2021年内蒙古呼伦贝尔、兴安盟中考物理试卷

这是一份2021年内蒙古呼伦贝尔、兴安盟中考物理试卷，共32页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验题，计算题【要求等内容，欢迎下载使用。

2021年内蒙古呼伦贝尔、兴安盟中考物理试卷
一、选择题（下列各题的四个选项中只有一个符合题意。本题14个小题，共28分）
1．（2分）（2021•兴安盟）编钟是我国春秋战国时代的乐器，敲击大小不同的钟能发出不同的音调。有关编钟的说法正确的是（　　）
A．编钟与鼓、锣等乐器均属于打击乐器
B．编钟发出的声音在空气中的传播速度是3×108m/s
C．用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的音色不同
D．我们能分辨出编钟声和钢琴声，主要是依据它们的响度不同
2．（2分）（2021•兴安盟）关于电冰箱，下列说法正确的是（　　）
A．将水放入冷冻室，水会液化
B．打开冷冻室的门会看到“白气”，这是汽化现象
C．冷冻室侧壁有时会有霜，这是水蒸气凝固形成的
D．食品在冷藏室里能保鲜，利用了制冷剂汽化吸热
3．（2分）（2021•兴安盟）中华传统文化博大精深。下列民间俗语与物理知识对应正确的是（　　）
A．看山恰似走来迎——机械运动
B．摘不到的镜中花——光的折射
C．墙内开花墙外香——升华现象
D．小小秤砣压千斤——等臂杠杆
4．（2分）（2021•兴安盟）关于微观粒子，下列说法正确的是（　　）
A．原子是由质子和中子构成
B．同种电荷互相吸引，异种电荷互相排斥
C．只有固体分子之间存在斥力
D．质子、原子核、原子是按照尺度由小到大的顺序排列的
5．（2分）（2021•兴安盟）以下各图是每0.1s拍摄一次的小球在不同运动状态下的频闪照片，其中受到平衡力作用的是（　　）
A． B． C． D．
6．（2分）（2021•兴安盟）如图为某物体沿直线运动的路程s随时间t变化的图象，下列对该物体在0～5s内运动情况分析正确的是（　　）

A．物体在1～3s内做匀速直线运动
B．物体在1～3s内的平均速度为0.5m/s
C．物体在0～5s内运动的路程为2m
D．物体在0～5s内的平均速度为0.67m/s
7．（2分）（2021•兴安盟）下列与短跑运动员有关的物理知识，正确的是（　　）
A．鞋底花纹很深，是为了减小摩擦
B．蹬地起跑，说明力可以改变人的运动状态
C．冲刺到终点不能立即停下来，是由于人受到惯性力的作用
D．当他站在水平跑道上时，他对地面的压力与地面对他的支持力是一对平衡力
8．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，烛焰在光屏上刚好成清晰的像。若凸透镜不动，将蜡烛移至20cm刻度处，移动光屏，在光屏上能观察到（　　）


A．正立放大的虚像 B．倒立等大的实像
C．倒立放大的实像 D．倒立缩小的实像
9．（2分）（2021•兴安盟）关于能源、信息与材料，下列说法错误的是（　　）
A．垃圾分类有利于环保和节约能源
B．风能、水能、核能都是可再生能源
C．5G和4G信号的电磁波在真空中传播的速度相等
D．若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
10．（2分）（2021•兴安盟）如图所示是一种烟雾报警器的电路图，开关S处于闭合状态，R0是定值电阻，R为感光电阻，光照越强，阻值越小。烟雾浓度增大时射向R的光被遮挡，R受到的光照变弱。当烟雾浓度增大时，下列判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变大
B．电压表的示数变小
C．电压表与电流表的示数之比不变
D．电压表与电流表的示数之比变大
11．（2分）（2021•兴安盟）小球竖直向上运动并落回地面的过程中，先后经过A、B两点。小球在这两点的动能和重力势能如图所示，则小球在B点的（　　）


A．动能等于在A点的 B．机械能大于在A点的
C．速度比在A点的大 D．离地高度比在A点的高
12．（2分）（2021•兴安盟）某同学把装有20个鸡蛋的塑料袋从1楼提到3楼，他提鸡蛋的力做的功最接近于（　　）
A．6J B．30J C．60J D．90J
13．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，将矩形铜线框ACDF上的B、E两点接入电路并放入磁场中，AB、BC、ED和FE段都受到磁场的作用力，下列哪两段线框在磁场中受力的方向相同（　　）

A．AB段与BC段 B．AB段与ED段 C．BC段与ED段 D．ED段与FE段
14．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，只闭合开关S时灯L1的功率为9W；断开开关S，闭合S1、S2时，灯L1的功率为25W。电源电压不变，忽略温度对灯丝电阻的影响。则L1与L2电阻之比是（　　）

A．3：2 B．5：3 C．3：1 D．9：25
二、填空题（本题5个小题，每小题2分，共10分）
15．（2分）（2021•兴安盟）2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器所携带的“祝融号”火星车及其着陆组合体首次着陆火星取得成功。“祝融号”火星车是依靠其机身两侧闪蝶形太阳能电池翼提供能量的，太阳能来源于太阳内部氢原子核在超高温下发生 　 　，释放出的巨大核能；太阳能属于 　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
16．（2分）（2021•兴安盟）某家用轿车的发动机是四冲程汽油机，它在 　 　冲程将机械能转化为内能；该轿车百公里消耗汽油6kg，这些汽油完全燃烧放出 　 　J的热量。（q汽油＝4.6×107J/kg）
17．（2分）（2021•兴安盟）一块体积是0.05m3的冰熔化成水后，其质量是 　 　kg，体积是 　 　m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ冰＝0.9×103kg/m3）
18．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，水平桌面上两个质量相同、底面积不同的圆柱形容器A和B内装有高度相同的同种液体，则液体对各自容器底部的压强pA　 　pB，两容器对水平桌面的压力FA′　 　FB′。（均选填“＞”、“＜”或“＝”）

