2022年广东省肇庆市封开县中考物理一模试卷

这是一份2022年广东省肇庆市封开县中考物理一模试卷，共26页。

甲机械比乙机械的功率大，表示两机械在做功时( )
A. 甲做功多B. 甲更省力C. 甲做功快D. 甲用时少
五月五，是端午，吃粽子，挂艾草，划龙舟。俗语中包含的物理知识，正确的是( )
A. 煮粽子是用做功的方法改变粽子的内能
B. 煮粽子的水沸腾后，继续吸热温度升高
C. 闻到艾草的气味，说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 划龙舟时，桨对水有作用力，水对桨没有作用力
如图所示，小华从课桌上拿起一个常见的医用外科口罩，对其相关数据进行了估测，其中最符合实际的是( )
A. 口罩的质量约为3kg
B. 口罩的厚度约为5cm
C. 对口罩所做的功约为30J
D. 口罩正面受到的大气压力约为1700N
抽油烟机是现代家庭的“好帮手”，它内部装有照明灯和电动机。使用时，有时需要照明灯和电动机各自独立工作，有时需要它们同时工作。下列如图所示的电路中，符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
如图所示，AB和BC是由不同材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后接入电路中，下列说法正确的是( )
A. AB段电阻大，电流小
B. BC段电阻小，电流小
C. AB段电阻一定大，电流与BC段相等
D. BC段电阻可能大，电流与AB段相等
王强张扬同学在探究电磁铁磁性强弱的实验中，使用两个相同的A、B大铁钉绕制成电磁铁进行实验，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 通过观察电磁铁能吸引的大头针个数判断它的磁性强弱，这是运用了控制变量法
B. 滑片P向左滑动，电磁铁的磁性减弱
C. 电磁铁A下端为S极、B的下端为S极
D. 该实验不能探究电磁铁磁性的强弱与匝数多少的关系
将冰块放在泡沫箱中可制成简易“冰箱”，把一瓶饮料放入“冰箱”后，冰块和饮料的温度随时间变化的曲线如图所示，在两物体温度达到相同之前，下列说法正确的是( )
A. 甲是冰块B. 乙吸收热量C. 甲内能增加D. 乙内能减少
火箭加速上升过程中，相对于地面是______ ；火箭的重力势能______ ，惯性______ 。
毛皮与橡胶棒摩擦，橡胶棒带______电，用它去接触验电器的金属球，验电器的金属箔片因带同种电荷，相互______而张开；在这个过程中，瞬间电流方向是从______(选填“橡胶棒到验电器”或“验电器到橡胶棒”)。
如图所示的电路中电源电压恒定，R2=30Ω.当S1闭合，S2、S3断开时电流表的示数为0.6A，则电源电压为______V；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表的示数为0.36A，则R1=______Ω；当S1、S3闭合S2断开时，电流表示数为______A。
如图所示，将重为40N的物体G沿水平方向匀速直线向左拉动2m，用时5s。已知滑轮组中动滑轮重为6N，绳子自由端拉力F为10N，则物体与地面间的摩擦力为______ N。绳子自由端拉力F的功率为______ W。该滑轮组的机械效为______(不计绳重和滑轮组的摩擦)。
“拔丝地瓜”是很多人喜欢的菜品。刚出锅的“拔丝地瓜”香气特别浓，这是因为温度越高，分子的无规则运动越______(选填“剧烈”或“缓慢”)；夹起一块地瓜就会拉出很长的丝，是因为分子间存在______；地瓜由生到熟，主要是通过______的方式改变内能。
电动自行车是生活中最常见的交通工具，人们常简称为电动车，给电动车充电时，充电器将220V家庭电路电压降为电动车蓄电池需要的充电电压，现在，我市许多小区安装了公共充电插座，采取扫码付费自动充电(如图所示)，这些插座都是______(填“串联”或“并联”)的。假设某充电器输出电压为48V，输出电流为25A，则它的输出功率是______W；若当地的商用电价为1元/(kW⋅h)，那么充电6小时的用电成本至少是______元。
