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2021年江苏省扬州市中考物理试卷
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这是一份2021年江苏省扬州市中考物理试卷，共31页。试卷主要包含了4m/sB，3A，电压表示数为0，5V 0，6km/h≈1，【答案】C，【答案】A等内容，欢迎下载使用。
2021年江苏省扬州市中考物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。
1. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 声音可在真空中传播
B. 声音是由物体振动产生的
C. “轻声细语”指的是降低声音的音调
D. 分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠响度
2. 下列数据中，符合实际情况的是( )
A. 成年人正常步行的速度约1.4m/s B. 中学生的质量约300kg
C. 人体感觉最舒适的温度约为37℃ D. 家庭电路的电压是380V
3. 冬天，打开装有热水的保温杯杯盖，有“白气”冒出，形成“白气”的物态变化是( )
A. 升华 B. 熔化 C. 凝华 D. 液化
4. 下列光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 皮影
B. 笔在水面处“折断”
C. 水中“倒影”
D. 三棱镜分解白光
5. 小明到扬州世园会游玩，下列说法正确的是( )
A. 闻到花香，是因为分子间有引力
B. 看到红花，是因为红花吸收了红光
C. 水从高处落下形成瀑布，重力势能转化为动能
D. 从多个方向能看到屏幕上的图像，是因为发生了镜面反射
6. 将气球在头发上摩擦后靠近较轻的金属筒，筒会滚动起来。这种现象是( )
A. 热现象 B. 电磁感应现象 C. 磁化现象 D. 静电现象
7. 下列实例中，目的是为了减小摩擦的是( )
A. 自行车轴安装滚珠轴承
B. 消防员即将到达地面时紧握滑杆
C. 汽车轮胎表面刻有花纹
D. 足球守门员戴防滑手套
8. 在“探究烛蜡的熔化特点”和“观察‘碘锤’中的物态变化”两个活动中，采用水浴法加热的主要目的是( )
A. 都是为了受热均匀
B. 都是为了控制温度
C. 前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度
D. 前者是为了控制温度，后者是为了受热均匀
9. “祝融号”火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，下列事实与此无关的是( )
A. 火星半径约为地球半径的12
B. 火星上平均气温在−60℃左右
C. 火星尘埃覆盖在太阳能板上
D. 火星距离太阳更远，辐照强度仅有地球的43%
10. 如图所示，电源电压保持6V不变，R1=5Ω，R3=15Ω，滑动变阻器R2标有“15Ω 2A”字样，下列说法正确的是( )
A. 当R2的滑片P在b端，只闭合S、S1时，电流表示数为0.3A，电压表示数为0
B. 当R2的滑片P在b端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.2A，电压表的示数为3V
C. 当R2的滑片P在a端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.4A，电压表示数为6V
D. 当R2的滑片P在a端，闭合S、S1、S2时，电流表示数为1.2A，电压表的示数为0
11. 有关蜡烛跷跷板的小制作，下列说法正确的是( )
A. 选用越粗的蜡烛效果越好
B. 转轴位置离蜡烛重心越远越好
C. 为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方
D. 为防止蜡烛摆动过大而翻转，可将蜡烛两端的下侧面削去一些
12. 如图所示电路，电源电压保持6V不变，滑动变阻器的最大阻值为15Ω，定值电阻R2为5Ω。电压表示数为U1、R2的电功率为P2、电流表示数为I。闭合开关后，移动滑片P，下列图像可能正确的是( )
A. B.
C. D.
13. 2020年12月11日，扬州进入高铁时代.。高铁上行驶的动车设计成流线型，是为了______ 。靠近村庄的铁路两侧安装隔音板是在______ 控制噪声。G8264次列车从扬州东站至宝应站用时27分钟，铁路线长约94.5km，其平均速度约是______ km/h。
14. 如图，向两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球______ (填“分开”或“靠近”)，用注射器吸入无水酒精，是利用了______ ，再将活塞推至针筒的底端，然后用橡皮帽封住小孔，小孔内还留有少量酒精，沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，保持静止。此时，液态酒精消失是______ 现象，不计活塞与针筒间的摩擦以及活塞自重，大气对活塞的压力______ 拉力(填“大于”、“小于”或“等于”)。
15. 小明对所学的一些物理量进行归纳，请你帮他补全空格处的内容，第(1)、(2)、(3)两空只需填一个物理量名称。
(1) ______
(2) ______
(3) ______
16. 在玻璃瓶内装入约半瓶细沙，盖上瓶盖，包裹一层泡沫塑料，迅速振动瓶子几十次，细沙温度升高，这是用______ 方法使沙子内能增大，泡沫塑料的作用是______ 。如果换成水做该实验，升温不明显是因为水的______ 大。
17. 如图，边长为0.1m的正方体木块放在水平桌面中央，已知木块密度为0.5×103kg/m3，木块质量为______ kg，它对桌面的压强为______ Pa。木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，它所受摩擦力为______ ，此过程中，它对桌面的压强______ (填“变大”、“变小”或“不变”)。(g=10N/kg)
18. 利用易拉罐做以下几个小实验；
(1)如图1，向空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，可以看到油柱______ ，这是利用气体的______ 制作简易温度计。
(2)如图2，在易拉罐中放入盐和敲碎的冰，用筷子轻轻搅拌半分钟，可以看到罐底出现“白霜”，这是空气中的水蒸气发生了______ 现象。
(3)如图3，将易拉罐底部开一圆孔倒出饮料，放入滴有酒精的小块脱脂棉花，轻轻晃动易拉罐，把电火花发生器紧紧塞进孔中，按动按钮，观察到罐子飞出去了，这个过程与汽油机的______ 冲程能量转化方式一致。
19. 2020年我市空气质量优良天数达293天，监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，R为气敏电阻，其材料一般为______ (填“半导体”或“超导体”)，气敏电阻阻值R随污染物浓度变化曲线如图乙所示。污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，该表应为图甲中______ 表，此过程中电路总功率______ (填“变大”“变小”或“不变”)。
20. 利用塑料笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用______ 。将所选笔芯放入水中，它能______ 漂浮在水中，在笔芯上标出水面的位置A；将笔芯放入酒精中，仍可漂浮，标出液面的位置B，如图所示。该笔芯漂浮在水中和酒精中时受到的浮力大小______ 。已知水的密度ρ1=1.0g/cm3，酒精的密度ρ2=0.8g/cm3，若笔芯漂浮在密度为ρ3=0.9g/cm3的液体中，则液面对应的位置可能是______ (填“C”或“D”)。
21. 如图，作出静止在斜面上的木块所受重力和弹力的示意图。
22. 如图，作出物体AB在平面镜中的像。
23. 如图，标出通电螺线管和静止小磁针的N极。
24. 如图所示，工人用滑轮组将重为400N的重物从井底匀速吊起2m，用时为8s，工人所用拉力F为250N。求：
(1)滑轮组的机械效率；
(2)拉力F的功率。
25. 如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为6V，灯泡标有“2.5V 0.5A”字样(灯丝阻值不变)，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
(1)求灯泡正常发光时的电功率；
(2)求灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；
(3)该电路设计是否有缺陷？如有，请给出解决办法。
26. 体育竞技中善用物理原理，对取胜往往起着决定作用。
(1)柔道竞技中，进攻者假装要把对手摔向左方，对手为了维持平衡，就把身体向右倾，由于______ 仍要向右运动，就被进攻者乘势摔向右方。
(2)以过腿摔为例，如图所示，进攻者A利用腰部将B顶起，使他双脚离地，同时猛拉B的右臂。请在图中作出拉力F的力臂l，此时A能轻易将B摔倒的原因是______ 。
27. 在“观察水的沸腾”实验中：
(1)实验室提供了一块比烧杯口稍大的圆形硬纸板，甲、乙两名同学分别在硬纸板上剪出小孔，以便将温度计通过小孔插入烧杯内的水中。如图所示，剪裁合适的是______ ，理由是______ 。
(2)在烧杯中倒入约80℃的水，提高了水的初温，从而______ 。水沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现______ 。
(3)如图所示，水沸腾后，甲同学移走酒精灯，继续观察；乙同学继续加热，观察烧杯中的水和试管中的水。他们的目的都是探究______ 。
28. 在“探究电流和电阻的关系”实验中，器材有：电源(6V)、电阻箱(0−9999Ω)、滑动变阻器(20Ω 1A)、电压表、电流表、开关和导线若干。
(1)请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整，使滑片向左移动时电阻减小。
(2)第一组数据的测量过程中，有下列步骤，正确的顺序是______ 。
①保持开关断开，连接实物电路
②检查电路无误后闭合开关
③读出电流表的示数，断开开关
④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处
⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20Ω，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V
(3)将电阻箱调到15Ω，闭合开关，发现电流表示数如图2所示，示数为______ A，该电流值与15Ω电阻值______ (填“能”或“不能”)作为第二组数据记录在表格中，此时电压表示数为0，可能发生的故障是______ 。
29. “一双好眼睛，能更好地探索未来”，小丽了解到人眼的晶状体相当于凸透镜，眼睛是如何看清远近不同物体的？她对这一问题产生了浓厚兴趣。
(1)首先用平行光正对凸透镜A照射，如图甲所示，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f= ______ cm。
(2)然后适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图乙所示；接着她将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图丙所示。可见小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时，保持______ 距离不变，探究______ 的关系。
(3)通过探究发现，当人眼观察近处物体时，晶状体的焦距变______ 。
30. 学校开展“我为节能献一计”活动，小明想探究影响电热水壶电热转化效率的因素。他提出两点猜想，猜想1：与电热水壶的功率有关；猜想2：与被加热的水的质量有关。于是在家中进行实验探究。
(1)关于电热水壶消耗电能的测量，小明提出用电能表直接测量；因为家中只有一只电能表，小亮提出用秒表测出烧水时间，再用额定功率与时间的乘积求得。正确的测量方法是______ 的方法。
(2)为了探究猜想1，应该保持① ______ 一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验。为了探究猜想2，小明设计了2个方案：
A方案：用一个电热水壶先后三次加热不同质量的水，直至烧开。
B方案：找三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水，直至烧开。
小亮认为A方案可行，但实验时要注意② ______ 。
你认为B方案是否可行？并说明理由③ ______ 。
(3)按照正确的方案进行实验，数据如下表：
实验
次数
电热水壶的功率/W
水的质量/kg
水的初温/℃
水的末温/℃
消耗的电能
/×105J
水吸收的热量/×105J
电热转化效率η/%
1
800
1
25
99
3.731
3.108
83.3
2
800
0.6
25.5
99.5
2.285
1.865
81.6
3
800
0.3
25
99
1.171
0.932
79.6
4
1000
1
24
99
