2018-2019学年广东省广州市八校联考高一（上）期末物理试卷

这是一份2018-2019学年广东省广州市八校联考高一（上）期末物理试卷，共19页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，实验题等内容，欢迎下载使用。

2018-2019学年广东省广州市八校联考高一（上）期末物理试卷
一、单项选择题（本大题共9小题，每小题3分，共27分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分．）
1．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．时间、速度、路程全部都是标量
B．位移、加速度、摩擦力全部都是矢量
C．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位
D．长度、时间、质量是国际单位制中的基本单位
2．（3分）下面关于惯性的说法中，正确的是（　　）
A．运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来，所以运动速度大的物体惯性大
B．物体受的力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，则惯性越大
C．物体的体积越大，惯性越大
D．物体的质量越大，惯性越大
3．（3分）为提高百米赛跑运动员的成绩，教练员分析了运动员跑百米全程的录相带，测得：运动员在前7s跑了63m，7s末到7.1s末跑了0.92m，跑到终点共用10.5s，则下列说法正确的是（　　）
A．运动员在百米全过程的平均速度是9.3m/s
B．运动员在前7s的平均速度是9.0m/s
C．运动员在7s末的瞬时速度为9.2m/s
D．运动员在7.1s末的瞬时速度为9.2m/s
4．（3分）甲物体的重力是乙物体的3倍，它们在同一高度处同时自由下落，则下列说法中正确的是（　　）
A．甲比乙的加速度大 B．甲比乙先着地
C．甲、乙同时着地 D．无法确定谁先着地
5．（3分）关于作用力与反作用力，下列说法中正确的有（　　）
A．物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力
B．作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，因而这二力平衡
C．作用力与反作用力可以是不同性质的力
D．作用力和反作用力总是同时分别作用在相互作用的两个物体上
6．（3分）物体由静止开始做匀加速直线运动，速度为v时，位移为s，当速度为4v时，位移为（　　）
A．9s B．16s C．4s D．8s
7．（3分）如图，三个完全相同的物块1、2、3放在光滑水平桌面上。现用大小相同的外力F沿图示方向分别作用在三个物块上，三者都做加速运动，令a1、a2、a3分别代表物块1、2、3的加速度，则（　　）
A．a1＞a2＞a3 B．a1＜a2＜a3 C．a1＝a2＜a3 D．a1＝a2＞a3
8．（3分）下列图象中描述物体做匀速直线运动的是（　　）
A． B．
C． D．
9．（3分）如图，在光滑水平面上有一物块受水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧。在物块与弹簧接触并将弹簧压缩至最短的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．物块接触弹簧后立即做减速运动
B．物块接触弹簧后先加速后减速
C．当弹簧压缩量最大时，物块的加速度等于零
D．当物块的速度为零时，它所受的合力等于零
二、双项选择题（本大题共5小题，每小题5分，共25分．每小题给出的四个选项中，只有两个选项正确，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）
10．（5分）关于速度、加速度与合力之间的关系，下列说法中正确的是（　　）
A．合力发生改变的一瞬间，物体的加速度立即发生改变
B．作匀变速直线运动的物体，它所受的合力是恒定不变的
C．合力一旦变小，物体的速度一定也立即变小
D．物体所受合力为零时，一定处于静止状态
11．（5分）如图：在一块长木板上有一个小铁块，当把长木板从水平位置绕左端缓缓抬起至90°的过程中（　　）
A．小铁块所受重力始终不变
B．木板对小铁块的支持力越来越大
C．木板对小铁块的摩擦力越来越小
D．木板对小铁块的摩擦力开始过程随θ角的增大而增大，后来会随θ角的增大而减小
12．（5分）A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（　　）
A．A、B两物体运动方向相反
B．t＝4s时A、B两物体的速度相同
C．A物体的加速度比B物体的加速度大
D．若A、B两物体同时从同一地点出发，则t＝8s前两者相距的最远距离为20m
13．（5分）质量为m的人站在电梯里，电梯减速下降，加速度大小为15g（g为重力加速度），则（　　）
A．人对电梯的压力大小为45mg
B．人对电梯的压力大小为65mg
C．人处于超重状态
D．人处于失重状态
14．（5分）如图：用相同的弹簧秤将同一个重物m分别按甲、乙两种方式悬挂起来并处于静止状态，已知弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，θ＝30°，则有（　　）