如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1和S2时，小磁针N极指向右端，则电磁铁的左端为______极，电源右端为______极。要使指示灯变亮，滑动变阻器的滑片应向______滑动。
请在图中以笔画线添加一根导线，使灯L1与灯L2并联。
在如图中，完成光线从右边射向凸透镜折射后，再射向凹透镜折射后的光路。
闭合开关后，小磁针静止在如图所示的位置。请用箭头标出螺线管中a处的电流方向和b处的磁感线方向。
某同学想用天平称量一块岩石的质量，实验前发现指针停在如图甲所示位置，此时应将横梁右端的平面螺母向______(选填“左”或“右”)移动，直至天平平衡，称量时将岩石放入天平左盘，当天平再次平衡后，右盘中砝码质量和游码位置如图乙所示，则岩石质量是______g，若将该岩石带到月球，其质量______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
如图所示，按精确测量要求，被测物体的长度是______ cm
如图，电流表的示数是______ A。
小明在学校实验室用伏安法测量电阻的阻值，设计并连接电路如图所示，经实验得到如表表格数据(电源电压。
实验数据记录表
(1)实验中电压表应选取______V的量程。
(2)数据分析发现，根据实验原理Rx=UI测得Rx的阻值(如记录表中第四列所示)远超过误差允许范围，产生这一错误的原因是小明在连接电路时______。
(3)小明认真分析后，认为利用以上数据也可求得待测电阻的阻值，则正确计算待测电阻阻值的表达式为R′x=______(用、U、I)表示，代入数据可得R′x=______Ω(计算结果保留1位小数)。
在探究“冰熔化时温度随时间变化规律”的实验中，将装有少量碎冰的试管放入装有适量水的烧杯中，实验装置如图甲所示。
(1)观察图乙，温度计的示数为______℃。
(2)某同学根据记录的数据绘制了温度随时间变化的图象(如图丙所示)。由图象可知：冰熔化持续了______min，冰是______。(填“晶体“或“非晶体”)。第4min时，该物质处于______状态，
熔化过程为______(填“吸热”或“放热”)过程。
(3)若不考虑热量损失，由图象丙推知，冰的比热容为______J/(kg⋅℃)。
2011年5月22日，世界内河上最豪华的邮轮--“长江黄金1号”在重庆朝天门下水首航。如图所示，一架重力为9×104N的直升飞机在20s内竖直下降10m，最后停在邮轮的停机坪上。求：
(1)飞机竖直下降20s内的平均速度。
(2)飞机竖直下降20s内重力做的功。
图甲是某款具有加热和保温双重功能的暖奶器的简化电路图，其加热效率为80%。图乙是暖奶器某次工作时电流随时间变化的图像。[最适合宝宝饮用的牛奶温度是40℃，求：
(1)电阻R2的阻值是多少；
(2)加热过程电路消耗的电能是多少；这些电能可将多少千克牛奶从20℃加热到40℃。
图1是小亮家某品牌小厨宝(小体积快速电热水器)。某次正常加热工作中，其内胆装有5L的水，胆内水的温度随时间变化的图像如图2所示。已知小厨宝正常工作时的电压为220V，额定功率为2200W，水的比热容为。问：
(1)该小厨宝内胆装有水的质量为______ kg；
(2)由图象可知，加热5min，水温升高了______℃，吸收的热量为______ J；
(3)本次加热小厨宝消耗了______ J的电能，该小厨宝的发热电阻阻值为______。
目前随着城市建筑越来越高，楼内部都安装了电梯，方便居民出入．某栋楼内电梯的相关技术参数如下表．为了安全，电梯都设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示：
(1)由图可知，当电梯人数增多时，压敏电阻R2受到的压力增大，阻值减小，则控制电路的电流增大，从而使电磁铁的磁性______ (选填“增强”或“减弱”).当电梯超载时，触电K与触电______ (选填“A”或“B”)接触，电铃发出报警铃声．
(2)电梯在使用过程中，若控制电路中的定值电阻R1被短接，则该电梯自动报警系统会出现什么异常？______ .