3.604
3.150
87.4
5
1200
1
24.5
99
3.354
3.129
93.3
第1、2、3组数据表明：电热水壶的功率相同，水的质量越大，电热转化效率越______ 。第1、4、5组数据表明：______ 。
(4)结合以上结论，请你对电热水壶的使用提出一点建议：______ 。
31. 阅读短文，回答问题。
白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县交界处的金沙江干流之上，总装机容量1600万千瓦，居全球第二，预计今年7月1日前首批机组发电，2022年7月实现全部机组发电。建成后，白鹤滩水电站年均发电量可达6×1010千瓦时，在同等满足电力系统用电需求的情况下，水电站每年可节约标准煤约2×107吨，减少排放二氧化碳约5160万吨。对我国碳达峰、碳中和目标实现，对促进西部开发，实现“西电东送”都具有深远的意义。
(1)水电站中的发电机组是______ 能转化为______ 能的装置，它是利用______ 原理工作的。
(2)拦河大坝形状为上窄下宽的原因是______ ；汛期相较于枯水期，大坝底部所受液体压强会______ 。
(3)水力发电站使用热值为2.9×107J/kg的标准煤，估算其发电效率为______ 。
(4)若水电站输电的功率为6.6×105kW，采用1100kV特高压输电，则输电电流为______ A。
(5)大坝修建成拱形，且向上游凸出，这样设计的目的是______ 。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故A错误；
B、声音是由物体振动产生的，故B正确；
C、“轻声细语”指的是降低声音的响度，故C错误；
D、分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠音色，故D错误。
故选：B。
利用下列知识分析判断：
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)声音的传播需要介质，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
(3)响度是指声音的强弱，即我们常说的声音的大小；音调是指声音的高低，它与声源振动的频率有关；音色是声音的品质与特色，它与发声体有关，不同的发声体音色一般不同。
本题考查了声音的产生、传播，以及音调、响度和音色的区别，属于基础题目。
2.【答案】A
【解析】解：A、人正常步行的速度约为5km/h=5×13.6km/h≈1.4m/s，故A符合实际；
B、一个中学生的质量约为50kg，故B不符合实际；
C、人感觉舒适的环境温度在25℃左右，故C不符合实际；
D、家庭电路的电压是220V，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】D
【解析】解：
“白气”是液态小水珠，“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化放热形成的，故D正确，ABC错误。
故选：D。
能判断出液化现象，要知道“白气”是液态小水珠。“白气”的形成是液化现象。
像“白气”、“雾”容易错误认为是气态。事实上是由很小很小的水珠组成。
4.【答案】C
【解析】解：A、皮影属于影子，影子的形成说明光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A错误。
B、从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故B错误；
C、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C正确；
D、三棱镜分解白光属于光的色散现象，其原理是光的折射，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】C
【解析】解：A、由于分子在不断运动，花的香味分子运动到空气中，进入人们的鼻孔，使人在远处就感觉到了香味，故A错误；
B、看到红花，是因为红花反射了红光，故B错误；
C、水从高处流下的过程中，重力势能转化为动能，故C正确；
D、屏幕是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的银幕上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，不同方向的人们都能看到，因此光在屏幕上发生漫反射，故D错误。
故选：C。
(1)根据分子的基本性质分析。分子是构成物质的一种粒子，它的体积很小，分子在不断运动，分子间有一定的间隔。当我们嗅到香味，主要是因为分子运动；
(2)不透明物体的颜色由它反射的色光所决定，而透明物体的颜色由透过它的色光的颜色所决定；
(3)物体从高处落下，重力势能减小、动能增大，重力势能转化为动能；
(4)一束平行光射向物体的粗糙表面，经反射后，反射光线不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；
本题考查分子运动、物体的颜色、能量的转化以及光的反射，是一道综合题。
6.【答案】D
【解析】解：将气球在头发上摩擦后气球由于摩擦带上了电荷，带电体能够吸引轻小的物体，所以将气球在头发上摩擦后靠近较轻的金属筒时筒会被吸引滚动起来，故D符合题意。
故选：D。
用摩擦的方法可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了物体带电的认识和理解，掌握基础知识是关键。
7.【答案】A
【解析】解：A、自行车轴承中装有滚珠，是通过变滑动为滚动来减小摩擦力，故A符合题意；
B、消防员即将到达地面时紧握滑杆，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B不合题意；
C、汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；
D、足球守门员戴防滑手套，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不合题意。
故选：A。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动摩擦代替滚动摩擦。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
8.【答案】C
【解析】解：水浴法可以使物体受热均匀，因此，在“探究烛蜡的熔化特点”的实验中采用水浴法加热；
在“观察‘碘锤’中的物态变化”的实验中，碘的熔点高于100℃，采用水浴法加热可使碘受热时只会发生升华，而不能达到熔点，不会熔化，这样通过控制温度可使实验效果更明显。
综上，前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度。
故选：C。
水浴法可以使物体受热均匀，同时，使用水浴法对“碘锤”加热目的是使碘的温度不高于其熔点。
知道水浴法除了使物体受热均匀之处，还有时是为了控制温度，碘升华实验属于特例，应重点关注。
9.【答案】A
【解析】解：“祝融号”火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，火星车的太阳能电池板把太阳能转化为电能，BCD都会影响电能的转化和使用，而火星半径不会影响电能的转化和使用，故A符合题意。
故选：A。
火星车依靠太阳能来工作。
本题考查了能量的转化、影响能量转化的因素，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：A、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测电源电压，所以电压表示数为6V，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得通过该电路的电流：I=UR1+R2=6V5Ω+15Ω=0.3A，故A错误；
B、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时，R3与R2的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得通过该电路的电流：I′=UR3+R2=6V15Ω+15Ω=0.2A，
滑动变阻器两端的电压：U2=I′R2=0.2A×15Ω=3V，故B正确；
C、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，只闭合S、S2时，电路为R3的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，所以电压表示数为0，
通过该电路的电流：I3=UR3=6V15Ω=0.4A，故C错误；
D、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，闭合S、S1、S2时，R1与R3并联接入电路，电流表测干路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，所以电压表示数为0，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的示数为：I0=UR1+UR3=6V5Ω+6V15Ω=1.6A，故D错误。
故选：B。
A、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测电源电压，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得通过该电路的电流；
B、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时，R3与R2的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得通过该电路的电流，进一步计算滑动变阻器两端的电压；
C、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，只闭合S、S2时，电路为R3的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算通过该电路的电流；
D、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，闭合S、S1、S2时，R1与R3并联接入电路，电流表测干路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据并联电路电流规律计算电流表的示数。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
11.【答案】C
【解析】解：
A、制作蜡烛跷跷板时，选用较细的蜡烛能减小蜡烛的重力带来的影响，能使蜡烛在水平位置更加稳定，故A错误；
B、转轴位置离蜡烛重心越远，根据杠杆的平衡条件可知，此时蜡烛容易发生翻转，故B错误；
C、为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方，蜡烛的重心变低了，稳度较高，故C正确；
D、为防止蜡烛摆动过大而翻转，可将蜡烛两端的上侧面削去一些，这样能降低蜡烛的重心，增大稳度，故D错误。
故选：C。
(1)(2)根据杠杆的平衡条件分析；
(3)(4)重心越低，稳度越高。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、提高稳度的方法，难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：
AB、当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电路中的电流最大，则：I大=UR2=6V5Ω=1.2A；
当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，则最小电流为：I小=UR1+R2=6V5Ω+15Ω=0.3A；
电路中的电流最小，则R2两端的电压最小，其最小电压为：U2=I小R2=0.3A×5Ω=1.5V，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的最大电压即电压表的最大示数为：U1=U−U2=6V−1.5V=4.5V；根据串联电路的电压特点可知，电压表示数的变化量与R1两端电压的变化量相同，电路中的电流与R1两端电压成正比，所以U1−I图像为一条直线，故AB错误；
CD、根据P=I2R可知，R2的最大和最小电功率分别为：P小=I小2R2=(0.3A)2×5Ω=0.45W；P大=I大2R2=(1.2A)2×5Ω=7.2W；
根据P=I2R可知，功率P与I2成正比，则P−I图像不是直线，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，此时电路中的电流最大；当滑动变阻器全部接入电路中时，电路中的电流最小，据此求出最大电流和最小电流；根据U=IR求出滑动变阻器两端的最大电压；
(2)根据电路的最大电流和最小电流求出R2的最大和最小电功率，根据P=I2R分析图像的特点。
本题考查了电功率的计算、欧姆定律的应用、图像的识别，利用好串联电路的电流、电压的特点是解题的关键。
13.【答案】减小空气阻力 传播过程中 210
【解析】解：列车行驶时，会受到空气的阻力作用，动车制成流线型主要是为了减小空气阻力作用，可以降低能耗；
