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2019-2020学年辽宁省大连市金普新区九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2019-2020学年辽宁省大连市金普新区九年级（上）期末物理试卷，共29页。试卷主要包含了一个开关接入家庭电路中，要求，R4产生的热量之比为4等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年辽宁省大连市金普新区九年级（上）期末物理试卷
1. 家用电能表抄表时记录的数值的单位是( )
A. 千瓦 B. 焦耳 C. 伏特 D. 千瓦时
2. 要提高热机的效率，下列做法不可行的是( )
A. 尽量减少废气带走的热量
B. 尽量保持机械部件之间有良好的润滑
C. 尽量减少曲轴传递给飞轮的机械能
D. 尽量减少散热损失
3. 如图所示是电扇中的一个自动保护装置：当电扇不慎被碰发生倾斜或倾倒时，小球就会向一侧使电路断开，起到保护电扇的作用，由此判断，这个保护装置在电扇电路中的作用相当于( )
A. 开关 B. 导线 C. 电源 D. 用电器
4. 如图所示，R是光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R0是定值电阻。闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，各电表示数的变化情况应该是( )
A. 电流表示数变小，电压表示数变大
B. 电流表示数变大，电压表示数变小
C. 电流表和电压表示数均变小
D. 电流表和电压表示数均变大
5. 关于家庭电路，下列说法正确的是( )
A. 工作的用电器越多，电路的总电阻越大
B. 家庭电路中的电能表是测量总电功率的仪表
C. 使用试电笔时，手必须接触试电笔的笔尾金属体
D. 洗衣机、电冰箱等家用电器使用三角插头是为了节约用电
6. 关于公式R=UI，下列说法中正确的是( )
A. 导体的电阻由它两端的电压和通过它的电流决定
B. 导体的电阻可以由它两端的电压与通过它的电流的比值来测量
C. 当通过导体的电流一定时，导体的电阻跟它两端的电压成正比
D. 当导体两端的电压为零时，导体的电阻也一定为零
7. 某家庭电路中，已有两盏灯正常发光，如果再使用一个电熨斗，则该电路的( )
A. 总电流变小 B. 总电压变小 C. 总电阻变小 D. 总功率变小
8. 用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是( )
A. 如果a、b是同种物质，则a的质量更大
B. 如果a、b质量相等，则b的吸热能力更强
C. 在加热过程中，利用做功的方式改变了a、b的内能
D. 温度从T1升高到T2时，a、b吸收的热量Qa>Qb
9. 如图所示，利用图象可以描述物理量之间的关系，以下图象大致描述正确的是( )
A. 水沸腾时温度跟时间的关系
B. 悬浮物体在水中运动时路程跟时间的关系
C. 定值电阻消耗的电功率跟电流的关系
D. 通电导体的电阻跟通过的电流关系
10. 小明用三个电流表和两个规格不同的小灯泡做实验，检验并联干路电路电流是否等于各支路电流之和，其连接的电路如图所示。以下判断不正确的是( )
A. 电流表A1测量干路电流
B. 电流表A2测量灯L1的电流
C. 电流表A3测量灯L2的电流
D. 电流表A2的电流等于电流表A3的电流
11. 如图的电路中，电路元件及连接均完好，电源电压恒为6V，小灯泡L1、L2和L3各自正常工作时流过的电流均为0.5A，下列说法正确的是( )
A. 开关S1和S2断开，电压表的示数为6V，再闭合S2，电压表示数变小
B. 开关S1和S2断开，电流表A1测L2的电流，再闭合S2，A1仍测L2的电流
C. 先闭合开关S2，再闭合开关S1，电流表A1示数不变，A2示数变大
D. 开关S1和S2闭合，有电流流过的灯泡恰好都正常发光，电流表A1的示数为1.5A
12. 关于温度热量和内能说法不正确的是( )
A. 温度高的物体含有的热量比温度低的物体多
B. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C. 物体的内能减少时，温度可能不变
D. 物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
13. 小苛在实验室只利用标有“6V、3.6W”的L1灯和“3V、1.8W”的L2灯两用电器进行电学实验，实验过程中两灯均能工作，忽略温度对电阻的影响，下列说法正确的是( )
A. 串联电路中，电路最大电压可达9伏，此时两灯都能正常工作
B. 串联电路中，电路中电流相等，两灯发光亮度相同
C. 两灯从并联到串联(电源电压不变)，在相同时间内电路消耗的电能变小
D. 在相同时间内，灯L1消耗的电能一定大于灯L2消耗的电能
14. 有两个小灯泡L1和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的电压随电流变化关系如图。若把L1和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法正确的是( )
A. 小灯泡L1的电阻在某一时刻可能是20Ω
B. 小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4W
C. 两灯串联时电路的总功率是0.6W
D. 两灯并联时电路的总功率是3.6W
15. 中国的茶文化在宋朝时已借助“海上丝绸之路”名扬世界。用热水泡茶时，茶杯温度会升高，其内能是通过______的方式改变的；茶水散发出清香，这是______现象，这是由于______在永不停息地做无规则运动引起的。
16. 电饭锅做饭过程是将电能转化为______能，电池充电的过程将电能转化为______能。
17. 小明同学想在家里安装一盏照明灯，如图所示是他设计的电路。图中虚线框1和2应连入开关和电灯，则开关应装在______方框中。安装完毕后，闭合开关，电灯不亮，用测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，则电路的故障为______。
18. 如图所示，水平的传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦。当传送带如箭头方向运动且速度为v时，物体与传送带发生相对滑动，当传送带逐渐加速到2v时，物体受到的摩擦力将______，灯泡的亮度将______(填入变化情况)。
19. 汽油机是热机的一种，其在做功冲程时的能量转化情况是______，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是利用了水的______的特性。一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是1200r/min，该汽油机每秒钟对外做功______次，若每次对外做功90J，其功率是______W。
20. 简单电路是电源用电器、开关和导线组成的。给充电宝充电时，充电宝相当于简单电路中的______。某城市安装一种“按钮式红绿灯”，当路上车辆不多时，行人通过触摸按钮，使正对车辆的红灯亮起，行人安全通过。按钮相当于电路中的______；红灯和绿灯是______联的。
21. 如图是探究电流通过导体产生热量跟什么因素有关的实验装置，图甲所示的装置是用来探究电流产生的热量与______(填“电阻”或“电流”)的关系，该装置中电阻R1、R2两端电压之比为______；若通过R1的电流为0.5A，则1min内电流通过R2产生的热量为______J；装置乙中电阻R3、R4产生的热量之比为______。
22. 将一只“220V 484W”的浴霸灯泡接在家庭电路中，正常发光时，通电30min灯泡消耗的电能为______kW⋅h，若用输电线把该灯泡由家引到较远的工地时，发现灯泡亮度变暗，测得灯泡的实际功率为400W，则输电线上消耗的功率为______W.(不计灯丝电阻受温度影响)
23. 把图中规格不同的两盏灯L1和L2、一个开关接入家庭电路中，要求：开关同时控制两盏灯并都正常发光。
24. 为方便夜间开锁，有人发明了“感应照孔门把手”，只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的LED灯才亮。它利用感应开关S1(有人摸把手，S1闭合；无人摸把手，S1断开)以及光敏开关S2(白天，S2断开；夜间，S2闭合)控制电路，达到目的。请完成电路连接。
25. 安全、清洁、方便的太阳能越来越受到人们的重视和广泛利用。如图所示，一太阳能热水器内装有体积为200L、温度为20℃的水，在阳光照射一段时间后，水温升高到
(1)水吸收的太阳能是多少？
(2)若这些热量由干木柴完全燃烧来获得，且放出的热量有60%被水吸收，求干木柴的质量是多少(保留到小数点后1位)？
26. 小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图所示，主要技术参数如下表。电吹风在额定电压下工作，请解答如下问题：
热风温度
50−75℃
额定功率
热风时：990W
冷风时：110W
额定电压
220V
质量
0.5kg
(1)电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？
(2)电热丝工作时的电阻是多大？
(3)电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风30min产生的热量是多少？
27. 如图所示，定值电阻R1=50Ω，只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到中最左端时，电流表是的示数为0.24A；只闭合开关S3，将滑动变阻器滑片P移到中点时，电流表示数为0.2A，小灯泡L的实际功率为1.8W：电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3V.(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。求：
(1)电源电压
(2)小灯泡的电阻
(3)只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是多少？
(4)在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？
28. 王老师计划过了“十一”后出差去延安，查看中央气象台的天气预报，显示“延安，晴，19℃/5℃”、“大连，晴，20℃/16℃”。请运用学过的物理知识解释为什么大连市比延安市温差小？
29. 家用电器的电源线通常是用铜导线制成，空调等大功率用电器的电源线明显比台灯等小功率用电器的电源线粗一些。请解释大功率用电器的电源线较粗的主要原因。
30. 将装有热奶的奶瓶放入水中冷却，如图甲所示；根据测得的数据，作出热奶和水的温度随时间的变化图象，如图乙所示。根据图象回答下列问题：
(1)表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的______；填“A”或“B”
(2)水的初温是______℃；末温是______℃。
(3)热奶和水会发生热传递，是因为它们具有不同的______。
(4)根据图乙中A，B图象______(填“能”或“不能”)得出：水的比热容比热奶的比热容大；其原因是：______。
31. 某兴趣小组探究“在串联电路中，滑动变阻器消耗的电功率大小与滑动变阻器接入电路的电阻大小之间的关系”。老师提供的器材有：定值电阻R=20Ω，标有“40Ω2A”滑动变阻器、电压表(量程为0∼15V)、电流表(量程为0∼0.6A)、电源电压恒定、开关、导线若干。
