2022届浙江省高三(上)1月选考考前适应性模拟物理试题

这是一份2022届浙江省高三(上)1月选考考前适应性模拟物理试题，共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2022届浙江省高三（上）1月选考考前适应性模拟物理试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________


一、单选题
1．5G技术的诞生给世界带来了许多的变化。在将来5G技术还会被运用至远程医疗中，如图所示。5G的频率是3350MHz左右，用国际基本单位制来表示MHz应当为（　　）

A． B． C． D．
2．在下列几何体或物品中符合重心在几何体内部且位于中心的是（ ）

A．如甲图所示的均匀材质的铁球
B．如乙图所示的煎好的麦饼
C．如丙图所示的实心球
D．如丁图所示的对称的马蹄形磁铁
3．如图所示的装置，M、N棒连接相同旋转速度的电机，在图中所示的时刻A点与B点位于同一竖直线上，对此下列说法正确的是（ ）

A．A点与B点的线速度相同
B．A点与B点的周期相同
C．经过t = 2s，A点与B点的线速度相同
D．A点的向心加速度大于B点的向心加速度
4．如图所示，在一个导体球壳内放一个电荷量为+Q的点电荷，用表示球壳外任一点的场强，下列说法正确的是（　　）

A．当开关S断开，+Q在壳内任意一点，均为0
B．当开关S断开，+Q在壳内的中点，为0
C．当开关S闭合，+Q在壳内任意一点，均为0
D．当开关S闭合，只有当+Q在壳内中点时，为0
5．如图所示，6月17日9时22分，我国神州十二号载人飞船正式发射升空。英雄出征，穿云破日！对于神州十二号飞船在加速上升的过程中（不考虑地球引力的作用），下列说法正确的是（　　）

A．飞船仅受到重力，升力的作用
B．飞船的合力方向竖直向下
C．飞船的重力与空气对飞船的作用力是一对平衡力
D．在升力与空气阻力不变下，飞船的重量越大，其加速度值越小
6．如图所示为直流电机的内部基本结构，给装置导入稳定的正向电压就能够使导线运转，对此下列说法正确的是（　　）


A．图示时刻左边的导线受到的安培力竖直向下
B．在导线运转的整个周期内，有两段时间导线不受安培力的作用
C．在导线运转的整个周期内，导线一直有受安培力的作用
D．对调磁铁的位置与电池的正负极，导线将逆时针旋转
7．如图所示，用导线构成两个相同的线框（电阻分布均匀）。若给空间施加一匀强磁场B时，左导线框的a导线受到的安培力为F。若不考虑电源内阻，除导线框外的电阻不计，现将电动势提高到原来的两倍，B提高到原来的两倍，则a、b、c、d的合安培力为（　　）

A．16F B．8F C．F D．F
8．如图所示，一质量为M的物块静止于A点，绳长为L，现给物块施加一初速度v，物块抵达B点时的速度恰好为0，且此时拉物块B的绳与竖直方向成45°夹角，绳长保持不变，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）

A．物块将做简谐运动
B．满足关系式v2=gL
C．物块第二次经过A点时的速度与第一次经过A点时的速度不同
D．设物块在运动时绳与竖直方向的夹角为β（β ≤ 45°），则当夹角为β时，绳子对物块的拉力大小为Mg(2 - cosβ)
9．大功率微波对人和其他生物有一定的杀伤作用。实验表明，当人体单位面积接收的微波功率达到250W/m2时会引起神经混乱，达到1000W/m2时会引起心肺功能衰竭。现有一微波武器，其发射功率P = 3 × 107W。若发射的微波可视为球面波，则引起神经混乱和心肺功能衰竭的有效攻击的最远距离约为（ ）
A．100m 25m B．200m 25m C．100m 50m D．200m 50m
10．如图所示，一个玻璃是由半径为2m、弧度为210°的优弧AB构成，其折射率为2。该玻璃有一特殊功能：在弧AB上不能射出玻璃的光线将自动被玻璃吸收，能射出的光线一部分从玻璃射出，另一部分发生反射；在线段AO上，若光线接触AO端，将立即被全部吸收。现在玻璃的正右端60°角射入一均匀水平的光线，则能够从弧AB上射出以及被AO段吸收的玻璃总边长为（　　）

A．m B．m C．m D．m
11．已知普朗克常量h = 6.63 × 10 - 34J×s，电子的质量约为9.1 × 10 - 31kg，一个电子和一个直径为4μm的油滴具有相同的动能，则电子与水滴的德布罗意波长之比的数量级为（ ）
A． B． C． D．
12．如图所示，一圆球（可视为质点）放置于动摩擦因数为的斜面上，有一绳长为L的细绳拉着圆球使其在A处处于静止状态，且此时绳与竖直面的夹角为37°，圆球恰好不受摩擦力的作用。对此下列说法正确的是（　　）


