2022届高考物理一轮复习测练卷必修第一册模块（二）

这是一份2022届高考物理一轮复习测练卷必修第一册模块（二），共8页。试卷主要包含了单选题，多选题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022届高考物理一轮复习测练卷必修第一册模块（二）
一、单选题1.随着祖国的繁荣昌盛，体验高空跳伞项目的人越来越多。湖北荆门跳伞基地的某次跳伞过程中，飞机飞行40分钟左右到达3000米高空，人跳出飞机后打开稳定伞，竖直下落45秒左右到达1500米高空，此时打开主伞，滑翔7分钟左右到达降落区域。若人和伞的总质量为50 kg，且人可以看成质点，打开稳定伞下落过程空气阻力恒定。g取。下列说法正确的是(   )
A.人跳出飞机后在打开主伞之前做自由落体运动B.人竖直下落45秒阶段受到空气阻力大约为425 NC.打开主伞的瞬间，人的速度大约是10 m/sD.打开主伞后滑翔阶段，人处于失重状态2.如图所示的图像中，直线表示甲物体从A地向B地运动的图线；折线表示同时开始运动的乙物体由静止从A地向B地运动的图线。下列说法正确的是(   )A.在时，甲、乙两物体相遇B.在时，甲、乙两物体相距最远C.在0~2 s内，甲、乙两物体的加速度大小相等D.在2~4 s内，乙物体处于静止状态3.如图所示，质量为3 kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面，质量为2 kg的物体B用细线悬挂，间相互接触但无压力，整个系统处于静止状态，g取。某时刻将细线剪断，则剪断细线瞬间(   )A.B的加速度大小为 B.A的加速度大小为C.B对A的压力大小为0 D.B对A的压力大小为20 N4.我国“蛟龙号”载人潜水器进行下潜试验，从水面开始竖直下潜，最后返回水面，其图像如图所示，则下列说法正确的是(   )A.0~4 min和6~10 min两时间段平均速度大小相等B.全过程中的最大加速度为C.3~4 min和6~8 min加速度方向相反D.本次下潜的最大深度为6 m5.如图1所示，用一水平外力F推物体，使其静止在倾角为θ的光滑斜面上。逐渐增大F，物体开始做变加速运动，其加速度a随F变化的图像如图2所示。取。根据图中所提供的信息不能计算出的是(   )。
 A.物体的质量  B.斜面的倾角C.使物体静止在斜面上时水平外力F的大小 D.加速度为时物体的速度6.质量为M的半球形物体A和质量为m的光滑球形物体B紧靠着放在倾角为α的固定斜面上，并处于静止状态，如图所示。重力加速度为g。下列关于物体受力情况的判断正确的是(   )
 A.物体A对物体B的弹力方向沿斜面向上 B.物体A受到的静摩擦力大小为C.物体B对物体A的压力大于 D.物体B对斜面的压力等于二、多选题7.如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。时，木板开始受到水平外力F的作用，在时撤去外力。细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取。由题给数据可以得出(   )A.木板的质量为1 kg  B.2 s～4 s内，力F的大小为0.4 NC.0~2 s内，力F的大小保持不变 D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.28.甲、乙两物体在同一直线上做匀变速直线运动的速度-时间图像如图所示,由此可知(   )A.甲和乙的初速度方向相同,大小之比为3:1 B.在时,两者的瞬时速度大小相等C.甲和乙的加速度方向相同,大小之比为3:1 D.甲和乙的加速度方向相反,大小之比为1:19.如图所示，质量为m的小球置于倾角为θ的斜面上，被一个竖直挡板挡住。现用一个水平力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，重力加速度为g，忽略一切摩擦，以下说法正确的是(   )A.斜面对小球的弹力大小为B.斜面和竖直挡板对小球弹力的合力大小为C.若增大加速度a，斜面对小球的弹力一定增大D.若增大加速度a，竖直挡板对小球的弹力一定增大10.某同学用传感器来探究摩擦力，他将力传感器接入数据釆集器，再连接到计算机上；将一质量的木块置于水平桌面上，用细绳将木块和传感器连接起来进行数据采集，然后沿水平方向缓慢地拉动传感器，使木块匀速运动一段时间后停止拉动。获得的数据在计算机上显示出如图所示的图像。下列有关这个实验的几个说法，其中正确的是(   )。
 A.0~6 s内木块一直受到静摩擦力的作用 B.最大静摩擦力比滑动摩擦力大C.木块与桌面间的动摩擦因数约为0.08 D.木块与桌面间的动摩擦因数约为0.11
 11.如图所示，质量为m的小球穿在足够长的水平固定直杆上处于静止状态，现对小球同时施加水平向右的恒力和竖直向上的力F，使小球由静止开始向右运动，其中竖直向上的力F大小始终与小球的速度大小成正比，即（图中未标出）。已知小球与杆间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，下列说法中正确的是(   )
