2020-2021学年陕西省西安中学高二（上）期末物理试卷（文科）

这是一份2020-2021学年陕西省西安中学高二（上）期末物理试卷（文科），共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2020-2021学年陕西省西安中学高二（上）期末物理试卷（文科）
一、选择题（共18小题，每小题4分，共72分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．（4分）运动员进行“折返跑”训练，从A点沿直线跑到B点，又从B点沿原路返回A点，A、B两点直线距离为50m，此过程中运动员的路程和位移的大小分别是（　　）

A．50m，0 B．100m，0 C．50m，100m D．100m，100m
2．（4分）地球同步通讯卫星，是无线电波传播的中继站．同步卫星绕地心转动，地面上观察者却发现它是静止的，这是因为观察者所选择的参考系是（　　）
A．太阳 B．月球 C．地球 D．卫星
3．（4分）某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知（　　）

A．0～2s内的加速度为1m/s2
B．0～5s内的位移为10m
C．第2s末与第3s末物体的位置相同
D．第1s末与第5s末加速度方向相同
4．（4分）一辆汽车以1m/s2的加速度行驶了12s，驶过了180m．汽车开始加速时的速度是多少？（　　）
A．7 m/s B．9m/s C．11m/s D．12 m/s
5．（4分）如图所示，将光滑斜面上的物体的重力mg分解为F1、F2两个力，下列结论正确的是（　　）

A．力F1、F2二个力的作用效果跟重力mg的作用效果相同
B．物体受mg、N、F1、F2四个力作用
C．物体受N、F1、F2三个力作用
D．F2是物体对斜面的正压力
6．（4分）物体同时受到同一平面内三个力作用，下列几组力的合力不可能为零的是（　　）
A．5N，7N，8N B．5N，2N，3N
C．1N，5N，10N D．10N，10N，10N
7．（4分）沼泽的下面蕴藏着丰富的泥炭，泥炭是沼泽地积累的植物残体，它的纤维状和海绵状的物理结构导致人在其表面行走时容易下陷，若人下陷的过程是先加速后匀速运动，下列判断正确的是（　　）
A．加速运动时人对沼泽地的压力大于沼泽地对他的支持力
B．加速运动时人对沼泽地的压力小于沼泽地对他的支持力
C．人对沼泽地的压力先大于后等于沼泽地对他的支持力
D．人对沼泽地的压力大小总等于沼泽地对他的支持力
8．（4分）以下关于惯性的说法正确的是（　　）
A．高速运动的物体不容易停下来，所以物体运动速度越大，惯性越大
B．用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，则难以推动的物体惯性大
C．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，这是由于惯性所引起的
D．物体不受外力作用时才有惯性
9．（4分）我国自行研制、具有完全自主知识产权的新一代大型喷气式客机C919首飞成功后，拉开了全面试验试飞的新征程，假设飞机在水平跑道上的滑跑是初速度为零的匀加速直线运动，当位移x＝1.6×103m时才能达到起飞所要求的速度v＝80m/s，已知飞机质量m＝7.0×104kg，滑跑时受到的阻力为自身重力的0.1倍，重力加速度取g＝10m/s2，则飞机滑跑过程中牵引力为（　　）
A．7.0×104 N B．1.4×105N C．2.1×105N D．8.4×105N
10．（4分）在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度vA、vB、vC的关系和三个物体做平抛运动的时间tA、tB、tC的关系分别是（　　）

A．vA＞vB＞vC　　tA＞tB＞tC B．vA＝vB＝vC　　tA＝tB＝tC
C．vA＜vB＜vC　　tA＞tB＞tC D．vA＞vB＞vC　　tA＜tB＜tC
11．（4分）如图所示的皮带传动装置中，右边两轮粘在一起且同轴，A、B、C三点均是各轮边缘上的一点，半径RA＝RC＝2RB，皮带不打滑，则：A、B、C三点线速度、向心加速度的比值分别是（　　）

A．vA：vB：vC＝1：1：2 aA：aB：aC＝1：1：4
B．vA：vB：vC＝1：2：2 aA：aB：aC＝1：2：4
C．vA：vB：vC＝1：1：2 aA：aB：aC＝1：2：4
D．vA：vB：vC＝1：2：2 aA：aB：aC＝1：2：2
12．（4分）不可回收的航天器最终将成为漂浮在太空中的垃圾．如图所示，是绕地球运行的太空垃圾，对于离地面越高的太空垃圾，下列说法正确的是（　　）