A．圆球所受的合力方向竖直向上
B．绳子的拉力F与圆球的质量m的关系式是：mg=
C．绳子的拉力F与圆球的质量m的关系式是：mg=
D．将绳子切断，小球A所受的合力为
13．1798年，卡文迪许测出万有引力常量G，因此他被称为“能够称出地球质量的人”。若已知引力常量为G，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，地球自转的时间为，地球公转的时间为，地球中心到月球中心的距离为，地球中心到太阳中心的距离为，则下列说法正确的是（　　）
A．借助上述数据能够计算出地球的质量，月球的密度
B．太阳的质量为
C．地球的密度为
D．在地球的各地测量地球的密度是一样

二、多选题
14．关于核反应方程式：① ②中，说法正确的是（　　）
A．①是α衰变，有能量放出
B．②是β衰变，没有能量放出
C． Pa 、U、Th三者的比结合能由大到小是Pa 、Th、U
D．Pa、Th、U的结合能由大到小是U、Th、Pa
15．在弛豫过程中通过测定横向磁化矢量M x y 可得知生物组织的磁共振信号。按法拉第定律，磁矢量M x y的变化使环绕在人体周围的接收线圈产生感应电动势，这个可以放大的感应电流即MR信号。90°脉冲后，由于受时间的影响，磁共振信号以指数曲线形式衰减，称为自由感应衰减，如图所示。对此下列说法正确的是（　　）


A．该图像类似于受迫运动
B．该图像类似于阻尼振动
C．该图像的频率取决于固有频率
D．该图像的振动频率由振动系统决定
16．火箭在升空时会使用多个喷射舱来实现在不同气层中达到各自的目标速度的任务，其原理是在某喷射舱的燃料将要耗尽时，火箭丢弃该舱并启动下一舱级进行加速。如图所示，某教授设计的燃料火箭具有3个舱级，且舱1、舱2与舱3的质量（包括燃料，空舱质量均为1kg）分别为15kg，10kg，5kg。现使火箭在地面上由静止发射，燃料每秒消耗1kg，且燃料产生的升力恒为600N，对此下列说法正确的是（　　）

A．火箭一开始的加速度大小为20
B．火箭第1舱内部燃料耗尽（还未脱舱）时，火箭的速度约为237m/s
C．当火箭第1舱脱落后，火箭的速度约为237m/s
D．只要火箭的燃料越多，火箭的运动时间就越久

三、实验题
17．为了探究“平抛运动”的规律，小明设计实验如下图所示，其中M是电风扇，它能够带动小球A以一定初速度进入滑道。当小球抵达第二个光电门时，传感器接收到小球信号并传输至与平抛轨道等高的质量更大的B小球装置处，将B小球由静止释放。试回答下列小题：


（1）下列实验器材是本实验必须要的是___________。
A．带重锤的线 B．刻度尺 C．秒表 D．天平 E.砝码
（2）当测得光电门的间距为10cm，小球从光电门1到光电门2的时间为0.05s，则小球做平抛运动的初速度为___________。
（3）本实验的目的是为了___________。
A．验证平抛运动的初速度不影响竖直方向上速度的改变
B．验证平抛运动的初速度越大，物体移动的位移越大
C．验证平抛运动不受物体质量的影响
D．验证重力越大的物体，在做平抛运动时受空气阻力的影响更小
（4）在测量小球的直径时，下列测量方法误差较小的是___________。
A．
B．
18．小李想利用以下材料测量某一规格为“24W，20V”的灯泡电阻，现有如下材料供它选择：
A．电压表（量程0-3V）
B．电压表（量程0-15V）
C．电流表（量程0-0.6A）
D．电流表（量程0-3A）
E.灵敏电流表G（内阻1000Ω，满偏电流）
F.定值电阻
G.开关S
H.电源E=40V
I.滑动变阻器（0-50Ω）
J.小灯泡L
（1）小李打算采用分压式接法，请在方框区域画出设计的电路图：___________

（2）小李观察电流表，结果如下图A，则得到的电流值为___________。

（3）测量完灯泡电阻后，小李点亮该灯泡，决定用“双缝干涉测量光的波长”，如图B所示。若观察到较模糊的干涉条纹，要使条纹变得清晰，最值得尝试的是___________。
A．旋转测量头 B．增大单缝与双缝间的距离 C．调节拨杆使单缝与双缝平行