靠近村庄的铁路两侧安装隔音板是在传播过程中减弱噪声，
G8264次列车的平均速度：v=st=94.5km2760h=210km/h。
故答案为：减小空气阻力；传播过程中；210。
列车行驶时，会受到空气的阻力作用，动车制成流线型主要是为了减小空气阻力作用；控制噪声污染的方法是：在声源处削弱、在传播过程中削弱、在人耳处削弱；
知道G8264次列车行驶的时间和路程，根据速度公式计算其平均速度。
本题考查流线型车体的作用、噪声的防控、速度公式的灵活运用。
14.【答案】靠近 大气压 汽化 等于
【解析】解：(1)乒乓球之间空气流速大，压强变小，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠近；
(2)用注射器吸取无水酒精时，首先必须排出管内的空气，即把注射器的活塞推到最下端，使针筒内的压强小于外界的大气压，此时无水酒精在大气压的作用下进入了针筒中；
(3)沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，活塞与针筒壁摩擦做功，针筒内温度升高，使酒精由液态变为气态，故此时，液态酒精消失是汽化现象；
(4)沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，保持静止，此时活塞处于平衡状态，不计活塞与针筒间的摩擦以及活塞自重，大气对活塞的压力与拉力是一对平衡力，二者大小相等。
故答案为：靠近；大气压；汽化；等于。
(1)当向两个乒乓球中间打气时，分析乒乓球两侧的空气流动速度，根据流体压强跟流速的关系，判断乒乓球两侧的压强大小关系，从而知道乒乓球的运动情况。
(2)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)物质由液态变为气态叫汽化；
(4)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力。
此题考查流体压强和流速的关系、大气压的应用、汽化、平衡力的辨别等，涉及到的知识点多，综合性强。对于流体压强跟流速的关系，要分析一个物体两侧的流速变化，压强变化，判断物体受力情况，进一步判断出物体的运动情况。
15.【答案】质量 物质 功率
【解析】解：(1)物体的质量不随物体的形状、体积、状态、空间位置的改变而改变，是物体的基本属性；
(2)密度和比热容是物质的特性，与物质的种类和状态有关。
(3)功率是表示物体做功快慢的物理量。
故答案为：(1)质量；(2)物质；(3)功率。
本题考查学生对物理概念的理解和掌握，属于基础题。
16.【答案】做功 保温 比热容
【解析】解：(1)迅速振动瓶子几十次，细沙温度升高，这是用做功方法使沙子内能增大；
(2)空气、塑料、水瓶塞、泡沫、木头导热性能差，是热的不良导体，泡沫塑料的作用是保温；
(3)水的比热容大，在质量相同、水吸收相同的热量，温度升高的低，温度变化不明显。
故答案为：做功；保温；比热容。
(1)改变内能的方法：做功和热传递；
(2)像金属这样导热性能好的物体称为热的良导体；而像塑料、木头、空气这样导热性能差的物体称为热的不良导体；
(3)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查改变内能的方式、物体的导热性能以及比热容的有关之知识。
17.【答案】0.5 500 1.5N 不变
【解析】解：木块密度为0.5×103kg/m3，根据ρ=mV可知，木块的质量为：m=ρV=0.5×103kg/m3×(0.1m)3=0.5kg；
木块对水平桌面的压力等于自身的重力，木块对水平桌面的压强为：
p=FS=GS=mgS=0.5kg×10N/kg(0.1m)2=500Pa；
木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，木块在水平方向上受到的合力为0，水平方向上的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以它所受摩擦力为1.5N；
此过程中，木块对桌面的压力不变，受力面积不变，根据p=FS可知，压强不变。
故答案为：0.5；500；1.5N；不变。
知道边长和木块的密度，根据密度公式求出木块的质量；水平面的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p=FS求出桌面受到的压强；根据二力平衡分析摩擦力的大小；根据影响压强的因素分析压强的变化。
本题考查了密度公式和压强公式的应用、二力平衡条件的应用。
18.【答案】上升 热胀冷缩 凝华 做功
【解析】解：(1)在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，罐内气体受热膨胀，可以看到油柱上升，这是利用气体的热胀冷缩现象制作简易温度计；
(2)罐底出现“白霜”，这是空气中的水蒸气发生了受冷直接变成的小冰晶，是凝华现象；
(3)电火花打火时，酒精气体燃烧对外做功，使罐子飞出去，因此酒精燃烧后产生的燃气的内能转化为罐子的机械能，与汽油机的做功冲程能量转化方式一致。
故答案为：(1)上升；热胀冷缩；(2)凝华；(3)做功。
(1)根据气体热胀冷缩的性质进行分析；
(2)物质从气态直接变为固态是凝华现象；
(3)电火花打火时，酒精气体燃烧膨胀做功，使盒盖飞出去，因此将内能转化为盒盖的机械能；在汽油机的做功冲程中，气门关闭，活塞向下运动，高温高压的燃气推动活塞做功，燃气的内能转化为活塞的机械能。
本题考查热胀冷缩现象、物态变化、以及能量的转化问题及内燃机工作原理及过程，属于基础题目。
19.【答案】半导体 电流 变大
【解析】解：气敏电阻R是由半导体材料制成的；
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
当污染物浓度增大时，根据图乙可知，气敏电阻的阻值减小，总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；气敏电阻的阻值减小，由串联电路的分压规律可知，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表示数变小；
由题知，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，所以监测仪表应为电流表；
电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，总功率变大。
故答案为：半导体；电流；变大。
气敏电阻是由半导体材料制成的；
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知当污染物浓度增大时气敏电阻R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由串联电路的分压规律可知电压表示数的变化，据此结合题意判断监测仪表是电流表还是电压表；
根据P=UI判定总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用，由图像得出气敏电阻的阻值与污染物浓度的关系是关键。
20.【答案】旧笔芯 竖直 相等 D
【解析】解：新笔芯的重心靠近笔芯的中间位置，放入水中时无法竖直漂浮；用了一半油墨的旧笔芯的重心在笔芯的一端，当把旧笔芯放入水中时，旧笔芯能竖直漂浮在水中；
旧笔芯在水中和酒精中处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，所以浮力相同；
笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，则压力相同，设笔管的底面积为S，则V排水=SH，V排液=Sh，
根据阿基米德原理可知，ρ水gSH=ρ液gSh，所以；h=ρ水ρ液H，h和ρ液是反比例数，所以，密度计刻度分布不是均匀的，液体的密度值越大，相邻刻度线之间的距离越小，所以笔芯漂浮在密度为ρ3=0.9g/cm3的液体中，液面对应的位置可能是D点。
故答案为：旧笔芯；竖直；相等；D。
根据新笔芯和旧笔芯的重心分析；物体漂浮时浮力等于重力；笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，根据阿基米德原理公式得出液体密度与笔芯密度的关系式，根据关系式分析对应的位置。
密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
21.【答案】解：斜面对物体弹力为支持力，重力和支持力的作用点画在物体的重心上；重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上；如图所示：
【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；斜面对物体弹力为支持力，斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上。
此考查力的示意图的画法，注意重力的方向是竖直向下的，弹力的方向与斜面垂直，且弹力小于重力。
22.【答案】解：先根据像与物关于平面镜对称，作出端点A、B在平面镜中的像点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【解析】平面镜成像的特点：像、物大小相等、连线与镜面垂直、到平面镜的距离相等、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这些关系作出物体AB的像。
本题考查了如何作出物体在平面镜中的像，在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。
23.【答案】解：已知电源右端为正极，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极；当小磁针静止时，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为N极，左端为S极；如下图所示：
【解析】根据安培定则确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极。
本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
24.【答案】解：(1)有用功：
W有用功=Gh=400N×2m=800J；
由图知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，
拉力做的功：W总=Fs=250N×4m=1000J；
滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%=800J1000J×100%=80%；
(2)拉力做功的功率P=W总t=1000J8s=125W。
答：(1)滑轮组的机械效率为80%；
(2)拉力F的功率为125W。
【解析】本题考查了使用滑轮组有用功、总功、功率、机械效率的计算，关键是公式的灵活应用。
25.【答案】解：(1)灯泡正常发光时的电压为2.5V，电流为0.5A，则此时小灯泡消耗的电功率PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W；
(2)根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压为：U′=U−UL=6V−2.5V=3.5V；
滑动变阻器接入电路的电阻为：R′=U′IL=3.5V0.5A=7Ω；
(3)电源电压6V大于灯泡的额定电压，由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻过小时，会造成灯泡两端的电压过大损坏小灯泡；为让滑片能自由移动，且小灯泡安全工作，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，灯泡应正常发光，电路中应串联接入一个7Ω的电阻R0。
答：(1)灯泡正常发光时的电功率为1.25W；
(2)灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值为7Ω；
(3)该电路设计有缺陷，当滑动变阻器接入电路中的电阻过小时，会造成灯泡两端的电压过大损坏小灯泡；解决办法：电路中串联接入一个7Ω的电阻R0。
【解析】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路设计的评估，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
26.【答案】惯性 动力臂大于阻力臂
【解析】解：
(1)进攻者假装要把对手摔向左方，对手为了维持平衡，就把身体向右倾，则对手由于惯性仍要向右运动，就被进攻者乘势摔向右方。
(2)由图知，A将B摔倒时可将B看做一个杠杆，O为支点，阻力为B的重力，拉力F是动力，
反向延长F画出力的作用线，从O点向拉力F的作用线作垂线段，即为其力臂l，如图所示：
由图知，动力F的力臂大于阻力G的力臂，则B相当于一个省力杠杆，所以A能轻易将B摔倒。
故答案为：(1)惯性；(2)见上图；动力臂大于阻力臂。
(1)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；
(2)力臂是支点到力的作用线的距离，由此画出拉力F的力臂；
