2020年安徽省安庆市中考一模物理试题

2020年安庆市中考模拟考试

物 理 试 题

命题：安庆市中考命题研究课题组

注意事项：

1、物理试卷共四大题23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。

2、试卷包括“试题卷”和“答题卷”，请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷上”答题无效。

3、本卷试题中g值均取10N/kg。

一、填空题（每空2分，共20分）

1. 在攀登雪山时，大声喧哗会触发雪崩。由此可知，声音在传播过程中蕴藏着能量，这种能量的大小在_____（选填“响度”、“音调”或“音色”）中得以体现。

【答案】响度

【解析】

【分析】人在高声喊叫的时候，声音以波的形式传播，当传到积雪层时候能引起积雪层振动，响度越大，振幅越大，越容易引起雪崩。

【详解】声音在传播过程中蕴藏着能量，这种能量的大小在响度中得以体现。

2. 严寒的冬天，潮湿的衣服放在室外也会慢慢变干。从分子动理论的角度看，这种现象发生的原因是：在任何温度下，分子都在_____。

【答案】不停地做无规则运动

【解析】

【分析】湿衣服会慢慢变干，由液态变为气态，说明水分子在运动。

【详解】严寒的冬天，潮湿的衣服放在室外也会慢慢变干，水分从液态变为气态，从物态变化的角度来看，发生了汽化现象，从分子动理论的角度看，说明在任何温度下，分子都在不停地做无规则运动。

3. 如图所示，新中国成立70周年阅兵仪式上，直升机编队组成“70”字样飞过天安门上空。甲、乙分别是编队中的两架直升机，已知甲直升机的速度是160km/h，则乙直升机的速度应为_____m/s。

【答案】44.4

【解析】

【分析】在研究物体运动时，要选择参照标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。

【详解】乙直升机相对旁边其他的直升机之间没有发生位置变化，因此以甲直升机为参照物来说，乙直升机是静止的，即甲、乙两架直升机的速度相同，则乙直升机的速度为

4. 如图是小明家规范电路的简化电路图，根据电路图，小明判断出a导线是火线，b导线是零线，请你写出小明判断的依据：_____。（写出一条即可）

【答案】保险丝接在火线上（或螺口灯泡的螺旋套接在零线上、或开关接在火线上、或插座左边接零线，右边接火线）

【解析】

【分析】火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡；保险丝接在火线上；根据这种安装原则进行判断。

【详解】火线首先进入开关，然后进入灯泡，这样开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，操作更安全，所以a导线是火线，b导线是零线。

5. 通电直导线在磁场中受到磁场力的方向可以用左手定则来判断：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内，让磁感线垂直穿过掌心，并使四指指向电流的方向，这时大拇指所指的方向就是通电直导线所受磁场力的方向，如图甲所示。请你判断：图乙中的线圈是_____（选填“顺时针”或“逆时针”）转动的。

【答案】顺时针

【解析】

【分析】根据左手定则来判断即可，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向。

【详解】根据左手定则，伸开左手，使拇指与四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内，让磁感线垂直穿过掌心，且四指指向电流的方向，则大拇指指向磁场力的方向，即线圈左侧受到的磁场力竖直向上，右侧受到的磁场力竖直向下，故线圈是顺时针转动的。

6. 显微镜主要由物镜和目镜两组凸透镜组成，被观察的细微物体先在物镜中成一个像，这个像就相当于目镜中的物体，然后它在目镜中再次成像。F1为物镜的焦点，F2为目镜的焦点，图中已画出细小物体AB在物镜中所成像的光路图，以及射向目镜的两条光线，请你画出在目镜中所成的像及光路图。

（      ）

【答案】

【解析】

【分析】凸透镜成像的三种情况：①物体在二倍焦距以外成倒立缩小的实像应用于照相机；②物体在一倍焦距和二倍焦距之间成倒立放大的实像应用于投影仪；③物体在一倍焦距以内成正立放大的虚像应用于放大镜。显微镜的原理：显微镜包括物镜和目镜，物镜相当于投影仪成倒立、放大的实像；目镜相当于放大镜成正立、放大的虚像。