(3)某开放商称：此电梯是快速电梯，它能在10s内将10个成年人从1层匀速升高到14层．若每个人的体重约为600N，每层楼高3m，电梯上升时需要克服摩擦及系统自重共计2000N.请你通过计算说明开发商的话是否可信？
随着国家经济的发展，人民生活水平不断提高，越来越多的电器设备进入老百姓家中，极大地方便了人们的日常生活。次仁同学发现家中电饭煲的铭牌信息模糊不清，如(甲)所示，简化电路图如图(乙)所示，当饭做好后电饭煲自动进入保温状态，他想利用在学校学到的物理知识对电饭煲进行研究。
(1)根据电路图分析，开关断开时，电饭煲处于______(选填“保温”或“加热”)状态；
(2)求电饭煲保温时的电功率；
(3)电饭煲接通电源即开始加热，10min后进入保温状态。图(丙)为次仁家的电能表，那么电能表转动100转所提供的电能可以让电饭煲正常工作多长时间？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】
【分析】
功率是指物体在单位时间内所做的功，用来表示物体做功的快慢，计算公式P=Wt。
本题考查对功率的认识和理解，属于一道基础题，注意省力多少与功率没有关系。
【解答】
A、由W=Pt可知，功率大的机械做功不一定多，故A错误；
BC、功率是表示物体做功快慢的物理量，功率大的做功快，是否省力与功率大小无关，故B错误，C正确；
D、由t=WP可知，不知道做功的多少，功率大的机械用的时间不一定少，故D错误。
故选C。
2.【答案】C
【解析】解：
A、煮粽子是通过热传递的方式改变了粽子的内能，故A错误；
B、煮粽子的水沸腾后，继续吸热温度保持不变，故B错误；
C、闻到艾草的气味，说明分子在永不停息地做无规则的运动，故C正确；
D、划龙舟时，桨对水有作用力，因为力的作用是相互的，所以水对桨也有作用力，故D错误。
故选：C。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；
(2)水沸腾的特点是吸收热量，但温度不变；
(3)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；
(4)力是物体对物体的作用，力的作用是相互的。
本题考查了改变内能的方法、液体沸腾的特点、分子动理论，以及力的作用的相互性，考查知识点多，综合性强，难度不大，关键是掌握好基础知识。
3.【答案】D
【解析】解：
A、一只医用外科口罩的质量在4g左右，故A不符合实际；
B、一般医用外科口罩的厚度在1mm=0.1cm左右，故B不符合实际；
C、口罩质量非常小，从课桌上拿起一个口罩做的功也非常小，不到0.1J，故C不符合实际；
D、医用口罩的面积约170cm2=0.017m2，大气压强约105Pa，
则口罩正面受到的大气压力约为F=pS=105Pa×0.017m2=1700N，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
4.【答案】A
【解析】解：
A.当两开关同时闭合时电灯和电动机同时工作，只闭合S1时电灯单独工作，只闭合S2时电动机单独工作，故A符合题意；
B.当两开关同时闭合，电动机被短路，电灯单独工作；只闭合S1，电灯和电动机同时工作，但不能让电动机单独工作，故B不符合题意；
C.当两开关同时闭合，电灯和电动机同时工作；只闭合S，电动机单独工作，但不能让灯泡单独工作，故C不符合题意；
D.闭合S，电灯和电动机同时工作，但不能让电灯或电动机单独工作，故D不符合题意。
故选：A。
由题意可知，照明灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且各支路均有一个开关，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出照明灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。
5.【答案】D
【解析】解：
AB、因为两段导体串联，所以通过两导体的电流相等，即IAB=IBC；故AB错误；
CD、已知导体AB和BC由不同材料制成、长度相同，由图可知导体AB横截面积比BC的小，由于电阻的大小与材料、长度、横截面积有关，所以不能判断电阻的大小；故C错误，D正确。
故选：D。
(1)根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；
(2)电阻的大小与材料、长度、横截面积有关，同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小。
本题考查了影响电阻大小的因素和串联电路电流特点的灵活运用，关键是注意AB和BC只是长度相同，材料和横截面积都不同，不能比较导体的电阻大小。
6.【答案】C
【解析】解：A、通过观察电磁铁吸引大头针的个数判断它的磁性强弱，这是运用了转换，故A错误；