A．运行速率越大
B．运行速率越小
C．运行周期越小
D．可能追上同一轨道上的航天器
13．（4分）关于第一宇宙速度，下列说法正确的是（　　）
A．第一宇宙速度的数值是7.9km/s
B．第一宇宙速度的数值是11.2km/s
C．它是卫星在椭圆轨道上运行时在近地点的速度
D．它是人造地球卫星绕地球飞行的最小速度
14．（4分）跳台滑雪是利用自然山形建成的跳台进行的滑雪运动之一，起源于挪威。运动员脚着特制的滑雪板，沿着跳台的倾斜助滑道下滑，借助下滑速度和弹跳力，使身体跃入空中，在空中飞行约4﹣5秒钟后，落在山坡上。某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中（　　）

A．所受合外力始终为零 B．所受摩擦力大小不变
C．合外力做功一定为零 D．机械能始终保持不变
15．（4分）某人在高h处抛出一个质量为m 的物体，不计空气阻力，物体落地时速度为v，该人对物体所做的功为（　　）
A．mgh B．mv22 C．mgh+mv22 D．mv22-mgh
16．（4分）真空中有甲乙两个点电荷，相距r时的静电力为F．若保持两者间距不变，使甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的13倍，则它们之间的静电力变为（　　）
A．23F B．32F C．16F D．49F
17．（4分）如图四幅图表示了磁感应强度B、电荷速度v和洛伦兹力F三者方向之间的关系，其中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
18．（4分）如图所示是“探究电磁感应的产生条件”的实验装置，下列情况中不会引起电流表指针偏转的是（　　）

A．闭合开关时
B．断开开关时
C．闭合开关后拔出线圈A时
D．断开开关后移动变阻器的滑片时
二、填空题（每空2分，共12分）
19．（4分）在研究匀变速度直线运动规律的实验中，小车拖着纸带运动，每秒50次的打点计时器打出的纸带如图所示，选出0、1、2、3、4共5个记数点，每相邻两个点间还有4个实验点未画出，则小车在打点计时器打出第3个计数点时的瞬时速度是　 　m/s，小车的加速度是　 　m/s2．已测得S1＝1.01cm，S2＝3.21cm，S3＝5.39cm，S4＝7.60cm

20．（8分）在“探究加速度与力、质量关系”的实验中：

（1）探究物体的加速度与力的关系时，应保持　 　的质量不变，分别改变施加在物体上的力F，测出相对应的加速度a。
（2）实验中，长木板不是直接放在水平实验台上，而是把后端略微垫高，这样做的目的是　 　
（3）当小车质量M与小沙桶及沙子质量m的大小关系满足　 　时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘中砝码的重力。
（4）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持小沙桶及沙子的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据。为了比较容易地检查出加速度a与质量M的关系，应该做a与　 　的图象。
三、计算题（16分）
21．（16分）民用航空客机的机舱一般都设有紧急出口，飞机发生意外情况着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面。如图所示为某气囊斜面，机舱离底端的竖直高度AB＝3.0m，斜面长AC＝5.0m，斜面与水平地面CD段间有一段小圆弧平滑连接。旅客从气囊上由静止开始滑下，其与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ＝0.55，不计空气阻力，g＝10m/s2．求：
（1）人在气囊上滑行时加速度大小；
（2）人滑到斜面底端C时的速度大小；
（3）人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下。


