还剩26页未读，
继续阅读
2019年贵州省毕节市中考物理试卷+答案+解析
展开
这是一份2019年贵州省毕节市中考物理试卷+答案+解析，共29页。试卷主要包含了选择题，物理填空题，物理作图题，物理简答题，物理实验题，物理计算题等内容，欢迎下载使用。
2019年贵州省毕节市中考物理试卷
一、选择题
1．（3分）下列物体重力最接近1N的是（ ）
A．一枚大头针 B．一头奶牛 C．两个鸡蛋 D．一张书桌
2．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．声音在15℃空气中传播速度是340m/s
B．在教室周围植树可以从声源处防止噪声产生
C．座机电话间的导线传递的是声波信号
D．区分钢琴和二胡的声音是根据响度来判断的
3．（3分）下列现象中，利用热传递使物体的内能减小的是（ ）
A．来回弯折的铁丝温度会升高
B．冬季用热水袋取暖
C．冬天手接触冰块会觉得很冷
D．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低
4．（3分）如图所示，邹丽红在全国第十届残运会暨第七届特奥会上，坐手推轮椅参加田径马拉松比赛女子竞速轮椅项目，夺得亚军。下面说法正确的是（ ）
A．比赛中以路边的树木为参照物，选手是静止的
B．轮椅坐垫做的比较宽大是为了减小压强
C．比赛中选手用力推轮椅运动，说明力是使物体运动的原因
D．轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦
5．（3分）只利用下图各组给定的器材做实验，不能完成其实验目的是（ ）
A.探究压力作用效果与受力面积的关系
B.研究液体压强与液体密度的关系
C.证明大气压强的存在
D.准确测出大气压
的数值
A．A B．B C．C D．D
6．（3分）已知R2＜R1，将图中的四种不同接法，接到同一电源两极间，则电路中电流最大的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（3分）关于如图甲、乙所示的实验，下列说法错误的是（ ）
A．甲实验可以研究通电导体周围存在磁场
B．甲实验可以研究电磁感应现象
C．乙实验可以研究通电导体在磁场中受力情况
D．乙实验的过程中，电能转化为机械能
8．（3分）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是（ ）
A．变大，变大 B．变大，变小 C．变小，变小 D．变小，变大
二、物理填空题（本题5小题，每空1分，共15分）
9．（3分）小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，他在镜中像的大小将 （选填“变大”“不变”或“变小”）。快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作 。
10．（3分）如图1所示电路，当开关S1、S2闭合后，A2与R2是 （选填“串”或“并”）联的，电流表A1测量的是通过 （选填“干路”“R1”或“R2”）的电流，电流表的指针偏转如图2所示，电流表的示数为 A。
11．（1分）如图所示，铅笔的长度为 cm。
12．（2分）小刚同学在实验室用天平测某石块的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上位置如图所示，则该石块的质量是 g，接着测出石块体积为20cm3，则石块的密度为 kg/m3。
13．（3分）电热水壶上标有“220V800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 ；在额定电压下，热水壶烧水210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 J，若发热体产生的热量全部被水吸收，能将 kg的水从20℃升高至100℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
14．（3分）某大桥设计车速为60km/h，图1为该大桥的实景图，其主通航孔桥采用双塔双索面斜拉桥，可逐步抽象成图2、图3、图4所示的模型。
（1）可以看出它用到了 （选填“杠杆”或“斜面”）的物理知识。为了减小钢索承受的拉力，在需要与可能的前提下，可以适当 （选填“增加”或“减小”）桥塔的高度。
（2）若某汽车质量为5×103kg，在大桥上按设计车速水平匀速直线行驶时受到的阻力为汽车重力的0.06倍，则汽车通过该大桥时汽车发动机的功率为 W．（g取10N/kg）
三、物理作图题（本题3小题，每题2分，共6分）
15．（2分）如图所示，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，请画出此时物体受到力的示意图。
16．（2分）如图所示，凸透镜主光轴与水面重合，即：上半部分在空气中，下半部分在水中，请作出通过凸透镜的入射光线，以及折射入水后的光线（方向大致符合物理规律即可）。
17．（2分）将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内添加电源和滑动变阻器），使得小磁针静止时如图所示，且向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变弱。
四、物理简答题（本题2小题，每题3分，共6分）
18．（3分）小敏爸爸驾驶小汽车载着家人外出旅游，小车在一段平直公路上匀速直线行驶，小敏坐在小车的座位上，突然遇到紧急情况，爸爸紧急刹车，小敏身体将向什么方向倾斜？说出理由。
19．（3分）如图是空调的三脚插头与三孔插座，请运用物理知识回答下列问题：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的什么部位相连？
（2）针对日常生活中浪费电能的现象及用电习惯，说出两种节约电能的方法。
五、物理实验题（本题3小题，19题4分，20题4分，21题10分，共18分）
20．（4分）小明用如图1所示的实验装置探究水沸腾的特点。
（1）请指出图1中的操作错误： ；
（2）上图2是根据实验数据画出的水温度随时间变化的图线。由图可知，水沸腾时的特点是：水继续吸热，温度 。
21．（4分）（1）如图甲，向放在水平桌面的两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球 （选填“分开”或“靠近”）；
（2）如图乙、丙、丁是探究浮力大小与哪些因素有关的实验装置，浸没在液体中的物体都相同。若选 两个装置，可以探究浮力大小是否与物体所处深度有关。
22．（10分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为9Ω）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）小杨同学检查器材完好后，按图1所示的电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 （选填“A”或“B”）端。
（2）当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是 。
（3）小杨同学纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 。
（4）为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是调节滑动变阻器， ，读出并记录电流表的示数。
（5）当电压表的示数如图3所示，电路中的电流为0.3A时，则小灯泡的实际功率为
W。
六、物理计算题（本题3小题，第22题6分，第23题8分，第24题7分，共21分）
23．（6分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，R2＝10Ω．当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，求电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，求整个电路消耗的电能。
24．（8分）如图是某科技小组设计的在岸边打捞水中金属块的装置示意图，每个滑轮重为100N，均匀实心金属块的密度为8×103kg/m3，金属块的质量为80kg。绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，金属块一直匀速上升。（水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）在金属块还未露出水面时，求此时金属块所受到的浮力；
（2）在金属块未露出水面时，求人的拉力F；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，求人的拉力所做的功。
25．（7分）某同学设计了一个利用如图1所示的电路来测量海水的深度，其中R1＝2Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化关系如图2所示，电源电压保持6V不变，将此压敏电阻用绝缘薄膜包好后放在一个硬质凹形绝缘盒中，放入海水中保持受力面水平，且只有一个面积为0.02m2的面承受海水压力。（设海水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）当电流表示数为0.2A时，求压敏电阻R2的阻值；
（2）如图2所示，当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，求此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是多少？
2019年贵州省毕节市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1．（3分）下列物体重力最接近1N的是（ ）
A．一枚大头针 B．一头奶牛 C．两个鸡蛋 D．一张书桌
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A．一枚大头针的质量非常小，受到的重力也非常小，一般不超过0.01N，故A不符合题意；
B．一头奶牛的质量在300kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝300kg×10N/kg＝3000N左右，故B不符合题意；
C．两个鸡蛋的质量在100g＝0.1kg左右，受到的重力为G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N，故C符合题意；
D．一张书桌的质量在15kg左右，受到的重力为G＝mg＝15kg×10N/kg＝150N，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．声音在15℃空气中传播速度是340m/s
B．在教室周围植树可以从声源处防止噪声产生
C．座机电话间的导线传递的是声波信号
D．区分钢琴和二胡的声音是根据响度来判断的
【分析】（1）声音在空气中传播受到温度的影响。