19．（2分）（2021•兴安盟）如图甲所示，底面积S为25cm2的圆柱形平底容器内装有适量的未知液体，将容器放入水中处于直立漂浮状态，容器下表面所处深度h1＝10cm，该容器受到的浮力是 　 　N；如图乙所示，从容器中取出100cm3的液体后，当容器下表面所处深度h2＝6.8cm时，该容器仍处于直立漂浮状态，则未知液体的密度是 　 　kg/m3。（g取10N/kg）

三、作图与实验题（本题4个小题，共16分）
20．（2分）（2021•兴安盟）请用笔画线表示导线，将图中的电灯和开关正确接入家庭电路中。


21．（4分）（2021•兴安盟）某实验小组在“探究杠杆的平衡条件”的实验中，进行了如下操作：

（1）将杠杆中点置于支架上，未挂钩码时杠杆静止在图甲位置，实验前需向 　 　（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是便于测量 　 　；
（2）如图乙所示，在杠杆上A点挂4个钩码，要使杠杆重新在水平位置平衡，应在B点挂 　 　个相同的钩码；杠杆水平平衡后，又将A、B点所挂钩码同时向远离支点O的方向移动一格，杠杆的 　 　（选填“左”或“右”）侧下沉。
22．（5分）（2021•兴安盟）为预防新冠肺炎，某同学用密度为0.8g/cm3的纯酒精配制浓度为75%的酒精。他查阅资料得知浓度为75%的医用酒精的密度为0.87g/cm3，为检验自己配制的酒精是否合格，进行了如下实验和分析：
（1）将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻线处，调节横梁在水平位置平衡。将适量配制的酒精倒入烧杯中，测量烧杯和酒精的总质量。他将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示，接下来他应该 　 　，直至横梁恢复平衡；
（2）测出烧杯和酒精的总质量为98g后，将烧杯中的一部分酒精倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中酒精的体积为 　 　cm3；
（3）再测量烧杯和剩余酒精的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余酒精的总质量为 　 　g；
（4）该同学配制的酒精密度为 　 　g/cm3。为符合要求，他应该向已配制的酒精中添加适量的 　 　（选填“纯酒精”或“水”）。
23．（5分）（2021•兴安盟）某同学在“探究电流与电压的关系”的实验中：
电压/V
0.5
1
1.5
2
2.5
电流/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
（1）请用笔画线表示导线，将甲图中的实物图连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大；

（2）闭合开关前，发现电流表指针在零刻线左端，接下来应进行的操作是 　 　；
（3）正确连接电路后，闭合开关，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过电阻的电流为 　 　A；若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向 　 　（选填“A”或“B”）端移动。
（4）实验中测得多组数据如上表。分析表中数据可得：电流与电压的关系是 　 　。
四、计算题（本题3个小题，共16分）【要求：计算过程中写清公式、单位及必要的文字说明】
24．（5分）（2021•兴安盟）某同学家的豆浆机铭牌和简化电路如图所示。豆浆机工作时加热器先加热，待水温达到64℃时温控开关闭合，电动机开始打磨且加热器继续加热，直到产出豆浆成品，电源开关自动断开。该同学用初温20℃，质量1kg的水和少量豆子制作豆浆，设电源电压为220V恒定不变，不计导线的电阻。求：
豆浆机铭牌
最大容积
2L
额定频率
50Hz
额定电压
220V
加热器功率
880W
电动机功率
120W
（1）质量为1kg的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）如果在温控开关闭合前加热器产生的热量70%被水吸收，且不计豆子吸收的热量。则加热器单独工作的时间是多少？
（3）本次制作豆浆共计用了9min，则本次制作豆浆共消耗的电能是多少？

25．（4分）（2021•兴安盟）建筑工人用如图甲所示的滑轮组匀速提升建材，每次运送量不定，滑轮组的机械效率η随物重G的变化图象如图乙所示。忽略绳重、吊篮重及摩擦。求：
（1）动滑轮的自重；
（2）当滑轮组的机械效率为75%时，提升的物重是多少？

26．（7分）（2021•兴安盟）某款水位自动测控仪的测量原理如图甲所示，电源电压U恒为15V，定值电阻R0＝10Ω，R1为一竖直固定光滑金属棒，总长40cm，阻值为20Ω，其接入电路的阻值与对应棒长成正比。金属弹簧上端固定，滑片P固定在弹簧下端且与R1接触良好，滑片及弹簧的阻值、重力均不计。圆柱体M通过无伸缩的轻绳挂在弹簧下端，重80N，高60cm，底面积为100cm2。当水位处于最高位置A时，M刚好浸没在水中，此时滑片P恰在R1最上端；当水位降至最低位置B时，M的下表面刚好离开水面。已知弹簧所受拉力

F与其伸长量ΔL的关系如图乙所示。闭合开关S。求：

（1）当水位处于位置A时，M受到的浮力；
（2）水位由位置A降至B这一过程，弹簧的长度增加了多少？
（3）水位降至位置B时，电压表的示数是多少？（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）