2020-2021学年陕西省西安中学高二（上）期末物理试卷（文科）
参考答案与试题解析
一、选择题（共18小题，每小题4分，共72分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．【分析】根据位移和路程的定义进行分析解答；明确物体回到原点时，位移为零；而路程是物体实际经过的轨迹的长度．
【解答】解：由题意可知，运动员返回到原点，故位移为零；
而路程等于经过的轨迹的长度；故路程为s＝2×50＝100m；
故选：B。
【点评】本题考查位移与路程，要注意明确，位移是物体初末两点间的直线距离，而路程是物体经过轨迹的长度．
2．【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．
【解答】解：ABC、因为同步卫星的转动和地球的转动是同步的，地球怎么转动卫星也怎么转动，它相对于地球的位置没有没有发生变化，所以，以地球为参照物，卫星是静止的；
若以太阳，月亮或宇宙飞船为参照物，卫星与太阳，月亮或宇宙飞船之间的相对位置发生了变化，是运动的。故C正确；AB错误；
D、选取其它同步通信卫星作为参考系时，做匀速圆周运动，因同步，则相对静止；若选取其它不同步的，则存在相对运动的，故D错误。
故选：C。
【点评】理解“同步”是本题的关键，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论．
3．【分析】速度图象的斜率等于物体的加速度大小。根据斜率的正负分析加速度的正负。图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移。
【解答】解：A、0﹣2s 内的加速度大小为：a=△v△t=2-02-0m/s2=1m/s2，故A正确；
B、0﹣5s 内的位移为：x=(2+5)2×2m=7m，故B错误；
C、由于前2s和3s内位移不同，故第2s末与第3s末物体的位置不相同，故C错误；
D、斜率的正负表示a的方向，由图可知，第 1s 末与第 5s 末加速度方向相反。故D错误。
故选：A。
【点评】熟练掌握速度图象的物理意义，能够利用速度图象求物体运动的加速度，位移，是解决此类问题的关键。
4．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式x＝v0t+12at2，求出汽车的初速度．
【解答】解：汽车以1m/s2的加速度加速行驶了12s，驶过了180m，根据位移时间公式x＝v0t+12at2，有：
v0=180-12×1×14412=9m/s
故选：B。
【点评】本题关键是明确汽车的运动性质，然后选择恰当的运动学公式列式求解，基础题．
5．【分析】光滑斜面上的物体的重力mg按作用效果分解为沿斜面向下和垂直于斜面两个方向的分力，注意两个分力不是物体所受到的力，两分力共同作用效果与重力作用效果相同．
【解答】解：A、F1是重力沿着斜面的分力，F2是重力垂直斜面的分力，力F1、F2二个力的作用效果跟重力mg的作用效果相同。故A正确；
B、C、F1是重力沿着斜面的分力，F2是重力垂直斜面的分力，力mg与F1和F2是合力与分力关系，因此物体只受重力和支持力两个力。故B错误，错误。
D、F2是重力垂直斜面的分力，不是物体对斜面的压力。故D错误。
故选：A。
【点评】解决本题的关键知道F1、F2是重力的两个分力，产生的作用效果，一个使物体下滑，一个压紧斜面．
6．【分析】根据力的合成法则可知：三个力的合力为零时，则第三个力肯定在第一二两个力的合力范围里，由此判断选项即可．
【解答】解：三个力合力为0时，则任意两个力的合力与第三个力大小相等，方向相反，由此可知，任意一个力在另外两个力的合力范围。
A、5N和7N的合力范围为：2N﹣12N，8N在合力范围里，故三个力的合力可能为0；故A正确；
B、2N和3N的合力范围为：1N﹣5N，5N在合力范围里，故三个力的合力可能为0；故B正确；
C、1N和5N的合力范围为：4N﹣6N，10N不在合力范围里，故三个力的合力不可能为0；故C错误；
D、10N和10N的合力范围为：0N﹣20N，10N在合力的范围里，故三个力的合力可能为0．故D正确；
本题选择错误的，故选：C。
【点评】熟悉三个力合力最小值的判定方法，熟悉平衡条件的推论即其应用．
7．【分析】沼泽地地面对人的支持力和人对沼泽地地面的压力是相互作用力，二者大小相等．对人受力分析，人受重力和支持力，重力大于支持力，故人会向下加速运动；
【解答】解：人对沼泽地地面的压力与沼泽地地面对人的支持力为作用力与反作用力，故二力一定相等，故A、B、C错误；D正确。
故选：D。
【点评】不管人是加速下降、匀速下降还是减速下降，人对沼泽地地面的支持力和沼泽地 地面对人的压力总是等大、反向、共线，与人的运动状态无关．
8．【分析】惯性大小取决于物体的质量大小，与速度大小无关．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，是由于惯性所引起的．
【解答】解：A、惯性大小与物体速度的大小无关。故A错误。
B、用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，难以推动的物体受到的最大静摩擦力。故B错误。
C、匀速行驶中的客车突然刹车，乘客下半身随车减速，而上半身由于惯性保持原来向前的速度而向前倾倒，故C正确。
D、物体不受外力作用和受力作用时都有惯性。故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查对惯性的理解能力．要注意惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小．
9．【分析】根据运动学公式求得运动的加速度；根据牛顿第二定律求得牵引力。
【解答】解：飞机在起飞过程中做匀加速直线运动，根据x=v2t
解得：t=2xv=2×160080s＝40s
加速度大小为：a=vt=2m/s2；
飞机起飞的过程中受到牵引力与阻力，根据牛顿第二定律可知：
F﹣f＝ma，
解得：F＝f+ma＝2.1×105N；故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。
10．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同。
【解答】解：三个物体都做平抛运动，取一个相同的高度，此时物体的下降的时间相同，水平位移大的物体的初速度较大，如图所示，
由图可知：vA＜vB＜vC，
由h=12gt2 可知，物体下降的高度决定物体运动的时间，所以tA＞tB＞tC，所以C正确。
故选：C。