由图知，A将B摔倒时可将B看做一个杠杆，O为支点，阻力为B的重力，拉力F是动力，分析两力的力臂关系从而确定杠杆类型，可知A能轻易将B摔倒的原因。
本题考查了惯性的应用、力臂的作图以及杠杆类型的判断，体现物理知识在体育活动中的应用，是一道好题。
27.【答案】(1)甲；乙同学剪裁的孔会让温度计玻璃泡碰到烧杯壁；(2)缩短加热至沸腾的时间；温度保持不变；(3)水沸腾时是否需要持续吸热
【解析】解：(1)乙同学在纸板边缘剪孔，放入温度计后，温度计的玻璃泡会接触到烧杯侧壁，从而导致测量温度不准确，故剪裁合适的是甲同学；(2)提高水的初温，从而缩短了加热至沸腾的时间；水沸腾后持续加热并继续测温，会发现温度保持不变；(3)甲同学移走酒精灯，水无法持续吸热，沸腾停止，而乙同学继续加热，烧杯中的水持续吸热，能继续沸腾，但试管内水的温度始终和烧杯内水的温度相同，没有温度差，无法热传递，因此试管内的水无法持续吸热，故不沸腾，因此他们的目的都是探究水沸腾时是否需要持续吸热。
故答案为：(1)甲；乙同学剪裁的孔会让温度计玻璃泡碰到烧杯壁；(2)缩短加热至沸腾的时间；温度保持不变；(3)水沸腾时是否需要持续吸热
(1)温度计在使用时，玻璃泡不能碰触烧杯底部和侧壁，据此判断纸板小孔的合适位置；(2)缩短加热至沸腾的时间：提高水的初温、烧杯加盖、适当减少水的质量；水沸腾后继续加热，根据沸腾特点分析看到的现象；(3)比较两个装置，发现有个装置没有加热，而另一个装置继续加热，这是探究沸腾的条件：持续吸热。
本题考查水的沸腾实验，重点考查学生实验操作和分析、综合的能力。
28.【答案】(1)如图所示；(2)①④②⑤③；(3)0.24；不能；电阻箱短路
【解析】解：(1)要使滑片向左移动时电阻减小，需将滑动变阻器的左下接线柱连入电路，使电阻箱与滑动变阻器串联，如下图所示：
(2)探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变；则第一组数据的测量过程中，正确的步骤如下：
①保持开关断开，连接实物电路
④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处
②检查电路无误后闭合开关
⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20Ω，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V
③读出电流表的示数，断开开关
故①④②⑤③；
(3)由图2可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；
探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变，当电阻箱调到15Ω，闭合开关后，电阻箱两端电压不等于4V，因此此时读出的电流表示数和电阻值不能作为第二组数据；
电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表被短路，即电阻箱短路。
故答案为：(1)如上图所示；(2)①④②⑤③；(3)0.24；不能；电阻箱短路。
(1)根据滑片向左移动时电阻减小确定变阻器滑片接入电路的接线柱，并将滑动变阻器与电阻箱串联；
(2)探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变；然后结合连接电路的注意事项排列出正确实验步骤；
(3)根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数；探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变，此时读出的数据才是需要记录的实验数据；
电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表被短路，据此判断出故障的具体位置。
本题考查了探究“电流与电阻的关系”的实验，涉及了电路的连接、实验注意事项、电流表读数和故障分析等，知识点较多，综合性强。
29.【答案】(1)10.0；(2)光屏到凸透镜；物距与凸透镜焦距的关系；(3)短
【解析】解：
(1)如图甲所示，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，该光斑为凸透镜焦点，
则凸透镜的焦距f=20.0cm−10.0cm=10.0cm。
(2)由乙、丙两图和题意可知，光屏到凸透镜的距离保持不变，凸透镜的焦距改变时，需调整蜡烛到凸透镜的距离，才能在光屏上再次出现清晰的像。所以，小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时，保持光屏到凸透镜距离不变，探究物距与凸透镜焦距的关系。
(3)人的眼睛在看清远近不同物体时，眼球的前后距离是不变的，即像距不变，是通过改变晶状体的焦距来实现看清远近不同的物体的，与上述规律相同；
由乙、丙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，才能在光屏上成清晰的实像；由此可知，当人眼观察近处物体时(物距减小)，则晶状体的焦距应变短。
故答案为：(1)10.0；(2)光屏到凸透镜；物距与凸透镜焦距的关系；(3)短。
(1)与主光轴平行的光线经凸透镜折射后会聚于一点，此点为凸透镜焦点，焦点到光心的距离为焦距；
(2)由乙、丙两图和题意可知，光屏到凸透镜的距离保持不变，凸透镜的焦距改变时，需调整蜡烛到凸透镜的距离，才能在光屏上再次出现清晰的像，据此分析小丽研究的问题；
(3)人的眼睛看清物体是通过改变晶状体的形状来实现的，晶状体相当于全自动变焦镜头。由乙、丙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，据此解答。
本题是探究凸透镜成像规律的实验，解题的关键是根据乙、丙两图得出“像距不变时，物距与凸透镜焦距的关系”。
30.【答案】(1)小明；(2)①水的质量和初温；②水壶和水的初温相同；③不可行，仅有一只电能表无法测出同时工作的三个电水壶分别消耗的电能；(3)高；水的质量相同时，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高；(4)使用功率较大的电热水壶或单次使用时加热质量较大的水可以提高电热转化效率
【解析】解：(1)断开了家中其他用电器，仅让电热水壶工作，利用电能表可以直接测出电热水壶消耗的电能；
而电热水壶工作时的功率和额定功率不一定相等，不能用额定功率与时间的乘积求出消耗的电能，所以正确的测量方法是小明的方法；
(2)探究电热水壶电热转化效率与电热水壶的功率有关时，应该保持水的质量和初温一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验；
(3)仅有一只电能表，无法测出同时工作的三个电水壶分别消耗的电能，所以B方案不可行；
(4)由第1、2、3组数据可知，电热水壶的功率相同时，水的质量越大，电热转化效率越高；
由第1、4、5组数据可知，水的质量相同时，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高；
(5)由(4)的结论可知，使用功率较大的电热水壶或单次使用时加热质量较大的水可以提高电热转化效率。
故答案为：(1)小明；(2)①水的质量和初温；②水壶和水的初温相同；③不可行，仅有一只电能表无法测出同时工作的三个电水壶分别消耗的电能；(3)高；水的质量相同时，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高；(4)使用功率较大的电热水壶或单次使用时加热质量较大的水可以提高电热转化效率。
(1)电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表；用电器正常工作时的功率和额定功率相等，可以利用额定功率与时间的乘积求得消耗的电能，否则不可行；
(2)探究电热水壶电热转化效率与电热水壶的功率有关时，应控制其他条件不变，改变电热水壶的电功率；
(3)找三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水、直至烧开时，利用一只电能表无法分别测出三电热水壶消耗的电能；
(4)根据第1、2、3组数据分析水的质量和电热转化效率关系，根据第1、4、5组数据分析电热水壶的功率和电热转化效率关系，然后利用控制变量法得出结论；
(5)根据(4)的结论对电热水壶的使用提出建议。
本题考查了探究影响电热水壶电热转化效率因素的实验，知道电能表的作用和利用好控制变量法是关键，同时要会分析表格数据得出结论并能利用结论解决问题，有一定的难度。
31.【答案】(1)机械；电；电磁感应
(2)水的压强随深度的增加而增大；变大
(3) 37.24%
(4)600
(5)将水的压力转移到大坝两端，减轻坝体中心的压力，使大坝更加牢固
【解析】解：
(1)水电站的发电机是把机械能转化为电能的装置，它利用了电磁感应原理工作；
(2)大坝形状做成上窄下宽的原因是水的压强随深度增加而增大，汛期的水深度比枯水期高，所以大坝底部受到的压强也大；
(3)由题干知水电站每年可节约标准煤约2×107吨，则可知节约的煤完全燃烧放出的总热量Q=qm=2.9×107J/kg×2×107×103kg=5.8×1017J；
由题知水电站年均发电量可达6×1010千瓦时，则W=6×1010×3.6×106J=2.16×1017J；
则η=WQ×100%=2.16×1017J5.8×1017J×100%=37.24%；
(4)由公式P=UI可得I=PU=6.6×105kW1100kV=600A；
(5)拱形大坝可以将水的压力分移到大坝两端，减轻坝体中心的压力，使得大坝更加牢固。
故答案为：(1)机械；电；电磁感应；
(2)水的压强随深度的增加而增大；变大；
(3)37.24%；
(4)600；
(5)将水的压力转移到大坝两端，减轻坝体中心的压力，使得大坝更加牢固。
2021年江苏省扬州市中考物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。
1. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 声音可在真空中传播
B. 声音是由物体振动产生的
C. “轻声细语”指的是降低声音的音调
D. 分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠响度
2. 下列数据中，符合实际情况的是( )
A. 成年人正常步行的速度约1.4m/s B. 中学生的质量约300kg
C. 人体感觉最舒适的温度约为37℃ D. 家庭电路的电压是380V
3. 冬天，打开装有热水的保温杯杯盖，有“白气”冒出，形成“白气”的物态变化是( )
A. 升华 B. 熔化 C. 凝华 D. 液化
4. 下列光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 皮影
B. 笔在水面处“折断”
C. 水中“倒影”
D. 三棱镜分解白光
5. 小明到扬州世园会游玩，下列说法正确的是( )
A. 闻到花香，是因为分子间有引力
B. 看到红花，是因为红花吸收了红光
C. 水从高处落下形成瀑布，重力势能转化为动能
D. 从多个方向能看到屏幕上的图像，是因为发生了镜面反射
6. 将气球在头发上摩擦后靠近较轻的金属筒，筒会滚动起来。这种现象是( )
A. 热现象 B. 电磁感应现象 C. 磁化现象 D. 静电现象
7. 下列实例中，目的是为了减小摩擦的是( )
A. 自行车轴安装滚珠轴承
B. 消防员即将到达地面时紧握滑杆
C. 汽车轮胎表面刻有花纹
D. 足球守门员戴防滑手套
8. 在“探究烛蜡的熔化特点”和“观察‘碘锤’中的物态变化”两个活动中，采用水浴法加热的主要目的是( )
A. 都是为了受热均匀
B. 都是为了控制温度
C. 前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度
D. 前者是为了控制温度，后者是为了受热均匀
9. “祝融号”火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，下列事实与此无关的是( )
A. 火星半径约为地球半径的12
B. 火星上平均气温在−60℃左右
C. 火星尘埃覆盖在太阳能板上
D. 火星距离太阳更远，辐照强度仅有地球的43%
10. 如图所示，电源电压保持6V不变，R1=5Ω，R3=15Ω，滑动变阻器R2标有“15Ω 2A”字样，下列说法正确的是( )
A. 当R2的滑片P在b端，只闭合S、S1时，电流表示数为0.3A，电压表示数为0
B. 当R2的滑片P在b端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.2A，电压表的示数为3V
C. 当R2的滑片P在a端，只闭合S、S2时，电流表示数为0.4A，电压表示数为6V
D. 当R2的滑片P在a端，闭合S、S1、S2时，电流表示数为1.2A，电压表的示数为0
11. 有关蜡烛跷跷板的小制作，下列说法正确的是( )
A. 选用越粗的蜡烛效果越好
B. 转轴位置离蜡烛重心越远越好
C. 为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方
D. 为防止蜡烛摆动过大而翻转，可将蜡烛两端的下侧面削去一些
12. 如图所示电路，电源电压保持6V不变，滑动变阻器的最大阻值为15Ω，定值电阻R2为5Ω。电压表示数为U1、R2的电功率为P2、电流表示数为I。闭合开关后，移动滑片P，下列图像可能正确的是( )