B、变阻器的滑片向左滑动，电阻的阻值变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，故B错误；
C、根据安培定则，A的上端为N极，下端为S极，B的上端为N极，下端为S极，所以电磁铁A、B的下端均为S极，故C正确；
D、读图可知，两只电磁铁是串联在电路中的，所以流经它们的电流是相同时，同时还可以看到，它们线圈的匝数是不同的，因此，本实验可以研究的是电磁铁磁性强弱与匝数的关系，故D错误。
故选：C。
(1)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数。知道电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。
(2)电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的，运用了转换法。
(3)电磁铁磁极的判断方法：安培定则，用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。
(4)两只电磁铁是串联的，所以电流相同，只有线圈的匝数是不同的，据此来做出判断。
此题是探究影响电磁铁磁性强弱的因素和通电螺线管的磁场，主要考查了电磁铁磁极的判断，一定掌握右手螺旋定则的内容。同时考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，注意转换法和控制变量法在此实验中的应用。
7.【答案】B
【解析】
【分析】
两个温度不同的相互接触时，会发生热传递现象；高温物体放出热量，低温物体吸收热量。
本题考查了改变内能的方法，知道热传递的条件和特点是解题的关键。
【解答】
由图可知，物体甲的温度是降低的，即物体甲放出热量，内能减小；物体乙的温度是升高的，即物体乙吸收热量，内能变大；所以物体甲是饮料，乙是冰块；故B正确，ACD错误。
故选：B。
8.【答案】运动的 增大 不变
【解析】解：
(1)火箭加速上升过程中，其相对于地面的位置在不断发生变化，则火箭相对于地面是运动的；
(2)火箭加速上升的过程中，其质量不变，高度增大，所以火箭的重力势能增大；
(3)惯性大小只与物体的质量有关，因火箭的质量不变，则它的惯性不变。
故答案为：运动的；增大；不变。
(1)判断物体是静止还是运动，关键是看物体和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
(2)物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大。
(3)惯性大小只与物体的质量有关。
本题通过火箭发射考查了运动和静止的相对性、重力势能的大小变化以及惯性知识，比较简单。
9.【答案】负 排斥 验电器到橡胶棒
【解析】解：
(1)由正负电荷的规定可知，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
(2)毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带负电，当接触验电器上端的金属球时，橡胶棒上的电子会转移到验电器的金属箔片上，所以金属箔片也因有多余的电子而带负电，则两片金属箔都带上负电荷会相互排斥而张开。
(3)正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，而电子带负电，所以电流方向与电子定向移动的方向相反；该过程中橡胶棒上的电子转移到验电器的金属箔片上，则瞬间电流的方向是从验电器到橡胶棒。
故答案为：负；排斥；验电器到橡胶棒。
(1)毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
(2)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(3)物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，自由电子定向移动的方向与电流方向相反。
知道摩擦起电的实质，理解电荷间的作用规律和电流方向的规定，可解答此题。
10.【答案】18201.5
【解析】解：
(1)由电路图知，当S1闭合，S2、S3断开时，只有R2连入电路中，电流表测R2的电流，
由I=UR可得电源电压：
U=U2=I2R2=0.6A×30Ω=18V；
(2)由电路图知，当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，电流表电路的电流，
由I=UR可得：
总电阻R=UI=18V0.36A=50Ω：
由串联电路电阻特点知：
R1=R−R2=50Ω−30Ω=20Ω；
(3)由电路图知，当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