(1)根据实验目的，将实物图连接完整，要求滑片往A端移动，电压表读数变大。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
8.0
7.2
6.0
4.0
2.4
0
电流I/A
0.20
0.24
0.30
0.40
0.48
0.60
电功率P/W
1.6
1.7
★
1.6
1.2
★
(2)连接好电路，闭合开关，移动滑片，获得了以下几组电压和电流数据，计算电功率并记录在表格中。
小科忘记计算表中“★”处的数值，请你根据有关数据计算表中“★”处的数值为______、______。
本实验的结论是______。
(3)进一步分析数据发现，本次实验中，当滑动变阻器和定值电阻阻值相等时，电功率最大。为了验证这一规律，需要获得更多数据，若滑动变阻器更换为“60Ω2A”，其他元件不变，在保证电路安全的前提下，下列定值电阻能完成实验任务的是______(可多选)
A.10ΩB.20ΩC.30ΩD.60Ω
32. 用如图1所示电路探究并联电路的电流特点。实验器材有：电源、开关、导线若干、三只电流表、不同规格的小灯泡若干。
(1)实验中，应选择规格______(填“相同”或“不同”)的小灯泡。
(2)接电流表时，应将电流表______(填“串联”或“并联”)在电路中。
(3)在测量干路电流时：
①接入电流表后闭合开关，看到两个灯都发光，但电流表出现如图2所示的现象，原因是：______。
②故障排除后，电流表的示数如图3所示，则通过干路的电流为______A。
(4)请在下面设计出探究过程中所需要的实验记录表格。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A.千瓦是电功率的单位，而电能表是测量电能(或电功)的，故A不合题意；
B.焦耳是功和能的单位，但不是家用电能表抄表时记录数值的单位，故B不合题意；
C.伏特是电压的单位，而电能表是测量电能(或电功)的，故C不合题意；
D.电能表是测量家庭用电器消耗电能的仪表，其记录数值的单位是千瓦时，简称度，故D符合题意。
故选：D。
电能表是测量家庭用电器消耗电能的仪表，其单位是千瓦时，简称度。
了解家用电能表抄见数所用的单位，知道电能表是测量电能(或电功)的，同时注意与其它电学物理量单位的区分，难度不大。
2.【答案】C
【解析】解：A、减少废气带走的能量，可以减少能量的损失，提高热机的效率，故A可行；
B、保持机械部件之间有良好的润滑，减少克服摩擦消耗的能量，可以减少能量的损失，提高热机的效率，故B可行；
C、热机是将内能转化为机械能的机器，在做功冲程将内能转化为活塞、曲轴、飞轮的机械能，而减少了曲轴传给飞轮的机械能，反而会降低热机的效率，故C不可行；
D、减少各机件因散热损失的能量，可以减少能量的损失，提高热机的效率，故D可行。
故选：C。
热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的热量之比；
在热机工作中能量的损失有：克服摩擦做功消耗一部分能量；燃料不完全燃烧，损耗一部分能量；热机直接向外散热，消耗一部分能量；废气带走了大部分能量。
此题考查了热机的效率的含义及提高热机效率的方法，是一道基础性题目。
3.【答案】A
【解析】
【分析】
电路包括四部分：电源、用电器、开关及导线。根据各部分的作用判断。
此题考查的是电路各元件的作用。读懂题意是解答的关键。
【解答】
解：由图知，当电扇没有倾斜时，能够正常工作，说明电路是通路状态；当电扇发生倾斜或倾倒时，小球就会向一侧使电路断开，风扇不能工作，处于断路状态。说明小球能够控制风扇的工作状态，相当于开关。
故选：A。
4.【答案】B
【解析】解：由电路图知，闭合开关，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻两端的电压；
由题知，逐渐增大光敏电阻的光照强度，光敏电阻R的阻值减小，
则电路的总电阻减小，电源电压U不变，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
定值电阻R0阻值不变，由U0=IR0可知，定值电阻R0两端电压变大，
光敏电阻两端电压UR=U−U0，U0增大，所以UR变小，即电压表示数变小。
故选：B。
由图知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，根据光照强度的变化判断光敏电阻阻值如何变化，从而得出总电阻如何变化，根据串联电路的特点及欧姆定律判断电流表与电压表示数如何变化。
本题是一道闭合电路的动态分析题，从“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”入手分析电路中总电阻的变化，掌握串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键。
5.【答案】C
【解析】解：
A、家庭电路中用电器是并联的，工作的用电器越多，相当于增大导体的横截面积，总电阻越小，故A错误；
B、家庭中的电能表是测量消耗电能的仪表，故B错误；
C、使用测电笔辨别火线或零线时，手应接触笔尾金属体；故C正确；
D、洗衣机、电冰箱等家用电器有金属外壳，使用三脚插头把金属外壳接到地线上，若金属外壳漏电，人接触时地线把人体短路，可以防止触电，不是为了节约用电，故D错误。
故选：C。
利用下列知识分析回答：
(1)为了方便，家庭电路中的各个用电器都是并联在电路中的，电阻越并越小。
(2)电能表是测量电路消耗电能的仪表；
(3)使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；
(4)金属外壳的用电器的金属外壳一定要接地，防止漏电时，发生触电事故。
本题考查了家庭用电器的连接方式、测电笔的使用方法、电能表的作用以及使用三孔插座的目的，属于基础题目。
6.【答案】B
【解析】解：(1)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，公式R=UI只用来计算或测量电阻的大小，故A错误，B正确；
(2)欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，故CD错误。
故选：B。
(1)欧姆定律内容是导体中的电流跟导体两端的电压成正比、跟导体的电阻成反比，也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(2)电阻是导体本身是一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，公式R=UI只用来计算或测量电阻的大小。
本题考查我们对欧姆定律导出公式R=UI的理解，要注意公式R=UI只是表示出了三者之间的数值关系，而并非是它们间的正、反比关系。
7.【答案】C
【解析】解：使用电熨斗时应并联在电路中，则电熨斗上的电压为220V，即电路中电压不变，故B错误；
由并联电路的规律可知，总电流等于两盏灯中电流加上电熨斗中的电流，故电流变大，故A错误；
由欧姆定律的变形公式R=UI可知，电路中的总电阻变小，故C正确；
由P=UI可知，电路中的总功率变大，故D错误。
故选：C。
由家庭电路的连接特点可知用电器并联在电路中，则由并联电路的特点可知哪一个量发生了变化。
家庭电路中用电器均为并联，根据并联电路的特点和欧姆定律进行分析即可。
8.【答案】B
【解析】解：用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来反映的；
A、如果a、b是同种物质，其比热容相同，由图象可知，加热相同的时间(即吸收的热量相同)，a的温度升高的快，说明a的质量小，故A错误；
B、如果a、b质量相等，加热相同的时间(即吸收的热量相同)，b的温度升高的少，说明b的比热容大，即b的吸热能力更强，故B正确；
C、在加热过程中，利用热传递的方式改变了a、b的内能，故C错误；
D、由图象可知，温度从T1升高到T2时，a的加热时间短，说明a吸收的热量少，即Qa
(1)用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，相同时间吸收的热量相同，如果a、b是状态相同的同种物质，比热容相同，由Q=cm△t可知质量小的温度变化大；
(2)a、b质量相等时，吸收相同的热量，温度升高多的比热容小；
(3)改变内能的方法是做功和热传递；
(4)用相同的加热装置对a、b两种物质加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来反映的。
此题考查了物质比热容大的特点、改变内能的方法等有关热学知识，图象较复杂，认真分析图象得出相关信息是关键。
9.【答案】A
【解析】解：A、水沸腾时的特点，继续加热，温度不变，故A正确；
B、悬浮物体在水中处于静止状态，路程与时间图象是一条平行于时间轴的水平直线，故B错误；
C、定值电阻消耗的电功率与电流的二次方成正比，而图是正比例图象，故C错误；
D、导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，R=UI只是计算电阻的一种方法，电阻跟电压和电流无关。故D错误。
故选：A。
分析图象确定横纵坐标表示的物理量，确定图象反应的物理量间的关系，然后根据图象反应的物理量间的关系作出判断。
本题利用图象分析物理学中一些物理量之间的关系，涉及的知识点多，考查的细，需要学生把这些物理量的概念理解透彻，能用不同的表达方法来描述它们的关系。
10.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知：两灯泡并联，电流表A1串联在干路上，则电流表A1测量干路电流，故A正确；
B、电流表A2串联在灯泡L1的支路上，则A2测量灯泡L1的电流，故B正确；
C、电流表A3串联在灯泡L2的支路上，则A3测量灯泡L2的电流，故C正确；
D、根据并联电路各支路两端的电压相等，由于两个小灯泡的规格不同，则根据欧姆定律可知灯泡L1、L2的电流不相等，所以，电流表A2的电流与电流表A3的电流不相等，故D错误。
故选：D。
根据电流的路径可知两个灯泡并联，根据电流表串联的位置即可判断电流表测量的对象；
根据并联电路的特点和欧姆定律即可判断通过两灯泡的电流的大小关系。
本题考查探究并联电路电流规律的电路连接，关键是明确电流表要分别测量干路和支路电流。
11.【答案】B
【解析】解：
(1)开关S1和S2断开时，L2与L3串联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，
则电压表的示数即为电源的电压6V，
再闭合S2后，L3被短路，电路为L2的简单电路，电压表仍侧电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，
则电流表A1始终测L2的电流，故B正确；
由电源的电压不变可知，电压表的示数不变，故A错误；
(2)先闭合开关S2时，电路为L2的简单电路，电流表A1测电路中的电流，电流表A2被短路，
再闭合开关S1时，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1支路的电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电流表A1变大，
由电流表A2被短路无示数到有示数可知，电流表A2的示数变大，故C错误；
(3)开关S1和S2闭合，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两灯泡恰好都正常发光，