【详解】显微镜的物镜是一个凸透镜，目的是得到一个倒立放大的实像，这个实像处在目镜的1倍焦距以内，它的目镜也是一个凸透镜，目的是得到一个正立放大的虚像，据此作图如下：

7. 可燃冰的热值很高，若完全燃烧1g的可燃冰，可使2kg、20℃的水温度升高50℃，则可燃冰的热值为_____J/kg。[不计热损失，水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)]

【答案】4.2×108

【解析】

【分析】知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；由于，再利用求出可燃冰的热值。

【详解】水吸收的热量

根据可得，可燃冰的热值

8. 为了测量体积为100cm3的物块密度，小明把物块放在天平左盘，在右盘加80g砝码，再将游码移到图示位置天平正好平衡。则该物块的密度为 _____ g/cm3。

【答案】0.814

【解析】

【分析】物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度尺，知道物体的质量和物体的体积，根据密度公式求出物体的密度。

【详解】物块的质量

m=80g+1.4g=81.4g

该物块的密度

9. 把长短相同、粗细不同的两根镍铬合金线接入如图所示的电路中，则闭合开关S后，粗导线两端的电压_____细导线两端的电压。（选填“大于”、“等于”或“小于”）

【答案】小于

【解析】

【分析】由决定电阻大小因素分析得出两导线电阻大小，再根据串联电路的电流特点和分压关系求解。

【详解】由题意知，这两个电阻丝是串联的，由于串联电路各处的电流都相等，所以通过粗导体的电流和细导体的电流相等；在材料和长度都相同时，导体粗的电阻小，根据可知，在电流相同的情况下，电阻小的两端分得的电压小，故粗导体两端电压小于细导体两端电压。

10. 在如图所示电路中，R1＝10Ω，R2＝20Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，则通电1min的时间，R1和R2共产生_____J的热量。

【答案】81

【解析】

【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表测R1支路的电流，根据欧姆定律求出电阻R1两端的电压；根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据求出产生的热量。

【详解】由电路图可知，两电阻并联，电流表测R1支路的电流，根据欧姆定律可得，电阻R1两端的电压

并联电路中各支路两端的电压相等，则通过R2的电流

根据并联电路的电流特点可知，干路电流

则通电1min的时间，R1和R2共产生的热量

二、选择题：（每题2分，共14分。以下各题所给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的。）

11. 下列所估测的数据中符合生活实际的是（　　）

A. 中学生跑完50m用时4s

B. 家庭电冰箱正常工作电流约为5A

C. 刚从冰箱冷藏室拿出的鸡蛋温度约为3℃

D. 普通牙刷的长度约为10cm

【答案】C

【解析】

【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。

【详解】A．中学生50m跑的时间一般在7s左右，故A不符合实际；

B．电冰箱的额定功率约为200W，正常工作电压是220V，由可得，电冰箱正常工作电流约为

故B不符合实际；

C．冰箱冷藏室温度一般是3℃，刚从冰箱冷藏室拿出的鸡蛋温度与此差不多，约为3℃，故C符合实际；

D．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一根普通牙刷的长度略小于此数值，在15cm左右，故D不符合实际。

故选C。

12. 下列一些医学措施和用到的器械中都包含着相关的物理知识，其中说法错误的是（　　）

A. 测量人的体温前要拿着体温计的上部用力甩几下，运用了惯性的知识

B. 用针筒抽取药液，利用了连通器原理

C. 口罩的主要材料是带有静电的熔喷布，利用了带电体具有吸引轻小物体的性质

D. 喷洒消毒剂的喷雾器，运用了流体的流速越大、压强越小的知识

【答案】B

【解析】

【分析】(1)体温计的玻璃泡和直管之间有一个很细的随口，温度升高时，水银能够上升到直玻璃管，但温度降低时就会由此断开，因此体温计能离开人体而读数；

(2)大气压强在生产、生活中有许多应用，例如注射器、抽水机等都是利用大气压原理工作的；

(3)根据带电体有吸引轻小物体的性质分析；

(4)流体的压强与流速的关系：流速越大，压强越小。

【详解】A．体温计的结构比较特殊，直玻璃管内的水银必须甩回玻璃泡，利用了惯性的知识，故A正确，不符合题意；

B．打针时针筒抽取药液，将药液完全抽进针筒内，利用了大气压强原理，故B错误，符合题意；

C．口罩的主要材料是带有静电的熔喷布，利用了带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确，不符合题意；