四、解答题
19．如图所示，宁波一餐厅采用机器人“服务员”送餐，该机器人一次充电可干活8小时。其相关参数及某次运送线路图如下图所示。
电池容量/工作电压
40000mAh/50V
充电器输出电压/电流
30V/10A
运送最大里程
20km
（1）如图B所示，机器人从起点先向前走3m，再向右走8m，最后向前走3m抵达终点，求该机器人行走的位移；
（2）求该机器人的最大储存电能；
（3）求该机器人牵引力的平均大小；
（4）在（1）问前提下，不考虑电池充电时的热量损耗，则该机器人的充电时间至少为多少。

20．如图所示，质量为2kg的物块T从轨道M点静止出发，经过圆弧轨道（有一定错位，忽略不计）后从P点以6m/s的速度射出，恰好沿轨道AB切入。在轨道BC段有一质量为2kg的物块V，当物块T与物块V相撞后将相黏并一起运动。与此同时，在D点的右侧有一以2m/s的速度逆时针旋转的水平传送带。轨道除MN段粗糙外，其他轨道段均光滑。已知MN段的动摩擦因数为0.5，圆弧轨道半径为4m，轨道AB与轨道CD段分别为2.75m与1.25m，传送带的动摩擦因数为0.2，其他数据已标记在图上，不计空气阻力，物块可试为质点，g = 10m/s2：
（1）若MN轨道倾斜角为45°，求M点距离轨道ON的长度H1的大小；
（2）求P点距离轨道BC的长度H2的大小，并求出物体T与V运动到D点时的速度大小；
（3）求电动机为传送物块T与V所额外消耗的电能。

21．如下图A所示，电阻R1、电阻R2和长直导线与波动高压电源相连。在长导线的中间有一线圈，其中心与长直导线的距离r=0.1m，线圈的横截直径为0.02m，如图B所示。线圈的两端连接一个电阻R3=90Ω与电容器C，线圈电阻为10Ω，匝数N=。接通高压电源后，在长直导线回路中产生电流I，大小如图C所示，线圈一开始产生感应电流方向从A到B。同时，资料表明线圈各处的磁感应强度大小均可视为，其中。
（1）若在时，电容器的所带电荷量恰好为流过电阻R3的电荷量，且此时电容器恰好饱和，求电容器的电容量；
（2）求流过电阻R3的电荷量；
（3）若规定为电流的正方向，考虑线圈自感，定性画出通过电阻R的电流与时间t图像。

22．如图所示，一粒子源可射出一些质量为m、电荷量为+q的带电粒子（速度可视为0）经过一段加速电场U后，粒子以一定的水平初速度从MNTS表面内的任意一点射出，进入正方体电磁修正区内（内部有垂直面NPRG的匀强磁场B与匀强电场E）。现以向下正对正方体底面中心O，长度为L的点建立与正方体底面平行的直角坐标系（其中x轴与GR平行）。若在这些带电粒子中，粒子最长经过的时间后才从正方体底面离开，不计粒子重力，正方体边长为L，N为MG的中点，粒子不会从正方体（除了底面）的地方射出：
（1）粒子射出正方体电磁修正区后的最大速度；
（2）若满足关系式，求粒子从M点出发经过直角坐标系时的坐标；
（3）在图中直接画出粒子轨道在面MPRG上的投影面积图。（可保留作图痕迹，阴影部分用线或涂色表示）



参考答案
1．D
【详解】
周期的单位是s， 由公式

可得频率的单位为，而

所以用国际基本单位制来表示MHz应当为，故D正确，ABC错误。
故选D。
2．A
【分析】
质地均匀、形状规则的几何体的重心一定在物体的几何中心。
【详解】
A．甲图为均匀材质的铁球，由分析可知，A正确；
B．煎好的麦饼质地不一定均匀、形状不一定规则，由分析可知，B错误；
C．实心球质地不一定均匀，由分析可知，C错误；
D．马蹄形磁铁的重心在几何体外部，D错误。
故选A。
3．B
【详解】
AB．由题知M、N棒连接相同旋转速度的电机，则说明M、N的角速度相同，则周期相同，根据角速度与线速度的关系可知
v = ωr
由图可知
rB > rA
则有
vB > vA
A错误、B正确；
C．由AB选项可知无论经过多少时间A点与B点的线速度都不会相同，C错误；
D．根据向心加速度的计算公式有
a = ω2r
由图可知
rB > rA
则有
aB > aA
D错误。
故选B。
4．C
【详解】
AB．当开关S断开，不论+Q在壳内何处，由于静电感应，球壳内外表面出现等量异种电荷，内表面出现负电荷，外表面出现正电荷，外表面的正电荷在空间产生场强，都不为0，故AB错误；
CD．当开关S闭合，球壳上的电荷被导入地下，这时不论+Q放在何处，均为0，故C正确，D错误。
故选C。
5．D
【详解】
A．飞船受到重力，升力及空气阻力的作用，故A错误；
B．飞船在加速上升，所以加速度向上，由牛顿第二定律知飞船的合力方向竖直向上，故B错误；
C．一对平衡力之间的关系是大小相等，方向相反，可知飞船的重力与空气对飞船的作用力不是一对平衡力，故C错误；
D．在升力与空气阻力不变下，由牛顿第二定律