所以，电流表A1的示数为2×0.5A=1A，故D错误。
故选：B。
(1)开关S1和S2断开时，L2与L3串联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，根据电源的电压可知电压表的示数；再闭合S2后，L3被短路，电路为L2的简单电路，电压表仍侧电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，则电流表A1始终测L2的电流，由电源的电压不变可知电压表的示数变化；
(2)先闭合开关S2时，电路为L2的简单电路，电流表A1测电路中的电流，电流表A2被短路；再闭合开关S1时，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1支路的电流，根据并联电路的电流特点可知电流表A1示数的变化，根据电流表A2被短路无示数到有示数可知其示数的变化；
(3)开关S1和S2闭合，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，有电流流过的灯泡恰好都正常发光，根据并联电路的电流特点求出电流表A1的示数。
本题考查了电路的动态分析，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12.【答案】ABD
【解析】解：A、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故A错误；
B、热传递的条件是有温度差，是从温度高的物体向温度低的物体传递，故B错误；
C、物体放出热量，内能减少温度不一定降低，比如：晶体在凝固过程中放出热量，而温度不降低，故C正确；
D、物体的内能与温度、质量、状态有关，温度不变，物体的内能可能改变，故D错误。
故选：ABD。
①热量是一个过程量，不能用“具有”“含有”来修饰；
②热传递的条件是有温度差，而不是有内能差；
③晶体在凝固过程中放出的热量正好用来完成它的凝固，而温度不降低；
④物体的内能与温度、质量、状态有关。
本题主要考查学生对温度、内能、热量关系的了解和掌握。是中考的热点。
13.【答案】AC
【解析】解：A、由P=UI得，I1=P1U1=3.6W6V=0.6A，I2=P2U2=1.8W3V=0.6A；由于两灯泡的额定电流相等，因此两灯泡均能正常发光，电路两端最大电压：U=6V+3V=9V；故A正确；
B、因为两灯泡均能正常发光，而两灯泡的额定功率不同，因此两灯泡的亮度不同，故B错误；
C、因为两个相同灯泡并联时电路中的总电阻小于串联时的总电阻，因此由W=U2Rt可知，并联时电路消耗的电能多，故C正确；
D、因为额定电流相等，由R=UI可知，R1>R2；又因为串联时电流相等，由W=I2Rt可得，W1>W2；并联时电压相等，由W=U2Rt可得，W1
(1)串联电路中电流相等，先根据P=UI的应用判断两灯泡额定电流的关系，根据额定电流和串联电路的分压原理判断；
(2)根据正常发光时的额定功率即可比较；
(3)先判断并联电路和串联电路总电阻的变化，然后根据W=U2Rt分析电路消耗电能的大小；
(4)先根据欧姆定律的应用比较电阻的大小，然后根据W=I2Rt和W=U2Rt比较串并联电路消耗电能的关系。
本题考查了电功率公式和串并联特点的灵活应用，关键是知道额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。
14.【答案】ABD
【解析】解：(1)两灯串联时，由图象可知当I=0.2A，U1=4V，U2=2V；
此时电路的总功率为P=UI=6V×0.2A=1.2W；
此时小灯泡L2的电功率为P2=U2I=2V×0.2A=0.4W，故B正确；
小灯泡L1的电阻R1=U1I4V0.2A=20Ω，故A正确；
(2)当两灯并联时，两灯泡两端的电压为U′=6V，
由图象可知I1=0.25A，I2=0.35A，
电路的总功率为P′=P1′+P2′=U′(I1+I2)=6V×(0.25A+0.35A)=3.6W，故C错误，D正确。
故选：ABD。
当两灯泡串联时，根据串联电路的电压特点结合图象可知此时电路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率和小灯泡L2的电功率，利用欧姆定律求出小灯泡L1的电阻；
当两灯并联时，根据并联电路的特点结合图象可知此时通过两灯泡的电流，根据P=UI求出电路的总功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功率公式的计算，关键是规律和公式的灵活运用；难点是从图象中找出符合题意的电流
15.【答案】热传递 扩散 分子
【解析】解：
用热水泡茶时，茶杯会从热水中吸热，温度会升高，其内能是通过热传递的方式改变的；
茶水散发出清香，这是扩散现象，说明茶的香味分子在永不停息地做无规则运动。
故答案为：热传递；扩散；分子。
(1)改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递；
(2)两种物体在相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了构成物体的分子在不停的做无规则运动。
本题考查了学生对热传递和扩散现象的了解与掌握，利用所学知识解释实际生活现象，体现了学以致用。
16.【答案】内 化学
【解析】解：电流做功的过程，实际上是电能转化为其它形式的能的过程；
电流通过电饭锅做功时，将电能转化为内能；给手机电池充电时，将电能转化为化学能储存在电池中。
故答案为：内；化学。
电饭锅利用的是电流的热效应；电池充电时把电能转化为化学能。
本题考查能量的转化，电流做功的过程就是把电能转化为其他形式的能的过程。
17.【答案】2 零线断路
【解析】解：保险丝接在火线上，开关应接在灯与火线之间。因此开关应接在2处。当测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，而零线处不该亮，但也亮了，说明通过电灯、开关与火线相通了，故零线断路。
故答案为：2；零线断路。
开关接在灯与火线之间。当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，试电笔的氖管都发光，说明零线断路了。
本题考查了用测电笔检测电路的故障和电灯与开关的接法。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
18.【答案】不变 不变
【解析】解；因滑动摩擦力大小只与压力大小及接触面的粗糙程度有关与物体的相对运动速度无关，故物体所受摩擦力不变；
因物体在弹簧弹力及摩擦力的作用下将处于平衡状态，故物体的位置将不发生变化，滑动变阻器接入电阻不变，由欧姆定律可得电路中电流不变，而P=UI不变，可得灯的亮度不变；
故答案为：不变，不变。
由摩擦力大小的影响因素可知摩擦力的变化；对物体由力的平衡可知触片的位置变化；再由欧姆定律和电功率公式判断灯的实际功率变化，进而得出灯泡亮度的变化。
本题综合考查了力学与电学相关知识，知道摩擦力大小只与压力大小及接触面的粗糙程度有关与物体的相对运动速度无关是本题的突破口，灵活运用欧姆定律和电功率公式是关键。灯的亮度取决于灯的实际功率。
19.【答案】内能转化为机械能 比热容大 10 900
【解析】解：(1)汽油机是热机的一种，其在做功冲程时，高温高压的燃气推动活塞运动，能量转化情况是把内能转化为机械能。
在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是利用了水的比热容大的特性，
在质量和升高温度相同时，比热容大物质吸收的热量多，即水从汽缸吸收热量，使汽缸的温度降低，通过热传递的方式减少汽缸内能；
(2)飞轮转速是1200r/min=20r/s，即1s飞轮转20r，
因为飞轮转2r，对外做功1次，所以飞轮转20r，对外做功10次。
则汽油机的功率：P=Wt=10×90J1s=900W。
故答案为：内能转化为机械能；比热容大；10；900。
(1)利用燃料燃烧获得的内能来工作的机器叫热机，热机在工作过程中把内能转化成机械能；水的比热容较大，在同等情况下可以吸收更多的热量，常用来做发动机的冷却剂；
(2)四冲程内燃机完成一个工作循，经历4个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转2周，对外做功1次；根据P=Wt求出汽油机的功率。
本题考查学生对热机相关知识的掌握，重点考查转速的相关计算，记住相关数据是解题的关键。
20.【答案】用电器 开关 并
【解析】解：简单电路是由电源、开关、用电器和导线组成的，
给充电宝充电时，充电宝消耗电能，将电能转化为化学能，相当于简单电路中的用电器。
按钮控制电路的通断，是电路中的开关。
交通指示灯可以通过不同颜色灯光的变化指挥车辆和行人，由于指示灯可以独立工作，互不影响，因此红灯和绿灯是并联连接的。
故答案为：用电器；开关；并。
(1)根据电路的组成进行分析，充电宝类似于教材上的蓄电池，可以通过充电获取电能，也可以向外供电，提供电能。
(2)电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流路径；
(3)并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响，而交通指示灯工作状态总是不一致，并且互不影响，所以是并联电路。
本题考查了电路的组成以及红绿灯的连接方式，属于综合性题目，比较简单。
21.【答案】电阻 1：2 150 4：1
【解析】解：由图甲可知，两个电阻串联，电流相同，通电时间也相同，电阻不同，故探究的是电流产生的热量与电阻的关系；
电流相同，电阻不同，根据U=IR可知，电压之比等于电阻之比，故电压之比为1：2；
1min内电流通过R2产生的热量：Q2=I22R2t=(0.5A)2×10Ω×60s=150J；
图乙中，R4与R5并联后，再与R3串联，由于R4与R5的阻值相同，通过的电流相同，则通过R3电流为通过R3电流的2倍，电阻相同，根据Q=I2Rt可知，电阻R3、R4产生的热量之比为4：1；
故答案为：电阻；1：2；150； 4：1。
根据甲图中的相同量和不同量，利用控制变量法分析；根据欧姆定律分析电压关系；根据Q=I2Rt即可求出R2产生的热量；根据图乙中的电流关系，根据Q=I2Rt即可求出相同时间里产生的热量之比。
本题考查控制变量法、欧姆定律和焦耳定律的应用，为比较常见的探究性实验，关键是明确装置中的电路结构。
22.【答案】0.24240
【解析】解：
(1)灯泡正常发光时的功率P=484W=0.484kW，在30min内消耗的电能：
W=Pt=0.484kW×0.5h=0.242kW⋅h；
(2)由“220V、484W”知灯泡的额定电压U=220V，额定功率是P=484W，
根据P=U2R得灯泡的电阻：R=U2P=(220V)2484W=100Ω，
灯泡的实际功率为400W时，根据P=U2R得灯泡两端的实际电压：；
流过灯泡的实际电流：；
输电导线上分得的电压，
输电导线上消耗的功率。
故答案为：0.242；40。
(1)由灯泡铭牌可知额定电压及额定功率，则由功率公式可求得额定电流；由电功公式求得通电30min时消耗的电能；
(2)由功率公式P=U2R可求得灯泡的电阻，则由功率公式可求得灯泡的实际电压，则由欧姆定律可求得实际电流；因灯泡和导线为串联电路，故由串联电路的规律可求得导线上消耗的电压，则由P=UI可求得导线上消耗的电功率。
公式法计算电功率：①P=Wt这是电功率的定义式，此公式适用于各种用电器和电路；②P=UI这是电功率的决定式，即电功率是由用电器两端的电压和通过它的电流之积来决定的。此公式适用于所有电路，该公式表明，用电器的实际功率等于实际电压与实际电流的乘积。