A．F1＞mg B．F2＞mg
C．F3＞F2 D．F1与F2的合力等于F3
三、实验题（本大题共2小题，共16分）
15．（6分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，得到一条清晰的纸带，如图所示是截取了某一段纸带用刻度尺（单位：cm）测量纸带时的情景，其中取了A、B、C三个计数点，在相邻两计数点之间还有一个打印点，已知打点计时器的打点周期为0.02s，则纸带上AC两点间的距离为　 　cm，物体运动过程中B点的瞬时速度为　 　m/s（计算结果保留3位有效数字）；若AB间距离为s1，BC间距离为s2，打点周期为T，则物体运动的加速度a＝　 　（不需要计算，用题目中的符号表示）。

16．（10分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出。
（1）以下实验操作正确的是　 　
A．平衡摩擦力时，应将装有砝码的小盘用细绳通过定滑轮系在小车上
B．平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力
C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力
D．实验时，先放开小车，后接通电源
（2）当M与m的大小关系满足　 　时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘与盘中砝码的重力。
（3）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量m一定，改变小车及车中砝码的质量M，测出相应的加速度a并记录每次实验的数据，若采用图象法处理数据，应该做　 　的图象。
（4）如图（a）为甲同学根据测量数据做出的a﹣F图线，此实验存在的问题是　 　。
（5）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的　 　取值不同，其中　 　（填“乙”或“丙”）取的值比较大。


四．计算题（本大题共32分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）
17．（9分）在平直公路上匀速行驶的汽车因紧急情况突然刹车，刹车后经2s速度由15m/s减为9m/s，假设刹车过程中汽车做匀减速直线运动，求：
（1）汽车刹车过程中加速度a的大小和方向；
（2）汽车刹车后4s末的速度υ4；
（3）汽车刹车后8s内滑行的距离s。
18．（10分）如图所示，质量为m的木块在与水平方向成α角的推力F（未知）作用下，沿竖直墙壁向上匀速运动。已知木块与墙壁间动摩擦因数为μ，重力加速度为g。
求：（1）推力F的大小；
（2）若将推力的方向改为竖直向上推动木块仍做匀速直线运动，则F’＝？

19．（13分）跳伞运动员某次训练时从悬停在空中的直升机上由静止跳下，离开飞机自由下落一段时间后打开降落伞减速下落；打开降落伞后他和降落伞整体下落的v﹣t图线如图甲所示。已知人的质量为60kg，降落伞质量也为60kg，不计人所受的阻力，打开降落伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f＝kv（g取10m/s2）。求：
（1）打开降落伞前运动员下落的距离h；
（2）阻力系数k；
（3）打开降落伞瞬间运动员与伞的加速度a的大小和方向；
（4）若降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图乙所示。求打开降落伞瞬间每根悬绳的拉力F（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）