A. B.
C. D.
13. 2020年12月11日，扬州进入高铁时代.。高铁上行驶的动车设计成流线型，是为了______ 。靠近村庄的铁路两侧安装隔音板是在______ 控制噪声。G8264次列车从扬州东站至宝应站用时27分钟，铁路线长约94.5km，其平均速度约是______ km/h。
14. 如图，向两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球______ (填“分开”或“靠近”)，用注射器吸入无水酒精，是利用了______ ，再将活塞推至针筒的底端，然后用橡皮帽封住小孔，小孔内还留有少量酒精，沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，保持静止。此时，液态酒精消失是______ 现象，不计活塞与针筒间的摩擦以及活塞自重，大气对活塞的压力______ 拉力(填“大于”、“小于”或“等于”)。
15. 小明对所学的一些物理量进行归纳，请你帮他补全空格处的内容，第(1)、(2)、(3)两空只需填一个物理量名称。
(1) ______
(2) ______
(3) ______
16. 在玻璃瓶内装入约半瓶细沙，盖上瓶盖，包裹一层泡沫塑料，迅速振动瓶子几十次，细沙温度升高，这是用______ 方法使沙子内能增大，泡沫塑料的作用是______ 。如果换成水做该实验，升温不明显是因为水的______ 大。
17. 如图，边长为0.1m的正方体木块放在水平桌面中央，已知木块密度为0.5×103kg/m3，木块质量为______ kg，它对桌面的压强为______ Pa。木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，它所受摩擦力为______ ，此过程中，它对桌面的压强______ (填“变大”、“变小”或“不变”)。(g=10N/kg)
18. 利用易拉罐做以下几个小实验；
(1)如图1，向空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，可以看到油柱______ ，这是利用气体的______ 制作简易温度计。
(2)如图2，在易拉罐中放入盐和敲碎的冰，用筷子轻轻搅拌半分钟，可以看到罐底出现“白霜”，这是空气中的水蒸气发生了______ 现象。
(3)如图3，将易拉罐底部开一圆孔倒出饮料，放入滴有酒精的小块脱脂棉花，轻轻晃动易拉罐，把电火花发生器紧紧塞进孔中，按动按钮，观察到罐子飞出去了，这个过程与汽油机的______ 冲程能量转化方式一致。
19. 2020年我市空气质量优良天数达293天，监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，R为气敏电阻，其材料一般为______ (填“半导体”或“超导体”)，气敏电阻阻值R随污染物浓度变化曲线如图乙所示。污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，该表应为图甲中______ 表，此过程中电路总功率______ (填“变大”“变小”或“不变”)。
20. 利用塑料笔芯自制密度计，同款的新笔芯和用了一半油墨的旧笔芯应该选用______ 。将所选笔芯放入水中，它能______ 漂浮在水中，在笔芯上标出水面的位置A；将笔芯放入酒精中，仍可漂浮，标出液面的位置B，如图所示。该笔芯漂浮在水中和酒精中时受到的浮力大小______ 。已知水的密度ρ1=1.0g/cm3，酒精的密度ρ2=0.8g/cm3，若笔芯漂浮在密度为ρ3=0.9g/cm3的液体中，则液面对应的位置可能是______ (填“C”或“D”)。
21. 如图，作出静止在斜面上的木块所受重力和弹力的示意图。
22. 如图，作出物体AB在平面镜中的像。
23. 如图，标出通电螺线管和静止小磁针的N极。
24. 如图所示，工人用滑轮组将重为400N的重物从井底匀速吊起2m，用时为8s，工人所用拉力F为250N。求：
(1)滑轮组的机械效率；
(2)拉力F的功率。
25. 如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为6V，灯泡标有“2.5V 0.5A”字样(灯丝阻值不变)，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
(1)求灯泡正常发光时的电功率；
(2)求灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值；
(3)该电路设计是否有缺陷？如有，请给出解决办法。
26. 体育竞技中善用物理原理，对取胜往往起着决定作用。
(1)柔道竞技中，进攻者假装要把对手摔向左方，对手为了维持平衡，就把身体向右倾，由于______ 仍要向右运动，就被进攻者乘势摔向右方。
(2)以过腿摔为例，如图所示，进攻者A利用腰部将B顶起，使他双脚离地，同时猛拉B的右臂。请在图中作出拉力F的力臂l，此时A能轻易将B摔倒的原因是______ 。
27. 在“观察水的沸腾”实验中：
(1)实验室提供了一块比烧杯口稍大的圆形硬纸板，甲、乙两名同学分别在硬纸板上剪出小孔，以便将温度计通过小孔插入烧杯内的水中。如图所示，剪裁合适的是______ ，理由是______ 。
(2)在烧杯中倒入约80℃的水，提高了水的初温，从而______ 。水沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现______ 。
(3)如图所示，水沸腾后，甲同学移走酒精灯，继续观察；乙同学继续加热，观察烧杯中的水和试管中的水。他们的目的都是探究______ 。
28. 在“探究电流和电阻的关系”实验中，器材有：电源(6V)、电阻箱(0−9999Ω)、滑动变阻器(20Ω 1A)、电压表、电流表、开关和导线若干。
(1)请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整，使滑片向左移动时电阻减小。
(2)第一组数据的测量过程中，有下列步骤，正确的顺序是______ 。
①保持开关断开，连接实物电路
②检查电路无误后闭合开关
③读出电流表的示数，断开开关
④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处
⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20Ω，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V
(3)将电阻箱调到15Ω，闭合开关，发现电流表示数如图2所示，示数为______ A，该电流值与15Ω电阻值______ (填“能”或“不能”)作为第二组数据记录在表格中，此时电压表示数为0，可能发生的故障是______ 。
29. “一双好眼睛，能更好地探索未来”，小丽了解到人眼的晶状体相当于凸透镜，眼睛是如何看清远近不同物体的？她对这一问题产生了浓厚兴趣。
(1)首先用平行光正对凸透镜A照射，如图甲所示，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f= ______ cm。
(2)然后适当调整凸透镜A和光屏的位置，移动蜡烛，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图乙所示；接着她将凸透镜A换为焦距稍大的凸透镜B，并保持位置不变，移动蜡烛，使烛焰在光屏上再次成清晰的像，如图丙所示。可见小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时，保持______ 距离不变，探究______ 的关系。
(3)通过探究发现，当人眼观察近处物体时，晶状体的焦距变______ 。
30. 学校开展“我为节能献一计”活动，小明想探究影响电热水壶电热转化效率的因素。他提出两点猜想，猜想1：与电热水壶的功率有关；猜想2：与被加热的水的质量有关。于是在家中进行实验探究。
(1)关于电热水壶消耗电能的测量，小明提出用电能表直接测量；因为家中只有一只电能表，小亮提出用秒表测出烧水时间，再用额定功率与时间的乘积求得。正确的测量方法是______ 的方法。
(2)为了探究猜想1，应该保持① ______ 一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验。为了探究猜想2，小明设计了2个方案：
A方案：用一个电热水壶先后三次加热不同质量的水，直至烧开。
B方案：找三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水，直至烧开。
小亮认为A方案可行，但实验时要注意② ______ 。
你认为B方案是否可行？并说明理由③ ______ 。
(3)按照正确的方案进行实验，数据如下表：
实验
次数
电热水壶的功率/W
水的质量/kg
水的初温/℃
水的末温/℃
消耗的电能
/×105J
水吸收的热量/×105J
电热转化效率η/%
1
800
1
25
99
3.731
3.108
83.3
2
800
0.6
25.5
99.5
2.285
1.865
81.6
3
800
0.3
25
99
1.171
0.932
79.6
4
1000
1
24
99
3.604
3.150
87.4
5
1200
1
24.5
99
3.354
3.129
93.3
第1、2、3组数据表明：电热水壶的功率相同，水的质量越大，电热转化效率越______ 。第1、4、5组数据表明：______ 。
(4)结合以上结论，请你对电热水壶的使用提出一点建议：______ 。
31. 阅读短文，回答问题。
白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县交界处的金沙江干流之上，总装机容量1600万千瓦，居全球第二，预计今年7月1日前首批机组发电，2022年7月实现全部机组发电。建成后，白鹤滩水电站年均发电量可达6×1010千瓦时，在同等满足电力系统用电需求的情况下，水电站每年可节约标准煤约2×107吨，减少排放二氧化碳约5160万吨。对我国碳达峰、碳中和目标实现，对促进西部开发，实现“西电东送”都具有深远的意义。
(1)水电站中的发电机组是______ 能转化为______ 能的装置，它是利用______ 原理工作的。
(2)拦河大坝形状为上窄下宽的原因是______ ；汛期相较于枯水期，大坝底部所受液体压强会______ 。
(3)水力发电站使用热值为2.9×107J/kg的标准煤，估算其发电效率为______ 。
(4)若水电站输电的功率为6.6×105kW，采用1100kV特高压输电，则输电电流为______ A。
(5)大坝修建成拱形，且向上游凸出，这样设计的目的是______ 。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故A错误；
B、声音是由物体振动产生的，故B正确；
C、“轻声细语”指的是降低声音的响度，故C错误；
D、分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠音色，故D错误。
故选：B。
利用下列知识分析判断：
