广东省佛山市第一中学2021-2022学年高三上学期第二次段考试题物理含答案

高三12月月考物理参考答案

1．B

A．由，可得

“神舟十二号”与“空间站”对接后处于同一轨道，所以它们的向心加速度相等，故A错误；

B．由，可得第一宇宙速度

“神舟十二号”卫星的运行轨道大于地球半径，所以其线速度小于第一宇宙速度，故B正确；

C．由，  

可知，如果已知“神舟十二号”卫星的线速度与角速度，可以求得地球的质量，但不能求得空间站的质量，故C错误；

D．由，可解得地球同步卫星的轨道高度约为3.6万千米，“神舟十二号”卫星的轨道高度为400公里，远小于同步卫星的轨道高度，由上式可知其周期小于24小时，故D错误。

2．D

A．图像只能表示直线运动，故A错误；

B．图像斜率表示加速度，由图可知，皮球的加速度大小一直减小最后不变，而皮球刚释放时不受空气阻力作用，加速度为重力加速度，故皮球的加速度不可能大于重力加速度，故B错误；

C．根据牛顿第二定律

随着速度的增加，皮球加速度减小，则皮球所受的空气阻力逐渐增大，故C错误；

D．当速度为时，皮球做匀速直线运动，受力平衡，皮球所受阻力的大小等于重力的大小，故D正确。

3．D

B．人向后蹬跑台，有向后的运动趋势，故受到跑步机对他向前的静摩擦力，B错误；

A．人相对地面的位置保持不变，可认为人处于平衡状态，故跑步机对人的作用力与重力等大、反向，故跑步机对人的作用力向上，A错误；

CD．据平衡条件可知，人受到的静摩擦力为

与跑台运行速度无关，若跑台与水平面的夹角增大，则人受到的摩擦力也增大，C错误，D正确。

4．C

A．由于不计空气阻力，乒乓球做平抛运动，则，

联立可得

又，故，A错误；

B．水平方向，

且水平方向的位移无法确定，所以无法确定与的关系，B错误；

C．根据对称性，球刚好过网，则有

所以，与以网为对称点，C正确；

D．乒乓球落在点弹起后上升的高度变成原来的一半，即

说明有机械能损失，所以球的机械能不守恒，D错误。

5．B

放电前手指靠近金属门把手的过程中，门把手在手的影响下，发生静电感应，在其右端感应出正电荷，左端感应出负电荷。本身是处于静电平衡状态，内部场强为零，两端电势相等，门把手与手之间看成一个电容器，可知当两者距离减小时，根据公式

联立，可得，可知，门把手与手指之间场强逐渐增大。

6．A

A．法拉第是利用“电生磁”现象来判断感应电流的有无，故A正确；

B．开关闭合瞬间，原磁场增大，根据楞次定律，感应电流磁场向上，所以小磁针上方导线电流向右，小磁针的N极向纸内旋转，故B错误；

C．开关闭合后，小磁针的N极向纸内旋转一定角度，稳定后，A线圈电流不变，磁场不变，B线圈无感应电流，小磁针复原，故C错误；

D．开关闭合稳定后，磁场恒定，铁芯中无涡流，故D错误。

7．D

线圈全部在磁场中时，受到安培力作用的有效长度为零

直线刚好过和边的中点时，导线框受到安培力的有效长度为，受到竖直向下的安培力。大小为

对导线框，由平衡条件得

联立解得

选项D正确，ABC错误。

8．AB

BCD．货物先向上做匀加速运动，此时的v-t图像是卿斜的直线，s-t图像为曲线；a-t图像是平行与t轴的直线；当与传送带共速后做匀速运动，则此时的v-t线是平行与t轴的直线；s-t图像是倾斜的直线；加速度a为零，则选项B正确，CD错误；