2021年内蒙古呼伦贝尔、兴安盟中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列各题的四个选项中只有一个符合题意。本题14个小题，共28分）
1．（2分）（2021•兴安盟）编钟是我国春秋战国时代的乐器，敲击大小不同的钟能发出不同的音调。有关编钟的说法正确的是（　　）
A．编钟与鼓、锣等乐器均属于打击乐器
B．编钟发出的声音在空气中的传播速度是3×108m/s
C．用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的音色不同
D．我们能分辨出编钟声和钢琴声，主要是依据它们的响度不同
【分析】（1）编钟与鼓、锣等乐器均属于打击乐器；
（2）声音在15℃空气中的传播速度是340m/s；
（3）声音的响度与振幅有关；
（4）不同发声体发出的声音的音色是不同的。
【解答】解：A、编钟与鼓、锣乐器均属于打击乐器，故A正确；
B、编钟发出的声音在空气中的传播速度约为340m/s，故B错误；
C、用大小不同的力敲击同一个编钟，编钟在不同力的作用下其振动的幅度是不同的，发出不同响度的声音，故C错误；
D、编钟的结构和材料与钢琴不同，所以编钟发出的声音与钢琴发出声音的音色不同，故D错误。
故选：A。
【点评】本题通过“编钟”考查声音的传播、声音的响度、音色和音调的区别，注重对物理知识应用能力的考查。
2．（2分）（2021•兴安盟）关于电冰箱，下列说法正确的是（　　）
A．将水放入冷冻室，水会液化
B．打开冷冻室的门会看到“白气”，这是汽化现象
C．冷冻室侧壁有时会有霜，这是水蒸气凝固形成的
D．食品在冷藏室里能保鲜，利用了制冷剂汽化吸热
【分析】（1）物质从液体变为固态的过程叫做凝固；
（2）物质由气态转变为液态的过程叫做液化；
（3）物质从气态直接变成固态叫凝华；
（4）冰箱的原理就是利用氟利昂一类的物质汽化吸热和液化放热将冰箱内的热量搬运到冰箱的外部，从而起到制冷的作用。
【解答】解：
A、将水放入冷冻室，水会结冰，水是由液态变为固态，是凝固过程，故A错误；
B、打开冰箱门，能看到冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到冰箱内温度较低的空气凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；
C、冰箱冷冻室侧壁上的霜，是水蒸气遇冷凝华形成的固态小冰晶，故C错误；
D、食品在冷藏室里能保鲜，冰箱内的液态制冷剂在冷藏室的管子里由液态变成气态，发生汽化现象，汽化吸热，使冷藏室的温度降低，故D正确。
故选：D。
【点评】本题是根据我们所学的物态变化知识来分析冰箱制冷的原理及生活中的一些热现象属于哪种物态变化，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。
3．（2分）（2021•兴安盟）中华传统文化博大精深。下列民间俗语与物理知识对应正确的是（　　）
A．看山恰似走来迎——机械运动
B．摘不到的镜中花——光的折射
C．墙内开花墙外香——升华现象
D．小小秤砣压千斤——等臂杠杆
【分析】（1）物体的运动是相对于参照物而言的。
（2）平面镜所成的像为虚像。
（3）分子在永不停息地做无规则运动。
（4）杠杆可分为省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆。杆秤相当于省力杠杆。
【解答】解：A.看山恰似走来迎，是指人在靠近山的过程中，相对于人，山与人的距离越来越近，即以人为参照物，山是向人运动的。故A正确。
B.镜中花是花在平面镜所成的虚像，所以镜中花的形成原因是光的反射。故B错误。
C.墙外的人能闻到墙内的花香，是花香分子在空气中做无规则运动的结果。故C错误。
D.小小秤砣压千斤，是指只要在杆秤的一端挂一个小小的秤砣，在杆秤另一端的合适位置可以挂上重物，则杆秤可以在水平位置平衡。若以秤砣对杆秤的拉力为动力，则杆秤为省力杠杆。故D错误。
故选：A。
【点评】这类题难度较低，但是因综合性强，考点丰富，所以出现频率很高。我们要对生活中的一些现象有一定的了解，这样可以在解题时事半功倍。
4．（2分）（2021•兴安盟）关于微观粒子，下列说法正确的是（　　）
A．原子是由质子和中子构成
B．同种电荷互相吸引，异种电荷互相排斥
C．只有固体分子之间存在斥力
D．质子、原子核、原子是按照尺度由小到大的顺序排列的
【分析】（1）物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核与核外电子组成的。
（2）电荷间的相互作用规律为：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（3）分子之间存在斥力与引力的作用，且随着距离的增大，斥力与引力均会减小。
【解答】解：A、D.物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核与核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的。所以A错误，D正确。
B.电荷间的相互作用规律为：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。故B错误。
C.固体分子之间不但存在斥力，还存在引力。故C错误。
故选：D。
【点评】本题难度较低，是对我们基础知识掌握情况的考查。
5．（2分）（2021•兴安盟）以下各图是每0.1s拍摄一次的小球在不同运动状态下的频闪照片，其中受到平衡力作用的是（　　）
A． B． C． D．
【分析】（1）物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。
（2）物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化。
【解答】解：A、物体的速度和方向均发生改变，则物体受到非平衡力作用，故A错误；
B、物体做匀速直线运动，受到平衡力作用，故B正确；
C、物体在水平方向运动，物体的速度不断变化，受到非平衡力作用，故C错误；
D、物体在竖直方向运动，物体的速度不断变化，受到非平衡力作用，故D错误。
故选：B。
【点评】深入理解力和运动状态间的关系，是解答此题的关键。
6．（2分）（2021•兴安盟）如图为某物体沿直线运动的路程s随时间t变化的图象，下列对该物体在0～5s内运动情况分析正确的是（　　）