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)声音的传播需要介质，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
(3)响度是指声音的强弱，即我们常说的声音的大小；音调是指声音的高低，它与声源振动的频率有关；音色是声音的品质与特色，它与发声体有关，不同的发声体音色一般不同。
本题考查了声音的产生、传播，以及音调、响度和音色的区别，属于基础题目。
2.【答案】A
【解析】解：A、人正常步行的速度约为5km/h=5×13.6km/h≈1.4m/s，故A符合实际；
B、一个中学生的质量约为50kg，故B不符合实际；
C、人感觉舒适的环境温度在25℃左右，故C不符合实际；
D、家庭电路的电压是220V，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】D
【解析】解：
“白气”是液态小水珠，“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化放热形成的，故D正确，ABC错误。
故选：D。
能判断出液化现象，要知道“白气”是液态小水珠。“白气”的形成是液化现象。
像“白气”、“雾”容易错误认为是气态。事实上是由很小很小的水珠组成。
4.【答案】C
【解析】解：A、皮影属于影子，影子的形成说明光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A错误。
B、从水中笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故B错误；
C、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C正确；
D、三棱镜分解白光属于光的色散现象，其原理是光的折射，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】C
【解析】解：A、由于分子在不断运动，花的香味分子运动到空气中，进入人们的鼻孔，使人在远处就感觉到了香味，故A错误；
B、看到红花，是因为红花反射了红光，故B错误；
C、水从高处流下的过程中，重力势能转化为动能，故C正确；
D、屏幕是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的银幕上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，不同方向的人们都能看到，因此光在屏幕上发生漫反射，故D错误。
故选：C。
(1)根据分子的基本性质分析。分子是构成物质的一种粒子，它的体积很小，分子在不断运动，分子间有一定的间隔。当我们嗅到香味，主要是因为分子运动；
(2)不透明物体的颜色由它反射的色光所决定，而透明物体的颜色由透过它的色光的颜色所决定；
(3)物体从高处落下，重力势能减小、动能增大，重力势能转化为动能；
(4)一束平行光射向物体的粗糙表面，经反射后，反射光线不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射；
本题考查分子运动、物体的颜色、能量的转化以及光的反射，是一道综合题。
6.【答案】D
【解析】解：将气球在头发上摩擦后气球由于摩擦带上了电荷，带电体能够吸引轻小的物体，所以将气球在头发上摩擦后靠近较轻的金属筒时筒会被吸引滚动起来，故D符合题意。
故选：D。
用摩擦的方法可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了物体带电的认识和理解，掌握基础知识是关键。
7.【答案】A
【解析】解：A、自行车轴承中装有滚珠，是通过变滑动为滚动来减小摩擦力，故A符合题意；
B、消防员即将到达地面时紧握滑杆，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B不合题意；
C、汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；
D、足球守门员戴防滑手套，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不合题意。
故选：A。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动摩擦代替滚动摩擦。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
8.【答案】C
【解析】解：水浴法可以使物体受热均匀，因此，在“探究烛蜡的熔化特点”的实验中采用水浴法加热；
在“观察‘碘锤’中的物态变化”的实验中，碘的熔点高于100℃，采用水浴法加热可使碘受热时只会发生升华，而不能达到熔点，不会熔化，这样通过控制温度可使实验效果更明显。
综上，前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度。
故选：C。
水浴法可以使物体受热均匀，同时，使用水浴法对“碘锤”加热目的是使碘的温度不高于其熔点。
知道水浴法除了使物体受热均匀之处，还有时是为了控制温度，碘升华实验属于特例，应重点关注。
9.【答案】A
【解析】解：“祝融号”火星车登陆火星后对能量需求更为迫切，火星车的太阳能电池板把太阳能转化为电能，BCD都会影响电能的转化和使用，而火星半径不会影响电能的转化和使用，故A符合题意。
故选：A。
火星车依靠太阳能来工作。
本题考查了能量的转化、影响能量转化的因素，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：A、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测电源电压，所以电压表示数为6V，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得通过该电路的电流：I=UR1+R2=6V5Ω+15Ω=0.3A，故A错误；
B、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时，R3与R2的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得通过该电路的电流：I′=UR3+R2=6V15Ω+15Ω=0.2A，
滑动变阻器两端的电压：U2=I′R2=0.2A×15Ω=3V，故B正确；
C、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，只闭合S、S2时，电路为R3的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，所以电压表示数为0，
通过该电路的电流：I3=UR3=6V15Ω=0.4A，故C错误；
D、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，闭合S、S1、S2时，R1与R3并联接入电路，电流表测干路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，所以电压表示数为0，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的示数为：I0=UR1+UR3=6V5Ω+6V15Ω=1.6A，故D错误。
故选：B。
A、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测电源电压，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得通过该电路的电流；
B、当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时，R3与R2的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得通过该电路的电流，进一步计算滑动变阻器两端的电压；
C、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，只闭合S、S2时，电路为R3的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算通过该电路的电流；
D、当R2的滑片P在a端，滑动变阻器接入电路的电阻为0，闭合S、S1、S2时，R1与R3并联接入电路，电流表测干路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据并联电路电流规律计算电流表的示数。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
11.【答案】C
【解析】解：
A、制作蜡烛跷跷板时，选用较细的蜡烛能减小蜡烛的重力带来的影响，能使蜡烛在水平位置更加稳定，故A错误；
B、转轴位置离蜡烛重心越远，根据杠杆的平衡条件可知，此时蜡烛容易发生翻转，故B错误；
C、为防止蜡烛摆动过大而翻转，可使转轴位置处于蜡烛重心上方，蜡烛的重心变低了，稳度较高，故C正确；
D、为防止蜡烛摆动过大而翻转，可将蜡烛两端的上侧面削去一些，这样能降低蜡烛的重心，增大稳度，故D错误。
故选：C。
(1)(2)根据杠杆的平衡条件分析；
(3)(4)重心越低，稳度越高。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、提高稳度的方法，难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：
AB、当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电路中的电流最大，则：I大=UR2=6V5Ω=1.2A；
当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时电路中的电流最小，则最小电流为：I小=UR1+R2=6V5Ω+15Ω=0.3A；
电路中的电流最小，则R2两端的电压最小，其最小电压为：U2=I小R2=0.3A×5Ω=1.5V，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的最大电压即电压表的最大示数为：U1=U−U2=6V−1.5V=4.5V；根据串联电路的电压特点可知，电压表示数的变化量与R1两端电压的变化量相同，电路中的电流与R1两端电压成正比，所以U1−I图像为一条直线，故AB错误；
CD、根据P=I2R可知，R2的最大和最小电功率分别为：P小=I小2R2=(0.3A)2×5Ω=0.45W；P大=I大2R2=(1.2A)2×5Ω=7.2W；
根据P=I2R可知，功率P与I2成正比，则P−I图像不是直线，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，此时电路中的电流最大；当滑动变阻器全部接入电路中时，电路中的电流最小，据此求出最大电流和最小电流；根据U=IR求出滑动变阻器两端的最大电压；
(2)根据电路的最大电流和最小电流求出R2的最大和最小电功率，根据P=I2R分析图像的特点。
本题考查了电功率的计算、欧姆定律的应用、图像的识别，利用好串联电路的电流、电压的特点是解题的关键。
13.【答案】减小空气阻力 传播过程中 210
【解析】解：列车行驶时，会受到空气的阻力作用，动车制成流线型主要是为了减小空气阻力作用，可以降低能耗；