23.【答案】解：两个灯泡都正常发光，是并联的，开关控制灯泡时，开关和灯泡是串联的，开关接在灯泡和火线之间，如图所示：
【解析】开关控制灯泡时，开关和灯泡是串联的。火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡，这样断开开关，切断火线，操作更安全。
家庭电路中，各用电器之间是并联的，各用电器能正常工作，并且互不影响。
掌握家庭电路中灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝等元件的作用、接法等。
24.【答案】解：由题意可知，感应开关S1、光敏开关S2串联共同控制LED灯，如下图所示：
【解析】只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的LED灯才亮，否则LED灯不亮，说明感应开关S1、光敏开关S2不能独立工作、即为串联，共同控制LED灯，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关的连接方式是关键。
25.【答案】解：(1)太阳能热水器内装有水的体积：
V=200L=200dm3=0.2m3，
由ρ=mV可得，水的质量，：
，
则水吸收的热量：
；
(2)由可得，干木柴完全燃烧释放的热量：
，
由可得，需要干木柴的质量：
。
答：(1)水吸收的热量是4.2×107J；
(2)干木柴的质量约为5.8kg。
【解析】(1)知道太阳能热水器内装有水的体积，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据求出水吸收的热量；
(2)根据求出干木柴完全燃烧释放的热量，利用求出需要干木柴的质量。
本题考查了密度公式和吸热公式、效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，难度不大，只要细心即可正确解答。
26.【答案】解：(1)当吹冷风时，只有电动机工作，P1=110W，
由P=UI可得，通过电动机的电流：
I1=P1U=110W220V=0.5A；
(2)当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，
电热丝R2的电功率：
P2=P−P1=990W−110W=880W，
由P=U2R可得
电热丝R2的电阻值：
R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω。
(3)30min=1800s内电流通过电动机产生的热量：
Q1=I12R1t=(0.5A)2×1Ω×1800s=450J；
答：(1)电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是0.5A；
(2)电热丝工作时的电阻是55Ω；
(3)电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风30min产生的热量是450J。
【解析】(1)当吹冷风时，只有电动机工作，根据P=UI求出通过电动机的电流；
(2)当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，根据P=U2R求出电热丝R的电阻值。
(3)根据Q=I2Rt求出30min内电流通过电动机产生的热量；
本题考查了电功率公式和焦耳定律的应用，关键是知道电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率。
27.【答案】解：(1)只闭合S1.滑片P移到中最左端时。电路只有R1=50Ω，
由I=UR可得：
电源电压U=I1R1=0.24A×50Ω=12V；
(2)只闭合S3时。滑动变阻器滑片P移到中点时。灯泡和滑动变阻器串联。
由P=I2R得：
灯泡的电阻：；
(3)根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
此时灯泡两潮的实际电压：；
所以滑动变阻器两端的电压：即为电压表示数，
由I=UR可得：
此时滑动变阻器连入电路中的阻值。
滑动变阻器的最大阻值；
(4)只闭合开关S1时，R1和R2串联，为了保护电路安全。电压表示数不能超过3V，
则U2min=3V时，电流最小电路中消耗的功率最小，
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
此时R1两端的电压：，
电路中的最小电流：，
此时，由I=UR可得：
；
电路消耗的最小功率：。
答：(1)开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是0.24A；
(2)小灯泡的电阻是45Ω；只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是3V；
(3)在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是2.16W。
【解析】(1)当电阻接在电源两端时，利用电流和电阻的乘积计算电源电压的大小；
(2)根据灯泡的电流和电功率，可以计算灯泡的电阻的大小；
(3)根据灯泡的电流和电阻计算分压大小，利用电源电压和灯泡的电压差计算滑动变阻器分压大小，根据电压和电流可以计算滑动变阻器电阻的最大值；
(4)计算电路的最小电功率，此时滑动变阻器取值最大，但最大值受电压表的量程控制，根据电压表量程分析最小电流，利用电源电压和最小电流的乘积计算最小电功率。
此题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率计算公式、电路结构分析的理解和掌握，弄明白电阻最大时，电路中电流最小，电路消耗的功率最小是解决此题的关键。
28.【答案】答：大连市靠海，延安市在内陆，沿海地区水多，海水的比热容比砂石大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，所以大连市比延安市温差小。
【解析】根据水的比热容较大的特点分析沿海城市为什么昼夜温差小，然后做出判断。
此题考查的是水的比热容较大的特点及其应用，利用所学的物理知识解释生活中的现象，是中考的热点。
29.【答案】答：家用电器的电压相同，由 P=UI可知，大功率用电器工作时，导线中的电流较大；
材料、长度相同的粗导线的电阻小于细导线，由 Q=I2Rt可知，在通电时间和电流相同时，粗导线产生的热量比细导线少，升温少，比较安全。
【解析】导体电阻大小跟导体的长度、横截面积、材料有关。在横截面积和材料一定时，导体越长，导体电阻越大；在导体的长度和材料一定时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小；在导体的长度和横截面积一定时，材料不同，电阻大小不同；
根据Q=I2Rt得，电流产生热量跟电阻成正比，电阻越大，电流产生的热量越多，容易发生火灾。
本题考查了焦耳定律知识的应用，体现了物理和生活的密切关系，学好物理，服务于生活。
30.【答案】(1)A；
(2)20；40；
(3)温度；
(4)不能；牛奶与水的质量不一定相同
【解析】
【分析】
(1)(2)(3)当温度不同的物体相互接触时，物体间将发生热传递，热量从高温物体传到低温物体，高温物体放出热量，温度减低，低温物体吸收热量，温度升高；分析图象，根据图象信息答题；
(4)要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变。本实验要控制水和奶的质量相同，才可以比较比热容的大小。
当相互接触的物体间存在温度差时，物体间将发生热传递，分析清楚图乙所示图象是正确解题的关键。
【解答】
解：(1)装有热奶的奶瓶放在冷水中要放出热量，温度降低，由图乙可知，A的温度降低，直到与B的温度相同，因此表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的A。
(2)由图乙所示图象可知，水的初温是20℃，热奶的初温是90℃，热奶的末温是40℃，水的末温是40℃。
(3)由于热奶与水具不同的温度，它们间存在温度差，所以热奶和水会发生热传递。
(4)要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有控制它们的质量相同。
故答案为：(1)A；
(2)20；40；
(3)温度；
(4)不能；牛奶与水的质量不一定相同。
31.【答案】(1)如图所示；
(2)1.8；0；在串联电路中，随着滑动变阻器接入电路的电阻的增大，滑动变阻器消耗的电功率先变大后变小；
(3)BC。
【解析】解：
(1)由U=IR，当电路的电流变大时，定值电阻的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，由表中数据知，电压表并联在变阻器的两端，
根据滑片往A端移动，电压表读数变大，由分压原理，变阻器连入的电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表选用大量程与滑动变阻器并联，如下所示：
(2)第3次实验变阻器的电功率为：
P3=U3I3=6.0V×0.30A=1.8W；
第6次实验变阻器的电功率为：
P6=U6I6=0V×0.60A=0W；
由表中数据可得出的结论是：在串联电路中，随着电流的减小，滑动变阻器接入电路的电阻逐渐增大，滑动变阻器消耗的电功率先变大后变小；
(3)由表中第1次实验数据，由串联电路的规律及欧姆定律，电源电压为：
；
因电流表选用小量程(0−0.6A)，0.6A<2A，故电路的最大电流为0.6A；
本实验中，为了验证这一规律，滑动变阻器连入电路的电阻要大于定值电阻、等于定值电阻和小于定值电阻，因换用的滑动变阻器的规律为“60Ω2A”，其最大电阻为60Ω，故60Ω的定值电阻不能选用；
若选用10Ω的定值电阻，当变阻器连入的电阻也为10Ω时，由电阻的串联和欧姆定律，电路的电流为：
I′=U2R′=12V2×10Ω=0.6A，即为电路的最大电流，若变阻器连入电路的电阻小于10Ω时，由电阻的串联和欧姆定律，此时电路的电流将大于0.6A，故10Ω定值电阻也不能选用；故能完成实验任务的是BC。
故答案为：(1)如上所示；(2)1.8；0；在串联电路中，随着滑动变阻器接入电路的电阻的增大，滑动变阻器消耗的电功率先变大后变小；(3)BC。
本题探究“在串联电路中，滑动变阻器消耗的电功率大小与滑动变阻器接入电路的电阻大小之间的关系”，考查电路的连接、串联电路的规律、欧姆定律的运用及数据分析，(3)是本题的难点，有新意。
32.【答案】不同 串联 电流表的正负接线柱接反了 0.48
【解析】解：(1)实验中，为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡。
(2)接电流表时，应将电流表串联在电路中；
(3)①在测量干路电流时，两个灯都发光，但电流表出现如图2所示的现象，则电流表的正负接线柱接反了；
②故障排除后，电流表的示数如图3所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过干路的电流为0.48A；
(4)为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡多次测量，应测每个支路和干路的电流，实验记录表格如下所示：
次数
灯泡
A点电流IA/A
B点电流IB/A
C点电流IC/A
1
L1、L2
2
L1、L3
3
L2、L3
故答案为：(1)不同；
(2)串联；
(3)①电流表的正负接线柱接反了；
②0.48；
(4)如上表所示。
(1)实验中，为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡；