D．喷雾器能喷出雾状液体，运用了流体的流速越大、压强越小的知识，故D正确，不符合题意。

故选B。

13. 关于功与能的说法错误的是（　　）

A. 肩扛米袋在水平路面上匀速前行，人未对米袋做功

B. 高空中飞行的鸟儿具有动能、势能和内能

C. 物体受平衡力作用而做匀速直线运动，物体的机械能肯定不变

D. 能量是守恒的，但依然要倡导节能，因为能量的转化或转移都是有方向性的

【答案】C

【解析】

【分析】(1)做功包括两个必要的条件，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；

(2)动能是运动的物体所具有的能，势能是物体被举高时具有的能，任何物体都有内能；

(3)匀速直线运动的物体其机械能可能改变；

(4)能量的转化和转移具有方向性，有些能量消耗之后就不能再重复利用。

【详解】A．肩扛米袋在水平路面上匀速前行，有力作用在物体上，但物体移动的距离并不在力的方向上，则人未对米袋做功，故A正确，不符合题意；

B．高空中飞行的鸟儿因为运动具有动能，因为在高处而具有重力势能，同时任何物体都有内能，故B正确，不符合题意；

C．物体受平衡力运动时，如果匀速升高或匀速降低，其重力势能在改变，因此其机械能也改变，故C错误，符合题意；

D．能量是守恒的，但依然要倡导节能，因为能量的转化或转移都是有方向性的，故D正确，不符合题意。

故选C。

14. 实验表明：接触面的粗糙程度相同时，物体所受的滑动摩擦力与接触面之间的压力成正比。如图，相同材质的物块A和B，其重力分别40N和50N，它们之间连接一个轻质弹簧，当用水平力F拉着物块A和B一起匀速运动时，弹簧的弹力为2N，则（　　）

A. 弹簧拉B的力与拉力F是一对平衡力

B. 弹簧拉A的力与弹簧拉B的力是一对相互作用力

C. 拉力F的大小为4.5N

D. 如果把物块A和B看作一个整体，那么这个整体所受的合力为2N

【答案】C

【解析】

【分析】对物块B水平方向上受力分析即可；明确相互作用力的概念；物块A水平方向受到平衡力，据此可知水平面对A的摩擦力fA，根据可求出A、B整体受到的摩擦力大小，再根据A、B整体做匀速直线运动可知，整体受到平衡力（合力为0），即可求出拉力F的大小。

【详解】A．物块B做匀速直线运动，则B水平方向上受到水平面对B的摩擦力、弹簧的拉力与拉力F为三力平衡，故A错误；

B．弹簧拉A的力与A拉弹簧的力是一对相互作用力，故B错误；

CD．物块A做匀速直线运动，则A水平方向上受到水平面对B的摩擦力与弹簧的拉力为二力平衡，则有

物块A及A、B整体对水平面的压力分别为

，

根据物体所受的滑动摩擦力与接触面之间的压力成正比可知，摩擦因数为

则A、B整体受到的摩擦力为

由A、B整体做匀速直线运动可知，整体受到平衡力（合力为0），即与拉力F是一对平衡力，则有

故C正确、D错误。

故选C。

15. 建筑工地上，工人用如图所示的滑轮组，将500N的重物在5s内匀速提升3m，所用拉力F为300N，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）