（2）减弱噪声可以从声源处、传播过程中和人耳处。
（3）话筒处是声信号变成电信号，听筒处是电信号变成声信号，导线是传递变化的电流。
（4）通过音色来辨别什么物体发声。
【解答】解：
A．声音在空气中传播速度受温度的影响，声音在15℃空气中传播速度是340m/s，故A说法正确。
B．在教室周围植树可以在传播过程中减弱噪声，故B说法错误。
C．座机电话间是靠变化的电流来传播声信号的，即导线传递的是电信号，故C说法错误。
D．区分钢琴和二胡的声音是根据音色来判断的，故D说法错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了声的传播、减弱噪声、声音的特性和座机工作原理等基础知识。
3．（3分）下列现象中，利用热传递使物体的内能减小的是（ ）
A．来回弯折的铁丝温度会升高
B．冬季用热水袋取暖
C．冬天手接触冰块会觉得很冷
D．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低
【分析】（1）热传递可以改变物体的内能，物体吸收热量物体的内能增加，放出热量物体的内能减少。
（2）做功可以改变物体的内能，物体对外做功时物体的内能减少，外界对物体做功时物体内能增加。
【解答】解：A．来回弯折的铁丝是通过做功的方法使铁丝的内能增加。不符合题意。
B．热水袋取暖时手吸收热量内能增加。不符合题意。
C．冬天手接触冰块会觉得很冷，手放出热量内能减少。符合题意。
D．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低是物体对外做功，物体的内能减少。不符合题意。
故选：C。
【点评】本题主要考查了改变物体内能的两种方式。
4．（3分）如图所示，邹丽红在全国第十届残运会暨第七届特奥会上，坐手推轮椅参加田径马拉松比赛女子竞速轮椅项目，夺得亚军。下面说法正确的是（ ）
A．比赛中以路边的树木为参照物，选手是静止的
B．轮椅坐垫做的比较宽大是为了减小压强
C．比赛中选手用力推轮椅运动，说明力是使物体运动的原因
D．轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦
【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：A．比赛中以路边的树木为参照物，选手与树木之间发生了位置变化，所以是运动的。故A错误；
B．轮椅坐垫做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故B正确；
C．用力推轮椅，轮椅开始运动，说明力改变了物体的运动状态，由静止到运动，停止用力，由于惯性仍继续运动，不能立即停下来，说明力不是维持物体运动的原因，故C错误；
D．轮椅轮胎上有较深的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D错误。
故选：B。
【点评】以一个生活中的场景综合考查学生对多个物理知识点的理解和掌握，是中考热点题型，题目难度适中，综合性强，是一道好题。
5．（3分）只利用下图各组给定的器材做实验，不能完成其实验目的是（ ）
A、探究压力作用效果与受力面积的关系
B、研究液体压强与液体密度的关系
C、证明大气压强的存在
D、准确测出大气压
的数值
A．A B．B C．C D．D
【分析】（1）压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关。在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显；在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显；
（2）液体压强与液体密度、液体的深度有关，根据控制变量法分析解答；
（3）马德堡半球实验证明了大气压强的存在；
（4）托里拆利实验准确的测量出大气压的值。
【解答】解：A．图中有一个长方体金属块和海绵，金属块的压力一定，通过金属块的不同放法来改变受力面积，从而探究压力作用效果与受力面积的关系，故A可以完成；
B．液体压强与液体密度、液体的深度有关，图中只有一杯水和一个压强计，只能探究液体的压强与深度的关系，不能探究液体压强与液体密度的关系，故B不可以完成；
C．图中有两个吸盘，排净吸盘内的空气，用很大的力才能将其拉开，证明了大气压的存在，故C可以完成；
D．图中为托里拆利实验装置图，托里拆利实验准确的测量出大气压的值，故D可以完成。
故选：B。
【点评】本题考查了各个实验的探究，是一道综合性的题目，有一定的难度。
6．（3分）已知R2＜R1，将图中的四种不同接法，接到同一电源两极间，则电路中电流最大的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据I＝可知，电源的电压一定时，要使电路中电流最大，就是要求电路中的总电阻最小；两个电阻串联时总电阻最大，并联时电阻小于任一个电阻阻值，据此进行解答。
【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，两电阻串联时总电阻最大，两电阻并联时总电阻最小，
由I＝可知，两电阻并联时，电路中的电流最大。
故选：D。
【点评】本题考查了电阻的串并联和欧姆定律的应用，要注意串联电路中总电阻比任何一个分电阻都大、并联电路中总电阻比任何一个分电阻都小。
7．（3分）关于如图甲、乙所示的实验，下列说法错误的是（ ）
A．甲实验可以研究通电导体周围存在磁场
B．甲实验可以研究电磁感应现象
C．乙实验可以研究通电导体在磁场中受力情况
D．乙实验的过程中，电能转化为机械能
【分析】这两个图主要是发电机和电动机的工作原理图，发电机是根据电磁感应原理工作的，电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的。
【解答】解：
AB．甲实验电路中没有电源，不能用来研究通电导体周围存在磁场；该实验中，开关闭合时，当导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，所以可以研究电磁感应现象，故A说法错误，B说法正确。
CD．乙实验电路中有电源和磁体，可以研究通电导体在磁场中受力情况，是电动机的原理图，工作时电能转化为机械能，故CD说法都正确。
故选：A。
【点评】发电机和电动机的原理图非常相似，关键是一个有电源，一个没有电源，发电机电路没有电源，电动机电路有电源。
8．（3分）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是（ ）
A．变大，变大 B．变大，变小 C．变小，变小 D．变小，变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的读数变小，故AB错误；
由U＝IR可知，R1两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变大，即电压表的读数变大，故C错误、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表示数的变化应借助于串联电路的电压特点和欧姆定律进行判断。
二、物理填空题（本题5小题，每空1分，共15分）
9．（3分）小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 3.2 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，他在镜中像的大小将 不变 （选填“变大”“不变”或“变小”）。快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作 无规则运动 。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来解答此题。
（2）掌握扩散现象是分子运动的结果，以及温度越高，扩散现象越明显是解答本题的关键。
【解答】解：因平面镜成像时物距等于像距，所以小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，此时像距也为1.6m，则他在镜中的像与本人距离为1.6m+1.6m＝3.2m。
因平面镜成像时像和物体形状、大小相同，当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，则他在镜中的像大小不变；
快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作无规则运动。
故答案为：3.2；不变；无规则运动。
【点评】本题主要考查学生对平面镜、分子运动的特点的了解和掌握，是一道基础题。
10．（3分）如图1所示电路，当开关S1、S2闭合后，A2与R2是 串 （选填“串”或“并”）联的，电流表A1测量的是通过 干路 （选填“干路”“R1”或“R2”）的电流，电流表的指针偏转如图2所示，电流表的示数为 0.28 A。
【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2测量R2的电流，根据电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数。
【解答】解：
由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2与R2串联，即A2测量R2的电流；
由图可知：电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A。
故答案为：串；干路；0.28。
【点评】本题考查了电流表的正确连接的判断和读数方法，判断电流表测量对象时，关键是观察电流表串联的位置。
11．（1分）如图所示，铅笔的长度为 7.50 cm。
【分析】使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意读数时视线与刻度尺相垂直，测量结果要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；
铅笔左端与1.00cm对齐，右端与8.50cm对齐，所以铅笔的长度为L＝8.50cm﹣1.00cm＝7.50cm。
故答案为：7.50。
【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。刻度尺要注意估读到分度值的下一位数。
12．（2分）小刚同学在实验室用天平测某石块的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上位置如图所示，则该石块的质量是 52.2 g，接着测出石块体积为20cm3，则石块的密度为 2.61×103 kg/m3。
【分析】（1）天平的读数：物体质量＝砝码+游码；游码读数看左边，注意游码的最小分度值（一般是0.2g）。
（2）密度计算公式：。
【解答】解：（1）物体质量＝砝码+游码＝50g+2.2g＝52.2g；
（2）石块的密度。
故答案是：52.2；2.61×103。
【点评】该题考查天平的读数及简单的密度计算，做题时候需要注意题目单位。