 A.小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动直到静止B.小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动C.小球的最大加速度为D.小球的最大速度为三、计算题12.如图甲所示，质量为M的长木板，静止放置在粗糙水平地面上，有一个质量为m、可视为质点的物块，以某一水平初速度从左端冲上木板。从物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中，物块和木板的图像分别如图乙中的折线和所示，点的坐标分别为。根据图像，求：（1）物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小，木板开始做匀加速直线运动的加速度大小，达到共同速度后一起做匀减速直线运动的加速度大小；（2）物块质量m与长木板质量M之比；（3）物块相对长木板滑行的距离。   参考答案1.答案：B解析：人跳出飞机后打开稳定伞，做初速度为零的匀加速直线运动，在竖直下落1500 m的过程中，由可知，故A错误。竖直下落45 s阶段，由牛顿第二定律有，解得，故B正确。打开主伞瞬间人的速度，故C错误。打开主伞后滑翔阶段，人向下做减速运动，加速度向上，人处于超重状态，故D错误。2.答案：B解析：据图线与时间轴所围成的面积表示位移，可得时，甲的位移和乙的位移不相等，刚开始甲的速度大，故是乙追甲，当两者速度相等时相距最远，A错误，B正确；根据加速度的定义可得，在0~2 s内，甲物体的加速度为，乙物体的加速度为，两者的加速度大小在这段时间内不相等，选项C错误；在2~4 s内，乙物体处于匀速运动状态，D错误。3.答案：A解析：剪断细线前，间无压力，则弹簧的弹力；剪断细线的瞬间，弹簧形变量不变，弹力仍为30 N。对A和B整体分析，加速度，所以物体的加速度大小均为，故选项A符合题意，选项B不符合题意。隔离B分析：，解得，由牛顿第三定律可知，B对A的压力大小为12 N，故选项C、D均不符合题意。4.答案：A解析：根据图像与时间轴围成的面积表示位移，则知0~4 min内位移大小为；6~10 min内位移大小为，则0~4 min和6~10 min两时间段位移相等，所用时间相等，则平均速度大小相等，故A正确；根据图像的斜率表示加速度，知第1 min内和第4 min内加速度最大，且最大加速度大小为，故B错误；根据图像的斜率表示加速度，斜率的正负表示加速度方向，知3~4 min和6~8 min加速度方向相同，故C错误；根据图像与时间轴围成的面积表示位移，则知时“蛟龙号”下潜到最深处，且最大深度为：，故D错误。故选A。5.答案：D解析：对物体受力分析，其受推力、重力、支持力，如图所示。x方向有方向有；从图像中取两个点，，代入解得，，A、B两项可以算出；当时，可解得，C项可以算出；题中并未说明力F随时间变化的情况，故无法求出加速度为时物体的速度大小，D项不可以算出。
 6.答案：C解析：隔离物体B进行受力分析如图所示，可知物体B受到重力、斜面的支持力和物体A对其的弹力作用，由于物体A对物体B的弹力方向与两者的接触面垂直，故物体A对物体B的弹力方向不沿斜面向上，选项A错误；将物体A和B看成一个整体，进行受力分析可知，物体A受到的静摩擦力大小为，选项B错误；对物体B，根据平衡条件可得，可解得，再结合牛顿第三定律可知选项C正确，D错误。
 7.答案：AB解析：分析知木板受到的摩擦力。0~2 s，木板静止，，F逐渐增大，所以C错误。4 s~5 s，木板加速度大小，对木板受力分析，，得，所以A正确。2 s~4 s，对木板有，，所以B正确。由于无法确定物块的质量，则尽管知道滑动摩擦力大小，仍无法确定物块与木板间的动摩擦因数，故D错误。8.答案：AD解析：甲的初速度为3 m/s,乙的初速度为1 m/s,因此甲和乙的初速度方向相同,大小之比为3:1,选项A正确;在时,两者的瞬时速度相同,大小都为2 m/s,选项B错误;甲沿正方向做匀减速直线运动,乙沿正方向做匀加速直线运动,甲的加速度为,乙的加速度为,因此甲和乙的加速度方向相反,大小之比为1:1,选项C错误,D正确。9.答案：AD解析：对小球受力分析如图所示，把斜面对小球的弹力进行正交分解，竖直方向有，水平方向有，所以斜面对小球的弹力大小为，A正确。。由于与a无关，故当增大加速度a时，斜面对小球的弹力不变，挡板对小球的弹力随a增大而增大，故C错误，D正确。小球受到的合力大小为，故B错误。10.答案：BC解析：在0~2 s内，物体不受外力，此时没有摩擦力，A项错误；由图像可知，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开始逐渐增大；刚开始木块处于静止状态，木块受拉力和桌面对木块的静摩擦力，当拉力达到4 N时，木块与桌面发生相对滑动，由图可知木块与桌面间的最大静摩擦力为4 N；当拉力大于4 N时，发生相对滑动，木块与桌面间的摩擦力为滑动摩擦力；由图可知木块与桌面间的滑动摩擦力为3 N，B项正确。根据滑动摩擦力公式得，C项正确，D项错误。11.答案：BD解析：本题考查受力变化的物体运动。对小球受力分析可知，小球刚开始运动时，加速度为，速度v增大，加速度增大，速度v增大到满足后，加速度为，速度v继续增大，加速度减小，当减小到零时，小球做匀速运动，所以小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动，故A错误，B正确；当小球所受摩擦力为零时，水平方向小球仅受拉力,加速度最大，故小球的最大加速度为，故C错误；当加速度为零时，小球的速度最大，此时有，故最大速度为，故D正确。12.答案：（1）；；（2）（3）20 m解析：（1）由图像可求出物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小木板开始做匀加速直线运动的加速度大小达到共同速度后一起做匀减速直线运动的加速度大小（2）物块冲上木板匀减速运动阶段：木板向前匀加速运动阶段：物块和木板达到共同速度后向前匀减速运动阶段：联立以上三式可得（3）由图像可以看出，物块相对于长木板滑行的距离对应题图乙中的面积，故