(2)电流表与待测电路串联；
(3)①电流要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；
②根据电流表选用小量程确定分度值读数；
(4)根据要测量的电流设计表格，为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡多次测量。
本题探究并联电路的电流特点，考查归纳法的运用及电流表使用和表格设计的能力。
2019-2020学年辽宁省大连市金普新区九年级（上）期末物理试卷
1. 家用电能表抄表时记录的数值的单位是( )
A. 千瓦 B. 焦耳 C. 伏特 D. 千瓦时
2. 要提高热机的效率，下列做法不可行的是( )
A. 尽量减少废气带走的热量
B. 尽量保持机械部件之间有良好的润滑
C. 尽量减少曲轴传递给飞轮的机械能
D. 尽量减少散热损失
3. 如图所示是电扇中的一个自动保护装置：当电扇不慎被碰发生倾斜或倾倒时，小球就会向一侧使电路断开，起到保护电扇的作用，由此判断，这个保护装置在电扇电路中的作用相当于( )
A. 开关 B. 导线 C. 电源 D. 用电器
4. 如图所示，R是光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R0是定值电阻。闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，各电表示数的变化情况应该是( )
A. 电流表示数变小，电压表示数变大
B. 电流表示数变大，电压表示数变小
C. 电流表和电压表示数均变小
D. 电流表和电压表示数均变大
5. 关于家庭电路，下列说法正确的是( )
A. 工作的用电器越多，电路的总电阻越大
B. 家庭电路中的电能表是测量总电功率的仪表
C. 使用试电笔时，手必须接触试电笔的笔尾金属体
D. 洗衣机、电冰箱等家用电器使用三角插头是为了节约用电
6. 关于公式R=UI，下列说法中正确的是( )
A. 导体的电阻由它两端的电压和通过它的电流决定
B. 导体的电阻可以由它两端的电压与通过它的电流的比值来测量
C. 当通过导体的电流一定时，导体的电阻跟它两端的电压成正比
D. 当导体两端的电压为零时，导体的电阻也一定为零
7. 某家庭电路中，已有两盏灯正常发光，如果再使用一个电熨斗，则该电路的( )
A. 总电流变小 B. 总电压变小 C. 总电阻变小 D. 总功率变小
8. 用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是( )
A. 如果a、b是同种物质，则a的质量更大
B. 如果a、b质量相等，则b的吸热能力更强
C. 在加热过程中，利用做功的方式改变了a、b的内能
D. 温度从T1升高到T2时，a、b吸收的热量Qa>Qb
9. 如图所示，利用图象可以描述物理量之间的关系，以下图象大致描述正确的是( )
A. 水沸腾时温度跟时间的关系
B. 悬浮物体在水中运动时路程跟时间的关系
C. 定值电阻消耗的电功率跟电流的关系
D. 通电导体的电阻跟通过的电流关系
10. 小明用三个电流表和两个规格不同的小灯泡做实验，检验并联干路电路电流是否等于各支路电流之和，其连接的电路如图所示。以下判断不正确的是( )
A. 电流表A1测量干路电流
B. 电流表A2测量灯L1的电流
C. 电流表A3测量灯L2的电流
D. 电流表A2的电流等于电流表A3的电流
11. 如图的电路中，电路元件及连接均完好，电源电压恒为6V，小灯泡L1、L2和L3各自正常工作时流过的电流均为0.5A，下列说法正确的是( )
A. 开关S1和S2断开，电压表的示数为6V，再闭合S2，电压表示数变小
B. 开关S1和S2断开，电流表A1测L2的电流，再闭合S2，A1仍测L2的电流
C. 先闭合开关S2，再闭合开关S1，电流表A1示数不变，A2示数变大
D. 开关S1和S2闭合，有电流流过的灯泡恰好都正常发光，电流表A1的示数为1.5A
12. 关于温度热量和内能说法不正确的是( )
A. 温度高的物体含有的热量比温度低的物体多
B. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C. 物体的内能减少时，温度可能不变
D. 物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
13. 小苛在实验室只利用标有“6V、3.6W”的L1灯和“3V、1.8W”的L2灯两用电器进行电学实验，实验过程中两灯均能工作，忽略温度对电阻的影响，下列说法正确的是( )
A. 串联电路中，电路最大电压可达9伏，此时两灯都能正常工作
B. 串联电路中，电路中电流相等，两灯发光亮度相同
C. 两灯从并联到串联(电源电压不变)，在相同时间内电路消耗的电能变小
D. 在相同时间内，灯L1消耗的电能一定大于灯L2消耗的电能
14. 有两个小灯泡L1和L2上都标有“6V”字样，考虑温度对灯丝电阻的影响，加在小灯泡两端的电压随电流变化关系如图。若把L1和L2接在电源电压为6V的电路中工作，则下列说法正确的是( )
A. 小灯泡L1的电阻在某一时刻可能是20Ω
B. 小灯泡L2在某一时刻的实际功率可能是0.4W
C. 两灯串联时电路的总功率是0.6W
D. 两灯并联时电路的总功率是3.6W
15. 中国的茶文化在宋朝时已借助“海上丝绸之路”名扬世界。用热水泡茶时，茶杯温度会升高，其内能是通过______的方式改变的；茶水散发出清香，这是______现象，这是由于______在永不停息地做无规则运动引起的。
16. 电饭锅做饭过程是将电能转化为______能，电池充电的过程将电能转化为______能。
17. 小明同学想在家里安装一盏照明灯，如图所示是他设计的电路。图中虚线框1和2应连入开关和电灯，则开关应装在______方框中。安装完毕后，闭合开关，电灯不亮，用测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，则电路的故障为______。
18. 如图所示，水平的传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦。当传送带如箭头方向运动且速度为v时，物体与传送带发生相对滑动，当传送带逐渐加速到2v时，物体受到的摩擦力将______，灯泡的亮度将______(填入变化情况)。
19. 汽油机是热机的一种，其在做功冲程时的能量转化情况是______，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是利用了水的______的特性。一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是1200r/min，该汽油机每秒钟对外做功______次，若每次对外做功90J，其功率是______W。
20. 简单电路是电源用电器、开关和导线组成的。给充电宝充电时，充电宝相当于简单电路中的______。某城市安装一种“按钮式红绿灯”，当路上车辆不多时，行人通过触摸按钮，使正对车辆的红灯亮起，行人安全通过。按钮相当于电路中的______；红灯和绿灯是______联的。
21. 如图是探究电流通过导体产生热量跟什么因素有关的实验装置，图甲所示的装置是用来探究电流产生的热量与______(填“电阻”或“电流”)的关系，该装置中电阻R1、R2两端电压之比为______；若通过R1的电流为0.5A，则1min内电流通过R2产生的热量为______J；装置乙中电阻R3、R4产生的热量之比为______。
22. 将一只“220V 484W”的浴霸灯泡接在家庭电路中，正常发光时，通电30min灯泡消耗的电能为______kW⋅h，若用输电线把该灯泡由家引到较远的工地时，发现灯泡亮度变暗，测得灯泡的实际功率为400W，则输电线上消耗的功率为______W.(不计灯丝电阻受温度影响)
23. 把图中规格不同的两盏灯L1和L2、一个开关接入家庭电路中，要求：开关同时控制两盏灯并都正常发光。
24. 为方便夜间开锁，有人发明了“感应照孔门把手”，只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的LED灯才亮。它利用感应开关S1(有人摸把手，S1闭合；无人摸把手，S1断开)以及光敏开关S2(白天，S2断开；夜间，S2闭合)控制电路，达到目的。请完成电路连接。
25. 安全、清洁、方便的太阳能越来越受到人们的重视和广泛利用。如图所示，一太阳能热水器内装有体积为200L、温度为20℃的水，在阳光照射一段时间后，水温升高到
(1)水吸收的太阳能是多少？
(2)若这些热量由干木柴完全燃烧来获得，且放出的热量有60%被水吸收，求干木柴的质量是多少(保留到小数点后1位)？
26. 小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图所示，主要技术参数如下表。电吹风在额定电压下工作，请解答如下问题：
热风温度
50−75℃
额定功率
热风时：990W
冷风时：110W
额定电压
220V
质量
0.5kg
(1)电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？
(2)电热丝工作时的电阻是多大？
(3)电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风30min产生的热量是多少？
27. 如图所示，定值电阻R1=50Ω，只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到中最左端时，电流表是的示数为0.24A；只闭合开关S3，将滑动变阻器滑片P移到中点时，电流表示数为0.2A，小灯泡L的实际功率为1.8W：电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼3V.(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。求：
(1)电源电压
(2)小灯泡的电阻
(3)只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是多少？
(4)在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？
28. 王老师计划过了“十一”后出差去延安，查看中央气象台的天气预报，显示“延安，晴，19℃/5℃”、“大连，晴，20℃/16℃”。请运用学过的物理知识解释为什么大连市比延安市温差小？
29. 家用电器的电源线通常是用铜导线制成，空调等大功率用电器的电源线明显比台灯等小功率用电器的电源线粗一些。请解释大功率用电器的电源线较粗的主要原因。
30. 将装有热奶的奶瓶放入水中冷却，如图甲所示；根据测得的数据，作出热奶和水的温度随时间的变化图象，如图乙所示。根据图象回答下列问题：
(1)表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的______；填“A”或“B”
(2)水的初温是______℃；末温是______℃。
(3)热奶和水会发生热传递，是因为它们具有不同的______。
(4)根据图乙中A，B图象______(填“能”或“不能”)得出：水的比热容比热奶的比热容大；其原因是：______。
31. 某兴趣小组探究“在串联电路中，滑动变阻器消耗的电功率大小与滑动变阻器接入电路的电阻大小之间的关系”。老师提供的器材有：定值电阻R=20Ω，标有“40Ω2A”滑动变阻器、电压表(量程为0∼15V)、电流表(量程为0∼0.6A)、电源电压恒定、开关、导线若干。
(1)根据实验目的，将实物图连接完整，要求滑片往A端移动，电压表读数变大。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