13．（3分）电热水壶上标有“220V800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 小 ；在额定电压下，热水壶烧水210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 1.68×105 J，若发热体产生的热量全部被水吸收，能将 0.5 kg的水从20℃升高至100℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析原因；
（2）根据Q＝W＝Pt可求电热水壶发热体产生的热量；
（3）知道水的初温、末温和比热，根据公式Q＝cm（t﹣t0）求出水的质量。
【解答】解：
（1）热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热；
（2）在额定电压下，烧开一壶水用时210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量：
Q＝W＝Pt＝800W×210s＝1.68×105J；
（3）根据公式Q＝cm（t﹣t0）得，加热水的质量：
m＝＝＝0.5kg。
故答案为：小；1.68×105；0.5。
【点评】本题主要考查焦耳定律、电热公式的计算以及水吸收的热量的计算等知识，常见题目，难度不大。
14．（3分）某大桥设计车速为60km/h，图1为该大桥的实景图，其主通航孔桥采用双塔双索面斜拉桥，可逐步抽象成图2、图3、图4所示的模型。
（1）可以看出它用到了 杠杆 （选填“杠杆”或“斜面”）的物理知识。为了减小钢索承受的拉力，在需要与可能的前提下，可以适当 增加 （选填“增加”或“减小”）桥塔的高度。
（2）若某汽车质量为5×103kg，在大桥上按设计车速水平匀速直线行驶时受到的阻力为汽车重力的0.06倍，则汽车通过该大桥时汽车发动机的功率为 5×104 W．（g取10N/kg）
【分析】（1）通过图示的模型结合杠杆的定义，即可确定它用到的相关知识；通过桥高度的变化，结合图示模型分析出杠杆五要素中哪个量发生了变化，然后再利用杠杆平衡条件分析出原因。
（2）已知汽车的质量，可以得到其重力；已知阻力与重力的关系，可以得到汽车受到的阻力；已知汽车匀速行驶，牵引力与阻力相同，已知牵引力和车速，利用公式P＝Fv得到牵引力的功率。
【解答】解：
（1）图4所示的模型，可以看做是一个在力的作用下静止在水平位置的硬棒，结合杠杆的定义，即可知道它就是杠杆的模型。所以用到了杠杆的知识。
由图可知，若增加塔桥的高度，增加了支点O到钢索的垂直距离，即增大了动力臂，根据公式F1＝，可以得到，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小，即桥对钢索的拉力就越小。
（2）汽车受到的重力为G＝mg＝5×103kg×10N/kg＝5×104N
汽车发动机的牵引力为F＝f＝0.06G＝0.06×5×104N＝3×103N
汽车行驶的速度为v＝60km/h＝m/s＝m/s
汽车的功率为P＝＝＝Fv＝3×103N×m/s＝5×104W。
故答案为：（1）杠杆；增加；（2）5×104。
【点评】此题考查杠杆的应用和功率的计算，将图示的钢索斜拉桥抽象成杠杆模型是解决第一小题的突破口。
三、物理作图题（本题3小题，每题2分，共6分）
15．（2分）如图所示，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，请画出此时物体受到力的示意图。
【分析】先分析出物体受力情况；用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，重力方向竖直向下，浮力、拉力方向竖直向上；
【解答】解：由图可知，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，受的浮力、拉力和重力的作用，重力从重心竖直向下画，浮力、拉力从重心竖直向上画，标出符号，浮力与拉力之和等于重力，如图所示：
【点评】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
16．（2分）如图所示，凸透镜主光轴与水面重合，即：上半部分在空气中，下半部分在水中，
请作出通过凸透镜的入射光线，以及折射入水后的光线（方向大致符合物理规律即可）。
【分析】（1）根据折射光线的特点，根据凸透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线。
（2）折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
【解答】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以画出这条折射光线对应的入射光线。
（2）过入射点垂直于水面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：
【点评】题考查了凸透镜的三条特殊光线和光的折射图，在空气和水的分界面发生折射时，在空气中的角度大。
17．（2分）将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内添加电源和滑动变阻器），使得小磁针静止时如图所示，且向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变弱。
【分析】首先根据小磁针的磁极判断通电螺线管的磁极，根据螺线管的磁极判断电流方向；然后根据电磁铁磁性强弱的影响因素判断电路在电流强弱，判断滑动变阻器接入电路的电阻。
【解答】解：小磁针静止时左端为S极、右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左端是N极，右端是S极如图；
根据安培定则可以判断电流从左端进入通电螺线管，则可知电源左端为正极、右端为负极；
当电流越小时，电磁铁的磁性越弱，要想电磁铁的磁性变弱，应减小电路中的电流，由欧姆定律可知，应增大电路中的电阻，则向右移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻应变长，故连接如图所示。
故答案为：如上图。
【点评】本题首先由小磁针的极性判断通电螺线管的极性，由通电螺线管的极性判断电流方向，由电流方向判断电源正负极。
四、物理简答题（本题2小题，每题3分，共6分）
18．（3分）小敏爸爸驾驶小汽车载着家人外出旅游，小车在一段平直公路上匀速直线行驶，小敏坐在小车的座位上，突然遇到紧急情况，爸爸紧急刹车，小敏身体将向什么方向倾斜？说出理由。
【分析】解答此题的关键是掌握：惯性是物体本身固有的属性，由于惯性物体仍旧要保持原来的运动状态。
【解答】答：小敏坐在小车的座位上，当汽车紧急刹车时，小敏的下身随汽车一起停止运动，但其上身由于惯性仍要保持原来的运动状态继续向前运动，所以小敏身体会突然向前方倾倒。
【点评】此题主要考查学生对惯性现象的理解和掌握。惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。
19．（3分）如图是空调的三脚插头与三孔插座，请运用物理知识回答下列问题：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的什么部位相连？
（2）针对日常生活中浪费电能的现象及用电习惯，说出两种节约电能的方法。
【分析】（1）三脚插头上面较长的和用空调的外壳相连，另外两个和空调的电机相连。
（2）从节约用电角度考虑。
【解答】解：（1）三脚插头中较长的脚E与空调的外壳相连，当插头插入插座时E首先和插座的地线相连，若空调漏电人接触空调避免触电事故发生。
（2）节约电能的方法：人走灯灭；夏天把空调温度设置的高一些等。
故答案为：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的外壳相连。
（2）节约电能的方法：人走灯灭；夏天把空调温度设置的高一些。
【点评】生活中一些金属外壳的用电器一定要使用三孔插座和三脚插头，这样防止触电事故发生。
五、物理实验题（本题3小题，19题4分，20题4分，21题10分，共18分）
20．（4分）小明用如图1所示的实验装置探究水沸腾的特点。
（1）请指出图1中的操作错误： 温度计的玻璃泡碰到容器壁 ；
（2）上图2是根据实验数据画出的水温度随时间变化的图线。由图可知，水沸腾时的特点是：水继续吸热，温度 不变 。
【分析】（1）根据实验装置观察分析确定操作错误之处，温度计使用中玻璃泡不能碰到容器壁和容器底；
（2）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
【解答】解：（1）由图1可知，温度计的玻璃泡碰到容器壁，会使测量结果不准确；
（2）由图2可知，水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁；（2）不变。
【点评】在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
21．（4分）（1）如图甲，向放在水平桌面的两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球 靠近 （选填“分开”或“靠近”）；
（2）如图乙、丙、丁是探究浮力大小与哪些因素有关的实验装置，浸没在液体中的物体都相同。若选 乙、丙 两个装置，可以探究浮力大小是否与物体所处深度有关。
【分析】（1）当向两个乒乓球中间打气时，分析乒乓球两侧的空气流动速度，根据流体压强跟流速的关系，判断乒乓球两侧的压强大小关系，从而知道乒乓球的运动情况。
（2）乙、丙两个装置，烧杯中的液体都是水，不同点是物体在水中浸没的深度，比较弹簧测力计示数就可以得出结论。
【解答】解：（1）乒乓球之间空气流速大，压强变小，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠近；
（2）乙、丙两个装置中，烧杯中盛的都是水，液体的密度相同；同一物体浸没在水中，排开液体的体积相同；不同的是物体在水中浸没的深度，因此探究的是浮力与物体在液体中的深度的关系。
故答案为：（1）靠近；（2）乙、丙。
【点评】此题考查流体压强和流速的关系、探究影响浮力大小的因素试验。对于流体压强跟流速的关系，要分析一个物体两侧的流速变化，压强变化，判断物体受力情况，进一步判断出物体的运动情况。
22．（10分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为9Ω）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）小杨同学检查器材完好后，按图1所示的电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 B （选填“A”或“B”）端。
（2）当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是 电流表正负接线柱接反了造成的 。
（3）小杨同学纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 小灯泡实际功率太小，不足以让小灯泡发光 。