A．物体在1～3s内做匀速直线运动
B．物体在1～3s内的平均速度为0.5m/s
C．物体在0～5s内运动的路程为2m
D．物体在0～5s内的平均速度为0.67m/s
【分析】（1）先观察图像中横纵坐标的意义，再根据图线的形状，分析物体的运动状态。
（2）根据横纵坐标上的数据，可得出物体的速度或路程。
【解答】解：A、物体在1～3s内路程不变，处于静止状态，故A错误；
B、物体在1～3s内处于静止状态，速度为0，故B错误；
C、由图像可知，物体在0～5s内运动的路程为2m，故C正确；
D、物体在0～5s内的平均速度为：v＝＝＝0.4m/s，故D错误。
故选：C。
【点评】准确分析图像中提供的信息，是解答此题的关键。
7．（2分）（2021•兴安盟）下列与短跑运动员有关的物理知识，正确的是（　　）
A．鞋底花纹很深，是为了减小摩擦
B．蹬地起跑，说明力可以改变人的运动状态
C．冲刺到终点不能立即停下来，是由于人受到惯性力的作用
D．当他站在水平跑道上时，他对地面的压力与地面对他的支持力是一对平衡力
【分析】A．增大有利摩擦的方法有：增大压力、增大接触面的粗糙程度；
B．力可以改变物体的运动状态和形状；
C．惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，其大小只与质量有关；
D．二力平衡的条件是：作用在同一物体上，若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上。
【解答】解：A．鞋底的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B．运动员蹬地起跑，由静止到运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C．冲刺到终点不能立即停下来，是由于短跑运动员具有惯性，而不是受到惯性力，故C错误；
D．当他站在水平跑道上时，他对地面的压力与地面对他的支持力，作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，这两个力是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查增大有利摩擦的方法、力的作用效果、惯性以及平衡力的判断，是知识应用题，能用掌握的科学知识解答生活中的常识现象。
8．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，烛焰在光屏上刚好成清晰的像。若凸透镜不动，将蜡烛移至20cm刻度处，移动光屏，在光屏上能观察到（　　）


A．正立放大的虚像 B．倒立等大的实像
C．倒立放大的实像 D．倒立缩小的实像
【分析】（1）凸透镜成实像时，当u＜v时，成倒立放大的实像，此时f＜u＜2f，v＞2f，由此求出焦距范围；
（2）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立缩小的实像；f＜u＜2f，成倒立放大的实像；当u＜f时，成正立放大的虚像。
【解答】解：由图可知，此时u＝15cm，v＝30cm，成倒立放大的实像，此时有f＜u＜2f，v＞2f，即f＜15cm＜2f，30cm＞2f，解得7.5cm＜f＜15cm；
将蜡烛移至20cm刻度处，此时的u'＝30cm，大于二倍焦距，成倒立缩小的实像。
故选：D。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，解决此题的关键是求出焦距的大小。
9．（2分）（2021•兴安盟）关于能源、信息与材料，下列说法错误的是（　　）
A．垃圾分类有利于环保和节约能源
B．风能、水能、核能都是可再生能源
C．5G和4G信号的电磁波在真空中传播的速度相等
D．若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
【分析】（1）垃圾分类既能减轻污染，又能废物利用；
（2）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；
（3）电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；
（4）超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
【解答】解：A、垃圾分类后，有一部分垃圾可回收再利用，有一部分有害物质可得到妥善处理，有助于减少环境污染和节约能源，故A正确；
B、核能都属于不可再生能源，故B错误；
C、5G和4G信号都是利用电磁波传播信息的，所以它们在真空中的传播速度相同，都是3×108m/s，故C正确；
D、如果用超导材料作为输电线，可大大降低输电过程中的电能损耗，所以利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，故D正确。
故选：B。
【点评】此题是一道综合题，考查了垃圾分类的意义、能源的分类、电磁波的传播速度及超导体的特点和应用，包含的知识点较多，渗透了情感态度价值观。
10．（2分）（2021•兴安盟）如图所示是一种烟雾报警器的电路图，开关S处于闭合状态，R0是定值电阻，R为感光电阻，光照越强，阻值越小。烟雾浓度增大时射向R的光被遮挡，R受到的光照变弱。当烟雾浓度增大时，下列判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变大
B．电压表的示数变小
C．电压表与电流表的示数之比不变
D．电压表与电流表的示数之比变大
【分析】由图可知，该电路为串联电路；当烟雾浓度增大时，判定光敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律判定电流的变化和电压表示数的变化，从而得出答案。
【解答】解：
AB．由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当烟雾浓度增大时，光照变小，感光电阻R阻值变大，电路中的总电阻变大，由I＝可知电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由串联分压规律可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AB错误；
CD．电压表的示数变大，电流表的示数变小，电压表与电流表的示数之比变大，故C错误、D正确。
故选：D.
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
11．（2分）（2021•兴安盟）小球竖直向上运动并落回地面的过程中，先后经过A、B两点。小球在这两点的动能和重力势能如图所示，则小球在B点的（　　）