由并联电路电压特点知：U=U1=U2=18V，
由并联电路的电流特点和I=UR可得：
电流表示数：
I′=I1+I2=UR1+I2=18V20Ω+0.6A=1.5A。
故答案为：18；20；1.5。
(1)当S1闭合，S2、S3断开时，只有R2连入电路中，由欧姆定律计算电源电压；
(2)当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，由欧姆定律和串联电路特点计算R1；
(3)当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路特点和欧姆定律计算电流表示数。
本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析电路结构是解题的关键。
11.【答案】241280%
【解析】解：(1)从图中可知n=3，设绳子对物体的拉力为，不计绳重和滑轮组的摩擦，对动滑轮受力分析，则，则，
因物体匀速匀速，物体与地面间的摩擦力，
(2)物体的速度，
则绳子自由端的速度，
根据P=Wt=Fst=Fv可知绳子自由端拉力F的功率；
(3)该滑轮组的机械效率。
故答案为：24；12；80%。
(1)从图中可知n=3，设绳子绳子对物体的拉力为，不计绳重和滑轮组的摩擦，对动滑轮受力分析，根据平衡力的知识得出，因物体匀速匀速，根据得出物体与地面间的摩擦力；
(2)根据速度公式得出物体的速度，根据得出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知绳子自由端拉力F的功率；
(3)根据得出该滑轮组的机械效率。
本题考查功率的计算，并考查滑轮组的知识，综合性较强。
12.【答案】剧烈 引力 热传递
【解析】解：(1)分子在不停地做无规则运动，即扩散现象，温度越高，分子运动越剧烈，所以刚出锅的“拔丝地瓜”的香味闻起来更加浓郁一些；
分子间存在相互作用的引力，在分子间引力作用下，使地夹起一块地瓜时就会拉出很长的丝而不断开；
(2)做“拔丝地瓜”时，地瓜吸收热量由生到熟，是通过热传递的方式改变地瓜的内能。
故答案为：剧烈；引力；热传递。
(1)物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈，分子间存在相互的引力和斥力；
(2)改变物体内能的方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
本题主要考查学生对改变内能的发生、分子运动及其分子间作用力的了解和掌握，是一道基础题。
13.【答案】并联；1200；7.2
【解析】解：
(1)公共充电插座，自动充电时，它们之间互不影响，所以是并联的；
(2)充电器的输出功率：
P=UI=48V×25A=1200W=1.2kW；
充电6小时的消耗的电能：
W=Pt=1.2kW×6h=7.2kW⋅h，
电费：
7.2kW⋅h×1元/(kW⋅h)=7.2元。
故答案为：并联；1200；7.2。
(1)并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响；
(2)根据P=UI即可求出充电器的输出功率；根据W=Pt求出充电6小时的消耗的电能，知道电价可求电费。
本题考查了串并联电路的特点、电能和电功率的计算，属于基础题目。
14.【答案】N 正 左
【解析】解：已知小磁针N极指向右端，根据磁极间的相互作用可知，电磁铁的左端N极，右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电源右端为正极，左端为负极，
闭合开关S1和S2，要使指示灯变亮，则电路电流变大，巨磁电阻的阻值减小，磁场的磁性增强，电流变大，电阻变小，则使滑片P向左滑动。
故答案为：N；正；左。
(1)根据根据磁极间的相互作用得出电磁铁的两极，利用安培定则可知电源的正负极；
(2)根据灯泡亮度的变化可知，电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化，进一步得出滑动变阻器的滑片移动方向。
本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。
15.【答案】解：由图可知，要使两灯并联，则电流的路径有两条，此时电压表测量的是电源的电压，故应增加的导线是：灯泡L1右端连接到灯泡L2左端的导线；如图所示：
【解析】两灯并联，则电流的路径有两条，据此连接即可。
本题考查实物图的连接，是学习电学的基础。
16.【答案】解：
对于凸透镜，入射光线过焦点，经凸透镜折射后折射光线主光轴平行。该折射光线又平行于凹透镜的主光轴入射到凹透镜上，则折射光线的反向延长线过凹透镜右边的焦点，如图所示：
【解析】凸透镜过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点。据此画出折射光线。注意经凸透镜折射后的光线是凹透镜的入射光线。