（4）为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是调节滑动变阻器， 使小灯泡两端电压为2.5V ，读出并记录电流表的示数。
（5）当电压表的示数如图3所示，电路中的电流为0.3A时，则小灯泡的实际功率为 0.72 W。
【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处；
（2）电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电表指针反向偏转，根据图1所示分析答题；
（3）（4）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表示数均有示数，则说明滑动变阻器的电阻较大，使得灯泡的实际功率太小造成，此时应减小滑动变阻器的阻值，使电压表示数为额定电压；
（5）知道灯泡正常工作时的电压和电流，根据P＝UI计算灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处，即B端；
（2）由图2所示电流表可知，测量电流过程中，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的；
（3）（4）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表示数均较小，则说明滑动变阻器的电阻较大，使得灯泡的实际功率太小造成；
要想测量小灯泡的额定功率，此时应减小滑动变阻器的阻值，使小灯泡两端电压为2.5V；
（5）电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压表的示数为2.4V，
小灯泡的实际功率为：P＝UI＝2.4V×0.3A＝0.72W。
故答案为：（1）B；（2）电流表正负接线柱接反了造成的；（3）小灯泡实际功率太小，不足以让小灯泡发光；（4）使小灯泡两端电压为2.5V；（5）0.72。
【点评】本题考查了连接电路的注意事项、电表的接法、故障分析、滑动变阻器的使用以及实际功率的计算等知识，是一道中考常见题。
六、物理计算题（本题3小题，第22题6分，第23题8分，第24题7分，共21分）
23．（6分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，R2＝10Ω．当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，求电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，求整个电路消耗的电能。
【分析】（1）当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，R1与R2并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1、R2的电流不变，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用W＝UIt求出通电100s整个电路消耗的电能。
【解答】解：（1）当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，
由I＝可得，电源电压：
U＝I1R1＝0.4A×30Ω＝12V；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，
则电流表的示数：
I2＝＝＝1.2A；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，R1与R2并联，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1、R2的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I＝I1+I2＝0.4A+1.2A＝1.6A，
通电100s整个电路消耗的电能：
W＝UIt＝12V×1.6A×100s＝1920J。
答：（1）电源电压为12V；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电流表的示数为1.2A；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，整个电路消耗的电能为1920J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意开关均闭合时通过R1、R2的电流不变。
24．（8分）如图是某科技小组设计的在岸边打捞水中金属块的装置示意图，每个滑轮重为100N，均匀实心金属块的密度为8×103kg/m3，金属块的质量为80kg。绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，金属块一直匀速上升。（水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）在金属块还未露出水面时，求此时金属块所受到的浮力；
（2）在金属块未露出水面时，求人的拉力F；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，求人的拉力所做的功。
【分析】（1）由于金属块浸没水中，金属块排开水的体积等于金属块的体积，利用密度公式求解，再利用阿基米德原理求金属块所受的浮力；
（2）由图知，使用的滑轮组n＝2，绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，人的拉力F＝（GA﹣F浮+G动）；
（3）拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求人的拉力所做的功。
【解答】解：
（1）因为金属块浸没水中，
所以金属块排开水的体积：
V排＝VA＝＝＝0.01m3；
金属块所受的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×0.01m3＝100N；
（2）由图知，使用的滑轮组n＝2，在金属块未露出水面时，绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，人的拉力：
F＝（GA﹣F浮+G动）＝×（80kg×10N/kg﹣100N+100N）＝400N；
（3）拉力端移动距离s＝2h＝2×2m＝4m，
人的拉力所做的功：
W＝Fs＝400N×4m＝1600J。
答：（1）在金属块还未露出水面时，此时金属块所受到的浮力为100N；
（2）在金属块未露出水面时，人的拉力F为400N；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，人的拉力所做的功为1600J。
【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理、功的公式的应用，计算时注意：在金属块未露出水面时，人的拉力F＝（GA﹣F浮+G动）。
25．（7分）某同学设计了一个利用如图1所示的电路来测量海水的深度，其中R1＝2Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化关系如图2所示，电源电压保持6V不变，将此压敏电阻用绝缘薄膜包好后放在一个硬质凹形绝缘盒中，放入海水中保持受力面水平，且只有一个面积为0.02m2的面承受海水压力。（设海水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）当电流表示数为0.2A时，求压敏电阻R2的阻值；
（2）如图2所示，当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，求此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是多少？
【分析】（1）当电流表示数为0.2A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出压敏电阻R2的阻值；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，根据图2读出压敏电阻受到的压力，利用p＝求出此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）海水的深度越大时，压敏电阻受到的压力越大，根据图2可知，压敏电阻的阻值越小，此时电路中的电流越大，所以电流表的示数最大时使用此方法能测出海水的深度最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出此时压敏电阻的阻值，根据图2可知压敏电阻受到的压力，利用p＝求出此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强，利用p＝ρgh求出使用此方法能测出海水的最大深度。
【解答】解：（1）由I＝可得，当电流表示数为0.2A时电路的总电阻：
R总＝＝＝30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，压敏电阻R2的阻值：
R2＝R总﹣R2＝30Ω﹣2Ω＝28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，由图2可知，压敏电阻受到的压力F＝4×104N，
此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p＝＝＝2×106Pa；
（3）当电流表的示数I′＝0.6A时，使用此方法能测出海水的深度最大，
此时电路的总电阻：
R总′＝＝＝10Ω，
此时压敏电阻的阻值：
R2′＝R总′﹣R2＝10Ω﹣2Ω＝8Ω，
由图2可知，压敏电阻受到的压力F′＝10×104N，
此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p′＝＝＝5×106Pa，
由p＝ρgh可得，使用此方法能测出海水的最大深度：
h＝＝＝500m。
答：（1）当电流表示数为0.2A时，压敏电阻R2的阻值为28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，压敏电阻R2所在深度处的海水压强为2×106Pa；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是500m。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、压强定义式、液体压强公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
2019年贵州省毕节市中考物理试卷
一、选择题
1．（3分）下列物体重力最接近1N的是（ ）
A．一枚大头针 B．一头奶牛 C．两个鸡蛋 D．一张书桌
2．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．声音在15℃空气中传播速度是340m/s