A．动能等于在A点的 B．机械能大于在A点的
C．速度比在A点的大 D．离地高度比在A点的高
【分析】（1）动能大小跟物体的质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大；
（2）重力势能跟物体的质量和高度有关，在质量一定时，高度越大，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大；
（3）机械能等于动能和势能之和，物体不发生弹性形变时，机械能等于动能和重力势能之和。
【解答】解：A、由图可知，球的质量不变，球在A点的动能小于B点动能，所以球在A点的速度小于B点速度，故A错误，C正确；
B、球在运动过程中没有发生弹性形变，所以机械能等于动能和重力势能之和，由图知，球在A点动能和B点重力势能相等，A点的重力势能大于B点的动能，所以A点的机械能大于B点的机械能，故B错误。
D、A点的重力势能大于B点的重力势能，球的质量不变，所以球在A点的高度大于B点的高度，故D错误。
故选：C。
【点评】从图像上判断动能和重力势能的大小，利用控制变量法判断物体的速度和高度。
12．（2分）（2021•兴安盟）某同学把装有20个鸡蛋的塑料袋从1楼提到3楼，他提鸡蛋的力做的功最接近于（　　）
A．6J B．30J C．60J D．90J
【分析】提起两个鸡蛋的力大约是1N，每层楼的高度大约为3m，估算出提起20个鸡蛋的力和爬楼的高度，再利用W＝Gh可算出做功的多少。
【解答】解：由物理常识知，提起两个鸡蛋的力大约是1N，则提20个鸡蛋的力大约为：F＝G＝10N；
每层楼的高度大约为3m，家住3楼，则某同学实际爬楼的高度：s＝3m×2＝6m；
提鸡蛋的力做功约为：W＝Fs＝10N×6m＝60J。
故选：C。
【点评】本题考查了功的计算，关键是估算出提起20个鸡蛋的力和爬楼的高度，是一道基础题。
13．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，将矩形铜线框ACDF上的B、E两点接入电路并放入磁场中，AB、BC、ED和FE段都受到磁场的作用力，下列哪两段线框在磁场中受力的方向相同（　　）

A．AB段与BC段 B．AB段与ED段 C．BC段与ED段 D．ED段与FE段
【分析】通电导体在磁场中受力而运动，导体的受力方向跟电流的方向、磁场方向有关。在磁场方向一定时，电流方向改变，导体受力方向改变；在电流方向一定时，磁场方向改变，导体受力方向改变。
【解答】解：如图磁场方向相同，若电流方向相同，则通电导体的受力方向相同，
BAFE段和BCDE段并联在电源上，所以AB电流向下、EF电流向上、CB电流向上、DE电流向下，
AB和ED电流方向相同，受到磁场作用力方向相同，
EF和CB电流方向相同，受到磁场作用力方向相同。
故选：B。
【点评】本题关键在于线圈的两部分是并联在电路中，分析各段的电流方向，再判断受到磁场力的方向。
14．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，只闭合开关S时灯L1的功率为9W；断开开关S，闭合S1、S2时，灯L1的功率为25W。电源电压不变，忽略温度对灯丝电阻的影响。则L1与L2电阻之比是（　　）

A．3：2 B．5：3 C．3：1 D．9：25
【分析】由电路图可知，断开开关S，闭合S1、S2时，L1与L2并联，灯泡两端的电压等于总电压，得出此时灯L1的功率P1＝；
只闭合开关S时，此时L1与L2串联，总电压等于各部分电压之和，且电压的分配与电阻成正比，由已知条件可以求出此时功率P1′与总电压U总的关系；
综合上述结果可求得L1与L2电阻之比。
【解答】解：断开开关S，闭合S1、S2时，L1与L2并联，灯泡两端的电压等于总电压即U1＝U总，灯L1的功率P1＝25W，
则：P1＝＝•••••①，
根据只闭合开关S时灯L1的功率P1′＝9W，此时L1与L2串联，总电压等于各部分电压之和，且电压的分配与电阻成正比，
即U总＝U1′+U2′，＝，
由上述两式得：U1′＝U总，
则此时灯L1的功率：P1′＝＝•••••②
②比①得：＝，
由题知：P1＝25W，P1′＝9W，代入上式得：＝，
两边开方得：＝，
整理得：R1：R2＝3：2。
故选：A。
【点评】本题考查了电功率的计算、欧姆定律的应用，是一道电学综合题，难度较大。
二、填空题（本题5个小题，每小题2分，共10分）
15．（2分）（2021•兴安盟）2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器所携带的“祝融号”火星车及其着陆组合体首次着陆火星取得成功。“祝融号”火星车是依靠其机身两侧闪蝶形太阳能电池翼提供能量的，太阳能来源于太阳内部氢原子核在超高温下发生 　聚变　，释放出的巨大核能；太阳能属于 　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【分析】太阳内部时时刻刻都在发生核聚变，太阳能是可再生能源。
【解答】解：在太阳内部，太阳之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；对于人类来说太阳能是可以再生的，故它是可再生能源。
故答案为：聚变；可再生。
【点评】本题考查了核聚变和能源的分类，基础题，难度较低。
16．（2分）（2021•兴安盟）某家用轿车的发动机是四冲程汽油机，它在 　压缩　冲程将机械能转化为内能；该轿车百公里消耗汽油6kg，这些汽油完全燃烧放出 　2.76×108　J的热量。（q汽油＝4.6×107J/kg）
【分析】（1）内燃机在压缩冲程中将机械能转化为内能；
（2）已知热值和消耗汽油的质量，根据公式Q放＝mq计算这些汽油完全燃烧放出的热量。
【解答】解：
（1）内燃机在压缩冲程中，活塞向上运动压缩空气和燃料的混合物，将机械能转化为内能。
（2）6kg汽油完全燃烧放出热量为：
Q放＝mq＝6kg×4.6×107J/kg＝2.76×108J。
故答案为：压缩；2.76×108。
【点评】本题考查了内燃机工作时的能量转化、燃料完全燃烧放热公式的应用，难度不大。
17．（2分）（2021•兴安盟）一块体积是0.05m3的冰熔化成水后，其质量是 　45　kg，体积是 　0.045　m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ冰＝0.9×103kg/m3）
【分析】知道冰的体积和密度，利用m＝ρV求冰的质量；质量是物体本身的一种属性，不随状态的变化而变化；根据V＝求水的体积。
【解答】解：
由ρ＝得冰的质量：
m冰＝ρ冰V冰＝0.9×103kg/m3×0.05m3＝45kg；
冰化水，质量不变，
所以水的质量：
m水＝m冰＝45kg，
由ρ＝得水的体积：
V水＝＝＝0.045m3。
故答案为：45；0.045。
【点评】本题考查了学生对密度公式的掌握和运用，本题关键：一是知道质量是物体的一种属性，与状态无关；二是掌握单位换算：1×103kg/m3＝1g/cm3。
18．（2分）（2021•兴安盟）如图所示，水平桌面上两个质量相同、底面积不同的圆柱形容器A和B内装有高度相同的同种液体，则液体对各自容器底部的压强pA　＝　pB，两容器对水平桌面的压力FA′　＞　FB′。（均选填“＞”、“＜”或“＝”）