8.0
7.2
6.0
4.0
2.4
0
电流I/A
0.20
0.24
0.30
0.40
0.48
0.60
电功率P/W
1.6
1.7
★
1.6
1.2
★
(2)连接好电路，闭合开关，移动滑片，获得了以下几组电压和电流数据，计算电功率并记录在表格中。
小科忘记计算表中“★”处的数值，请你根据有关数据计算表中“★”处的数值为______、______。
本实验的结论是______。
(3)进一步分析数据发现，本次实验中，当滑动变阻器和定值电阻阻值相等时，电功率最大。为了验证这一规律，需要获得更多数据，若滑动变阻器更换为“60Ω2A”，其他元件不变，在保证电路安全的前提下，下列定值电阻能完成实验任务的是______(可多选)
A.10ΩB.20ΩC.30ΩD.60Ω
32. 用如图1所示电路探究并联电路的电流特点。实验器材有：电源、开关、导线若干、三只电流表、不同规格的小灯泡若干。
(1)实验中，应选择规格______(填“相同”或“不同”)的小灯泡。
(2)接电流表时，应将电流表______(填“串联”或“并联”)在电路中。
(3)在测量干路电流时：
①接入电流表后闭合开关，看到两个灯都发光，但电流表出现如图2所示的现象，原因是：______。
②故障排除后，电流表的示数如图3所示，则通过干路的电流为______A。
(4)请在下面设计出探究过程中所需要的实验记录表格。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A.千瓦是电功率的单位，而电能表是测量电能(或电功)的，故A不合题意；
B.焦耳是功和能的单位，但不是家用电能表抄表时记录数值的单位，故B不合题意；
C.伏特是电压的单位，而电能表是测量电能(或电功)的，故C不合题意；
D.电能表是测量家庭用电器消耗电能的仪表，其记录数值的单位是千瓦时，简称度，故D符合题意。
故选：D。
电能表是测量家庭用电器消耗电能的仪表，其单位是千瓦时，简称度。
了解家用电能表抄见数所用的单位，知道电能表是测量电能(或电功)的，同时注意与其它电学物理量单位的区分，难度不大。
2.【答案】C
【解析】解：A、减少废气带走的能量，可以减少能量的损失，提高热机的效率，故A可行；
B、保持机械部件之间有良好的润滑，减少克服摩擦消耗的能量，可以减少能量的损失，提高热机的效率，故B可行；
C、热机是将内能转化为机械能的机器，在做功冲程将内能转化为活塞、曲轴、飞轮的机械能，而减少了曲轴传给飞轮的机械能，反而会降低热机的效率，故C不可行；
D、减少各机件因散热损失的能量，可以减少能量的损失，提高热机的效率，故D可行。
故选：C。
热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的热量之比；
在热机工作中能量的损失有：克服摩擦做功消耗一部分能量；燃料不完全燃烧，损耗一部分能量；热机直接向外散热，消耗一部分能量；废气带走了大部分能量。
此题考查了热机的效率的含义及提高热机效率的方法，是一道基础性题目。
3.【答案】A
【解析】
【分析】
电路包括四部分：电源、用电器、开关及导线。根据各部分的作用判断。
此题考查的是电路各元件的作用。读懂题意是解答的关键。
【解答】
解：由图知，当电扇没有倾斜时，能够正常工作，说明电路是通路状态；当电扇发生倾斜或倾倒时，小球就会向一侧使电路断开，风扇不能工作，处于断路状态。说明小球能够控制风扇的工作状态，相当于开关。
故选：A。
4.【答案】B
【解析】解：由电路图知，闭合开关，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻两端的电压；
由题知，逐渐增大光敏电阻的光照强度，光敏电阻R的阻值减小，
则电路的总电阻减小，电源电压U不变，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
定值电阻R0阻值不变，由U0=IR0可知，定值电阻R0两端电压变大，
光敏电阻两端电压UR=U−U0，U0增大，所以UR变小，即电压表示数变小。
故选：B。
由图知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，根据光照强度的变化判断光敏电阻阻值如何变化，从而得出总电阻如何变化，根据串联电路的特点及欧姆定律判断电流表与电压表示数如何变化。
本题是一道闭合电路的动态分析题，从“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”入手分析电路中总电阻的变化，掌握串联电路特点、欧姆定律是正确解题的关键。
5.【答案】C
【解析】解：
A、家庭电路中用电器是并联的，工作的用电器越多，相当于增大导体的横截面积，总电阻越小，故A错误；
B、家庭中的电能表是测量消耗电能的仪表，故B错误；
C、使用测电笔辨别火线或零线时，手应接触笔尾金属体；故C正确；
D、洗衣机、电冰箱等家用电器有金属外壳，使用三脚插头把金属外壳接到地线上，若金属外壳漏电，人接触时地线把人体短路，可以防止触电，不是为了节约用电，故D错误。
故选：C。
利用下列知识分析回答：
(1)为了方便，家庭电路中的各个用电器都是并联在电路中的，电阻越并越小。
(2)电能表是测量电路消耗电能的仪表；
(3)使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光；
(4)金属外壳的用电器的金属外壳一定要接地，防止漏电时，发生触电事故。
本题考查了家庭用电器的连接方式、测电笔的使用方法、电能表的作用以及使用三孔插座的目的，属于基础题目。
6.【答案】B
【解析】解：(1)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，公式R=UI只用来计算或测量电阻的大小，故A错误，B正确；
(2)欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，故CD错误。
故选：B。
(1)欧姆定律内容是导体中的电流跟导体两端的电压成正比、跟导体的电阻成反比，也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(2)电阻是导体本身是一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，公式R=UI只用来计算或测量电阻的大小。
本题考查我们对欧姆定律导出公式R=UI的理解，要注意公式R=UI只是表示出了三者之间的数值关系，而并非是它们间的正、反比关系。
7.【答案】C
【解析】解：使用电熨斗时应并联在电路中，则电熨斗上的电压为220V，即电路中电压不变，故B错误；
由并联电路的规律可知，总电流等于两盏灯中电流加上电熨斗中的电流，故电流变大，故A错误；
由欧姆定律的变形公式R=UI可知，电路中的总电阻变小，故C正确；
由P=UI可知，电路中的总功率变大，故D错误。
故选：C。
由家庭电路的连接特点可知用电器并联在电路中，则由并联电路的特点可知哪一个量发生了变化。
家庭电路中用电器均为并联，根据并联电路的特点和欧姆定律进行分析即可。
8.【答案】B
【解析】解：用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来反映的；
A、如果a、b是同种物质，其比热容相同，由图象可知，加热相同的时间(即吸收的热量相同)，a的温度升高的快，说明a的质量小，故A错误；
B、如果a、b质量相等，加热相同的时间(即吸收的热量相同)，b的温度升高的少，说明b的比热容大，即b的吸热能力更强，故B正确；
C、在加热过程中，利用热传递的方式改变了a、b的内能，故C错误；
D、由图象可知，温度从T1升高到T2时，a的加热时间短，说明a吸收的热量少，即Qa
(1)用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，相同时间吸收的热量相同，如果a、b是状态相同的同种物质，比热容相同，由Q=cm△t可知质量小的温度变化大；
(2)a、b质量相等时，吸收相同的热量，温度升高多的比热容小；
(3)改变内能的方法是做功和热传递；
(4)用相同的加热装置对a、b两种物质加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来反映的。
此题考查了物质比热容大的特点、改变内能的方法等有关热学知识，图象较复杂，认真分析图象得出相关信息是关键。
9.【答案】A
【解析】解：A、水沸腾时的特点，继续加热，温度不变，故A正确；
B、悬浮物体在水中处于静止状态，路程与时间图象是一条平行于时间轴的水平直线，故B错误；
C、定值电阻消耗的电功率与电流的二次方成正比，而图是正比例图象，故C错误；
D、导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，R=UI只是计算电阻的一种方法，电阻跟电压和电流无关。故D错误。
故选：A。
分析图象确定横纵坐标表示的物理量，确定图象反应的物理量间的关系，然后根据图象反应的物理量间的关系作出判断。
本题利用图象分析物理学中一些物理量之间的关系，涉及的知识点多，考查的细，需要学生把这些物理量的概念理解透彻，能用不同的表达方法来描述它们的关系。
10.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知：两灯泡并联，电流表A1串联在干路上，则电流表A1测量干路电流，故A正确；
B、电流表A2串联在灯泡L1的支路上，则A2测量灯泡L1的电流，故B正确；
C、电流表A3串联在灯泡L2的支路上，则A3测量灯泡L2的电流，故C正确；
D、根据并联电路各支路两端的电压相等，由于两个小灯泡的规格不同，则根据欧姆定律可知灯泡L1、L2的电流不相等，所以，电流表A2的电流与电流表A3的电流不相等，故D错误。
故选：D。
根据电流的路径可知两个灯泡并联，根据电流表串联的位置即可判断电流表测量的对象；
根据并联电路的特点和欧姆定律即可判断通过两灯泡的电流的大小关系。
本题考查探究并联电路电流规律的电路连接，关键是明确电流表要分别测量干路和支路电流。
11.【答案】B
【解析】解：
(1)开关S1和S2断开时，L2与L3串联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，
则电压表的示数即为电源的电压6V，
再闭合S2后，L3被短路，电路为L2的简单电路，电压表仍侧电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，
则电流表A1始终测L2的电流，故B正确；
由电源的电压不变可知，电压表的示数不变，故A错误；
(2)先闭合开关S2时，电路为L2的简单电路，电流表A1测电路中的电流，电流表A2被短路，
再闭合开关S1时，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1支路的电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电流表A1变大，
由电流表A2被短路无示数到有示数可知，电流表A2的示数变大，故C错误；
(3)开关S1和S2闭合，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两灯泡恰好都正常发光，
所以，电流表A1的示数为2×0.5A=1A，故D错误。
故选：B。
(1)开关S1和S2断开时，L2与L3串联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，根据电源的电压可知电压表的示数；再闭合S2后，L3被短路，电路为L2的简单电路，电压表仍侧电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流，则电流表A1始终测L2的电流，由电源的电压不变可知电压表的示数变化；
