2020-2021学年广东省湛江市高一（下）周测（417）物理试卷新人教版

这是一份2020-2021学年广东省湛江市高一（下）周测（417）物理试卷新人教版，共5页。试卷主要包含了 关于功，下列说法中正确的是等内容，欢迎下载使用。


1. 关于功，下列说法中正确的是（ ）
A.功只有大小而无方向，所以功是标量
B.力和位移都是矢量，所以功也是矢量
C.功的大小仅由力决定，力越大，做功越多
D.功的大小仅由位移决定，位移越大，做功越多

2. 起重机竖直向上匀速吊起重物过程中，由P=Fv可知，起重机的输出功率P( )
A.一直增大B.一直减小C.保持不变D.先增大后减小

3. 铁路提速要解决许多具体的技术问题，其中提高机车牵引力功率是一个重要的问题．若匀速行驶时，列车所受阻力与速度的平方成正比，即f=kv2．那么，当列车分别以120km/ℎ和40km/ℎ的速度在水平直轨道上匀速行驶时，机车的牵引力功率之比为（ ）
A.3:1B.9:1C.27:1D.81:1

4. 质量为m的物体从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动，在运动时间为t的过程中，合力对它做功的平均功率为（ ）
A.ma2tB.12ma2tC.2ma2tD.22ma2t

5. 一物体在水平拉力F的作用下沿水平面运动．已知拉力F随物体运动位移x的变化情况如图所示．则在0∼8m的运动过程中，拉力F做的功为（ ）

A.6JB.18JC.20JD.22J

6. 质量为1kg的物体沿水平方向做直线运动，其v−t图像如图所示，则下列说法中正确的是（ ）

A.第1s内合外力做功为4JB.1∼3s内合外力做功为4J
C.3∼5s内合外力做功为−8JD.5∼7s内合外力做功为−8J

7. 如图所示，一个箱子在与水平方向成α角的恒力F作用下，由静止开始，沿水平面向右运动了一段距离x，所用时间为t，在此过程中，恒力F对箱子做功的平均功率为（ ）

A.FxcsαtB.FxtcsαC.FxsinαtD.Fxt

8. （多选）一质量为1kg的物体被人用手匀速向上托高1m，下列说法中正确的是（g取10m/s2）（ ）
A.手对物体做功10JB.合外力对物体做功为0
C.物体克服重力做功10JD.手对物体做正功大于10J

9. （多选）以一定的初速度竖直向上抛出质量为m的小球，它上升的最大高度为ℎ，空气阻力的大小恒为f．则从抛出点至回到原出发点的过程中，各力做功的情况正确的是（ ）
A.重力做的功为零B.空气阻力做的功为−2fℎ
C.空气阻力做的功为2fℎD.物体克服重力做的功为−mgℎ

10. （多选）如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙、丙所示．取g=10m/s2，则（ ）

A.第1s内推力做功为1J
B.第2s内物体克服摩擦力做的功为2J
C.t=1.5s时推力F的功率为2W
D.第2s内推力F做功的平均功率为3W
解答题

如图所示，质量为m=2kg的木块在倾角θ=37∘的斜面上由静止开始下滑，木块与斜面间的动摩擦因数为μ=0.5，已知：sin37∘=0.6，cs37∘=0.8，g取10m/s2，求：