2018-2019学年广东省广州市八校联考高一（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共9小题，每小题3分，共27分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，选错或不答的得0分．）
1．【分析】既有大小、又有方向，合成与分解遵循平行四边形定则的物理量是矢量；而只有大小的物理量是标量；国际单位制中将长度、质量和时间三个物理量作为基本物理量。
【解答】解：A、速度为矢量，时间、路程是标量，故A错误；
B、位移、加速度、摩擦力全部既有大小，又有方向，都是矢量，故B正确；
C、后人为了纪念牛顿，规定1牛顿＝1千克•米/秒2，故“牛顿”是导出单位，故C错误；
D、长度、质量、时间为国际单位制的三个基本物理量，不是基本单位，故D错误；
故选：B。
【点评】本题关键是明确矢量和标量的区别，还要知道力学单位制的基本物理量和基本单位，基础题目。
2．【分析】牛顿第一定律又称惯性定律。一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
【解答】解：惯性是物体本身的固有属性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。与物体的体积、以及运动状态或受力情况无关，故ABC错误，D正确；
故选：D。
【点评】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。
3．【分析】由题意可知全程的位移和总时间，由平均速度公式可求得全程的平均速度；而瞬时速度可以用极短时间内的平均速度来表示。
【解答】解：A、全程平均速度v=xt=10010.5m/s=9.52m/s，故A错误；
B、前7 s的平均速度v′=x′t′=637m/s=9m/s，故B正确；
CD、7 s～7.1 s内的平均速度v″=x″t″=0.920.1m/s=9.2m/s，该速度既不是7 s末的瞬时速度，也不是7.1 s末的瞬时速度，只是近似等于，故C错误，D错误。
故选：B。
【点评】本题考查平均速度和瞬时速度，平均速度是用总位移与总时间的比值；而瞬时速度可用无限小的时间内的平均速度来表示，但0.1s内的平均速度不能代表7s末的瞬时速度。
4．【分析】物体做自由落体运动时，加速度的大小恒定，与物体的质量无关。
【解答】解：甲和乙都做自由落体运动，加速度是重力加速度，与物体的质量的大小无关，所以甲、乙的运动情况完全相同，同时着地，故ABD错误，C正确；
故选：C。
【点评】本题考查学生对自由落体的理解，明确不同物体的自由落体运动的运动性质相同，题目比较简单。
5．【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．
【解答】解：A、作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上；不存在不符合规律的时刻，故同时产生、同时变化、同时消失，故A错误；
B、由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但不在同一物体上，因此两个力的作用效果不能相互抵消，不是平衡力。故B错误；
C、作用力与反作用力是物体间的相互作用，力产生的性质是一样的，故C错误；
D、作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但不在同一物体上，故D正确；
故选：D。
【点评】考查牛顿第三定律及其理解．理解牛顿第三定律与平衡力的区别．
6．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式得出末速度与位移的关系，从而得出速度为4V时位移的大小。
【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得：
V2＝2aS
（4V）2＝2aS′，
联立两式解得：S′＝16S．故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题。
7．【分析】分别对三物体进行受力分析，运用牛顿第二定律求出三者的加速度，然后进行比较。
【解答】解：对1受力分析由牛顿第二定律得：a1=Fcos60°m=F2m
同理对2由牛顿第二定律得：a2=Fcos60°m=F2m
对3由牛顿第二定律得：a2=Fm，
故a1＝a2＜a3，故ABD错误C正确
故选：C。
【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解。
8．【分析】在s﹣t图象中，图象的斜率表示速度。匀速直线运动的速度﹣时间图象是平行于横轴的直线。
在v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度。
【解答】解：A、根据s﹣t图象的斜率表示速度，该图表示物体静止不动，故A错误。
B、根据v﹣t图象的斜率表示加速度，知该物体的加速度不变，做变加速直线运动；故B错误。
C、此图象是倾斜的直线，斜率不变，说明物体的速度不变，表示物体做匀速直线运动，故C正确。
D、该图象表示物体做匀加速直线运动，故D错误。
故选：C。
【点评】图象是研究物理问题的常用方法，在研究图象时应首先注意图象的坐标的意义，同时还要结合公式理解图象。
9．【分析】物体与弹簧接触前匀加速运动，与弹簧接触后的运动可以分为加速和减速两个两个过程分析，推力大于弹簧弹力过程加速，推力小于弹簧弹力过程减速。
【解答】解：物体与弹簧接触前做匀加速直线运动；物体与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，开始阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断减小的加速运动；当加速度减小为零时，速度达到最大；接下来物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步变大，且大于推力，合力向左，加速度向左，物体做加速度不断变大的减速运动，当速度减为零时，弹簧压缩量最大，物块加速度最大；故ACD错误B正确。
故选：B。
【点评】本题中物体先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断增大的减速运动，初学者往往容易忽略加速过程。
二、双项选择题（本大题共5小题，每小题5分，共25分．每小题给出的四个选项中，只有两个选项正确，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）
10．【分析】根据牛顿第二定律，可知，合力与加速度有同时性，且方向相同；再结合加速度与速度的方向来确定速度增加与否。从而即可确定求解。力是改变物体运动状态的原因，当物体受到的合外力为零时，物体的运动状态保持不变，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；
【解答】解：A、由牛顿第二定律知：它所受合外力是恒定不变时，则加速度也恒定不变，合外力发生改变的一瞬间，物体的加速度立即发生改变。故A正确。
B、做匀变速直线运动的物体的加速度的大小与方向都不变，根据牛顿第二定律可知，物体所受到的合外力不变，故B正确。
C、由牛顿第二定律可知：合外力一旦变小，物体的加速度一定也立即变小，若与速度方向相反，物体的速度一定减小，若与速度相同，则物体的速度在变大；故C错误。
D、力是改变物体运动状态的原因，当物体受到的合外力为零时，物体的运动状态保持不变，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态，故D错误。
故选：AB。
【点评】本题考查对牛顿第二定律、加速度与速度关系的理解。要抓住加速度与速度无关，即可知道合力与速度无关，与速度变化快慢有关。
11．【分析】重力的大小与倾角无关；求出木板对小铁块的支持力和摩擦力大小与倾角的关系进行分析。
【解答】解：A、重力的大小与倾角无关，所以小铁块所受重力始终不变，故A正确；
B、木板对小铁块的支持力为FN＝mgcosθ，随着θ的增大，支持力逐渐减小，故B错误；
CD、铁块受到的摩擦力在开始到滑动过程为静摩擦力，f＝mgsinθ，为正弦规律变化；而滑动后，f′＝μmgcosθ，为余弦规律变化，当夹角增大时，摩擦力应先增大后减小；故C错误，D正确。
故选：AD。
【点评】在求摩擦力时，一定要先明确是属于滑动摩擦力还是静摩擦力，再分别根据滑动摩擦及静摩擦力的求解方法进行求解。
12．【分析】在v﹣t图象中，速度的正负表示物体的速度方向，即运动方向。图象的斜率表示加速度，图线与坐标轴围成的面积表示位移。根据速度和位置关系，即可判断两者间距何时相距最远。
【解答】解：A、由图可知，两物体的速度均沿正方向，故运动方向相同，故A错误；
B、t＝4s时，两图象相交，表示A、B两物体的速度相同，故B正确；
C、图象的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，则A物体的加速度比B物体的加速度，故C错误；
D、若A、B两物体同时从同一地点出发，在t＝4s之前B物体的速度比A物体的速度大，B在A的前方，两物体相距越来越远，t＝4s之后A物体的速度大于B物体的速度，两物体相距越来越近，所以t＝4s时两者相距最远，最远距离等于0﹣4s内两者位移之差，为S=10×42m＝20m。故D正确。
故选：BD。
【点评】本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，根据斜率分析加速度的大小，结合初始条件进行分析处理。
13．【分析】由于电梯减速减速，故加速度向上，可知人处于超重状态，由此对人受力分析，列牛顿第二定律解得电梯对人的支持力，进而得人对电梯的压力。
【解答】解：由于电梯减速减速，故加速度向上，对人受力分析，受到重力mg，地面支持力N，
由牛顿第二定律：N﹣mg＝ma，a=15g
解得：N=65mg，
根据牛顿第三定律，则人对电梯底部的压力大小为：N′=N=65mg，故AD错误，BC正确；
故选：BC。
【点评】重点是对超重和失重的判定，其依据是加速度的方向，加速向下为失重，加速度向上为超重。
14．【分析】对甲、乙物体分别受力分析，根据平衡条件列方程求解各力与重力的关系健康。
【解答】解：ABC、对甲、乙物体分别受力分析，如图

