、根据欧姆定律可知R1=U1I=6V0.15A=40Ω，故B正确；
C、电阻R1的电功率P1＝U1I＝6V×0.15A＝0.9W，故C错误；
D、10s内电阻R2产生的热量Q2＝W2＝U2It＝1.5V×0.15A×10s＝2.25W，故D错误。
故选：B。
二、理解与应用（本题包括4个小题，共14分）
16．（4分）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为便于直接从杠杆上读出力臂的数值，应使杠杆在 　水平　位置保持平衡。实验前，若杠杆处于如图甲所示位置，应将平衡螺母向 　右　（选填“左”或“右”）调节。如图乙所示，应在B点挂 　2　个钩码，可以使杠杆处于水平平衡状态。实验室用的天平是 　等臂　杠杆。

【解答】解：（1）杠杆静止时，为便于直接从杠杆上读出力臂的数值，应使杠杆在水平位置平衡；杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；
（2）一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可得：
4G×2L＝nG×4L，
解得：n＝2，故需挂2个钩码；
（3）天平是等臂杠杆。
故答案为：水平；右；2；等臂。
17．（5分）电能表是测量 　电功　的仪表。如图所示是小明家本月底的电能表表盘情况。他家同时使用的用电器总功率不能超过 　8800　W。他让一个电暖气单独接入电路，使用高温挡工作2min，电能表转盘刚好转了100转，电暖气高温挡工作2min消耗的电能是 　1.8×105　J，电暖气高温挡的实际功率为 　1500　W。若上月底电能表示数为2001.8kW•h，则本月消耗的电能为 　70　kW•h。

【解答】解：（1）电能表是测量电功的仪表；
（2）由图知，电能表的工作电压是220V，电能表平时工作允许通过的最大电流为40A，
他家同时使用的用电器最大总功率：P最大＝UI最大＝220V×40A＝8800W；
（3）“2000r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，
电能表的转盘转100r，电暖器高温挡工作2min消耗的电能：W=1002000kW•h＝0.05kW•h＝1.8×105J，
电暖器高温挡的电功率：P=Wt=0.05kW⋅ℎ260ℎ=1.5kW＝1500W；
（4）电能表的示数是20718，最后一位是小数，单位是kW•h，故读数为：2071.8kW•h。
则本月用电度数为：W＝2071.8kW•h﹣2001.8kW•h＝70kW•h。
故答案为：电功；8800；1.8×105；1500；70。
18．（3分）如图所示，将活塞迅速下压，玻璃筒内的硝化棉被点燃，此过程是通过 　做功　的方式增加了筒内空气的内能，能量转化方式与汽油机的 　压缩　冲程相同；汽油机在一段时间内消耗了2kg汽油，这些汽油完全燃烧，可放出 　9.2×107　J的热量。（q汽油＝4.6×107J/kg）

【解答】解：（1）将空气压缩引火仪活塞迅速下压，硝化棉被点燃，说明将活塞迅速下压，活塞对筒内空气做功，活塞的机械能转化为空气的内能，使筒内空气的内能增加，温度升高；
压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过程中，与汽油机的压缩冲程相同；
（2）汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝2kg×4.6×107J/kg＝9.2×107J。
故答案为：做功；压缩；9.2×107。
19．（2分）如图所示，闭合开关，小磁针静止在通电螺线管上方。标出小磁针的N极并在虚线上用箭头标出磁感线方向。

【解答】解：
闭合开关后，由图可知电流从螺线管的左侧流入、右侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的右端为N极、左端为S极；
当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的左端为N极、右端为S极；
在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的。如图所示：

20．（4分）在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由 E、F两部分组成，可绕竖直接缝ON翻转，如图所示。
实验次数
入射角
反射角
1
30°
30°
2
45°
45°
3
60°
60°
（1）实验还需要的器材是：　量角器　、激光笔和铅笔。
（2）实验中为了使光线能在纸板上显示出来，应该采取的操作是 　 　（选填“A”或“B”）；
A.让光束垂直纸板射到O点
B.让光束贴着纸板射到O点
（3）从光屏前不同方向都可以看到E板上光线的径迹，是由于光在E纸板上发生 　漫　（选填“镜面”或“漫”）反射。分析表中数据可得结论：光在反射时，　反射角等于入射角　。