解得

可得飞船的重量越大，加速度值越小，故D正确。
故选D。
6．B
【详解】
A．由左手定则可知，图示时刻左边的导线受到的安培力竖直向上，A错误；
BC．由于换向片存在间隙，在导线运转的整个周期内，当两次转至竖直方向（与磁场垂直）时，导线无电流通过不受安培力作用，故一个周期内有两段时间导线不受安培力的作用，B正确，C错误；
D．同时对调磁铁的位置与电池的正负极，导线受力与原来相同，仍顺时针旋转，D错误。
故选B。
7．A
【详解】
将电动势提高到原来的两倍，则通过每条导线的电流到原来的2倍，B提高到原来的两倍，根据F=BIL可知，每条导线受到的安培力变为原来的4倍，即4F；因a、b、c、d四条导线受安培力大小相等，方向相同，则四条导线的合安培力为16F。
故选A。
8．C
【详解】
A．由题知物块B的绳与竖直方向成45°夹角，不满足单摆摆角小于5°（现在一般认为是小于10°）的条件，则物块的运动不能视为简谐运动，A错误；
B．根据动能定理有
- mg(L - Lcos45°) = 0 - mv2
经过计算有
v2= (2 - )gL
B错误；
C．由于速度是矢量，第一次经过C点的速度方向向左，第二次经过C点的速度方向向右，则物块第二次经过A点时的速度与第一次经过A点时的速度不同，C正确；
D．当夹角为β时对物块受力分析如下图

根据受力分析有
FT= mgy = mgcosβ
D错误。
故选C。
9．C
【详解】
设微波有效攻击范围为时单位面积接收微波功率为
P′ = =
解得
r =
则引起神经混乱时有
r1 = = m ≈ 100m
引起心肺功能衰竭时有
r2 = = m ≈ 50m
故选C。
10．A
【详解】
由公式

解得：临界角，设入射光线从某位置P点入射的光线，照射到AB弧面上Q点时，入射角恰好等于临界角，则能射出的光线的区域对应的圆心角为，则能射出光线的部分AB面的弧长为

设从Q点反射的光线与OA交于S点，则△OQS为直角三角形，且，则被AO段吸收的玻璃的长度为

因此能够从弧AB上射出以及被AO段吸收的玻璃总边长为

故选A。
11．D
【详解】
根据德布罗意波长公式
λ = ，p =
解得
λ =
由题意可知，电子与油滴的动能相同，则其波长与质量的二次方根成反比，所以有

由于已知油滴的直径，则油滴的质量为
m油 = ρ×πd3= 2.7 × 10 - 14kg
代入数据解得
≈ 1.7 × 108
故选D。
12．C
【详解】
A．圆球在A处处于静止状态，所受合力为零，A错误；
BC．斜面对圆球的支持力N与竖直方向夹角为37°，由平衡条件可得


联立解得
，
B错误，C正确；
D．将绳子切断，小球A所受的合力为

D错误。
故选C。
13．C
【详解】
A．在地球表面附近，根据万有引力等于重力可得

求得地球质量

但借助上述数据无法计算出月球的密度，故A错误；
B．地球绕太阳公转，有

可求得太阳的质量为

故B错误；
CD．地球的密度为

又因为

两式联立求得

由于在地球各地的g值有可能不同，所以测量地球的密度有可能是不一样的，故C正确，D错误。
故选C。
14．ACD
【详解】
A．①是α衰变，有能量放出，选项A正确；
B．②是β衰变，有能量放出，选项B错误；
CD．两个反应都放出能量，则Pa 、U、Th三者的比结合能由大到小是Pa 、Th、U；的结合能由大到小是U、Th、Pa，选项CD正确。
故选ACD。
15．BCD
【详解】
A．受迫振动的振幅和频率都是不变，则该图像于受迫运动不是类似的，选项A错误；
B．由图像可知，振幅之间递减，则该图像类似于阻尼振动，选项B正确；
CD．该图像的频率取决于固有频率，而固有频率是由振动系统决定的，选项CD正确；
故选BCD。
16．BC
【详解】
A．由牛顿第二定律可得火箭一开始的加速度大小为