靠近村庄的铁路两侧安装隔音板是在传播过程中减弱噪声，
G8264次列车的平均速度：v=st=94.5km2760h=210km/h。
故答案为：减小空气阻力；传播过程中；210。
列车行驶时，会受到空气的阻力作用，动车制成流线型主要是为了减小空气阻力作用；控制噪声污染的方法是：在声源处削弱、在传播过程中削弱、在人耳处削弱；
知道G8264次列车行驶的时间和路程，根据速度公式计算其平均速度。
本题考查流线型车体的作用、噪声的防控、速度公式的灵活运用。
14.【答案】靠近 大气压 汽化 等于
【解析】解：(1)乒乓球之间空气流速大，压强变小，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠近；
(2)用注射器吸取无水酒精时，首先必须排出管内的空气，即把注射器的活塞推到最下端，使针筒内的压强小于外界的大气压，此时无水酒精在大气压的作用下进入了针筒中；
(3)沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，活塞与针筒壁摩擦做功，针筒内温度升高，使酒精由液态变为气态，故此时，液态酒精消失是汽化现象；
(4)沿针筒轴线方向向外拉动活塞一段距离，保持静止，此时活塞处于平衡状态，不计活塞与针筒间的摩擦以及活塞自重，大气对活塞的压力与拉力是一对平衡力，二者大小相等。
故答案为：靠近；大气压；汽化；等于。
(1)当向两个乒乓球中间打气时，分析乒乓球两侧的空气流动速度，根据流体压强跟流速的关系，判断乒乓球两侧的压强大小关系，从而知道乒乓球的运动情况。
(2)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)物质由液态变为气态叫汽化；
(4)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力。
此题考查流体压强和流速的关系、大气压的应用、汽化、平衡力的辨别等，涉及到的知识点多，综合性强。对于流体压强跟流速的关系，要分析一个物体两侧的流速变化，压强变化，判断物体受力情况，进一步判断出物体的运动情况。
15.【答案】质量 物质 功率
【解析】解：(1)物体的质量不随物体的形状、体积、状态、空间位置的改变而改变，是物体的基本属性；
(2)密度和比热容是物质的特性，与物质的种类和状态有关。
(3)功率是表示物体做功快慢的物理量。
故答案为：(1)质量；(2)物质；(3)功率。
本题考查学生对物理概念的理解和掌握，属于基础题。
16.【答案】做功 保温 比热容
【解析】解：(1)迅速振动瓶子几十次，细沙温度升高，这是用做功方法使沙子内能增大；
(2)空气、塑料、水瓶塞、泡沫、木头导热性能差，是热的不良导体，泡沫塑料的作用是保温；
(3)水的比热容大，在质量相同、水吸收相同的热量，温度升高的低，温度变化不明显。
故答案为：做功；保温；比热容。
(1)改变内能的方法：做功和热传递；
(2)像金属这样导热性能好的物体称为热的良导体；而像塑料、木头、空气这样导热性能差的物体称为热的不良导体；
(3)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查改变内能的方式、物体的导热性能以及比热容的有关之知识。
17.【答案】0.5 500 1.5N 不变
【解析】解：木块密度为0.5×103kg/m3，根据ρ=mV可知，木块的质量为：m=ρV=0.5×103kg/m3×(0.1m)3=0.5kg；
木块对水平桌面的压力等于自身的重力，木块对水平桌面的压强为：
p=FS=GS=mgS=0.5kg×10N/kg(0.1m)2=500Pa；
木块在大小为1.5N的水平向右的拉力作用下从A点匀速直线运动到B点，木块在水平方向上受到的合力为0，水平方向上的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以它所受摩擦力为1.5N；
此过程中，木块对桌面的压力不变，受力面积不变，根据p=FS可知，压强不变。
故答案为：0.5；500；1.5N；不变。
知道边长和木块的密度，根据密度公式求出木块的质量；水平面的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p=FS求出桌面受到的压强；根据二力平衡分析摩擦力的大小；根据影响压强的因素分析压强的变化。
本题考查了密度公式和压强公式的应用、二力平衡条件的应用。
18.【答案】上升 热胀冷缩 凝华 做功
【解析】解：(1)在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，罐内气体受热膨胀，可以看到油柱上升，这是利用气体的热胀冷缩现象制作简易温度计；
(2)罐底出现“白霜”，这是空气中的水蒸气发生了受冷直接变成的小冰晶，是凝华现象；
(3)电火花打火时，酒精气体燃烧对外做功，使罐子飞出去，因此酒精燃烧后产生的燃气的内能转化为罐子的机械能，与汽油机的做功冲程能量转化方式一致。
故答案为：(1)上升；热胀冷缩；(2)凝华；(3)做功。
(1)根据气体热胀冷缩的性质进行分析；
(2)物质从气态直接变为固态是凝华现象；
(3)电火花打火时，酒精气体燃烧膨胀做功，使盒盖飞出去，因此将内能转化为盒盖的机械能；在汽油机的做功冲程中，气门关闭，活塞向下运动，高温高压的燃气推动活塞做功，燃气的内能转化为活塞的机械能。
本题考查热胀冷缩现象、物态变化、以及能量的转化问题及内燃机工作原理及过程，属于基础题目。
19.【答案】半导体 电流 变大
【解析】解：气敏电阻R是由半导体材料制成的；
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
当污染物浓度增大时，根据图乙可知，气敏电阻的阻值减小，总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；气敏电阻的阻值减小，由串联电路的分压规律可知，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表示数变小；
由题知，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，所以监测仪表应为电流表；
电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，总功率变大。
故答案为：半导体；电流；变大。
气敏电阻是由半导体材料制成的；
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知当污染物浓度增大时气敏电阻R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由串联电路的分压规律可知电压表示数的变化，据此结合题意判断监测仪表是电流表还是电压表；
根据P=UI判定总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用，由图像得出气敏电阻的阻值与污染物浓度的关系是关键。
20.【答案】旧笔芯 竖直 相等 D
【解析】解：新笔芯的重心靠近笔芯的中间位置，放入水中时无法竖直漂浮；用了一半油墨的旧笔芯的重心在笔芯的一端，当把旧笔芯放入水中时，旧笔芯能竖直漂浮在水中；
旧笔芯在水中和酒精中处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，所以浮力相同；
笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，则压力相同，设笔管的底面积为S，则V排水=SH，V排液=Sh，
根据阿基米德原理可知，ρ水gSH=ρ液gSh，所以；h=ρ水ρ液H，h和ρ液是反比例数，所以，密度计刻度分布不是均匀的，液体的密度值越大，相邻刻度线之间的距离越小，所以笔芯漂浮在密度为ρ3=0.9g/cm3的液体中，液面对应的位置可能是D点。
故答案为：旧笔芯；竖直；相等；D。
根据新笔芯和旧笔芯的重心分析；物体漂浮时浮力等于重力；笔芯漂浮时，下表面受到的压力等于浮力，浮力相同，根据阿基米德原理公式得出液体密度与笔芯密度的关系式，根据关系式分析对应的位置。
密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
21.【答案】解：斜面对物体弹力为支持力，重力和支持力的作用点画在物体的重心上；重力的方向竖直向下；支持力的方向与斜面垂直，垂直斜面向上；如图所示：
【解析】重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；斜面对物体弹力为支持力，斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上。
此考查力的示意图的画法，注意重力的方向是竖直向下的，弹力的方向与斜面垂直，且弹力小于重力。
22.【答案】解：先根据像与物关于平面镜对称，作出端点A、B在平面镜中的像点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【解析】平面镜成像的特点：像、物大小相等、连线与镜面垂直、到平面镜的距离相等、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这些关系作出物体AB的像。
本题考查了如何作出物体在平面镜中的像，在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。
23.【答案】解：已知电源右端为正极，由安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极；当小磁针静止时，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为N极，左端为S极；如下图所示：
【解析】根据安培定则确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极。
本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
24.【答案】解：(1)有用功：
W有用功=Gh=400N×2m=800J；
由图知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，
拉力做的功：W总=Fs=250N×4m=1000J；
滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%=800J1000J×100%=80%；
(2)拉力做功的功率P=W总t=1000J8s=125W。
答：(1)滑轮组的机械效率为80%；
(2)拉力F的功率为125W。
【解析】本题考查了使用滑轮组有用功、总功、功率、机械效率的计算，关键是公式的灵活应用。
25.【答案】解：(1)灯泡正常发光时的电压为2.5V，电流为0.5A，则此时小灯泡消耗的电功率PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W；
(2)根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压为：U′=U−UL=6V−2.5V=3.5V；
滑动变阻器接入电路的电阻为：R′=U′IL=3.5V0.5A=7Ω；