根据平衡条件结合几何关系可得：
F1＝mgtan30°=33mg＜mg
F2=mgcos30°=2mg3＞mg
F3＝mg；
故AC错误、B正确；
D、F1与F2的合力等于mg，即F1与F2的合力等于F3，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。
三、实验题（本大题共2小题，共16分）
15．【分析】根据图示刻度尺读出B、C两点间的距离；根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小。
【解答】解：由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，A、C间的距离为：9.95cm﹣4.00cm＝5.95 cm；
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：
vB=xAC2T=5.95×10-24×0.02m/s＝0.744m/s
根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小，
解得：
a=s2-s14T2；
故答案为：5.95； 0.744；s2-s14T2。
【点评】要探究一个物体的运动随时间变化的规律，必须知道物体在不同时刻的速度，直接测量瞬时速度是比较困难的，我们可以借助打点计时器先记录物体在不同时刻的位置，再通过对纸带的分析，计算得到各个时刻的瞬时速度以及纸带的加速度。
16．【分析】（1）实验前应平衡摩擦力，将木板右端垫高，利用重力分量平衡摩擦力，根据受力平衡可得：Mgsinθ＝μMgcosθ，根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤
（2）当盘及盘中砝码的总质量远小于小车的质量时，可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力。
（3）通过图线得出两个物理量的定量关系，需作出线性关系图线。
（4）根据F＝0时，加速度不为零，分析图线不过原点的原因。
（5）根据牛顿第二定律得出图线斜率的物理意义，从而比较质量的大小。
【解答】解：（1）AB、实验前应平衡摩擦力，平衡摩擦力时，让小车拖着纸带运动，因为纸带也要受到阻力，不能将重物用细绳通过定滑轮系在小车上，故A错误，B正确。
C、恰好平衡摩擦时，由衡条件得：Mgsinθ＝μMgcosθ，即：sinθ＝μcosθ，平衡摩擦力力小车质量无关，改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C正确。
D、为充分利用纸带，实验时应先接通电源，再释放小车，故D错误。
故选：BC。
（2）由牛顿第二定律得：对m：mg﹣F拉＝ma，对M：F拉＝Ma，
解得：F拉=MmgM+m=mg1+mM，当M＞＞m时，即小车的质量M远大于砝码和盘的总质量m时，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力。
（3）由牛顿第二定律得：a=1MF，当m一定，即拉力F一定时，a与1M成正比，a-1M是一条倾斜的直线，作a-1M便于实验数据处理，因此应作a-1M图象。
（4）如果平衡摩擦力时木板倾角过大，则：Mgsinθ＞μMgcosθ，平衡摩擦力过大，小车受到的合力大于细线的拉力，当F＝0时已经产生加速度，a﹣F图象在纵轴上有截距，由此可知，图示图线是由于平衡摩擦力过大造成的。
（5）由牛顿第二定律得：a=1MF，a﹣F图线的斜率：k=1M，小车质量不同，图线的斜率不同，小车质量越大，图线斜率越小，由图示图线可知，两同学做实验时M的取值不同，其中丙的取值较大；
故答案为：（1）BC；（2）M远大于m；（3）a-1M；（4）平衡摩擦力过大； （5）小车质量M；丙。
【点评】本题考查了实验注意事项与实验数据处理问题，解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由。比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等。
四．计算题（本大题共32分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）
17．【分析】先求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车刹车停止后不在运动，然后根据匀变速直线运动的速度时间公式求出4s末的速度，根据位移速度公式求出汽车的位移。
【解答】解：（1）根据加速度公式有：a=△v△t=v-v0t=9-152m/s2=-3m/s2，加速度方向与初速度方向相反；
（2）汽车的停止时间为：t0=|v0a|=|15-3|s=5s，故有：v4＝v0+at4＝15+（﹣3）×4m/s＝3m/s；
（3）汽车刹车后8s内滑行的距离即是刹车位移，故有：s=v02t0=37.5m；
答：（1）汽车刹车过程中加速度a的大小为3m/s2，方向与初速度相反；
（2）汽车刹车后4s末的速度υ4为3m/s；
（3）汽车刹车后8s内滑行的距离s为37.5m；
【点评】解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，8s内的位移等于5s内的位移。
18．【分析】（1）以物体为研究对象进行受力分析，根据平衡条件列方程求解；
（2）若将推力的方向改为竖直向上推动木块仍做匀速直线运动，物体只受重力和推力，根据平衡条件求解。
【解答】解：（1）以物体为研究对象，物体受到重力、支持力、推力和摩擦力作用，受力情况如图所示；