A．加速时传送带对货物的摩擦力

匀速时

加速时传送带对货物做功的功率

匀速时传送带对货物做功的功率

则选项A正确；

9．BC

A．要使重物做离心运动，M、N接触，则A端应靠近圆心，因此安装时A端比B端更远离气嘴，A错误；

B．转速越大，所需向心力越大，弹簧拉伸的越长，M、N接触时灯就会发光，B正确；

C．灯在最低点时，解得

因此增大重物质量可使LED灯在较低转速下也能发光，C正确；

D．灯在最低点时

灯在最高点时

匀速行驶时，在最低点时弹簧对重物的弹力大于在最高点时对重物的弹力，因此匀速行驶时，若LED灯转到最低点时能发光，则在最高点时不一定能发光，D错误；

10．BD

A．设电源电压为U，小球到M板距离为h，两极板间距为d，据动能定理可得

与电源保持相连，电压U不变，将M板上移，重力做功与电场力做功均不变，小球还是恰好到达下极板N，A错误；

B．若将N板下移，重力做功增加，电场力做功不变，小球到达下极板时速度大于零，能穿过下极板，B正确；

C．若将N板上移，重力做功减少，电场力做功不变，小球不能到达下极板，C错误；

D．若断开电源，电容器极板上电量Q不变，板间场强可表示为

故M板下移后，电场强度不变，原来的动能定理可表示为

将M板下移后，d减小，但之和不变，重力做功不变，电场力做功减小，小球到达下极板时速度大于零，能穿过下极板，D正确。

故选BD。

11．4    68.6    0.42    小   

(1)[1]由图像可知，弹簧的原长即为图线的横轴截距4。

[2]由公式

弹簧的劲度系数为图线的斜率，即

。

(2)[3]分析物体A的受力，可知

解得

[4]实验中由于弹簧悬挂时的原长比平放时的自然长度长，由此弹簧平放计算出来的形变量偏小，直接导致实验测得的动摩擦因数比实际值偏小。

12．右    AC    25.0    3.2~3.5   

（1）[1]二极管由单向导电性，而欧姆表中指针几乎不偏转，即为反向电流；而欧姆表内部电源正极接在黑表笔上，故黑表笔接在二极管的负极处，由题意可知，二极管右侧为正；

（2）[2]A．描绘二极管的伏安特性曲线，电压从0开始变化，滑动变阻器采用分压的接法，故A正确；

B．如图所示的连接的连接方式，滑片在最左侧时电阻最大，故B错误；

C．电路中采用的是电流表外接法，电流的测量值比实际值大，故计算出的电阻的测量值比实际值小，故C正确。

（3）[3]由图可知，电表的分度值为1mA，故需要估读到分度值下一位，读数为25.0mA；

[4]在图中作出等效电源的I-U图像

两个图像的交点横坐标即为LED灯两端的电压，根据图像可知为3.4V。

13．（1）；（2），

（1）设电子到达小孔S2时的速度大小为v0，根据动能定理有  --------2分

由几何关系可知，电子在磁场中做圆周运动的轨道半径为L，有 -------2分

                                        解得       -------2分

（2）此种情况下，电子在磁场中的运动轨迹如图所示，由几何关系可知，电子在磁场中做圆周运动的轨道半径，电子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为1200

此种情况下，电子在磁场中做圆周运动的周期       ---------2分

又，                                         ---------2分

解得                                      ---------2分

14．（1）；（2） ；（3）a.；b.

（1）由机械能守恒可知；落回出发点的速度大小不变，速度为，由

         ---------1分

得                                      ---------1分

（2）上升过程，由牛顿第二定律得  ---------1分

得           ---------1分

由，得  ---------1分

由动能定理  ---------1分

得        ---------2分

（3）a.由动量定理   ---------1分

得  ---------1分

b.由图可知小球最终做匀速运动即  ---------1分

刚抛出时，空气阻力最大与重力同向，则此时小球加速度最大

   ---------1分

解得  ---------2分

15．（1）增加    向外界放出 （2）6.7%

（1）

[1]设水银柱的长度为，玻璃管竖直时封闭气体的压强为（以cmHg为单位）

玻璃管转过后水平时气体压强为

故封闭气体的压强变大，由理想气体状态方程

可知，封闭气体的体积变小，分子数密度变大，而封闭气体的温度不变，气体分子的热运动剧烈程度不变，所以封闭气体分子在单位时间内对单位面积的碰撞次数增加。

[2]在封闭气体体积变小的过程中外界对气体做正功，即，此过程中由于气体的温度不变，所以气体的内能不变，即，由热力学第一定律

可知，所以封闭气体向外界放出热量。

（2）

以负压隔离单元内部气体为研究对象，初状态

  -------1分

末状态

   -------1分

设此时全部气体的体积为V，根据理想气体状态方程得

    -------2分

在末状态排出气体的体积

   -------1分

体积占比

   -------1分

代入数据解得

   -------2分