（1）前2s内重力的平均功率；

（2）2s末重力的瞬时功率．

起重机将一质量为1.0×103kg的货物竖直向上吊起，货物运动的v−t图象如图所示，求：（取g=10m/s2）

（1）整个过程中货物上升的高度；

（2）减速过程中货物的加速度大小；

（3）加速过程中起重机拉力的平均功率．
参考答案与试题解析
2020-2021学年广东省湛江市高一（下）周测（4.17）物理试卷
选择题
1.
【答案】
A
【考点】
功的概念
【解析】
力和力方向上的位移的乘积表示力对物体做的功的大小．
【解答】
解：AB．功是标量，只有大小没有方向，所以A正确，B错误；
CD．力和力方向上的位移的乘积表示力对物体做的功的大小，所以CD错误．
故选A．
2.
【答案】
C
【考点】
平均功率
恒力做功
竖直上抛运动
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：起重机的功率：P=Fv，因匀速运动，则有
F=mg
故P=mgv
所以功率不变，故C正确，
ABD错误．
故选C．
3.
【答案】
C
【考点】
平均功率
【解析】
当机车匀速前进时，机车的牵引力等于机车所受的阻力，机车牵引力功率可以用公式P=Fv，进行求解．
【解答】
解：已知列车匀速行驶时所受阻力与速度平方成正比，即f=kv2，
当列车在水平轨道上匀速行驶时，牵引力等于阻力，即F=f=kv2，
所以由功率公式P=Fv=kv3，所以当列车分别以120km/ℎ和40km/ℎ的速度在水平轨道上匀速行驶时，P1:P2=k(120km/ℎ)3:k(40km/ℎ)3=27:1，故C正确．
故选C．
4.
【答案】
B
【考点】
平均功率
恒力做功
动量定理的理解
【解析】
功率是描述物体做功快慢的物理量，做功越快，功率就越大；但是功率与做功的多少没有直接关系．对于公式P=V既可以求解物体的平均功率，也可以求物体的瞬时功率，而公式P=Wt，只能求解物体的平均功率．
【解答】
解：物体做的是匀加速直线运动，t时刻速度的大小为v=at
该过程的平均速度的大小为v=v2=12at
物体受到的合外力为F=ma
所以合外力对它做功的平均功率为P=Fv=ma⋅12at=12ma2t．
故选B．
5.
【答案】
B
【考点】
恒力做功
【解析】
求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=F5
【解答】
解：0−2m力F做功W1=F1x1=2N×2m=4
2∼4m力F做功W2=F2x2=−1N×2m=−2J
4∼8m力F做功W3=F3x3=4N×4m=16J
这个运动过程中F做的总功为W=M1+W2+W3=4J+(−2J)+16J=18J
B符合题意，ACD不符合题意；
故选B．
6.
【答案】
C
【考点】
v-t图像（匀变速直线运动）
匀变速直线运动的概念
动能定理的应用
x-t图像（匀变速直线运动）
非常规图像
恒力做功
【解析】
由图直接读出速度的大小。根据动能定理可求得各时间段内合外力做功情况。
【解答】
解：A．由图可知，1s末物体的速度为4m/s；则由动能定理可知，合外力做功W1=12mv2=12×1×16=8J，故A错误；
B．由图可知，1s末物体的速度为4m/s，3s末物体的速度为4m/s；故该过程中，合外力做功为零，故B错误；
C．由图可知，3s末物体的速度为4m/s，5s末物体的速度为0；故合外力做功W2=0−12mv2=−12×1×16=−8J，故C正确；
D．由图可知，5s末物体的速度为0，5s末物体的速度为−4；故合外力做功W2=12mv2=12×1×16=8J，故D错误．
故选C．
7.
【答案】
A
【考点】
瞬时功率
平均功率
【解析】
根据功的定义，力与力方向上的位移的乘积，直接计算出拉力F做的功，再根据P=Wt即可求解。
【解答】
解：物体的位移是在水平方向上的，把拉力F分解为水平的Fcsα，和竖直的Fsinα，由于竖直的分力不做功，所以拉力F对物块所做的功即为水平分力对物体做的功，所以有：W=Fcsα⋅x=Fxcsα，则平均功率为：P=Wt=Fxcsαt，故A正确，BCD错误．
故选A．
8.
【答案】
A,B,C
【考点】
重力势能的变化与重力做功的关系
动能定理的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：手对物体的作用力F=mg=10N，故手对物体做的功W1=10×1J=10J，A正确，D错误；重力做功W2=−10×1J=−10J，C正确；物体匀速上升，合力为零，故W合=0，B正确．
故选ABC．
9.
【答案】
A,B
【考点】
摩擦力做功与能量转化
【解析】
重力做功只与物体的初末位置有关，与物体所经过的路径无关，但是空气阻力对物体做功与物体经过的路径有关，由此可以判断重力和空气阻力的做功情况．
【解答】
解：A．由于重力做功只与物体的初末位置有关，与物体所经过的路径无关，所以从抛出点至回到原出发点的过程中，重力做功为零，故A正确；
BC．空气阻力对物体做功与物体经过的路径有关，上升和下降空气阻力做的功都是−fℎ，所以空气阻力做的总功为−2fℎ，故B正确，C错误；
D．物体克服重力做的功大小是零，故D错误．
故选AB．
10.
【答案】
B,D
【考点】
恒力做功
牛顿运动定律的应用—从运动确定受力
平均功率
瞬时功率
v-t图像（匀变速直线运动）
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：由题图丙可知，第1s内物体保持静止状态，在推力方向上没有位移，故推力做功为0，故A错误；
由题图乙、丙可知，第3s内物体做匀速运动，F=2N，故F1=F=2N，由题图丙知，第2s内物体的位移大小为x=12×1×2m=1m，第2s内物体克服摩擦力做的功Wf=Ffx=2J，故B正确；
第2s内推力F=3N,t=1.5s时物体的速度大小为v=1m/s，故t=1.5s时推力的功率为P=Fv=3W
第2S内推力F做功WF=Fx=3J，故第2s内推力F做功的平均功率P=WFt=3W，故C错误，D正确．
故选BD．
解答题
【答案】
（1）前2s内重力的平均功率为24W．
（2）2s末重力的瞬时功率48W．
【考点】
瞬时速度
用牛顿运动定律分析斜面体模型
平均功率
恒力做功
瞬时功率
【解析】
此题暂无解析
【解答】
（1）物体沿斜面下滑时，由牛顿第二定律可得mgsinθ−μmgcsθ=ma，
解得a=2m/s2，l=12at2=12×2×22m=4m，
重力在前2s内做的功为W=mglsinθ=2×10×4×0.6J=48J，
重力在前2s内的平均功率为P=Wt=482W=24W．
（2）木块在2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s，
2s末重力的瞬时功率P=mgvcs90∘−θ=mgvsinθ=2×10×4×4×0.6W=48W．
【答案】
（1）整个过程中货物上升的高度14m；
（2）减速过程中货物的加速度为0.5m/s2；
（3）加速过程中起重机拉力的平均功率为P=1.1×104W．
【考点】
平均功率
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）v−t图像中图线与时间轴围成的面积即货物在该段时间内的位移，所以x=12×4+10×2m=14m．
（2）减速过程中，由公式a=v−v0t可得a=−0.5m/s2，
故减速过程中货物的加速度大小为0.5m/s2．
（3）由题图可知，加速过程中a′=1m/s2,v=1m/s
由牛顿第二定律得F−mg=ma′
代人数据解得F=1.1×104N
由P→=Fv得P=1.1×104W．