B．在教室周围植树可以从声源处防止噪声产生
C．座机电话间的导线传递的是声波信号
D．区分钢琴和二胡的声音是根据响度来判断的
3．（3分）下列现象中，利用热传递使物体的内能减小的是（ ）
A．来回弯折的铁丝温度会升高
B．冬季用热水袋取暖
C．冬天手接触冰块会觉得很冷
D．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低
4．（3分）如图所示，邹丽红在全国第十届残运会暨第七届特奥会上，坐手推轮椅参加田径马拉松比赛女子竞速轮椅项目，夺得亚军。下面说法正确的是（ ）
A．比赛中以路边的树木为参照物，选手是静止的
B．轮椅坐垫做的比较宽大是为了减小压强
C．比赛中选手用力推轮椅运动，说明力是使物体运动的原因
D．轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦
5．（3分）只利用下图各组给定的器材做实验，不能完成其实验目的是（ ）
A.探究压力作用效果与受力面积的关系
B.研究液体压强与液体密度的关系
C.证明大气压强的存在
D.准确测出大气压
的数值
A．A B．B C．C D．D
6．（3分）已知R2＜R1，将图中的四种不同接法，接到同一电源两极间，则电路中电流最大的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（3分）关于如图甲、乙所示的实验，下列说法错误的是（ ）
A．甲实验可以研究通电导体周围存在磁场
B．甲实验可以研究电磁感应现象
C．乙实验可以研究通电导体在磁场中受力情况
D．乙实验的过程中，电能转化为机械能
8．（3分）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是（ ）
A．变大，变大 B．变大，变小 C．变小，变小 D．变小，变大
二、物理填空题（本题5小题，每空1分，共15分）
9．（3分）小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，他在镜中像的大小将 （选填“变大”“不变”或“变小”）。快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作 。
10．（3分）如图1所示电路，当开关S1、S2闭合后，A2与R2是 （选填“串”或“并”）联的，电流表A1测量的是通过 （选填“干路”“R1”或“R2”）的电流，电流表的指针偏转如图2所示，电流表的示数为 A。
11．（1分）如图所示，铅笔的长度为 cm。
12．（2分）小刚同学在实验室用天平测某石块的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上位置如图所示，则该石块的质量是 g，接着测出石块体积为20cm3，则石块的密度为 kg/m3。
13．（3分）电热水壶上标有“220V800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 ；在额定电压下，热水壶烧水210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 J，若发热体产生的热量全部被水吸收，能将 kg的水从20℃升高至100℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
14．（3分）某大桥设计车速为60km/h，图1为该大桥的实景图，其主通航孔桥采用双塔双索面斜拉桥，可逐步抽象成图2、图3、图4所示的模型。
（1）可以看出它用到了 （选填“杠杆”或“斜面”）的物理知识。为了减小钢索承受的拉力，在需要与可能的前提下，可以适当 （选填“增加”或“减小”）桥塔的高度。
（2）若某汽车质量为5×103kg，在大桥上按设计车速水平匀速直线行驶时受到的阻力为汽车重力的0.06倍，则汽车通过该大桥时汽车发动机的功率为 W．（g取10N/kg）
三、物理作图题（本题3小题，每题2分，共6分）
15．（2分）如图所示，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，请画出此时物体受到力的示意图。
16．（2分）如图所示，凸透镜主光轴与水面重合，即：上半部分在空气中，下半部分在水中，请作出通过凸透镜的入射光线，以及折射入水后的光线（方向大致符合物理规律即可）。
17．（2分）将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内添加电源和滑动变阻器），使得小磁针静止时如图所示，且向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变弱。
四、物理简答题（本题2小题，每题3分，共6分）
18．（3分）小敏爸爸驾驶小汽车载着家人外出旅游，小车在一段平直公路上匀速直线行驶，小敏坐在小车的座位上，突然遇到紧急情况，爸爸紧急刹车，小敏身体将向什么方向倾斜？说出理由。
19．（3分）如图是空调的三脚插头与三孔插座，请运用物理知识回答下列问题：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的什么部位相连？
（2）针对日常生活中浪费电能的现象及用电习惯，说出两种节约电能的方法。
五、物理实验题（本题3小题，19题4分，20题4分，21题10分，共18分）
20．（4分）小明用如图1所示的实验装置探究水沸腾的特点。
（1）请指出图1中的操作错误： ；
（2）上图2是根据实验数据画出的水温度随时间变化的图线。由图可知，水沸腾时的特点是：水继续吸热，温度 。
21．（4分）（1）如图甲，向放在水平桌面的两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球 （选填“分开”或“靠近”）；
（2）如图乙、丙、丁是探究浮力大小与哪些因素有关的实验装置，浸没在液体中的物体都相同。若选 两个装置，可以探究浮力大小是否与物体所处深度有关。
22．（10分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为9Ω）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）小杨同学检查器材完好后，按图1所示的电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 （选填“A”或“B”）端。
（2）当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是 。
（3）小杨同学纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 。
（4）为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是调节滑动变阻器， ，读出并记录电流表的示数。
（5）当电压表的示数如图3所示，电路中的电流为0.3A时，则小灯泡的实际功率为
W。
六、物理计算题（本题3小题，第22题6分，第23题8分，第24题7分，共21分）
23．（6分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，R2＝10Ω．当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，求电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，求整个电路消耗的电能。
24．（8分）如图是某科技小组设计的在岸边打捞水中金属块的装置示意图，每个滑轮重为100N，均匀实心金属块的密度为8×103kg/m3，金属块的质量为80kg。绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，金属块一直匀速上升。（水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）在金属块还未露出水面时，求此时金属块所受到的浮力；
（2）在金属块未露出水面时，求人的拉力F；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，求人的拉力所做的功。
25．（7分）某同学设计了一个利用如图1所示的电路来测量海水的深度，其中R1＝2Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化关系如图2所示，电源电压保持6V不变，将此压敏电阻用绝缘薄膜包好后放在一个硬质凹形绝缘盒中，放入海水中保持受力面水平，且只有一个面积为0.02m2的面承受海水压力。（设海水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）当电流表示数为0.2A时，求压敏电阻R2的阻值；
（2）如图2所示，当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，求此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是多少？
2019年贵州省毕节市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1．（3分）下列物体重力最接近1N的是（ ）
A．一枚大头针 B．一头奶牛 C．两个鸡蛋 D．一张书桌
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A．一枚大头针的质量非常小，受到的重力也非常小，一般不超过0.01N，故A不符合题意；
B．一头奶牛的质量在300kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝300kg×10N/kg＝3000N左右，故B不符合题意；
C．两个鸡蛋的质量在100g＝0.1kg左右，受到的重力为G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N，故C符合题意；
D．一张书桌的质量在15kg左右，受到的重力为G＝mg＝15kg×10N/kg＝150N，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．声音在15℃空气中传播速度是340m/s
B．在教室周围植树可以从声源处防止噪声产生
C．座机电话间的导线传递的是声波信号
D．区分钢琴和二胡的声音是根据响度来判断的
【分析】（1）声音在空气中传播受到温度的影响。
（2）减弱噪声可以从声源处、传播过程中和人耳处。
（3）话筒处是声信号变成电信号，听筒处是电信号变成声信号，导线是传递变化的电流。
（4）通过音色来辨别什么物体发声。
【解答】解：
A．声音在空气中传播速度受温度的影响，声音在15℃空气中传播速度是340m/s，故A说法正确。
B．在教室周围植树可以在传播过程中减弱噪声，故B说法错误。
C．座机电话间是靠变化的电流来传播声信号的，即导线传递的是电信号，故C说法错误。