A. 工人做的总功为1800J

B. 动滑轮的重力为50N

C. 滑轮组的机械效率为91.7%

D. 提升更重的物体，滑轮组的机械效率会变小

【答案】A

【解析】

【分析】(1)由图可知，绳子的有效股数为3，由求出绳端移动的距离，根据求出总功；

(2)根据求出动滑轮的重力；

(3)根据求出有用功，利用求出该滑轮组机械效率；

(4)在额外功不变的情况下增大有用功，即利用机械效率的计算公式分析即可判断机械效率的变化。

【详解】A．由图可知，n=3，则绳端移动的距离

工人做的总功

故A正确；

B．由可得，动滑轮的重力

故B错误；

C．克服物体重力做的有用功

则该滑轮组的机械效率

故C错误；

D．在其他量不变的情况下，提升更重的物体，即在额外功不变的情况下，增大了有用功，根据公式可知，此时的机械效率将变大，故D错误。

故选A。

16. 如图所示，电源电压为 5V，闭合开关 S，电压表的示数为 1V。则（　　）

A. 通过灯泡 L1的电流比 L2的电流大

B. 灯泡 L2两端的电压是 1V

C. 灯泡 L1和 L2的电阻之比是 4：1

D. 若灯泡 L2灯丝烧断，电压表示数为零

【答案】D

【解析】

【详解】A．由图知，两灯串联在电路中，电压表测L1两端电压，即L1两端的电压是1V， 串联电路中电流处处相等，所以通过灯泡的电流和的电流相等，故A不符合题意；

B．由串联电路的电压特点知，灯泡 L2两端的电压是：

U2=U-U1=5V-1V=4V,

故B不符合题意；

C．通过两灯电流相等，由欧姆定律有：=，即：

===，

故C不符合题意;

D．由图知，若灯泡灯丝烧断，则整个电路断路，所以电压表示数为零，故D符合题意。

17. 如图所示，电路中电源电压不变，闭合开关S后，下列说法正确的是（　　）

A. 电压表的示数变大 B. 电流表的示数变小

C. 电路的总电阻变大 D. 电路的总功率变大

【答案】D

【解析】

【分析】开关S闭合前，只有L1接入电路，电流表测L1电流，开关S闭合后，两灯泡并联，电流表测干路电流；闭合前后电压表都测量电源电压，根据可知电路总电阻的变化，根据可知电路总功率的变化。

【详解】A．由图示电路图可知，电压表测电源两端电压，开关S1闭合前后，电源电压不变，电压表示数不变，故A错误；

B．闭合S前，只有L1接入电路，电流表测L1电流，闭合S后，两灯泡并联，电流表测干路电流，则电流表示数变大，故B错误；

C．根据公式可知，电路的总电阻减小，故C错误；

D．根据公式可知，电路消耗的总功率变大，故D正确。

故选D

三、实验题（每空2分，共16分）

18. 在“探究平面镜成像”的实验中，除图中的器材以外，小明还选用了刻度尺和笔。

(1)实验中，准确确定像的位置至关重要，下列一些做法中，与此无关的是_____

A．用薄玻璃板替代平面镜

B．选用两支完全相同的蜡烛

C．将薄玻璃板竖直放置在白纸上

D．将没有点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直至与蜡烛A的像完全重合

(2)实验中，小明将蜡烛B换成一张白纸放在蜡烛A的像的位置，当他在薄玻璃板的侧面观察白纸时，发现白纸上并没有像，这说明平面镜成的是_____像。

(3)小明做了三次实验，用笔在白纸上记下蜡烛和像对应点的位置，用刻度尺测量出它们到镜面的距离，并将数据记录到下表，则得出的实验结论是：_____。

【答案】    ①. B    ②. 虚    ③. 平面镜成像时，像与物到镜面的距离相等

【解析】

【分析】(1)根据平面镜成像特点实验的操作步骤，逐项分析其目的是否便于确定像的位置。

(2)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上。

(3)根据物到镜面距离和像到镜面距离数据可得出结论．

【详解】(1)[1]AD．用薄玻璃板替代平面镜，能在观察到A蜡烛像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B蜡烛，将没有点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直至与蜡烛A的像完全重合，便于确定像的位置，故AD不符合题意；