【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解。
11．【分析】（1）由v＝ωr知线速度相同时，角速度与半径成反比；角速度相同时，线速度与半径成正比。
（2）由a＝ωv结合角速度和线速度的比例关系，可以知道加速度的比例关系
【解答】解：因为A、B两轮由不打滑的皮带相连，所以相等时间内A、B两点转过的弧长相等，即：vA＝vB。
由v＝ωr知；ωB：ωA＝2：1
又B、C是同轴转动，相等时间转过的角度相等，即：ωB＝ωC，
由v＝ωr知，vB：vC＝1：2
所以：vA：vB：vC＝1：1：2，
再根据a＝ωv得：aA：aB：aC＝1：2：4
故选：C。
【点评】题目主要考查v＝ωr及a＝ωv的应用，并注意各自半径的关系，属于简单题目
12．【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力，由轨道的大小变化判定描述圆周运动物理量大小关系即可．
【解答】解：根据万有引力提供圆周运动向心力有：GmMr2=mv2r=mr4π2T2有：
AB、垃圾的运行速率v=GMr可得半径越大的太空垃圾运行速率越小，故A错误，B正确；
C、垃圾运行的周期T=4π2r3GM可得半径越大的太空垃圾周期越大，故C错误；
D、在同一轨道上运动的航天器周期和线速度大小相同，故在同一轨道上不能追上同一轨道的航天器，故D错误。
故选：B。
【点评】航天器绕地球匀速圆周运动向心力由万有引力提供，能根据半径关系分析描述圆周运动物理量的大小关系是正确解题的关键．
13．【分析】由于第一宇宙速度是人造地球卫星飞船环绕地球做匀速圆周运动时的最大速度，同时又是最小的发射速度，可知飞船的发射速度大于第一宇宙速度7.9km/s。飞船的发射速度大于第二宇宙速度11.2km/s时，就脱离地球束缚。所以飞船的发射速度要小于第二宇宙速度，同时要大于第一宇宙速度，介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间。
【解答】解：AB、第一宇宙速度为v=GMR=7.9km/s，故A正确，B错误；
C、在地面附近发射飞行器，如果速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，它绕地球飞行的轨迹就不是圆，而是椭圆，故在椭圆轨道上运行的卫星，在近地点的速度均大于7.9km/s，故C错误；
D、第一宇宙速度是人造地球卫星飞船环绕地球做匀速圆周运动时的最大速度，同时又是最小的发射速度，故D错误；
故选：A。
【点评】本题要理解第一宇宙速度的意义，明确第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大运行速度，也是卫星绕地球做圆周运动最小的发射速度。
14．【分析】由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，运动员做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律和动能定理分析各项。
【解答】解：A、因为运动员在下滑过程中始终存在向心力，合外力充当向心力，所以合外力不为零，故A错误；
B、如图所示，斜面坡度一直在改变，根据受力分析可得，运动员对斜面的压力会改变，所以摩擦力大小也会变，关于B错误；
C、根据动能定理可知，运动员的动能不变，则合外力做功为零，故C正确；
D、由于速度不变，则动能不变，高度下降，重力势能减小，则机械能减小，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查牛顿第二定律和动能定理，关键是抓住运动员做匀速圆周运动。
15．【分析】人对小球做的功等于小球获得的初动能，根据对抛出到落地的过程运用动能定理即可求得初动能
【解答】解：人对小球做的功等于小球获得的初动能，
根据对抛出到落地的过程运用动能定理得：
mgh=12mv2-12mv02
解得：12mv02=12mv2-mgh
即人对小球做的功等于12mv2-mgh
故选：D。
【点评】本题考查了动能定理的直接应用，在不涉及到运动时间和运动过程以及变力做功时运用动能定理解题较为简洁、方便．该题难度不大，属于基础题．
16．【分析】根据点电荷库仑力的公式F＝kQqr2可以求得改变之后的库仑力的大小。
【解答】解：根据库仑定律可知甲、乙两个点电荷间的库仑力F＝kQqr2，
若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的13，而两者间的距离仍为r，则它们之间的静电力变为F′=2Q⋅q3r2=23F，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，理解电荷的中和含义。
17．【分析】伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一个平面内，磁感线通过掌心，四指方向与正电荷运动方向相同，大拇指所指的方向为洛伦兹力方向．
【解答】解：A、根据左手定则，洛伦兹力方向竖直向下。故A错误。
B、根据左手定则，洛伦兹力方向竖直向上。故B正确。
C、根据左手定则，洛伦兹力方向垂直纸面向外。故C错误。
D、电荷的运动方向与磁场方向平行，电荷不受洛伦兹力。故D错误。
故选：B。
【点评】解决本题的关键掌握左手定则，注意四指方向与正电荷运动方向相同，与负电荷运动方向相反．