D．区分钢琴和二胡的声音是根据音色来判断的，故D说法错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了声的传播、减弱噪声、声音的特性和座机工作原理等基础知识。
3．（3分）下列现象中，利用热传递使物体的内能减小的是（ ）
A．来回弯折的铁丝温度会升高
B．冬季用热水袋取暖
C．冬天手接触冰块会觉得很冷
D．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低
【分析】（1）热传递可以改变物体的内能，物体吸收热量物体的内能增加，放出热量物体的内能减少。
（2）做功可以改变物体的内能，物体对外做功时物体的内能减少，外界对物体做功时物体内能增加。
【解答】解：A．来回弯折的铁丝是通过做功的方法使铁丝的内能增加。不符合题意。
B．热水袋取暖时手吸收热量内能增加。不符合题意。
C．冬天手接触冰块会觉得很冷，手放出热量内能减少。符合题意。
D．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低是物体对外做功，物体的内能减少。不符合题意。
故选：C。
【点评】本题主要考查了改变物体内能的两种方式。
4．（3分）如图所示，邹丽红在全国第十届残运会暨第七届特奥会上，坐手推轮椅参加田径马拉松比赛女子竞速轮椅项目，夺得亚军。下面说法正确的是（ ）
A．比赛中以路边的树木为参照物，选手是静止的
B．轮椅坐垫做的比较宽大是为了减小压强
C．比赛中选手用力推轮椅运动，说明力是使物体运动的原因
D．轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦
【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：A．比赛中以路边的树木为参照物，选手与树木之间发生了位置变化，所以是运动的。故A错误；
B．轮椅坐垫做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。故B正确；
C．用力推轮椅，轮椅开始运动，说明力改变了物体的运动状态，由静止到运动，停止用力，由于惯性仍继续运动，不能立即停下来，说明力不是维持物体运动的原因，故C错误；
D．轮椅轮胎上有较深的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D错误。
故选：B。
【点评】以一个生活中的场景综合考查学生对多个物理知识点的理解和掌握，是中考热点题型，题目难度适中，综合性强，是一道好题。
5．（3分）只利用下图各组给定的器材做实验，不能完成其实验目的是（ ）
A、探究压力作用效果与受力面积的关系
B、研究液体压强与液体密度的关系
C、证明大气压强的存在
D、准确测出大气压
的数值
A．A B．B C．C D．D
【分析】（1）压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关。在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显；在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显；
（2）液体压强与液体密度、液体的深度有关，根据控制变量法分析解答；
（3）马德堡半球实验证明了大气压强的存在；
（4）托里拆利实验准确的测量出大气压的值。
【解答】解：A．图中有一个长方体金属块和海绵，金属块的压力一定，通过金属块的不同放法来改变受力面积，从而探究压力作用效果与受力面积的关系，故A可以完成；
B．液体压强与液体密度、液体的深度有关，图中只有一杯水和一个压强计，只能探究液体的压强与深度的关系，不能探究液体压强与液体密度的关系，故B不可以完成；
C．图中有两个吸盘，排净吸盘内的空气，用很大的力才能将其拉开，证明了大气压的存在，故C可以完成；
D．图中为托里拆利实验装置图，托里拆利实验准确的测量出大气压的值，故D可以完成。
故选：B。
【点评】本题考查了各个实验的探究，是一道综合性的题目，有一定的难度。
6．（3分）已知R2＜R1，将图中的四种不同接法，接到同一电源两极间，则电路中电流最大的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据I＝可知，电源的电压一定时，要使电路中电流最大，就是要求电路中的总电阻最小；两个电阻串联时总电阻最大，并联时电阻小于任一个电阻阻值，据此进行解答。
【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，两电阻串联时总电阻最大，两电阻并联时总电阻最小，
由I＝可知，两电阻并联时，电路中的电流最大。
故选：D。
【点评】本题考查了电阻的串并联和欧姆定律的应用，要注意串联电路中总电阻比任何一个分电阻都大、并联电路中总电阻比任何一个分电阻都小。
7．（3分）关于如图甲、乙所示的实验，下列说法错误的是（ ）
A．甲实验可以研究通电导体周围存在磁场
B．甲实验可以研究电磁感应现象
C．乙实验可以研究通电导体在磁场中受力情况
D．乙实验的过程中，电能转化为机械能
【分析】这两个图主要是发电机和电动机的工作原理图，发电机是根据电磁感应原理工作的，电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动制成的。
【解答】解：
AB．甲实验电路中没有电源，不能用来研究通电导体周围存在磁场；该实验中，开关闭合时，当导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，所以可以研究电磁感应现象，故A说法错误，B说法正确。
CD．乙实验电路中有电源和磁体，可以研究通电导体在磁场中受力情况，是电动机的原理图，工作时电能转化为机械能，故CD说法都正确。
故选：A。
【点评】发电机和电动机的原理图非常相似，关键是一个有电源，一个没有电源，发电机电路没有电源，电动机电路有电源。
8．（3分）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是（ ）
A．变大，变大 B．变大，变小 C．变小，变小 D．变小，变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的读数变小，故AB错误；
由U＝IR可知，R1两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变大，即电压表的读数变大，故C错误、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表示数的变化应借助于串联电路的电压特点和欧姆定律进行判断。
二、物理填空题（本题5小题，每空1分，共15分）
9．（3分）小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是 3.2 m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，他在镜中像的大小将 不变 （选填“变大”“不变”或“变小”）。快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作 无规则运动 。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来解答此题。
（2）掌握扩散现象是分子运动的结果，以及温度越高，扩散现象越明显是解答本题的关键。
【解答】解：因平面镜成像时物距等于像距，所以小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，此时像距也为1.6m，则他在镜中的像与本人距离为1.6m+1.6m＝3.2m。
因平面镜成像时像和物体形状、大小相同，当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，则他在镜中的像大小不变；
快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作无规则运动。
故答案为：3.2；不变；无规则运动。
【点评】本题主要考查学生对平面镜、分子运动的特点的了解和掌握，是一道基础题。
10．（3分）如图1所示电路，当开关S1、S2闭合后，A2与R2是 串 （选填“串”或“并”）联的，电流表A1测量的是通过 干路 （选填“干路”“R1”或“R2”）的电流，电流表的指针偏转如图2所示，电流表的示数为 0.28 A。
【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2测量R2的电流，根据电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数。
【解答】解：
由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2与R2串联，即A2测量R2的电流；
由图可知：电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A。
故答案为：串；干路；0.28。
【点评】本题考查了电流表的正确连接的判断和读数方法，判断电流表测量对象时，关键是观察电流表串联的位置。
11．（1分）如图所示，铅笔的长度为 7.50 cm。
【分析】使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意读数时视线与刻度尺相垂直，测量结果要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；
铅笔左端与1.00cm对齐，右端与8.50cm对齐，所以铅笔的长度为L＝8.50cm﹣1.00cm＝7.50cm。
故答案为：7.50。
【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。刻度尺要注意估读到分度值的下一位数。
12．（2分）小刚同学在实验室用天平测某石块的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上位置如图所示，则该石块的质量是 52.2 g，接着测出石块体积为20cm3，则石块的密度为 2.61×103 kg/m3。
【分析】（1）天平的读数：物体质量＝砝码+游码；游码读数看左边，注意游码的最小分度值（一般是0.2g）。
（2）密度计算公式：。
【解答】解：（1）物体质量＝砝码+游码＝50g+2.2g＝52.2g；
（2）石块的密度。
故答案是：52.2；2.61×103。
【点评】该题考查天平的读数及简单的密度计算，做题时候需要注意题目单位。
13．（3分）电热水壶上标有“220V800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 小 ；在额定电压下，热水壶烧水210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 1.68×105 J，若发热体产生的热量全部被水吸收，能将 0.5 kg的水从20℃升高至100℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析原因；