x轴：N＝Fcosα
y轴：Fsinα＝mg+f
又因为：f＝μN
由以上各式联立得：F=mgsinα-μcosα；
（2）若将推力的方向改为竖直向上推动木块仍做匀速直线运动，物体只受重力和推力，
根据平衡条件可得：F′＝mg。
答：（1）推力F的大小为mgsinα-μcosα；
（2）若将推力的方向改为竖直向上推动木块仍做匀速直线运动，则F’为mg。
【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。
19．【分析】（1）打开降落伞前人做自由落体运动，根据位移速度公式即可求解；
（2）由a图可知，当速度等于6m/s时，物体做匀速运动，受力平衡，根据kv＝2mg即可求解k；
（3）根据牛顿第二定律求解加速度的大小和方向；
（4）以运动员为研究对象，根据牛顿第二定律即可求解。
【解答】解：（1）由甲图可知，打开降落伞时运动员的速度v0＝20m/s

自由下落距离h0=v022g=20m
（2）由甲图可知运动员最后匀速，末速度为v＝6m/s
由平衡条件得　　kv＝2mg
解得　k＝200N•s/m
（3）打开降落伞的瞬间，对人和伞，由牛顿第二定律得kv0﹣2mg＝2ma
解得　a＝23.3m/s2
方向竖直向上
（4）设打开降落伞瞬间每根绳的拉力为F
对运动员，由牛顿第二定律得　8Fcos37°﹣mg＝ma
解得　F＝312.5N
答：（1）打开降落伞前运动员下落的距离是20m；
（2）阻力系数k为200N•s/m；
（3）打开降落伞瞬间运动员与伞的加速度a的大小23.3m/s2 方向竖直向上；
（4）打开降落伞瞬间每根悬绳的拉力是312.5N。
【点评】本题要求同学们能根据速度图象分析出运动员的运动情况，知道当速度等于6m/s时，物体做匀速运动，受力平衡，难度适中。