2022届高考数学一轮复习第二章函数导数及其应用2.10第5课时利用导数研究函数零点问题学案理含解析北师大版
展开第五课时 利用导数研究函数零点问题
授课提示:对应学生用书第57页
题型一 函数零点个数的讨论
[例] (2021·德州模拟)已知函数f(x)=-x2+a-.设函数g(x)=xf(x),讨论g(x)在区间(0,1)上零点的个数.
[解析] 由题意可知g(x)=xf(x)=-x3+ax-,g′(x)=-3x2+a,0<x<1,当a≥3时,g′(x)=-3x2+a>0,g(x)在(0,1)上单调递增,
因为g(0)=-<0,g(1)=a->0,
所以g(x)有一个零点;
当a≤0时,g′(x)<0,g(x)在(0,1)单调递减,g(0)<0,g(1)<0,
g(x)在(0,1)无零点;
当0<a<3时,g(x)在上单调递增,
在上单调递减,
可得g(x)在(0,1)上的最大值为g= -,
①若g<0,即0<a<,g(x)在(0,1)上无零点;
②若g=0,即a=,g(x)在(0,1)上有一个零点;
③若g>0,即<a<3,g(0)<0,g(1)=a-,
当<a<时,g(x)在(0,1)上有两个零点;
当≤a<3时,g(x)在(0,1)上有一个零点;
综上可得,a<时,g(x)在(0,1)上无零点;
当a=或a≥时,g(x)在(0,1)上有一个零点,
当<a<时,g(x)在(0,1)上有两个零点.
利用导数研究方程根(函数零点)的技巧
(1)研究方程根的情况,可以通过导数研究函数的单调性、最大值、最小值、变化趋势等.
(2)根据题目要求,画出函数图像的走势规律,标明函数极(最)值的位置.
(3)利用数形结合的思想去分析问题,可以使问题的求解有一个清晰、直观的整体展现.
[对点训练]
设函数f(x)=x2-2kln x(k>0).
(1)当k=4时,求函数f(x)的单调区间和极值;
(2)试讨论函数f(x)在区间(1,]上的零点个数.
解析:(1)当k=4时,f(x)=x2-8ln x,
则f(x)定义域是(0,+∞),f′(x)=2x-=,
令f′(x)=0,得x=2或x=-2(舍去).
当x变化时,函数f′(x),f(x)变化情况如表所示:
x | (0,2) | 2 | (2,+∞) |
f′(x) | - | 0 | + |
f(x) | | 极小值 | |
所以f(x)的单调递减区间为(0,2),单调递增区间为(2,+∞),
函数在x=2处取得极小值f(2)=4-8ln 2,无极大值.
(2)易知f(x)的最小值为f()=k-kln k,
若函数有零点,则有f()≤0,解得k≥e.
当k≥e时,函数f(x)在(1,]上单调递减.
又f(1)=1>0,f()=e-k≤0,
所以函数f(x)在(1,]上有一个零点,
当0<k<e时,函数f(x)的最小值为正数,所以函数f(x)在(1,]上没有零点,
综上,当k≥e时,函数f(x)在(1,]上有一个零点,
当0<k<e时,函数f(x)在(1,]上没有零点.
题型二 根据零点求参数范围问题
[例] (2020·高考全国卷Ⅰ)已知函数f(x)=ex-a(x+2).
(1)当a=1时,讨论f(x)的单调性;
(2)若f(x)有两个零点,求a的取值范围.
[解析] (1)当a=1时,f(x)=ex-x-2,则f′(x)=ex-1.
当x<0时,f′(x)<0;当x>0时,f′(x)>0.
所以f(x)在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增.
(2)f′(x)=ex-a.
①当a≤0时,f′(x)>0,
所以f(x)在(-∞,+∞)单调递增.
故f(x)至多存在一个零点,不合题意.
②当a>0时,由f′(x)=0,可得x=ln a.
当x∈(-∞,ln a)时,f′(x)<0;
③当x∈(ln a,+∞)时,f′(x)>0.
所以f(x)在(-∞,ln a)单调递减,在(ln a,+∞)单调递增.
故当x=ln a时,f(x)取得最小值,最小值为f(ln a)=-a(1+ln a).
(i)若0<a≤,则f(ln a)≥0,f(x)在(-∞,+∞)至多存在一个零点,不合题意.
(ii)若a>,则f(ln a)<0.
因为f(-2)=e-2>0,所以f(x)在(-∞,ln a)存在唯一零点.
由(1)知,当x>2时,ex-x-2>0.
所以当x>4且x>2ln(2a)时,f(x)=e·e-a(x+2)>eln(2a)·-a(x+2)=2a>0.
故f(x)在(ln a,+∞)存在唯一零点.
从而f(x)在(-∞,+∞)有两个零点.
综上,a的取值范围是.
与函数零点有关的参数范围问题,往往利用导数研究函数的单调区间和极值点,并结合特殊点,从而判断函数的大致图像,讨论其图像与x轴的位置关系,进而确定参数的取值范围;或通过对方程等价变形转化为两个函数图像的交点问题.
[对点训练]
已知a>0,函数f(x)=ln x+-2.
(1)记g(a)=f(a2),求g(a)的最小值;
(2)若f(x)有三个不同的零点,求a的取值范围.
解析:(1)g(a)=ln a2+-2=2,g′(a)=2=.所以当0<a<1时,g′(a)<0,g(a)单调递减.当a>1时,g′(a)>0,g(a)单调递增.所以g(a)的最小值为g(1)=0.
(2)f′(x)=-=,x>0.因为f(x)有三个不同的零点,所以f(x)至少有三个单调区间,从而方程x2+(2a2-4a)x+a4=0有两个不同正根,所以有解得0<a<1.当0<a<1时,由(1)得,当x≠1时,g(x)>0,即ln x+-1>0,所以ln x>-,则x>e-(x>0),令x=,得>e-.因为f(e-)<-+-2=-<0,f(a2)>0,f(1)=-2=<0,f(e2)=>0,所以f(x)在(e-,a2),(a2,1),(1,e2)内各有一个零点,故所求a的取值范围是[0,1).
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