【分析】液体的压强与液体的密度和深度有关，与容器的形状、液体的多少无关，分析液体压强大小用公式p＝ρgh。
从图中可知A容器中液体的体积大于B容器中液体的体积，根据密度公式的变形式m＝ρV可知A容器中液体的质量与B容器中液体的质量的大小关系，容器的质量相同，根据F＝G总＝m总g可知A容器对水平桌面的压力FA′与B容器对水平桌面的压力FB′的大小关系。
【解答】解：由题意知，两个容器中盛有同种液体，且液体深度相同，由p＝ρgh可以得到，两个容器底部所受液体压强相同。
从图中可知A容器中液体的体积大于B容器中液体的体积，根据密度公式的变形式m＝ρV可知A容器中液体的质量大于B容器中液体的质量，容器的质量相同，根据F＝G总＝m总g可知A容器对水平桌面的压力FA′大于B容器对水平桌面的压力FB′。
故答案为：＝；＞。
【点评】本题考查压强、压力大小的比较，属于对基础知识的考查，难度不大。
19．（2分）（2021•兴安盟）如图甲所示，底面积S为25cm2的圆柱形平底容器内装有适量的未知液体，将容器放入水中处于直立漂浮状态，容器下表面所处深度h1＝10cm，该容器受到的浮力是 　2.5　N；如图乙所示，从容器中取出100cm3的液体后，当容器下表面所处深度h2＝6.8cm时，该容器仍处于直立漂浮状态，则未知液体的密度是 　0.8×103　kg/m3。（g取10N/kg）

【分析】（1）知道容器下表面深度和底面积求出容器排开水的体积，根据阿基米德原理求出容器受到的浮力。
（2）根据减小的浮力等于减小的重力列出等式求解。
【解答】解：（1）容器排开水的体积：V排＝Sh1＝25cm2×10cm＝250cm3＝2.5×10﹣4m3，
容器受到水的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10﹣4m3＝2.5N。
（2）从容器中取出100cm3的液体后，容器下表面所处的深度h2＝6.8cm＝0.068m，
容器减少的浮力为：△F浮＝ρ水g△V排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2.5×10﹣3m2×（0.1﹣0.068）m＝0.8N。
减小的浮力等于减小的重力，
所以，△F浮＝G液减＝0.8N，
所以从容器中取出液体的质量为：m＝＝＝0.08kg＝80g，
液体的密度为：ρ＝＝＝0.8g/cm3。
故答案为：2.5；0.8×103。
【点评】变化的浮力等于变化的重力，在浮力计算中应用很广泛，要熟练掌握。
三、作图与实验题（本题4个小题，共16分）
20．（2分）（2021•兴安盟）请用笔画线表示导线，将图中的电灯和开关正确接入家庭电路中。


【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的右侧金属点；零线直接接入灯泡顶端的左侧金属点。
【解答】解：根据安全用电的要求可知，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，如下图所示：

【点评】本题考查了家庭电路的连接，在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。
21．（4分）（2021•兴安盟）某实验小组在“探究杠杆的平衡条件”的实验中，进行了如下操作：