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
凹透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点。
17.【答案】解：由图可知，小磁针的左端是N极，右端为S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端是S极，左端是N极。
根据安培定则：右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流出，则图中A处电流方向向上；
磁体周围的磁感线是从N极出来，回到S极，故A点的磁感线的方向向左，如图所示：
【解析】知道小磁针的磁极的指向，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向。磁体周围的磁感线是从N极出来，回到S极。
此题主要考查对磁极间的相互作用以及安培定则的掌握情况。
18.【答案】左；57.4；不变
【解析】解：天平的使用规则是：天平测量前应放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，调节两端螺母使横梁平衡，左偏右调，右偏左调，左右一样，天平平衡。发现横梁指针向右偏，此时应将平衡螺母向左调。
因为使用天平称量物体时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度，且图示中标尺的分度值为0.2g。
所以金属块的质量为：50g+5g+2.4g=57.4g。
因为质量是物质的一种属性，它不随物体的状态、形状、所处的空间位置的变化而变化。所以若将该岩石带到月球，其质量不变。
故答案为：左；57.4；不变。
天平平衡的标志是：指针指在分度盘的中央或左右摆动幅度相等，指针左偏右调，右偏左调。
使用天平称量物体时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度。
质量是物质的一种属性，它不随物体的状态、形状、所处的空间位置的变化而变化
此题考查天平的使用方法。需要注意的是测量前天平的平衡是用平衡螺母来调节的。
19.【答案】30.50
【解析】解：此刻度尺的分度值为1mm，起始端从零开始，要估读到分度值的下一位，末端刻度值为30.50cm，因此该物体的长度为30.50cm。
故答案为：30.50。
长度测量中，精确测量要求估读到分度值的下一位；读数前一定要明确刻度尺的分度值。
刻度尺是初中物理中基本的测量工具，刻度尺的刻度面必须紧贴被测物体，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。特别注意：刻度尺要估读到分度值的下一位。
20.【答案】0.46
【解析】解：由图可知，电流表使用的是0∼0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流表的示数为0.46A。
故答案为：0.46。
电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格所表示的数值，然后看指针向右偏转了多少格，分度值乘以格数就是电表的示数。
此题考查的是常见的电学仪器的读数方法，在读数前一定要观察电表的量程和分度值。
21.【答案】(1)0−3；(2)电压表并联在了滑动变阻器两端；；12.2。
【解析】
【分析】
本题考查了伏安法测量电阻阻值的实验，考查了电表量程的选择，电阻的计算以及数据处理，是一道中考常见题。
(1)根据电源电压判断出电压表的量程；
(2)由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，说明电压表不是并联在待测电阻两端，而是并联在了滑动变阻器两端；
(3)根据串联电路的电压特点得出定值电阻两端的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律可求定值电阻的阻值，代入数据算出每次的电阻，求出平均电阻。
【解答】
(1)因为电源电压为3V，所以电压表选用0−3V的量程；
(2)由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，且电阻的阻值减小，说明电压表并联在了滑动变阻器两端；
(3)根据串联电路的电压特点，定值电阻两端的电压，，
由欧姆定律，
定值电阻的电阻值为：
，
将1的数据代入本式得，
；
同理可算出2、3、4次实验的电阻分别为11.5Ω、13.3Ω、11.4Ω，
则平均电阻为：12.5Ω+11.5Ω+13.3Ω+11.4Ω4≈12.2Ω。
故答案为：(1)0−3；(2)电压表并联在了滑动变阻器两端；；12.2。
22.【答案】−23晶体 固液共存 吸热 2.1×103