（2）根据Q＝W＝Pt可求电热水壶发热体产生的热量；
（3）知道水的初温、末温和比热，根据公式Q＝cm（t﹣t0）求出水的质量。
【解答】解：
（1）热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热；
（2）在额定电压下，烧开一壶水用时210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量：
Q＝W＝Pt＝800W×210s＝1.68×105J；
（3）根据公式Q＝cm（t﹣t0）得，加热水的质量：
m＝＝＝0.5kg。
故答案为：小；1.68×105；0.5。
【点评】本题主要考查焦耳定律、电热公式的计算以及水吸收的热量的计算等知识，常见题目，难度不大。
14．（3分）某大桥设计车速为60km/h，图1为该大桥的实景图，其主通航孔桥采用双塔双索面斜拉桥，可逐步抽象成图2、图3、图4所示的模型。
（1）可以看出它用到了 杠杆 （选填“杠杆”或“斜面”）的物理知识。为了减小钢索承受的拉力，在需要与可能的前提下，可以适当 增加 （选填“增加”或“减小”）桥塔的高度。
（2）若某汽车质量为5×103kg，在大桥上按设计车速水平匀速直线行驶时受到的阻力为汽车重力的0.06倍，则汽车通过该大桥时汽车发动机的功率为 5×104 W．（g取10N/kg）
【分析】（1）通过图示的模型结合杠杆的定义，即可确定它用到的相关知识；通过桥高度的变化，结合图示模型分析出杠杆五要素中哪个量发生了变化，然后再利用杠杆平衡条件分析出原因。
（2）已知汽车的质量，可以得到其重力；已知阻力与重力的关系，可以得到汽车受到的阻力；已知汽车匀速行驶，牵引力与阻力相同，已知牵引力和车速，利用公式P＝Fv得到牵引力的功率。
【解答】解：
（1）图4所示的模型，可以看做是一个在力的作用下静止在水平位置的硬棒，结合杠杆的定义，即可知道它就是杠杆的模型。所以用到了杠杆的知识。
由图可知，若增加塔桥的高度，增加了支点O到钢索的垂直距离，即增大了动力臂，根据公式F1＝，可以得到，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小，即桥对钢索的拉力就越小。
（2）汽车受到的重力为G＝mg＝5×103kg×10N/kg＝5×104N
汽车发动机的牵引力为F＝f＝0.06G＝0.06×5×104N＝3×103N
汽车行驶的速度为v＝60km/h＝m/s＝m/s
汽车的功率为P＝＝＝Fv＝3×103N×m/s＝5×104W。
故答案为：（1）杠杆；增加；（2）5×104。
【点评】此题考查杠杆的应用和功率的计算，将图示的钢索斜拉桥抽象成杠杆模型是解决第一小题的突破口。
三、物理作图题（本题3小题，每题2分，共6分）
15．（2分）如图所示，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，请画出此时物体受到力的示意图。
【分析】先分析出物体受力情况；用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，重力方向竖直向下，浮力、拉力方向竖直向上；
【解答】解：由图可知，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，受的浮力、拉力和重力的作用，重力从重心竖直向下画，浮力、拉力从重心竖直向上画，标出符号，浮力与拉力之和等于重力，如图所示：
【点评】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
16．（2分）如图所示，凸透镜主光轴与水面重合，即：上半部分在空气中，下半部分在水中，
请作出通过凸透镜的入射光线，以及折射入水后的光线（方向大致符合物理规律即可）。
【分析】（1）根据折射光线的特点，根据凸透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线。
（2）折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
【解答】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以画出这条折射光线对应的入射光线。
（2）过入射点垂直于水面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：
【点评】题考查了凸透镜的三条特殊光线和光的折射图，在空气和水的分界面发生折射时，在空气中的角度大。
17．（2分）将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内添加电源和滑动变阻器），使得小磁针静止时如图所示，且向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变弱。
【分析】首先根据小磁针的磁极判断通电螺线管的磁极，根据螺线管的磁极判断电流方向；然后根据电磁铁磁性强弱的影响因素判断电路在电流强弱，判断滑动变阻器接入电路的电阻。
【解答】解：小磁针静止时左端为S极、右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左端是N极，右端是S极如图；
根据安培定则可以判断电流从左端进入通电螺线管，则可知电源左端为正极、右端为负极；
当电流越小时，电磁铁的磁性越弱，要想电磁铁的磁性变弱，应减小电路中的电流，由欧姆定律可知，应增大电路中的电阻，则向右移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻应变长，故连接如图所示。
故答案为：如上图。
【点评】本题首先由小磁针的极性判断通电螺线管的极性，由通电螺线管的极性判断电流方向，由电流方向判断电源正负极。
四、物理简答题（本题2小题，每题3分，共6分）
18．（3分）小敏爸爸驾驶小汽车载着家人外出旅游，小车在一段平直公路上匀速直线行驶，小敏坐在小车的座位上，突然遇到紧急情况，爸爸紧急刹车，小敏身体将向什么方向倾斜？说出理由。
【分析】解答此题的关键是掌握：惯性是物体本身固有的属性，由于惯性物体仍旧要保持原来的运动状态。
【解答】答：小敏坐在小车的座位上，当汽车紧急刹车时，小敏的下身随汽车一起停止运动，但其上身由于惯性仍要保持原来的运动状态继续向前运动，所以小敏身体会突然向前方倾倒。
【点评】此题主要考查学生对惯性现象的理解和掌握。惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。
19．（3分）如图是空调的三脚插头与三孔插座，请运用物理知识回答下列问题：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的什么部位相连？
（2）针对日常生活中浪费电能的现象及用电习惯，说出两种节约电能的方法。
【分析】（1）三脚插头上面较长的和用空调的外壳相连，另外两个和空调的电机相连。
（2）从节约用电角度考虑。
【解答】解：（1）三脚插头中较长的脚E与空调的外壳相连，当插头插入插座时E首先和插座的地线相连，若空调漏电人接触空调避免触电事故发生。
（2）节约电能的方法：人走灯灭；夏天把空调温度设置的高一些等。
故答案为：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的外壳相连。
（2）节约电能的方法：人走灯灭；夏天把空调温度设置的高一些。
【点评】生活中一些金属外壳的用电器一定要使用三孔插座和三脚插头，这样防止触电事故发生。
五、物理实验题（本题3小题，19题4分，20题4分，21题10分，共18分）
20．（4分）小明用如图1所示的实验装置探究水沸腾的特点。
（1）请指出图1中的操作错误： 温度计的玻璃泡碰到容器壁 ；
（2）上图2是根据实验数据画出的水温度随时间变化的图线。由图可知，水沸腾时的特点是：水继续吸热，温度 不变 。
【分析】（1）根据实验装置观察分析确定操作错误之处，温度计使用中玻璃泡不能碰到容器壁和容器底；
（2）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
【解答】解：（1）由图1可知，温度计的玻璃泡碰到容器壁，会使测量结果不准确；
（2）由图2可知，水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁；（2）不变。
【点评】在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
21．（4分）（1）如图甲，向放在水平桌面的两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球 靠近 （选填“分开”或“靠近”）；
（2）如图乙、丙、丁是探究浮力大小与哪些因素有关的实验装置，浸没在液体中的物体都相同。若选 乙、丙 两个装置，可以探究浮力大小是否与物体所处深度有关。
【分析】（1）当向两个乒乓球中间打气时，分析乒乓球两侧的空气流动速度，根据流体压强跟流速的关系，判断乒乓球两侧的压强大小关系，从而知道乒乓球的运动情况。
（2）乙、丙两个装置，烧杯中的液体都是水，不同点是物体在水中浸没的深度，比较弹簧测力计示数就可以得出结论。
【解答】解：（1）乒乓球之间空气流速大，压强变小，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠近；
（2）乙、丙两个装置中，烧杯中盛的都是水，液体的密度相同；同一物体浸没在水中，排开液体的体积相同；不同的是物体在水中浸没的深度，因此探究的是浮力与物体在液体中的深度的关系。
故答案为：（1）靠近；（2）乙、丙。
【点评】此题考查流体压强和流速的关系、探究影响浮力大小的因素试验。对于流体压强跟流速的关系，要分析一个物体两侧的流速变化，压强变化，判断物体受力情况，进一步判断出物体的运动情况。
22．（10分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为9Ω）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）小杨同学检查器材完好后，按图1所示的电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 B （选填“A”或“B”）端。
（2）当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是 电流表正负接线柱接反了造成的 。
（3）小杨同学纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 小灯泡实际功率太小，不足以让小灯泡发光 。
（4）为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是调节滑动变阻器， 使小灯泡两端电压为2.5V ，读出并记录电流表的示数。
（5）当电压表的示数如图3所示，电路中的电流为0.3A时，则小灯泡的实际功率为 0.72 W。
【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处；