【解答】解：（1）为了测量入射角和反射角的大小，还需要的测量工具是量角器；
（2）此实验为了使光线能在纸板上显示出来，该采取的操作是使光束贴着纸板射到O点，即选项B说法符合题意。
（3）在不同方向都能看到E板上光线AO的径迹，是由于E板发生了漫反射的缘故；根据表格中的数据可知，反射角等于入射角。
故答案为：（1）量角器；（2）B；（3）漫；反射角等于入射角。
21．（8分）在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示。
实验
次数
钩码所受的
重力G/N
钩码上升的高度h/cm
拉力
F/N
绳自由端移动的距离s/cm
机械效率
η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
88.9%
3
6
10
①
30
90.9%
4
4
20
1.5
60
②
（1）实验中应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码 　匀速　上升。
（2）如果在第1次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重力为 　0.4　N。
（3）第2次实验时所做的有用功为 　0.4　J。
（4）第3次实验时弹簧测力计的示数如图所示，则拉力为 　2.2　N；第4次实验滑轮组的机械效率 　88.9%　。
（5）分析2、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 　无关　（选填“有关”或“无关”）。
（6）如果用这个滑轮组提升7N的重物，则它的机械效率可能是 　A　（选填序号）。
A.93.1%B.88.5%C.87.9%
（7）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，提出一个提高机械效率的具体措施 　减轻动滑轮重　。

【解答】解：（1）实验中，应该竖直匀速缓慢拉动弹簧测力计，使钩码匀速上升，从而使弹簧测力计示数稳定、准确，减小实验误差。
（2）在第1次实验时，忽略绳重和摩擦，由F=13（G+G轮）可得动滑轮动滑轮的重力为：
G轮＝3F﹣G＝3×0.8N﹣2N＝0.4N；
（3）第2次实验时所做的有用功为：W有用2＝G2h2＝4N×0.1m＝0.4J；
（4）测力计分度值为0.1N，第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为2.2N；
第4次实验时所做的有用功为：W有用4＝G4h4＝4N×0.2m＝0.8J；
第4次做的总功：W总4＝F4s4＝1.5N×0.6m＝0.9J；
滑轮组的机械效率是：η=W有用4W总4×100%=0.8J0.9J×100%＝88.9%；
（5）分析2、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关；
（6）由表中数据知，提升物体的重力越大，机械效率越高，故如果用这个滑轮组提升7N的重物，则它的机械效率要大于90.9%．故可能是93.1%，选A；
（7）减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率大。
故答案为：（1）匀速；（2）0.4；（3）0.4；（4）2.2；88.9%；（5）无关；（6）A；（7）减轻动滑轮重。
22．（9分）在探究电流与电压关系实验中，小明所用电路如图甲所示。