【解析】解：(1)温度计读数时，视线应与液柱的上表面齐平，不能俯视或仰视，故其中正确的是B，此时温度计的示数在0℃以下，分度值是1℃，其示数是−2℃；
(2)由图象可知，冰从第2min开始熔化，到第5min完全熔化，共耗时5min−2min=3min；冰熔化过程中吸热，温度不变，属于晶体，第4min时，冰处于熔化过程中，以固液共存态存在；
(3)冰的温度从−4℃升高到1℃时的加热时间为2min；水从0℃升高到2℃时的加热时间为2min，由于使用同一酒精灯加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的；即质量相等的冰和水吸收相同热量，冰升高温度为水升高温度的2倍，由可知冰的比热容为水的比热容的12，即：。
故答案为：(1)−2；(2)3；晶体；固液共存；吸收；(3)2.1×103。
(1)温度计读数时，视线应与液柱的上表面齐平，看清分度值和温度变化趋势可读出示数；
(2)根据图象可以计算熔化所用时间；晶体有固定的熔化温度，非晶体没有；晶体在熔化前处于固态，熔化过程中处于固液共存态，熔化完毕处于液态；
(3)熔化前后物质质量不变，根据升高相同温度需要吸收的热量，根据Q=cm△t求出冰的比热容。
观察晶体与非晶体图象要学会看关键点，这样才能做出准确的判断。吸热公式是我们应该重点掌握的，运用中注意温度的变化值是多少。
23.【答案】解：(1)平均速度V=St=10m20s=0.5m/s。
(2)重力做的功W=Gh=9×104N×10m=9×105J。
答：(1)飞机竖直下降20s内的平均速度为0.5m/s；(2)飞机竖直下降20s内重力做的功为9×105J。
【解析】(1)已知飞机下降的距离和时间，根据公式V=St可求平均速度。
(2)已知飞机的重力和下降的距离，根据公式W=Gh可求重力做的功。
本题考查平均速度和做功的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道影响平均速度和做功的因素。
24.【答案】解：
(1)由图甲可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路中电阻较大(大于并联时的总电阻)，此时电流较小，为保温挡；当S、S1都闭合时，R1、R2并联，总电阻较小，干路中电流较大，为加热挡；
由乙图可知：加热时的总电流I=1A，保温时通过电阻R1的电流I1=0.2A，
由并联电路的电流特点可知，加热时通过R2的电流I2=I−I1=1A−0.2A=0.8A，
电阻R2的阻值R2=UI2=220V0.8A=275Ω。
(2)由图可知加热时间t=3min=180s，
加热过程中电路消耗的电能W=UIt=220V×1A×180s=39600J，
暖奶器的加热效率为80%，所以被牛奶吸收的热量，
牛奶升高的温度Δt=40℃−20℃=20℃，
根据可知，能被加热的牛奶的质量：
。
答：(1)电阻R2的阻值是275Ω；
(2)加热过程电路消耗的电能是39600J；这些电能可将0.396千克牛奶从20℃加热到40℃。
【解析】(1)由图甲可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路中电阻较大(大于并联时的总电阻)，此时电流较小，为保温挡；当S、S1都闭合时，R1、R2并联，干路中电流较大，为加热挡；
由图乙可知加热挡和保温挡的电流，根据并联电路电流特点求出通过R2的电流，利用欧姆定律即可求出R2的阻值。
(2)由乙图可知加热时间以及加热时干路中的电流，根据W=UIt求出加热时消耗的电能，知道暖奶器的加热效率为80%，由效率公式求出被牛奶吸收的热量；再根据算出牛奶的质量。
本题考查了串并联的特点，电功和热量的综合计算，综合性强，难度较大。
25.【答案】5306.3×105 6.6×105 22Ω
【解析】解：(1)由ρ=mV可知，水的质量为：
；
(2)由图2可知，在5min的加热时间里，水的初温t0=20℃，末温t=50℃，
水升高的温度为：Δt=50℃−20℃=30℃，
则水吸收的热量：
；
(3)由P=Wt可知，小厨宝消耗的电能为：
W=Pt′=2200W×5×60s=6.6×105J；
由P=U2R可知，该小厨宝的发热电阻阻值为：
R=U2P=(220V)22200W=22Ω。
故答案为：(1)5；(2)30；6.3×105；(3)6.6×105；22Ω。
(1)根据密度公式ρ=mV算出水的质量；
(2)由图2可知，在5min的加热时间里水的初温、末温，算出水升高的温度；知道水的质量，利用求水吸收的热量；
(3)根据电功公式P=Wt算出本次加热小厨宝消耗的电能；根据P=U2R算出该小厨宝的发热电阻的阻值。
本题考查了密度公式、吸热公式、电功率公式的应用，是一道综合题，但难度不大。
26.【答案】增强；B；没有达到最大载客量电铃就会报警
【解析】
【分析】