18．【分析】当穿过闭合回路磁通量发生变化时，会产生感应电流．
【解答】解：A、闭合开关时，穿过B线圈的磁通量从无到有，磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转。故A错误。
B、断开开关时，穿过B线圈的磁通量从有到无，磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转。故B错误。
C、闭合开关后，拔出线圈A时，穿过B线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流表指针发生偏转。故C错误。
D、断开开关后，移动滑动变阻器，穿过线圈B的磁通量始终为零，磁通量不变，不产生感应电流。故D正确。
故选：D。
【点评】解决本题的关键知道感应电流的产生条件，即穿过闭合回路的磁通量发生变化．
二、填空题（每空2分，共12分）
19．【分析】作匀变速直线运动的物体在某一段时间内的平均速度等于该段时间内的中间时刻的速度，由此可求某点的瞬时速度；作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即△x＝aT2，由此可求物体运动的加速度大小．
【解答】解：每相邻两点间还有4个试验点（图中未画），所以相邻的计数点间的时间间隔：T＝0.1s，
根据物体在某一段时间内的平均速度等于该段时间内的中间时刻的速度有：
v3=s3+s42T=(5.39+7.60)cm2×0.1s=0.65m/s
根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可得：
s4-s2=2a1T2
s3-s1=2a2T2
a=a1+a22=(s3+s4)-(s1+s2)4T2=(7.60+5.39)cm-(1.01+3.21)cm4×(0.1s)2=2.19m/s2．
故答案为：0.65，2.19．
【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．
20．【分析】（1）探究加速度与力的关系应用控制变量法，应保持小车质量不变，分别改变施加在小车上的拉力F，测出相对应的加速度a；
（2）探究加速度与力、质量的关系，要采取控制变量法，实验中应把长木板在小车运动的起始端适当垫高，目的是平衡摩擦力，使重力的分力与摩擦力平衡。
（3）为使绳子的拉力等于重物的重力，小车及车中砝码的质量应远远大于盘及盘中砝码的质量，即m＜＜M；
（4）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系。
【解答】解：（1）若要探究小车的加速度与合力的关系，应保持小车质量不变，分别改变施加在小车上的拉力F，测出相对应的加速度a。
（2）在探究物体的加速度与力的关系时，应保持小车的质量不变。因为存在摩擦，实验时将长木板在小车运动的起始端适当垫高，使重力的分力等于摩擦力，从而平衡摩擦力。
（3）该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究。当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系。
那么小车的合力怎么改变和测量呢？为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板的右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力。
根据牛顿第二定律得：对m：mg﹣F拉＝ma 对M：F拉＝Ma
解得：F拉=mMgm+M=mgmM+1，当m＜＜M时，即当重物重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于重物的总重力。
（4）根据牛顿第二定律F＝Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a﹣M图象；但a=FM，
故a与1M成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a-1M图象；
故答案为：（1）小车（2）平衡摩擦力（3）m＜＜M（4）a-1M
【点评】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。
三、计算题（16分）
21．【分析】（1）对旅客受力分析由牛顿第二定律可求得加速度；
（2）旅客从气囊上由静止开始滑下过程，重力和滑动摩擦力做功，根据动能定理求解人滑到斜面底端C时的速度大小；
（3）人离开C点后在水平地面上受到滑动力作用而减速，根据动能定理求解还要在地面上滑行的距离。
【解答】解：（1）旅客受重力、气囊的支持力、气囊的摩擦力，由牛顿第二定律得：
mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma
解得：a＝1.6m/s2
（2）由动能定理得：
mgh﹣μmgScosθ=12mv2
解得：v＝4m/s
（3）设人在CD水平面上滑行的距离为x
由动能定理得：
μmgx=12mv2
解得：x＝1.45m
答（1）人在气囊上滑行时加速度大小是1.6m/s2；
（2）人滑到斜面底端C时的速度大小是4m/s；
（3）人离开C点后还要在地面上滑行1.45m。
【点评】本题是运用动能定理研究多过程问题，对于第（3）问也可以对全过程研究列式求解。