（1）将杠杆中点置于支架上，未挂钩码时杠杆静止在图甲位置，实验前需向 　左　（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是便于测量 　力臂　；
（2）如图乙所示，在杠杆上A点挂4个钩码，要使杠杆重新在水平位置平衡，应在B点挂 　6　个相同的钩码；杠杆水平平衡后，又将A、B点所挂钩码同时向远离支点O的方向移动一格，杠杆的 　右　（选填“左”或“右”）侧下沉。
【分析】（1）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接测量力臂。
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；杠杆水平平衡后，又将A、B点所挂钩码同时向远离支点O的方向移动一格，比较钩码总重力和对应力臂的乘积，杠杆向乘积较大的一侧下沉。
【解答】解：（1）由图甲可知，杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；
使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA＝FBLB，即4G×3L＝FB×2L，解得FB＝6G，需挂6个钩码；
若A、B两点的钩码同时向远离支点O的方向移动一个格，则左侧4G×4L＝16GL，右侧6G×3L＝18GL，由16GL＜18GL可知，杠杆的右侧下沉。
故答案为：
【点评】本题考查了探究杠杆的平衡条件实验，涉及到杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
22．（5分）（2021•兴安盟）为预防新冠肺炎，某同学用密度为0.8g/cm3的纯酒精配制浓度为75%的酒精。他查阅资料得知浓度为75%的医用酒精的密度为0.87g/cm3，为检验自己配制的酒精是否合格，进行了如下实验和分析：
（1）将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻线处，调节横梁在水平位置平衡。将适量配制的酒精倒入烧杯中，测量烧杯和酒精的总质量。他将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示，接下来他应该 　拿下最小的砝码，移动游码　，直至横梁恢复平衡；
（2）测出烧杯和酒精的总质量为98g后，将烧杯中的一部分酒精倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中酒精的体积为 　40　cm3；
（3）再测量烧杯和剩余酒精的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余酒精的总质量为 　62　g；
（4）该同学配制的酒精密度为 　0.9　g/cm3。为符合要求，他应该向已配制的酒精中添加适量的 　纯酒精　（选填“纯酒精”或“水”）。
【分析】（1）在称量过程中，应通过加减砝码或移动游码的方法来使天平平衡；
（2）根据量筒的分度值读数；
（3）在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量；
（4）根据酒精的质量和体积求出其密度，根据酒精密度与医用酒精的密度关系判定所加液体的种类。
【解答】解：（1）将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针偏向分度盘的右盘，说明此时添加的最小砝码偏大，所以应该拿下最小的砝码，移动游码；
（2）由图可知，量筒的分度值为1mL，示数为40mL＝40cm3；
（3）如图丙所示，游码标尺的分度值是0.2g，烧杯和剩余酒精的总质量为：m＝50g+10g+2g＝62g；
（4）倒入量筒中酒精的质量为：m＝98g﹣62g＝36g，
酒精的密度为：ρ＝＝＝0.9g/cm3，由于医用酒精的密度为0.87g/cm3，所以需要添加密度小的纯酒精；
故答案为：（1）拿下最小的砝码，移动游码；（2）40；（3）62；（4）0.9；纯酒精。
【点评】本题是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及液体密度的测量，天平和量筒是初中物理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握扎实牢固。
23．（5分）（2021•兴安盟）某同学在“探究电流与电压的关系”的实验中：
电压/V
0.5
1
1.5
2
2.5
电流/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
（1）请用笔画线表示导线，将甲图中的实物图连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大；

（2）闭合开关前，发现电流表指针在零刻线左端，接下来应进行的操作是 　将电流表指针调零　；
（3）正确连接电路后，闭合开关，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过电阻的电流为 　0.12　A；若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向 　A　（选填“A”或“B”）端移动。
（4）实验中测得多组数据如上表。分析表中数据可得：电流与电压的关系是 　在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比　。
【分析】（1）根据滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大确定变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联；
（2）实验前需要将电流表调零；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；若要增大电阻两端的电压，根据欧姆定律分析回答；
（4）分析表格数据，得出结论。
【解答】解：（1）滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱A连入电路中与电阻串联，如下所示：

（2）闭合开关前，发现电流表指针在零刻线左端，接下来应进行的操作是将电流表指针调零；
（3）电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过电阻的电流为0.12A；若要增大电阻两端的电压，根据U＝IR，应增大电路的电流，根据I＝，应减小电路的电阻，故应将滑片P向A端移动；
（4）由表格数据可知，电阻一定时，电压变大，电流也变大，故可得电流与电压的关系是：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
故答案为：（1）如上图所示；（2）将电流表指针调零；（3）0.12A；A；（4）在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【点评】本题探究电流与电压的关系实验，考查电路连接、电流表读数、操作过程、控制变量法和数据分析。
四、计算题（本题3个小题，共16分）【要求：计算过程中写清公式、单位及必要的文字说明】
24．（5分）（2021•兴安盟）某同学家的豆浆机铭牌和简化电路如图所示。豆浆机工作时加热器先加热，待水温达到64℃时温控开关闭合，电动机开始打磨且加热器继续加热，直到产出豆浆成品，电源开关自动断开。该同学用初温20℃，质量1kg的水和少量豆子制作豆浆，设电源电压为220V恒定不变，不计导线的电阻。求：
豆浆机铭牌
最大容积
2L
额定频率
50Hz
额定电压
220V
加热器功率
880W
电动机功率
120W
（1）质量为1kg的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）如果在温控开关闭合前加热器产生的热量70%被水吸收，且不计豆子吸收的热量。则加热器单独工作的时间是多少？
（3）本次制作豆浆共计用了9min，则本次制作豆浆共消耗的电能是多少？