故A错误；
B．由题意可知，火箭的质量与时间的关系为

则根据牛顿第二定律有

联立得

则火箭第1舱内部燃料耗尽（还未脱舱）即时，火箭的速度为

故B正确；
C．火箭第1舱燃料耗尽和第1舱脱落的时间间隔很短，故速度不变，为237m/s，故C正确；
D．因为燃料多，则加速度小，因此时间长也不一定获得速度大，导致无动力飞行时间不一定大，故D错误。
故选BC。
17．AB 2m/s A A
【详解】
(1)[1]本实验需要用带重锤的线确定竖直方向，需要刻度尺测量两光电门间距，AB正确。
故选AB。
(2)[2]当测得光电门的间距为10cm，小球从光电门1到光电门2的时间为0.05s，则小球做平抛运动的初速度为

(3)[3]本实验把平抛运动与自由落体运动进行比较，主要目的是为了验证平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，平抛的初速度不影响竖直方向上速度的改变，A正确。
故选A。
(4)[4]A图中操作方法正确，误差较小，B图把小球卡在外测量爪凹槽处，会产生较大误差，A正确。
故选A。
18． 0.7A C
【详解】
(1)[1]由于灯泡的额定电压是20V，已有的电压表量程分别是3V和15V，都不满足测量要求，因此需要进行电压表的改装，灵敏电流表G与定值电阻R1串联，改装成电压表的量程为

灯泡的额定电流

电流表采用A2，电路图如图所示

(2)[2]电流表是3V的量程，最小分度是0.2A，读出电流为0.7A。
(3)[3] AB．干涉条纹模糊，说明经过双缝的透光量较少或者入射光强度较弱，在测量端旋转测量头和增大单缝与双缝间的距离，都不会改善透光量或入射光的强弱，故AB错误；
C．调节拨杆使单缝与双缝平行，这样会使透过单缝（相当于“线状光源”）的条形光与双缝平行，可增加双缝的透光量，会使条纹变得清晰，故C正确。
故选C。
19．（1）10m；（2）7200000J；（3）360N；（4）s
【详解】
（1）位移大小
m = 10m
位移方向右偏上约37°。
（2）电容器储存的电能为
q = It = 40A·3600s = 144000C，W = qU = 144000C·50V = 7200000J
（3）由（2）知W = 7200000J；s = 20000m，故
F = = 360N
（4）由（3）得
W = F·（3m + 3m + 8m) = 5040J，P = UI = 300W
故
t = s
20．（1）m；（2）4m/s；（3）80J
【详解】
（1）由题意可列得
mgH1 - μmgH1tan45° + mg(4 - 2) = mvP2
解得
m
（2）因为P点的速度分为水平速度6m/s与竖直速度6m/s，若恰好切入，则竖直方向上速度为8m/s，由
v2 - v02= 2gx
解得
x = 1.4m
故
H2= 1.4m + 2.75 × m = 3.6m
由
mvA2 + mg(H2 - 1.2) = mvB2
解得
vB = 12m/s
由
mTvB = (mV + mT)v共
解得
v共 = 6m/s
故
(mV + mT)v共2 - (mV + mT)gH = (mV + mT)vD2
解得
vD = 4m/s
（3）在传送带上有
μmg = ma
得
a = 2m/s2
故物块从滑上传送带到与传送带共速有
0 = vD-at1（第一段），v传 = at2（第二段）
代入数据解得
t1= 2s（第一段），t2= 1s（第二段）
第一段由
0 – vD2= 2ax
解得
x = 4m
同时
x传 = 2 × 2m = 4m
故
Dx = 4m + 4m = 8m
第二段由
x′ = at22= 1m
同时
x′传 = 1s × 2m/s = 2m
故
Dx′ = 2 - 1m = 1m
所以
Dx总 = 8m + 1m = 9m
故电动机为传送物块T与V所额外消耗的电能为
W额 = (mV + mT)v2 + μ(mV + mT)gDx总 = 80J
21．（1）F；（2）；（3）

【详解】
（1）由感应电动势

又因为
I
故


所以
F
（2）由题意知在t=0.002s到t=0.005s过程中无电流，故由（1）知

故

（3）由（1）可得

根据自感线圈的性质，可做出图像如下图所示

22．（1）；（2）（）；（3）
【详解】
（1）由动能定理得

得

当粒子从M点射出时具有最大的运动时间
故有

t=
所以

故可得

（2）由

解得

由（1）得

故

故

又因为x轴对应直线为

故坐标为（）。
（3）见右图阴影部分（下面的圆弧为辅助作法）