B．选用两支完全相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系，故B符合题意；

C．将薄玻璃板竖直放置在白纸上，才可以使蜡烛B与蜡烛A成的像完全重合，由此便可确定像的位置，故C不符合题意。

故选B。

(2)[2]小明将蜡烛B换成一张白纸放在蜡烛A的像的位置，白纸上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是虚像。

(3)[3]根据表中数据分析可以得出初步结论是：像和物体到镜面的距离相等。

19. 在“探究杠杆平衡条件”的实验中：

(1)调节杠杆平衡后，在图甲所示的A位置挂上2个钩码，可在B位置挂上_____个钩码，使杠杆在水平位置平衡。

(2)某同学采用如图乙所示装置进行实验，发现总是无法得到课本上所给出的平衡条件，原因是_____。

【答案】    ①. 3    ②. 杠杆自身的重力对杠杆平衡有影响

【解析】

【分析】(1)由杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，判断出左边两个钩码挂3格处时，右边B位置应挂几个钩码

(2)图乙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。

【详解】(1)[1]设一个钩码的重为G，一格的长度为l，根据可知

解得n=3，即可以B位置挂上3个钩码，使杠杆仍然在水平位置平衡。

(2)[2]利用如图乙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响。

20. 某同学利用如图甲所示的电路测量定值电阻R0的电功率，已知电源电压为6V，电流表有0~0.6A和0~3A两个量程，电压表有0~3V和0~15V两个量程，滑动变阻器的铭牌上标有“1A，20Ω”字样。

(1)连接电路时，滑动变阻器的滑片P应处于_____端（选填“a”或“b”）。

(2)闭合开关，调节滑动变阻器，电流表和电压表的示数如图乙所示，则此时电阻R0的电功率为_____W。

(3)小明发现，闭合开关后，移动滑片P，电流表和电压表的指针能同时达到满刻度线，则该实验中R0的电功率与电流的关系图像可能是_____。

【答案】    ①. b    ②. 1.058    ③. D

【解析】

【分析】(1)实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处。

(2)根据电表选用小量程确定分度值读数，根据求出电阻R0的电功率。

(3)由题意知，电表的指针同时达到满刻度线，即电路中的最大电流为0.6A，根据求出R0的最大电功率；滑动变阻器完全接入电路中时电路中的电流最小，R0的电功率最小，但不为0；根据可知R0的电功率与电流的平方成正比，据此分析R0的电功率与电流之间的关系。

【详解】(1)[1]实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即滑片P应处于b端。

(2)[2]如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过R0的电流为0.46A，电压表选用小量程，分度值为0.1V，则R0两端的电压为2.3V，则此时电阻R0的电功率为

(3)[3]根据可知，电阻R0的阻值

由题意可知，电表的指针同时达到满刻度线，而电源电压只有6V，故电压表达到满刻度线时示数只能是3V，则电流表达到满刻度线时示数是0.6A，即最大电流为0.6A，故R0的最大电功率

滑动变阻器完全接入电路中时，电路中的电流最小，则R0的电功率最小，但不为0；根据可知，R0的电功率与电流的平方成正比，即图像是一个开口向上的二次函数，图线应向下凹。

故选D。

四、计算题（第21题6分，第22题6分，第23题8分，共20分）

21. 有一台直流电动机在220V的电压下工作时，电流为35A，用它来匀速提升质量为1400kg的货物，在2s内提升了lm，设电动机输出的能量全部用来提升货物。问：