【分析】（1）根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）先根据W＝求出豆浆机的水温升到64℃加热器单独工作时消耗的电能，然后根据P＝求出加热器单独工作时的时间；
（3）知道总时间和加热器单独工作的时间，可求出加热器和电动机一起工作的时间，再用W＝Pt求出加热器和电动机消耗的电能，进一步求出本次制作豆浆共消耗的电能。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（64℃﹣20℃）＝1.848×105J，
（2）豆浆机的水温升到64℃前，只有加热器工作，
由η＝得，加热器单独工作时消耗的电能：
W＝＝＝2.64×105J，
由P＝得，加热器单独工作时间：
t＝＝＝300s；
（3）t总＝9min＝540s，
加热器和电动机一起工作的时间为：t混＝t总﹣t＝540s﹣300s＝240s；
加热器和电动机一起工作消耗的电能：
W混＝（P电动+P加热）t混＝（120W+880W）×240s＝2.4×105J，
9min豆浆机消耗的电能：
W总＝W+W混＝2.64×105J+2.4×105J＝5.04×105J。
答：（1）质量为1kg的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量为1.848×105J；
（2）加热器单独工作的时间是300s；
（3）本次制作豆浆9min共消耗的电能是5.04×105J。
【点评】本题为电热综合题，考查了吸热公式、效率公式、电功公式、电功率公式的应用，难点是分析制作豆浆的过程和计算消耗的电能。
25．（4分）（2021•兴安盟）建筑工人用如图甲所示的滑轮组匀速提升建材，每次运送量不定，滑轮组的机械效率η随物重G的变化图象如图乙所示。忽略绳重、吊篮重及摩擦。求：
（1）动滑轮的自重；
（2）当滑轮组的机械效率为75%时，提升的物重是多少？

【分析】（1）因忽略绳重、吊篮重及摩擦，滑轮组的机械效率η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，由图象可知，当提起的建材重G＝150N时的机械效率，据此求出动滑轮的重力；
（2）当滑轮组的机械效率为75%时，根据η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%求出提升的物重。
【解答】解：（1）忽略绳重、吊篮重及摩擦，则滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
由图象可知，当提起的建材重G＝150N时，机械效率η＝60%，
则60%＝
解得：G动＝100N；
（2）当滑轮组的机械效率为75%时，则有
75%＝，
解得：G′＝300N。
答：（1）动滑轮的自重为100N；
（2）当滑轮组的机械效率为75%时，提升的物重是300N。
【点评】本题考查了做功公式和功率公式以及滑轮组机械效率公式的应用，利用好η＝×100%是关键。
26．（7分）（2021•兴安盟）某款水位自动测控仪的测量原理如图甲所示，电源电压U恒为15V，定值电阻R0＝10Ω，R1为一竖直固定光滑金属棒，总长40cm，阻值为20Ω，其接入电路的阻值与对应棒长成正比。金属弹簧上端固定，滑片P固定在弹簧下端且与R1接触良好，滑片及弹簧的阻值、重力均不计。圆柱体M通过无伸缩的轻绳挂在弹簧下端，重80N，高60cm，底面积为100cm2。当水位处于最高位置A时，M刚好浸没在水中，此时滑片P恰在R1最上端；当水位降至最低位置B时，M的下表面刚好离开水面。已知弹簧所受拉力

F与其伸长量ΔL的关系如图乙所示。闭合开关S。求：

（1）当水位处于位置A时，M受到的浮力；
（2）水位由位置A降至B这一过程，弹簧的长度增加了多少？
（3）水位降至位置B时，电压表的示数是多少？（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
【分析】（1）当水位处于位置A时，M刚好浸没，先计算出物体M排开水的体积，然后根据阿基米德原理计算出M受到的浮力；
（2）先计算出水位处于A位置时，弹簧受到的拉力，根据图乙得出此时弹簧的伸长量，
然后再计算出当水位降至位置B时，弹簧受到的拉力，根据图乙得出此时弹簧的伸长量，
由此计算出水位由位置A降至B这一过程，弹簧的长度增加量；
（3）先计算出当水位降至位置B时，R1连入电路的长度，R1连入电路的阻值与对应棒长成正比，由此得出R1接入电路的阻值，根据欧姆定律计算出电路中的电流，然后再计算出R1两端的电压。
【解答】解：（1）当水位处于位置A时，M刚好浸没，排开水的体积：
V排＝V物＝sh＝100cm2×60cm＝6000cm3＝6×10﹣3m3，
则M受到的浮力：F浮＝G排＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣3m3＝60N；
（2）水位处于A位置时，弹簧受到的拉力：F1＝G﹣F浮＝80N﹣60N＝20N，
由图乙可知，此时弹簧的伸长量：ΔL1＝10cm，
当水位降至位置B时，M的下表面刚好离开水面，所受浮力为0N，
此时弹簧受到的拉力：F2＝G＝80N，
由图乙可知，此时弹簧的伸长量：ΔL2＝40cm，
水位由位置A降至位置B时，
弹簧的长度增加量：ΔL＝ΔL2﹣ΔL1＝40cm﹣10cm＝30cm；
（3）当水位降至位置B时，R1连入电路的长度：L＝L总﹣ΔL＝40cm﹣30cm＝10cm，
因为R1连入电路的阻值与对应棒长成正比，即＝，
所以此时R1接入电路的阻值：R1'＝R1＝×20Ω＝5Ω，
此时电路中的电流：I'＝＝＝＝1A，
由I＝得：
此时R1两端的电压：U1'＝I'R1'＝1A×5Ω＝5V。
答：（1）当水位处于位置A时，M受到的浮力为60N；
（2）水位由位置A降至B这一过程，弹簧的长度增加了30cm；
（3）水位降至位置B时，电压表的示数是5V。
【点评】本题主要考查了欧姆定律的应用，题目有一定的综合性。
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日期：2021/9/30 15:31:34；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004