（2）电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电表指针反向偏转，根据图1所示分析答题；
（3）（4）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表示数均有示数，则说明滑动变阻器的电阻较大，使得灯泡的实际功率太小造成，此时应减小滑动变阻器的阻值，使电压表示数为额定电压；
（5）知道灯泡正常工作时的电压和电流，根据P＝UI计算灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处，即B端；
（2）由图2所示电流表可知，测量电流过程中，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的；
（3）（4）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表示数均较小，则说明滑动变阻器的电阻较大，使得灯泡的实际功率太小造成；
要想测量小灯泡的额定功率，此时应减小滑动变阻器的阻值，使小灯泡两端电压为2.5V；
（5）电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压表的示数为2.4V，
小灯泡的实际功率为：P＝UI＝2.4V×0.3A＝0.72W。
故答案为：（1）B；（2）电流表正负接线柱接反了造成的；（3）小灯泡实际功率太小，不足以让小灯泡发光；（4）使小灯泡两端电压为2.5V；（5）0.72。
【点评】本题考查了连接电路的注意事项、电表的接法、故障分析、滑动变阻器的使用以及实际功率的计算等知识，是一道中考常见题。
六、物理计算题（本题3小题，第22题6分，第23题8分，第24题7分，共21分）
23．（6分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，R2＝10Ω．当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，求电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，求整个电路消耗的电能。
【分析】（1）当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，R1与R2并联，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1、R2的电流不变，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用W＝UIt求出通电100s整个电路消耗的电能。
【解答】解：（1）当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，
由I＝可得，电源电压：
U＝I1R1＝0.4A×30Ω＝12V；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，
则电流表的示数：
I2＝＝＝1.2A；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，R1与R2并联，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1、R2的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I＝I1+I2＝0.4A+1.2A＝1.6A，
通电100s整个电路消耗的电能：
W＝UIt＝12V×1.6A×100s＝1920J。
答：（1）电源电压为12V；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电流表的示数为1.2A；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，整个电路消耗的电能为1920J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意开关均闭合时通过R1、R2的电流不变。
24．（8分）如图是某科技小组设计的在岸边打捞水中金属块的装置示意图，每个滑轮重为100N，均匀实心金属块的密度为8×103kg/m3，金属块的质量为80kg。绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，金属块一直匀速上升。（水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）在金属块还未露出水面时，求此时金属块所受到的浮力；
（2）在金属块未露出水面时，求人的拉力F；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，求人的拉力所做的功。
【分析】（1）由于金属块浸没水中，金属块排开水的体积等于金属块的体积，利用密度公式求解，再利用阿基米德原理求金属块所受的浮力；
（2）由图知，使用的滑轮组n＝2，绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，人的拉力F＝（GA﹣F浮+G动）；
（3）拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求人的拉力所做的功。
【解答】解：
（1）因为金属块浸没水中，
所以金属块排开水的体积：
V排＝VA＝＝＝0.01m3；
金属块所受的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×0.01m3＝100N；
（2）由图知，使用的滑轮组n＝2，在金属块未露出水面时，绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，人的拉力：
F＝（GA﹣F浮+G动）＝×（80kg×10N/kg﹣100N+100N）＝400N；
（3）拉力端移动距离s＝2h＝2×2m＝4m，
人的拉力所做的功：
W＝Fs＝400N×4m＝1600J。
答：（1）在金属块还未露出水面时，此时金属块所受到的浮力为100N；
（2）在金属块未露出水面时，人的拉力F为400N；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，人的拉力所做的功为1600J。
【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理、功的公式的应用，计算时注意：在金属块未露出水面时，人的拉力F＝（GA﹣F浮+G动）。
25．（7分）某同学设计了一个利用如图1所示的电路来测量海水的深度，其中R1＝2Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化关系如图2所示，电源电压保持6V不变，将此压敏电阻用绝缘薄膜包好后放在一个硬质凹形绝缘盒中，放入海水中保持受力面水平，且只有一个面积为0.02m2的面承受海水压力。（设海水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）当电流表示数为0.2A时，求压敏电阻R2的阻值；
（2）如图2所示，当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，求此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是多少？
【分析】（1）当电流表示数为0.2A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出压敏电阻R2的阻值；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，根据图2读出压敏电阻受到的压力，利用p＝求出此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）海水的深度越大时，压敏电阻受到的压力越大，根据图2可知，压敏电阻的阻值越小，此时电路中的电流越大，所以电流表的示数最大时使用此方法能测出海水的深度最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出此时压敏电阻的阻值，根据图2可知压敏电阻受到的压力，利用p＝求出此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强，利用p＝ρgh求出使用此方法能测出海水的最大深度。
【解答】解：（1）由I＝可得，当电流表示数为0.2A时电路的总电阻：
R总＝＝＝30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，压敏电阻R2的阻值：
R2＝R总﹣R2＝30Ω﹣2Ω＝28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，由图2可知，压敏电阻受到的压力F＝4×104N，
此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p＝＝＝2×106Pa；
（3）当电流表的示数I′＝0.6A时，使用此方法能测出海水的深度最大，
此时电路的总电阻：
R总′＝＝＝10Ω，
此时压敏电阻的阻值：
R2′＝R总′﹣R2＝10Ω﹣2Ω＝8Ω，
由图2可知，压敏电阻受到的压力F′＝10×104N，
此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p′＝＝＝5×106Pa，
由p＝ρgh可得，使用此方法能测出海水的最大深度：
h＝＝＝500m。
答：（1）当电流表示数为0.2A时，压敏电阻R2的阻值为28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，压敏电阻R2所在深度处的海水压强为2×106Pa；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是500m。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、压强定义式、液体压强公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
相关试卷
2022年贵州省毕节市中考物理试卷： 这是一份2022年贵州省毕节市中考物理试卷，共25页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年贵州省毕节市中考物理试卷解析版： 这是一份2022年贵州省毕节市中考物理试卷解析版，共42页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021年贵州省毕节市中考物理模拟试卷（五）： 这是一份2021年贵州省毕节市中考物理模拟试卷（五），共31页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，简答题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