实验序号
U/V
I/A
①
1
0.20
②
2
0.40
③
3
0.58
（1）请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。要求：开关闭合前无需移动滑片。
（2）闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，则故障为 　 　
A.导线④断路B.导线③断路C.导线②断路D.导线①断路
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片，当电压表示数为1V时，读出电流表示数并记录在上表中；继续移动滑片，分别读出电阻两端电压为2V和3V时电流表的示数，并依次记录在表格中，分析表中数据，可得出的结论是：在电阻一定时，　电流与电压成正比　。
（4）小明在整理器材时发现定值电阻很热，他联想到：处理数据时，第三组数据之间的关系与前两组数据之间的关系存在差异，他和同组小红就此展开讨论，认为数据差异可能是由于 　温度　造成的。
（5）同组的小红继续探究“电流与电阻的关系”，于是将图甲中的电阻又分别换成阻值为10Ω、15Ω的定值电阻，其余连接均不改变。图乙是小红根据测得的实验数据绘制的电流随电阻R变化的图象。由图象可知小红将定值电阻R两端的电压控制为 　3　V不变。当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，滑动变阻器连入电路的阻值应 　变大　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
（6）小红又将定值电阻换接成额定电压是2.5V的小灯泡，若要测量小灯泡正常发光时的电功率，应移动滑片直到电压表的示数为 　2.5　V，记录此时电流表的示数如图丙所示，为 　0.3　A，则小灯泡的额定功率为 　0.75　W。
【解答】解：（1）闭合开关前，变阻器的最大电阻连入电路中，即变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）A．若导线④断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
B．若导线③断路，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；
C．若导线②断路，电压表串联在电路中，电压表测电源电压，电压表有示数，不符合题意；
D．若导线①断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
选B；
（3）分析表中数据，考虑到误差因素，电压增大为原来的几倍，电流也增大为原来的几倍，可得出的结论是电阻一定时，电流与电压成正比；
（4）由欧姆定律可知，第三组数据测量出电阻的阻值是：
R3=U3I3=3V0.58A≈5.2Ω，
同理，第二组数据测量出电阻的阻值是5Ω，由于电阻受温度的影响，所以数据差异可能是由于温度变化导致R变大造成的；
（5）由图乙知，电阻两端的电压始终保持：
UV＝IR＝0.2A×15Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.6A×5Ω＝3V，即电阻两端的电压控制为3V不变；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路的阻值应变大；
（6）电压表测量灯泡两端电压，小灯泡的额定电压是2.5V，若要测量小灯泡正常发光时的电功率，应移动滑片直到电压表的示数为2.5V；
丙图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；
小灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W。
故答案为：（1）如上所示；（2）B； （4）电流与电压成正比；（5）温度；（5）3；变大；（6）2.5；0.3；0.75。
四、分析与计算（本题包括2个小题，共15分）
23．（7分）五一假期，小明和爸爸玩水上皮划艇项目。若爸爸的质量是80kg，小明的质量是50kg，皮划艇及附属物的质量是20kg。（g＝10N/kg）求：
（1）皮划艇在水面上受到的浮力；
（2）皮划艇浸在水中的体积；
（3）水面下2cm处，皮划艇受到水的压强。
【解答】解：（1）皮划艇漂浮在水面上，受到的浮力等于总重力：F浮＝G＝mg＝（80kg+50kg+20kg）×10N/kg＝1500N；
（2）根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，皮划艇浸在水中的体积为：
V排=F浮ρ水g=1500N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.15m3；
（3）皮划艇受到水的压强为：p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.02m＝200Pa。
答：（1）皮划艇在水面上受到的浮力为1500N；
（2）皮划艇浸在水中的体积为0.15m3；
（3）水面下2cm处，皮划艇受到水的压强为200Pa。
24．（8分）某家用电热水壶有加热和保温两挡，内部电路简化示意图如图甲所示。水烧开后，电热水壶自动调整为保温状态，其中R1和R2均为阻值不变的发热电阻。某次在一标准大气压下使用该电热水壶烧水，水的初温是20℃，质量为1.5kg，整个过程，电热水壶消耗的电功率随时间变化的图象如图乙所示。
求：
（1）R1的电阻；
（2）保温时电路中的电流；（保留一位小数）
（3）加热过程中水吸收的热量和消耗的电能。

【解答】解：（1）当开关S闭合时，为R1的简单电路；当开关S断开时，两电阻串联，由串联电路总电阻大于其中任一分电阻，根据P=U2R可知总功率最小，此时为保温挡，则S闭合时为加热挡，
由图乙知，加热功率为P加热＝1600W，加热状态时电路中的电阻：
R1=U2P加热=(220V)21600W=30.25Ω；
（2）由图乙知，保温功率为P保温＝400W，
保温时电路中的电流为：
I=P保温U=400W220V≈1.8A；
（3）水温从20℃升至100℃需要吸收的热量：
Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）＝5.04×105J；
加热过程消耗的电能为：
W＝P加热t′＝1600W×6×60s＝5.76×105J.
答：（1）R1的电阻为30.25Ω；
（2）保温时电路中的电流为1.8A；
（3）加热过程中水吸收的热量为5.04×105J、消耗的电能为5.76×105J