(2)先闭合开关S2时，电路为L2的简单电路，电流表A1测电路中的电流，电流表A2被短路；再闭合开关S1时，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1支路的电流，根据并联电路的电流特点可知电流表A1示数的变化，根据电流表A2被短路无示数到有示数可知其示数的变化；
(3)开关S1和S2闭合，L1与L2并联，电流表A1测干路电流，有电流流过的灯泡恰好都正常发光，根据并联电路的电流特点求出电流表A1的示数。
本题考查了电路的动态分析，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12.【答案】ABD
【解析】解：A、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故A错误；
B、热传递的条件是有温度差，是从温度高的物体向温度低的物体传递，故B错误；
C、物体放出热量，内能减少温度不一定降低，比如：晶体在凝固过程中放出热量，而温度不降低，故C正确；
D、物体的内能与温度、质量、状态有关，温度不变，物体的内能可能改变，故D错误。
故选：ABD。
①热量是一个过程量，不能用“具有”“含有”来修饰；
②热传递的条件是有温度差，而不是有内能差；
③晶体在凝固过程中放出的热量正好用来完成它的凝固，而温度不降低；
④物体的内能与温度、质量、状态有关。
本题主要考查学生对温度、内能、热量关系的了解和掌握。是中考的热点。
13.【答案】AC
【解析】解：A、由P=UI得，I1=P1U1=3.6W6V=0.6A，I2=P2U2=1.8W3V=0.6A；由于两灯泡的额定电流相等，因此两灯泡均能正常发光，电路两端最大电压：U=6V+3V=9V；故A正确；
B、因为两灯泡均能正常发光，而两灯泡的额定功率不同，因此两灯泡的亮度不同，故B错误；
C、因为两个相同灯泡并联时电路中的总电阻小于串联时的总电阻，因此由W=U2Rt可知，并联时电路消耗的电能多，故C正确；
D、因为额定电流相等，由R=UI可知，R1>R2；又因为串联时电流相等，由W=I2Rt可得，W1>W2；并联时电压相等，由W=U2Rt可得，W1
(1)串联电路中电流相等，先根据P=UI的应用判断两灯泡额定电流的关系，根据额定电流和串联电路的分压原理判断；
(2)根据正常发光时的额定功率即可比较；
(3)先判断并联电路和串联电路总电阻的变化，然后根据W=U2Rt分析电路消耗电能的大小；
(4)先根据欧姆定律的应用比较电阻的大小，然后根据W=I2Rt和W=U2Rt比较串并联电路消耗电能的关系。
本题考查了电功率公式和串并联特点的灵活应用，关键是知道额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等。
14.【答案】ABD
【解析】解：(1)两灯串联时，由图象可知当I=0.2A，U1=4V，U2=2V；
此时电路的总功率为P=UI=6V×0.2A=1.2W；
此时小灯泡L2的电功率为P2=U2I=2V×0.2A=0.4W，故B正确；
小灯泡L1的电阻R1=U1I4V0.2A=20Ω，故A正确；
(2)当两灯并联时，两灯泡两端的电压为U′=6V，
由图象可知I1=0.25A，I2=0.35A，
电路的总功率为P′=P1′+P2′=U′(I1+I2)=6V×(0.25A+0.35A)=3.6W，故C错误，D正确。
故选：ABD。
当两灯泡串联时，根据串联电路的电压特点结合图象可知此时电路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率和小灯泡L2的电功率，利用欧姆定律求出小灯泡L1的电阻；
当两灯并联时，根据并联电路的特点结合图象可知此时通过两灯泡的电流，根据P=UI求出电路的总功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功率公式的计算，关键是规律和公式的灵活运用；难点是从图象中找出符合题意的电流
15.【答案】热传递 扩散 分子
【解析】解：
用热水泡茶时，茶杯会从热水中吸热，温度会升高，其内能是通过热传递的方式改变的；
茶水散发出清香，这是扩散现象，说明茶的香味分子在永不停息地做无规则运动。
故答案为：热传递；扩散；分子。
(1)改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递；
(2)两种物体在相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了构成物体的分子在不停的做无规则运动。
本题考查了学生对热传递和扩散现象的了解与掌握，利用所学知识解释实际生活现象，体现了学以致用。
16.【答案】内 化学
【解析】解：电流做功的过程，实际上是电能转化为其它形式的能的过程；
电流通过电饭锅做功时，将电能转化为内能；给手机电池充电时，将电能转化为化学能储存在电池中。
故答案为：内；化学。
电饭锅利用的是电流的热效应；电池充电时把电能转化为化学能。
本题考查能量的转化，电流做功的过程就是把电能转化为其他形式的能的过程。
17.【答案】2 零线断路
【解析】解：保险丝接在火线上，开关应接在灯与火线之间。因此开关应接在2处。当测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，而零线处不该亮，但也亮了，说明通过电灯、开关与火线相通了，故零线断路。
故答案为：2；零线断路。
开关接在灯与火线之间。当测电笔分别测试电灯两接线处和插座的两孔时，试电笔的氖管都发光，说明零线断路了。
本题考查了用测电笔检测电路的故障和电灯与开关的接法。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
18.【答案】不变 不变
【解析】解；因滑动摩擦力大小只与压力大小及接触面的粗糙程度有关与物体的相对运动速度无关，故物体所受摩擦力不变；
因物体在弹簧弹力及摩擦力的作用下将处于平衡状态，故物体的位置将不发生变化，滑动变阻器接入电阻不变，由欧姆定律可得电路中电流不变，而P=UI不变，可得灯的亮度不变；
故答案为：不变，不变。
由摩擦力大小的影响因素可知摩擦力的变化；对物体由力的平衡可知触片的位置变化；再由欧姆定律和电功率公式判断灯的实际功率变化，进而得出灯泡亮度的变化。
本题综合考查了力学与电学相关知识，知道摩擦力大小只与压力大小及接触面的粗糙程度有关与物体的相对运动速度无关是本题的突破口，灵活运用欧姆定律和电功率公式是关键。灯的亮度取决于灯的实际功率。
19.【答案】内能转化为机械能 比热容大 10 900
【解析】解：(1)汽油机是热机的一种，其在做功冲程时，高温高压的燃气推动活塞运动，能量转化情况是把内能转化为机械能。
在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是利用了水的比热容大的特性，
在质量和升高温度相同时，比热容大物质吸收的热量多，即水从汽缸吸收热量，使汽缸的温度降低，通过热传递的方式减少汽缸内能；
(2)飞轮转速是1200r/min=20r/s，即1s飞轮转20r，
因为飞轮转2r，对外做功1次，所以飞轮转20r，对外做功10次。
则汽油机的功率：P=Wt=10×90J1s=900W。
故答案为：内能转化为机械能；比热容大；10；900。
(1)利用燃料燃烧获得的内能来工作的机器叫热机，热机在工作过程中把内能转化成机械能；水的比热容较大，在同等情况下可以吸收更多的热量，常用来做发动机的冷却剂；
(2)四冲程内燃机完成一个工作循，经历4个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转2周，对外做功1次；根据P=Wt求出汽油机的功率。
本题考查学生对热机相关知识的掌握，重点考查转速的相关计算，记住相关数据是解题的关键。
20.【答案】用电器 开关 并
【解析】解：简单电路是由电源、开关、用电器和导线组成的，
给充电宝充电时，充电宝消耗电能，将电能转化为化学能，相当于简单电路中的用电器。
按钮控制电路的通断，是电路中的开关。
交通指示灯可以通过不同颜色灯光的变化指挥车辆和行人，由于指示灯可以独立工作，互不影响，因此红灯和绿灯是并联连接的。
故答案为：用电器；开关；并。
(1)根据电路的组成进行分析，充电宝类似于教材上的蓄电池，可以通过充电获取电能，也可以向外供电，提供电能。
(2)电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流路径；
(3)并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响，而交通指示灯工作状态总是不一致，并且互不影响，所以是并联电路。
本题考查了电路的组成以及红绿灯的连接方式，属于综合性题目，比较简单。
21.【答案】电阻 1：2 150 4：1
【解析】解：由图甲可知，两个电阻串联，电流相同，通电时间也相同，电阻不同，故探究的是电流产生的热量与电阻的关系；
电流相同，电阻不同，根据U=IR可知，电压之比等于电阻之比，故电压之比为1：2；
1min内电流通过R2产生的热量：Q2=I22R2t=(0.5A)2×10Ω×60s=150J；
图乙中，R4与R5并联后，再与R3串联，由于R4与R5的阻值相同，通过的电流相同，则通过R3电流为通过R3电流的2倍，电阻相同，根据Q=I2Rt可知，电阻R3、R4产生的热量之比为4：1；
故答案为：电阻；1：2；150； 4：1。
根据甲图中的相同量和不同量，利用控制变量法分析；根据欧姆定律分析电压关系；根据Q=I2Rt即可求出R2产生的热量；根据图乙中的电流关系，根据Q=I2Rt即可求出相同时间里产生的热量之比。
本题考查控制变量法、欧姆定律和焦耳定律的应用，为比较常见的探究性实验，关键是明确装置中的电路结构。
22.【答案】0.24240
【解析】解：
(1)灯泡正常发光时的功率P=484W=0.484kW，在30min内消耗的电能：
W=Pt=0.484kW×0.5h=0.242kW⋅h；
(2)由“220V、484W”知灯泡的额定电压U=220V，额定功率是P=484W，
根据P=U2R得灯泡的电阻：R=U2P=(220V)2484W=100Ω，
灯泡的实际功率为400W时，根据P=U2R得灯泡两端的实际电压：；
流过灯泡的实际电流：；
输电导线上分得的电压，
输电导线上消耗的功率。
故答案为：0.242；40。
(1)由灯泡铭牌可知额定电压及额定功率，则由功率公式可求得额定电流；由电功公式求得通电30min时消耗的电能；
(2)由功率公式P=U2R可求得灯泡的电阻，则由功率公式可求得灯泡的实际电压，则由欧姆定律可求得实际电流；因灯泡和导线为串联电路，故由串联电路的规律可求得导线上消耗的电压，则由P=UI可求得导线上消耗的电功率。
公式法计算电功率：①P=Wt这是电功率的定义式，此公式适用于各种用电器和电路；②P=UI这是电功率的决定式，即电功率是由用电器两端的电压和通过它的电流之积来决定的。此公式适用于所有电路，该公式表明，用电器的实际功率等于实际电压与实际电流的乘积。
23.【答案】解：两个灯泡都正常发光，是并联的，开关控制灯泡时，开关和灯泡是串联的，开关接在灯泡和火线之间，如图所示：
【解析】开关控制灯泡时，开关和灯泡是串联的。火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡，这样断开开关，切断火线，操作更安全。
家庭电路中，各用电器之间是并联的，各用电器能正常工作，并且互不影响。