(1)在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据电磁铁中电流增大时磁性增强判断此时电磁铁的磁性的变化；超载自动报警系统实质就是电磁继电器的应用，电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃工作电路接通；
(2)结合(1)，据实际情况分析即可；
(3)已知人的重力和楼梯的高度，根据公式W=Gh可求电梯做得机械功．根据W=Pt求得电梯电机做得电功；根据电梯做得机械功和电梯电机做得电功，比较即可得出结论
此题考查功和电功的计算，明确从地面升高到14层电梯的高度为13×3m=39m，是解答此题的关键，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处皆物理的理念。
【解答】
(1)在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流增大时电磁铁的磁性增强；
电梯超载时，压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，控制电路中的电流增大，从而使电磁铁的磁性增强，磁性达到一定程度时，衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃报警，电梯不工作；
(2)电梯在使用过程中，若控制电路中的定值电阻R1被短接，则在乘客并不超重的情况下，电磁铁所在电路电流也会较大，磁性较强，会使得衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃报警；
(3)若每层楼高3m，从地面升高到14层电梯的高度为13×3m=39m，
10个成年人从地面升高到14层电梯做得机械功W=Gh=(600N×10+2000)×39m=3.12×105J；电梯电机做得电功，
由电梯做得机械功和电梯电机做得电功比较可知，电梯电机做的电功小于电梯应做的机械功，因此开发商的话不可信。
故答案为：(1)增强；B；(2)没有达到最大载客量电铃就会报警；(3)不可信；电梯电机做的电功小于电梯应做的机械功。
27.【答案】保温
【解析】解：(1)由图乙知，当开关断开时，R1、R2串联，电路的总电阻最大，由P=U2R可知，此时电饭煲处于保温状态。
(2)当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，此时电饭煲处于加热状态，则R1的阻值为：，
处于保温状态时，电路中的电阻为：，
则电饭煲的保温功率为：；
(3)600R/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转600转，
电能表转动100转时，用电器所消耗的电能为：W=100R600R/kW⋅h=16kW⋅h=16×3.6×106J=6×105J，
电饭煲接通电源即开始加热，10min后进入保温状态，t1=10min=600s，那么这600s电饭煲消耗的电能：，
所以保温后消耗的电能W2=W−W1=6×105J−5.28×105J=7.2×104J，
那么保温所用的时间，
。
答：(1)保温；
(2)电饭煲保温时的电功率为80W；
(3)电能表转动100转所提供的电能可以让电饭煲正常工作的时间为1500s。
(1)由电路图可知，S断开时，R1、R2串联，电路的总电阻最大；当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，根据P=U2R可知电饭煲所处的状态；
(2)当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，此时电饭煲处于加热状态，根据P=U2R的应用求出R1的阻值，根据串联电路电阻特点和P=U2R可求出电饭煲保温时的功率；
(3)600R/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转600转，据此求电能表的转盘转过100转时电饭煲消耗的总电能；利用P=Wt计算出加热状态下消耗的电能，消耗的总电能减去加热状态下消耗的电能即为保温状态消耗的电能，然后利用P=Wt求出电饭煲保温状态下的工作时间；加热状态下的工作时间加上保温状态下的工作时间即为电饭煲的总工作时间。
此题主要考查的是学生对电路结构分析、电功率、电功公式和电能表参数的理解和掌握，综合性很强，有一定难度。
序号
电压表示数U/N
电流表示数I/A
待测电阻Rx/Ω
1
2.0
0.08
25.0
2
1.5
0.13
11.5
3
1.0
0.15
6.7
4
0.5
0.22
2.3
功率
25kW
最大载客量
10人
品牌
XXX牌电饭锅
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
XXX
频率
50Hz