(1)电动机对货物的拉力是多少？

(2)2s内电动机对货物做功的功率是多少？

(3)这期间电动机的效率是多少？

【答案】(1)1.4×104N；(2)7×103W；(3)91%

【解析】

【分析】(1)由重力公式计算出重力大小，根据二力平衡可知电动机对货物的拉力。

(2)由计算电动机对物体做的功。

(3)由计算电流做功的多少，由有用功与总功的比值计算机械效率。

【详解】(1)货物的重力

因为匀速提升货物时，货物受到的重力与拉力是平衡力，则电动机对货物的拉力

(2)2s内电动机对货物做的功为

2s内电动机对货物做功的功率为

(3)这期间电流做的功为

这期间电动机的效率

答：(1)电动机对货物的拉力是1.4×104N；(2)2s内电动机对货物做功的功率是7×103W；(3)这期间电动机的效率是91%。

22. 如图所示，实心正方体铜块A重89N，其边长为10cm，放置在水平桌面上的平底薄壁容器底面积为0.02m2，内装100N的水。现将实心铜块A系在弹簧测力计挂钩上，并把它完全浸没于容器内的水中（水未溢出，铜块未接触容器底部）。求：

(1)若将铜块A静置于水平桌面上，它对水平桌面的压强是多少？

(2)将铜块A浸入水中，当浸入体积为其一半时，弹簧测力计的示数是多少？

(3)铜块A完全浸没于水中与未放铜块A相比，水对容器底的压强增大了多少？

【答案】(1)8.9×103Pa；(2)84N；(3)500Pa

【解析】

【分析】(1)由正方体边长可知铜块的底面积，水平静置时对桌面的压力大小等于其重力，根据求出铜块对水平桌面的压强。

(2)由题意可得，铜块A浸入水中的体积，由阿基米德原理求出其受到的浮力，再根据称重法测浮力求出弹簧测力计的示数。

(3)铜块A完全浸没于水中时排开水的体积等于A的体积，已知容器的底面积，求出容器中液面上升的高度，根据求出水对容器底压强的增大量。

【详解】(1)铜块A的底面积

因为铜块放在水平桌面上，则其对桌面的压力

则铜块A对水平桌面的压强

(2)由题意可知，铜块A排开水的体积

则此时铜块A受到的浮力

根据可知，弹簧测力计的示数

(3)铜块A完全浸没于水中与未放铜块A前相比，排开水的体积

则容器中水面上升的高度

故水对容器底的压强增大量

答：(1)若将铜块A静置于水平桌面上，它对水平桌面的压强是8.9×103Pa；(2)将铜块A浸入水中，当浸入体积为其一半时，弹簧测力计的示数是84N；(3)铜块A完全浸没于水中与未放铜块A相比，水对容器底的压强增大了500Pa。

23. 如图所示电路中，电源电压为6V，电阻R1为10Ω，R2略大于10Ω，滑动变阻器的阻值变化范围为0~20Ω。求：

(1)当滑动变阻器的滑片P从最左端a滑向最右端b时，R1两端电压、电流的变化范围分别是多少？

(2)当滑动变阻器的滑片P滑到某一位置时，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.25A，则电阻R2的阻值为多大？

【答案】(1)0∼6V、0∼0.6A；(2)12Ω

【解析】

【分析】(1)由电路图可知，当滑动变阻器的滑片P最左端a时，电阻R1、R2短路；当滑动变阻器的滑片P在最右端b时，R、R1与R2并联在电路中，R1两端电压即为电源电压，根据欧姆定律可知此时通过R1的电流，由此可知R1两端电压、电流的变化范围。

(2)当滑动变阻器的滑片P滑到某一位置时，R1与R2并联，根据欧姆定律求出R1两端电压，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R2的阻值。

【详解】(1)当滑动变阻器的滑片P最左端a时，R1短路，则有

，

当滑动变阻器的滑片P在最右端b时，R、R1与R2并联在电路中，根据并联电路电压的特点可知，此时

此时通过R1的电流

故R1两端电压变化范围是0∼6V、电流的变化范围是0∼0.6A。

(2)当滑动变阻器的滑片P滑到某一位置时，R1与R2并联，根据可知，R1两端电压

根据可知，电阻R2的阻值

答：(1)当滑动变阻器的滑片P从最左端a滑向最右端b时，R1两端电压的变化范围是0∼6V、电流的变化范围是0∼0.6A；(2)电阻R2的阻值为12Ω。