(3)电源电压6V大于灯泡的额定电压，由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻过小时，会造成灯泡两端的电压过大损坏小灯泡；为让滑片能自由移动，且小灯泡安全工作，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，灯泡应正常发光，电路中应串联接入一个7Ω的电阻R0。
答：(1)灯泡正常发光时的电功率为1.25W；
(2)灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值为7Ω；
(3)该电路设计有缺陷，当滑动变阻器接入电路中的电阻过小时，会造成灯泡两端的电压过大损坏小灯泡；解决办法：电路中串联接入一个7Ω的电阻R0。
【解析】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路设计的评估，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
26.【答案】惯性 动力臂大于阻力臂
【解析】解：
(1)进攻者假装要把对手摔向左方，对手为了维持平衡，就把身体向右倾，则对手由于惯性仍要向右运动，就被进攻者乘势摔向右方。
(2)由图知，A将B摔倒时可将B看做一个杠杆，O为支点，阻力为B的重力，拉力F是动力，
反向延长F画出力的作用线，从O点向拉力F的作用线作垂线段，即为其力臂l，如图所示：
由图知，动力F的力臂大于阻力G的力臂，则B相当于一个省力杠杆，所以A能轻易将B摔倒。
故答案为：(1)惯性；(2)见上图；动力臂大于阻力臂。
(1)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；
(2)力臂是支点到力的作用线的距离，由此画出拉力F的力臂；
由图知，A将B摔倒时可将B看做一个杠杆，O为支点，阻力为B的重力，拉力F是动力，分析两力的力臂关系从而确定杠杆类型，可知A能轻易将B摔倒的原因。
本题考查了惯性的应用、力臂的作图以及杠杆类型的判断，体现物理知识在体育活动中的应用，是一道好题。
27.【答案】(1)甲；乙同学剪裁的孔会让温度计玻璃泡碰到烧杯壁；(2)缩短加热至沸腾的时间；温度保持不变；(3)水沸腾时是否需要持续吸热
【解析】解：(1)乙同学在纸板边缘剪孔，放入温度计后，温度计的玻璃泡会接触到烧杯侧壁，从而导致测量温度不准确，故剪裁合适的是甲同学；(2)提高水的初温，从而缩短了加热至沸腾的时间；水沸腾后持续加热并继续测温，会发现温度保持不变；(3)甲同学移走酒精灯，水无法持续吸热，沸腾停止，而乙同学继续加热，烧杯中的水持续吸热，能继续沸腾，但试管内水的温度始终和烧杯内水的温度相同，没有温度差，无法热传递，因此试管内的水无法持续吸热，故不沸腾，因此他们的目的都是探究水沸腾时是否需要持续吸热。
故答案为：(1)甲；乙同学剪裁的孔会让温度计玻璃泡碰到烧杯壁；(2)缩短加热至沸腾的时间；温度保持不变；(3)水沸腾时是否需要持续吸热
(1)温度计在使用时，玻璃泡不能碰触烧杯底部和侧壁，据此判断纸板小孔的合适位置；(2)缩短加热至沸腾的时间：提高水的初温、烧杯加盖、适当减少水的质量；水沸腾后继续加热，根据沸腾特点分析看到的现象；(3)比较两个装置，发现有个装置没有加热，而另一个装置继续加热，这是探究沸腾的条件：持续吸热。
本题考查水的沸腾实验，重点考查学生实验操作和分析、综合的能力。
28.【答案】(1)如图所示；(2)①④②⑤③；(3)0.24；不能；电阻箱短路
【解析】解：(1)要使滑片向左移动时电阻减小，需将滑动变阻器的左下接线柱连入电路，使电阻箱与滑动变阻器串联，如下图所示：
(2)探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变；则第一组数据的测量过程中，正确的步骤如下：
①保持开关断开，连接实物电路
④将滑动变阻器的金属滑片置于阻值最大处
②检查电路无误后闭合开关
⑤转动电阻箱的旋钮使它的阻值为20Ω，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为4V
③读出电流表的示数，断开开关
故①④②⑤③；
(3)由图2可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；
探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变，当电阻箱调到15Ω，闭合开关后，电阻箱两端电压不等于4V，因此此时读出的电流表示数和电阻值不能作为第二组数据；
电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表被短路，即电阻箱短路。
故答案为：(1)如上图所示；(2)①④②⑤③；(3)0.24；不能；电阻箱短路。
(1)根据滑片向左移动时电阻减小确定变阻器滑片接入电路的接线柱，并将滑动变阻器与电阻箱串联；
(2)探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变；然后结合连接电路的注意事项排列出正确实验步骤；
(3)根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数；探究电流与电阻关系时，需保持定值电阻两端电压不变，此时读出的数据才是需要记录的实验数据；
电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表被短路，据此判断出故障的具体位置。
本题考查了探究“电流与电阻的关系”的实验，涉及了电路的连接、实验注意事项、电流表读数和故障分析等，知识点较多，综合性强。
29.【答案】(1)10.0；(2)光屏到凸透镜；物距与凸透镜焦距的关系；(3)短
【解析】解：
(1)如图甲所示，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，该光斑为凸透镜焦点，
则凸透镜的焦距f=20.0cm−10.0cm=10.0cm。
(2)由乙、丙两图和题意可知，光屏到凸透镜的距离保持不变，凸透镜的焦距改变时，需调整蜡烛到凸透镜的距离，才能在光屏上再次出现清晰的像。所以，小丽研究的问题是：当凸透镜成实像时，保持光屏到凸透镜距离不变，探究物距与凸透镜焦距的关系。
(3)人的眼睛在看清远近不同物体时，眼球的前后距离是不变的，即像距不变，是通过改变晶状体的焦距来实现看清远近不同的物体的，与上述规律相同；
由乙、丙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，才能在光屏上成清晰的实像；由此可知，当人眼观察近处物体时(物距减小)，则晶状体的焦距应变短。
故答案为：(1)10.0；(2)光屏到凸透镜；物距与凸透镜焦距的关系；(3)短。
(1)与主光轴平行的光线经凸透镜折射后会聚于一点，此点为凸透镜焦点，焦点到光心的距离为焦距；
(2)由乙、丙两图和题意可知，光屏到凸透镜的距离保持不变，凸透镜的焦距改变时，需调整蜡烛到凸透镜的距离，才能在光屏上再次出现清晰的像，据此分析小丽研究的问题；
(3)人的眼睛看清物体是通过改变晶状体的形状来实现的，晶状体相当于全自动变焦镜头。由乙、丙两图和题意可知，在像距不变时，若凸透镜的焦距增大，则物距也应增大，据此解答。
本题是探究凸透镜成像规律的实验，解题的关键是根据乙、丙两图得出“像距不变时，物距与凸透镜焦距的关系”。
30.【答案】(1)小明；(2)①水的质量和初温；②水壶和水的初温相同；③不可行，仅有一只电能表无法测出同时工作的三个电水壶分别消耗的电能；(3)高；水的质量相同时，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高；(4)使用功率较大的电热水壶或单次使用时加热质量较大的水可以提高电热转化效率
【解析】解：(1)断开了家中其他用电器，仅让电热水壶工作，利用电能表可以直接测出电热水壶消耗的电能；
而电热水壶工作时的功率和额定功率不一定相等，不能用额定功率与时间的乘积求出消耗的电能，所以正确的测量方法是小明的方法；
(2)探究电热水壶电热转化效率与电热水壶的功率有关时，应该保持水的质量和初温一定，选用功率不同的电热水壶，进行实验；
(3)仅有一只电能表，无法测出同时工作的三个电水壶分别消耗的电能，所以B方案不可行；
(4)由第1、2、3组数据可知，电热水壶的功率相同时，水的质量越大，电热转化效率越高；
由第1、4、5组数据可知，水的质量相同时，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高；
(5)由(4)的结论可知，使用功率较大的电热水壶或单次使用时加热质量较大的水可以提高电热转化效率。
故答案为：(1)小明；(2)①水的质量和初温；②水壶和水的初温相同；③不可行，仅有一只电能表无法测出同时工作的三个电水壶分别消耗的电能；(3)高；水的质量相同时，电热水壶的功率越大，电热转化效率越高；(4)使用功率较大的电热水壶或单次使用时加热质量较大的水可以提高电热转化效率。
(1)电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表；用电器正常工作时的功率和额定功率相等，可以利用额定功率与时间的乘积求得消耗的电能，否则不可行；
(2)探究电热水壶电热转化效率与电热水壶的功率有关时，应控制其他条件不变，改变电热水壶的电功率；
(3)找三个相同的电热水壶同时加热不同质量的水、直至烧开时，利用一只电能表无法分别测出三电热水壶消耗的电能；
(4)根据第1、2、3组数据分析水的质量和电热转化效率关系，根据第1、4、5组数据分析电热水壶的功率和电热转化效率关系，然后利用控制变量法得出结论；
(5)根据(4)的结论对电热水壶的使用提出建议。
本题考查了探究影响电热水壶电热转化效率因素的实验，知道电能表的作用和利用好控制变量法是关键，同时要会分析表格数据得出结论并能利用结论解决问题，有一定的难度。
31.【答案】(1)机械；电；电磁感应
(2)水的压强随深度的增加而增大；变大
(3) 37.24%
(4)600
(5)将水的压力转移到大坝两端，减轻坝体中心的压力，使大坝更加牢固
【解析】解：
(1)水电站的发电机是把机械能转化为电能的装置，它利用了电磁感应原理工作；
(2)大坝形状做成上窄下宽的原因是水的压强随深度增加而增大，汛期的水深度比枯水期高，所以大坝底部受到的压强也大；
(3)由题干知水电站每年可节约标准煤约2×107吨，则可知节约的煤完全燃烧放出的总热量Q=qm=2.9×107J/kg×2×107×103kg=5.8×1017J；
由题知水电站年均发电量可达6×1010千瓦时，则W=6×1010×3.6×106J=2.16×1017J；
则η=WQ×100%=2.16×1017J5.8×1017J×100%=37.24%；
(4)由公式P=UI可得I=PU=6.6×105kW1100kV=600A；
(5)拱形大坝可以将水的压力分移到大坝两端，减轻坝体中心的压力，使得大坝更加牢固。
故答案为：(1)机械；电；电磁感应；
(2)水的压强随深度的增加而增大；变大；
(3)37.24%；
(4)600；
(5)将水的压力转移到大坝两端，减轻坝体中心的压力，使得大坝更加牢固。
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