掌握家庭电路中灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝等元件的作用、接法等。
24.【答案】解：由题意可知，感应开关S1、光敏开关S2串联共同控制LED灯，如下图所示：
【解析】只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的LED灯才亮，否则LED灯不亮，说明感应开关S1、光敏开关S2不能独立工作、即为串联，共同控制LED灯，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关的连接方式是关键。
25.【答案】解：(1)太阳能热水器内装有水的体积：
V=200L=200dm3=0.2m3，
由ρ=mV可得，水的质量，：
，
则水吸收的热量：
；
(2)由可得，干木柴完全燃烧释放的热量：
，
由可得，需要干木柴的质量：
。
答：(1)水吸收的热量是4.2×107J；
(2)干木柴的质量约为5.8kg。
【解析】(1)知道太阳能热水器内装有水的体积，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据求出水吸收的热量；
(2)根据求出干木柴完全燃烧释放的热量，利用求出需要干木柴的质量。
本题考查了密度公式和吸热公式、效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，难度不大，只要细心即可正确解答。
26.【答案】解：(1)当吹冷风时，只有电动机工作，P1=110W，
由P=UI可得，通过电动机的电流：
I1=P1U=110W220V=0.5A；
(2)当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，
电热丝R2的电功率：
P2=P−P1=990W−110W=880W，
由P=U2R可得
电热丝R2的电阻值：
R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω。
(3)30min=1800s内电流通过电动机产生的热量：
Q1=I12R1t=(0.5A)2×1Ω×1800s=450J；
答：(1)电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是0.5A；
(2)电热丝工作时的电阻是55Ω；
(3)电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风30min产生的热量是450J。
【解析】(1)当吹冷风时，只有电动机工作，根据P=UI求出通过电动机的电流；
(2)当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，根据P=U2R求出电热丝R的电阻值。
(3)根据Q=I2Rt求出30min内电流通过电动机产生的热量；
本题考查了电功率公式和焦耳定律的应用，关键是知道电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率。
27.【答案】解：(1)只闭合S1.滑片P移到中最左端时。电路只有R1=50Ω，
由I=UR可得：
电源电压U=I1R1=0.24A×50Ω=12V；
(2)只闭合S3时。滑动变阻器滑片P移到中点时。灯泡和滑动变阻器串联。
由P=I2R得：
灯泡的电阻：；
(3)根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
此时灯泡两潮的实际电压：；
所以滑动变阻器两端的电压：即为电压表示数，
由I=UR可得：
此时滑动变阻器连入电路中的阻值。
滑动变阻器的最大阻值；
(4)只闭合开关S1时，R1和R2串联，为了保护电路安全。电压表示数不能超过3V，
则U2min=3V时，电流最小电路中消耗的功率最小，
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
此时R1两端的电压：，
电路中的最小电流：，
此时，由I=UR可得：
；
电路消耗的最小功率：。
答：(1)开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是0.24A；
(2)小灯泡的电阻是45Ω；只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是3V；
(3)在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是2.16W。
【解析】(1)当电阻接在电源两端时，利用电流和电阻的乘积计算电源电压的大小；
(2)根据灯泡的电流和电功率，可以计算灯泡的电阻的大小；
(3)根据灯泡的电流和电阻计算分压大小，利用电源电压和灯泡的电压差计算滑动变阻器分压大小，根据电压和电流可以计算滑动变阻器电阻的最大值；
(4)计算电路的最小电功率，此时滑动变阻器取值最大，但最大值受电压表的量程控制，根据电压表量程分析最小电流，利用电源电压和最小电流的乘积计算最小电功率。
此题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率计算公式、电路结构分析的理解和掌握，弄明白电阻最大时，电路中电流最小，电路消耗的功率最小是解决此题的关键。
28.【答案】答：大连市靠海，延安市在内陆，沿海地区水多，海水的比热容比砂石大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，所以大连市比延安市温差小。
【解析】根据水的比热容较大的特点分析沿海城市为什么昼夜温差小，然后做出判断。
此题考查的是水的比热容较大的特点及其应用，利用所学的物理知识解释生活中的现象，是中考的热点。
29.【答案】答：家用电器的电压相同，由 P=UI可知，大功率用电器工作时，导线中的电流较大；
材料、长度相同的粗导线的电阻小于细导线，由 Q=I2Rt可知，在通电时间和电流相同时，粗导线产生的热量比细导线少，升温少，比较安全。
【解析】导体电阻大小跟导体的长度、横截面积、材料有关。在横截面积和材料一定时，导体越长，导体电阻越大；在导体的长度和材料一定时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小；在导体的长度和横截面积一定时，材料不同，电阻大小不同；
根据Q=I2Rt得，电流产生热量跟电阻成正比，电阻越大，电流产生的热量越多，容易发生火灾。
本题考查了焦耳定律知识的应用，体现了物理和生活的密切关系，学好物理，服务于生活。
30.【答案】(1)A；
(2)20；40；
(3)温度；
(4)不能；牛奶与水的质量不一定相同
【解析】
【分析】
(1)(2)(3)当温度不同的物体相互接触时，物体间将发生热传递，热量从高温物体传到低温物体，高温物体放出热量，温度减低，低温物体吸收热量，温度升高；分析图象，根据图象信息答题；
(4)要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变。本实验要控制水和奶的质量相同，才可以比较比热容的大小。
当相互接触的物体间存在温度差时，物体间将发生热传递，分析清楚图乙所示图象是正确解题的关键。
【解答】
解：(1)装有热奶的奶瓶放在冷水中要放出热量，温度降低，由图乙可知，A的温度降低，直到与B的温度相同，因此表示热奶的温度随时间变化的曲线是图乙中的A。
(2)由图乙所示图象可知，水的初温是20℃，热奶的初温是90℃，热奶的末温是40℃，水的末温是40℃。
(3)由于热奶与水具不同的温度，它们间存在温度差，所以热奶和水会发生热传递。
(4)要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有控制它们的质量相同。
故答案为：(1)A；
(2)20；40；
(3)温度；
(4)不能；牛奶与水的质量不一定相同。
31.【答案】(1)如图所示；
(2)1.8；0；在串联电路中，随着滑动变阻器接入电路的电阻的增大，滑动变阻器消耗的电功率先变大后变小；
(3)BC。
【解析】解：
(1)由U=IR，当电路的电流变大时，定值电阻的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，由表中数据知，电压表并联在变阻器的两端，
根据滑片往A端移动，电压表读数变大，由分压原理，变阻器连入的电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，电压表选用大量程与滑动变阻器并联，如下所示：
(2)第3次实验变阻器的电功率为：
P3=U3I3=6.0V×0.30A=1.8W；
第6次实验变阻器的电功率为：
P6=U6I6=0V×0.60A=0W；
由表中数据可得出的结论是：在串联电路中，随着电流的减小，滑动变阻器接入电路的电阻逐渐增大，滑动变阻器消耗的电功率先变大后变小；
(3)由表中第1次实验数据，由串联电路的规律及欧姆定律，电源电压为：
；
因电流表选用小量程(0−0.6A)，0.6A<2A，故电路的最大电流为0.6A；
本实验中，为了验证这一规律，滑动变阻器连入电路的电阻要大于定值电阻、等于定值电阻和小于定值电阻，因换用的滑动变阻器的规律为“60Ω2A”，其最大电阻为60Ω，故60Ω的定值电阻不能选用；
若选用10Ω的定值电阻，当变阻器连入的电阻也为10Ω时，由电阻的串联和欧姆定律，电路的电流为：
I′=U2R′=12V2×10Ω=0.6A，即为电路的最大电流，若变阻器连入电路的电阻小于10Ω时，由电阻的串联和欧姆定律，此时电路的电流将大于0.6A，故10Ω定值电阻也不能选用；故能完成实验任务的是BC。
故答案为：(1)如上所示；(2)1.8；0；在串联电路中，随着滑动变阻器接入电路的电阻的增大，滑动变阻器消耗的电功率先变大后变小；(3)BC。
本题探究“在串联电路中，滑动变阻器消耗的电功率大小与滑动变阻器接入电路的电阻大小之间的关系”，考查电路的连接、串联电路的规律、欧姆定律的运用及数据分析，(3)是本题的难点，有新意。
32.【答案】不同 串联 电流表的正负接线柱接反了 0.48
【解析】解：(1)实验中，为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡。
(2)接电流表时，应将电流表串联在电路中；
(3)①在测量干路电流时，两个灯都发光，但电流表出现如图2所示的现象，则电流表的正负接线柱接反了；
②故障排除后，电流表的示数如图3所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过干路的电流为0.48A；
(4)为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡多次测量，应测每个支路和干路的电流，实验记录表格如下所示：
次数
灯泡
A点电流IA/A
B点电流IB/A
C点电流IC/A
1
L1、L2
2
L1、L3
3
L2、L3
故答案为：(1)不同；
(2)串联；
(3)①电流表的正负接线柱接反了；
②0.48；
(4)如上表所示。
(1)实验中，为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡；
(2)电流表与待测电路串联；
(3)①电流要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；
②根据电流表选用小量程确定分度值读数；
(4)根据要测量的电流设计表格，为得出普遍性的规律，应选择规格不同的小灯泡多次测量。
本题探究并联电路的电流特点，考查归纳法的运用及电流表使用和表格设计的能力。
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