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    2022届高考数学一轮复习第二章函数导数及其应用2.10第5课时利用导数研究函数零点问题学案理含解析北师大版
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    2022届高考数学一轮复习第二章函数导数及其应用2.10第5课时利用导数研究函数零点问题学案理含解析北师大版

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    这是一份2022届高考数学一轮复习第二章函数导数及其应用2.10第5课时利用导数研究函数零点问题学案理含解析北师大版,共4页。

    第五课时 利用导数研究函数零点问题

    授课提示:对应学生用书第57

    题型一 函数零点个数的讨论 

    [] (2021·德州模拟)已知函数f(x)=-x2a.设函数g(x)xf(x),讨论g(x)在区间(01)上零点的个数.

    [解析] 由题意可知g(x)xf(x)=-x3axg′(x)=-3x2a0x1,当a3时,g′(x)=-3x2a0g(x)(01)上单调递增,

    因为g(0)=-0g(1)a0

    所以g(x)有一个零点;

    a0时,g′(x)0g(x)(01)单调递减,g(0)0g(1)0

    g(x)(01)无零点;

    0a3时,g(x)上单调递增,

    上单调递减,

    可得g(x)(01)上的最大值为g 

    g0,即0ag(x)(01)上无零点;

    g0,即ag(x)(01)上有一个零点;

    g0,即a3g(0)0g(1)a

    a时,g(x)(01)上有两个零点;

    a3时,g(x)(01)上有一个零点;

    综上可得,a时,g(x)(01)上无零点;

    aa时,g(x)(01)上有一个零点,

    a时,g(x)(01)上有两个零点.

    利用导数研究方程根(函数零点)的技巧

    (1)研究方程根的情况,可以通过导数研究函数的单调性、最大值、最小值、变化趋势等.

    (2)根据题目要求,画出函数图像的走势规律,标明函数极()的位置.

    (3)利用数形结合的思想去分析问题,可以使问题的求解有一个清晰、直观的整体展现.

    [对点训练]

     设函数f(x)x22kln x(k0)

    (1)k4时,求函数f(x)的单调区间和极值;

    (2)试讨论函数f(x)在区间(1]上的零点个数.

    解析:(1)k4时,f(x)x28ln x

    f(x)定义域是(0,+)f′(x)2x

    f′(x)0,得x2x=-2(舍去)

    x变化时,函数f′(x)f(x)变化情况如表所示:

    x

    (02)

    2

    (2,+)

    f′(x)

    0

    f(x)

    极小值

    所以f(x)的单调递减区间为(02),单调递增区间为(2,+)

    函数在x2处取得极小值f(2)48ln 2,无极大值.

    (2)易知f(x)的最小值为f()kkln k

    若函数有零点,则有f()0,解得ke.

    ke时,函数f(x)(1]上单调递减.

    f(1)10f()ek0

    所以函数f(x)(1]上有一个零点,

    0ke时,函数f(x)的最小值为正数,所以函数f(x)(1]上没有零点,

    综上,当ke时,函数f(x)(1]上有一个零点,

    0ke时,函数f(x)(1]上没有零点.

    题型二 根据零点求参数范围问题 

    [] (2020·高考全国卷)已知函数f(x)exa(x2)

    (1)a1时,讨论f(x)的单调性;

    (2)f(x)有两个零点,求a的取值范围.

    [解析] (1)a1时,f(x)exx2,则f′(x)ex1.

    x0时,f′(x)0;当x0时,f′(x)0.

    所以f(x)(0)单调递减,在(0,+)单调递增.

    (2)f′(x)exa.

    a0时,f′(x)0

    所以f(x)(,+)单调递增.

    f(x)至多存在一个零点,不合题意.

    a0时,由f′(x)0,可得xln a.

    x(ln a)时,f′(x)0

    x(ln a,+)时,f′(x)0.

    所以f(x)(ln a)单调递减,在(ln a,+)单调递增.

    故当xln a时,f(x)取得最小值,最小值为f(ln a)=-a(1ln a)

    (i)0a,则f(ln a)0f(x)(,+)至多存在一个零点,不合题意.

    (ii)a,则f(ln a)0.

    因为f(2)e20所以f(x)(ln a)存在唯一零点.

    (1)知,当x2时,exx20.

    所以当x4x2ln(2a)时,f(x)e·ea(x2)eln(2a)·a(x2)2a0.

    f(x)(ln a,+)存在唯一零点.

    从而f(x)(,+)有两个零点.

    综上,a的取值范围是.

    与函数零点有关的参数范围问题,往往利用导数研究函数的单调区间和极值点,并结合特殊点,从而判断函数的大致图像,讨论其图像与x轴的位置关系,进而确定参数的取值范围;或通过对方程等价变形转化为两个函数图像的交点问题.

    [对点训练]

    已知a0,函数f(x)ln x2.

    (1)g(a)f(a2),求g(a)的最小值;

    (2)f(x)有三个不同的零点,求a的取值范围.

    解析:(1)g(a)ln a222g′(a)2.所以当0a1时,g′(a)0g(a)单调递减.当a1时,g′(a)0g(a)单调递增.所以g(a)的最小值为g(1)0.

    (2)f′(x)x0.因为f(x)有三个不同的零点,所以f(x)至少有三个单调区间,从而方程x2(2a24a)xa40有两个不同正根,所以有解得0a1.0a1时,由(1)得,当x1时,g(x)0,即ln x10,所以ln x>-,则xe(x0),令x,得e.因为f(e)<-2=-0f(a2)0f(1)20f(e2)0,所以f(x)(ea2)(a21)(1e2)内各有一个零点,故所求a的取值范围是[01)

     

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